第2章 固体、液体和气体（拔高练）-【学霸黑白题】2025-2026学年高中物理选择性必修第三册（教科版）

进阶 突破 第二章固体、液体和气体 第1节固体和固体材料 1.（多选)如图所示，ACBD是一厚度均匀的由同一种微粒构成的圆板，AB和CD是互相垂直的 两条直径，把圆板从图示位置转90°后电流表读数发生了变化（两种情况下都接触良好），关 于圆板，下列说法不正确的是 A.圆板的导电性能具有各向异性 B.圆板是非晶体 C.圆板是多晶体 D.圆板是单晶体 E.不知有无固定熔点，无法判定是晶体还是非晶体 第2节液体 1.(2023·江苏海安高级中学模拟)将粗细不同、两端开口的玻璃毛细管插入装有某种液体的 容器里，现象如图所示，则下列说法正确的是 A.容器中的液体可能是水银 B.若在“问天”太空舱中进行实验，仍然是较细毛细管中的液面更高 C.若用不同液体进行实验，两毛细管中的高度差相同 D.图中毛细管附着层内的液体分子密度大于液体内部 2.通电雾化玻璃是将液晶膜固化在两片玻璃之间，经过特殊工艺胶合一体成型的新型光电玻璃 产品，其工作原理如图所示.在自然条件下，液晶层中的液晶分子无规则排列，玻璃呈乳白色， 即不透明，像一块毛玻璃：通电以后，弥散分布的液晶分子迅速从无规则排列变为有规则排 列，整个液晶层相当于一块普通的透明玻璃.关于通电雾化玻璃，下列叙述中正确的是() 液晶分子聚合物液晶 玻璃 玻璃 透明 <⊙透明电极 电极 A.不通电时，入射光在液晶层发生了全反射，导致光线无法通过 B.不通电时，入射光在液晶层发生了干涉，导致光线无法通过 C.通电时，入射光在通过液晶层后方向发生了改变 D.通电时，入射光在通过液晶层后按原有方向传播 进阶突破·拔高练03 第3节温度和温标 1.(多选)实际应用中，常用到一种双金属温度计，它是利用铜片与铁片铆合在一起的双金属片 弯曲程度随温度变化的原理制成的，如图乙所示.已知图甲中双金属片被加热时，其弯曲程度 会增大，则下列各种相关叙述正确的有 ( A.该温度计的测温物质是铜、铁两种热膨胀系数不同的金属 固定点、 406080 B.该温度计是利用测温物质热胀冷缩的性质来工作的 X20 C.由图甲可知，铜的热膨胀系数大于铁的热膨胀系数 铜 ℃740 双金属片 D.由图乙可知，其双金属片的内层一定为铜，外层一定为铁 第4节实验：探究气体等温变化的规律 1.(2023·山东淄博期末)如图所示，竖直放置在水平桌面上的左右两汽缸粗细均匀，内壁光 滑，横截面积分别为S、2S,由体积可忽略的细管在底部连通.两汽缸中各有一轻质活塞将一定 质量的理想气体封闭，右侧汽缸底部与活塞用轻质细弹簧相连，初始时，两汽缸内封闭气柱的 高度均为H,弹簧长度恰好为原长.现往左侧活塞上表面缓慢添加质量为m的沙子，直至左侧 活套下降与已知大气压强为，重力加建度大小为6沙子的质量m2红足修长六 缸内气体温度始终不变，弹簧始终在弹性限度内，求： (1)最终右侧活塞上升的距离h; (2)弹簧的劲度系数k. 2.（2023·山东青岛期中)如图()所示，导热良好的封闭汽缸内盛有一定深度的水银，细、薄玻 璃管开口朝下竖直漂浮在水银中.平衡时，玻璃管内气柱总长度l。=20c,露出水银面的高度 h,=4cm,汽缸内水银面上方气体压强为P,=76cmHg现利用充气泵给上层气体缓慢充气，使 玻璃管上端（管底）恰好与水银面相平.整个过程中各部分气体温度保持不变，不考虑水银的 蒸发求： 04黑白题物理I选择性必修第三册·JK (1)玻璃管上端恰好与水银面相平时，玻璃管内气体的压强 (2)充气过程中充入汽缸内气体的质量与原汽缸内气体的质量之比？： (3)系统稳定性是指系统要素在外界影响下表现出的某种稳定状态.系统受到某种干扰而偏 离原来状态时，能经过自身调整恢复原状态，则系统是稳定的；相反，如果不能恢复到原 状态，甚至偏离越来越大，则系统是不稳定的请简要说明当汽缸内的压强发生微小变化 时，图(b)中处于悬浮状态的细玻璃管是否是稳定状态 充气泵王 充气泵用 悬浮 汽缸 (a) 6) 第5节气体的等容变化和等压变化 第1课时》气体的等容变化 1.（2024·福建宁德一中一模)水银气压计在超失重情况下不能显示准确的气压， 一真空 若某次火箭发射中携带了一支水银气压计.发射的火箭舱密封，起飞前舱内温度 Po T。=300K,水银气压计显示舱内气体压强为1个大气压p.当火箭以加速度a= 0.6P g竖直向上起飞时，舱内水银气压计示数稳定在P1=0.6po,已知水银气压计的示 数与液柱高度成正比，如图所示.可视为起飞时重力加速度恒为g,则起飞时舱 内气体的温度是 ( A.250K B.300K C.360K D.400K 第2课时》气体的等压变化 1.研究表明，某病毒耐寒不耐热，温度在超过56℃时，30min就可以灭活.如图所 示，含有该病毒的气体被轻质绝热活塞封闭在粗细均匀的绝热汽缸下部α内， 汽缸顶端有一绝热阀门K,汽缸底部接有电热丝E,汽缸的总高度h=90cm. a缸内被封闭气体初始温度t1=27℃，活塞与底部的距离h,=60cm,活塞和汽 缸间的摩擦不计.若阀门K始终打开，电热丝通电一段时间，稳定后活塞与底部 的距离h,=66cm,关于上述变化过程，下列说法正确的是 A.6汽缸中逸出的气体占原B汽缸中气体的行 B.a汽缸中的气体吸收热量，压强增大 C.稳定后，a汽缸内的气体温度为50℃ D.稳定后，保持该温度不变再持续30min,a汽缸内该病毒能够被灭活 进阶突破·拔高练05 2.为了监测电梯内的温度和电梯的运动状态，某同学将一开口向上且灌有水银的均匀长直细玻 璃管竖直粘贴在电梯壁上，如图所示.已知电梯静止且内部温度为t。=27℃时，玻璃管内高 h=20cm的水银柱封闭着一段长L,=50cm的空气柱，大气压强po=76cmHg,绝对零度取 -273℃，重力加速度大小g=10m/s2. (1)电梯静止时，若空气柱的长度为L,=49cm,则此时电梯内的温度为多少摄氏度？ (2)温度恒为27℃时，若空气柱的长度为L,=48cm,求此时电梯的加速度， 第3课时》理想气体的状态方程 1.(2023·陕西西安铁一中期中)已知大气压强po为76cmHg装置如图所示，圆柱形汽缸内的 活塞把汽缸分隔成A、B两部分，A为真空，用细管将B与U形管相连，细管与U形管内气体 体积可忽略不计，气体可视为理想气体.开始时，U形管中左边水银面比右边高6cm,汽缸中 气体温度T。为27℃. (1)将活塞移到汽缸左端，保持气体温度不变，稳定后U形管中左边水银面比右边高62cm. 求开始时汽缸中A、B两部分体积之比， (2)再将活塞从左端缓缓向右推动，并在推动过程中随时调节汽缸B内气体的温度，使气体 压强随活塞移动的距离均匀增大，且最后当活塞回到原处时气体的压强和温度都恢复到 最初的状态，求此过程中气体的最高温度Tm O6黑白题物理I选择性必修第三册·JK 2.（2020·山东高考)中医拔罐的物理原理是利用玻璃罐内外的气压差使罐吸附在人体穴位 上，进而治疗某些疾病.常见拔罐有两种，如图所示，左侧为火罐，下端开口：右侧为抽气拔罐， 下端开口，上端留有抽气阀门.使用火罐时，先加热罐中气体，然后迅速按到皮肤上，自然降温 后火罐内部气压低于外部大气压，使火罐紧紧吸附在皮肤上抽气拔罐是先把罐体按在皮肤 上，再通过抽气降低罐内气体压强.某次使用火罐时，罐内气体初始压强与外部大气压相同， K,最终降到300K,因皮肤凸起，内部气体体积变为罐容积的，若换 20 抽气后罐内剩余气体体积变为抽气拔罐容积的2引，罐内气压与火罐降温后的内部气压相同。 罐内气体均可视为理想气体，忽略抽气过程中气体温度的变化.求应抽出气体的质量与抽气 前罐内气体质量的比值. Q一抽气阀门 火罐 抽气拔罐 进阶突破·拔高练07进阶突破 第一章分子动理论 第1节物体是由大量分子组成的 1.B解析：A.大气中的压强由大气的重力产生，即mg=PoS= Po·4πR=4mRPo,A错误；B.地球大气层空气分子总数 为N=受：行R2,B正确；C大气的体积为V Mg 4Rh,每个空气分子所占空间为V。= V_Mg坠，C错误； N PoNA 3V_3Mg,D错误故 D.空气分子间的距离平均为d=√N√poN 选B. 第2节实验：用油膜法估测油酸分子的大小 1.(1)7.0×103(6.9×103~7.1×10-3均可)(2)2.5×10-2 ViV3 (3)2nS（4)A(5)偏小 解析：(1)油膜的面积为1cm2乘方格数目，不足半格的不计 入，超过半格的按一格计入，油膜覆盖的方格大约在70个， 所以油膜的面积为S=70cm2=7.0×10-3m2,6.9×10-3~7.1× 103均正确；(2)一滴油酸酒精溶液中含有的纯油酸的体积 1 为V=0.2 X1000×80mL=25×10-2m3;(3)用纯油酸的体积 .1 除以油膜的面积，得出的油膜厚度，即是油酸分子的直径，根 据实验数据，油酸分子的直径为d所以油酸分子的半 径为=·=当山 2=2y,S:(4)将油酸分子简化成球形处理，估测出 其半径，就可估算出一个油酸分子的体积，再乘以阿伏伽德 罗常数即可算得油酸的摩尔体积故选A;(5)由于玻璃板和 油膜平面不平行，导致在玻璃板上描绘的油膜轮廓围成的面 积大于油膜的实际面积，所以最终测得的油膜分子半径 偏小 第3节分子的热运动 1.BD解析：A.该折线图不是粉笔末的实际运动轨迹，分子运 动是无规则的，A错误：B.粉笔末受到水分子的碰撞，做无 规则运动，所以粉笔末的无规则运动反映了水分子的无规则 运动，B正确：C.由于运动的无规则性，所以经过B点后 10s,我们不知道粉笔末在哪个位置，C错误：D.任意两点之 间的时间间隔是相等的，所以位移越大，则平均速度就越大， 故粉笔末由B到C的平均速度小于由C到D的平均速度， D正确.故选BD. 第4节分子间的相互作用力 1.C解析：A.当分子力为零的时候，分子间势能有最小值，则 由图像可知，虚线为E。-r图线，实线为F-r图线，故A错误； B.r2为平衡位置，当分子间距离r<r2时，甲、乙两分子间既 有引力也有斥力，且斥力随r减小而增大，故B错误：C.根据 实线结合牛顿第二定律可知，乙分子从4到2做加速度先 增大后减小的加速运动，此过程引力做正功，从2到1做加 速度增大的减速运动，此过程克服斥力做功，故C正确： D.根据虚线可知，乙分子从ra到r,的过程中，分子势能 直减小，在r3位置时分子势能不是最大，故D错误故选C. 2.D解析：A.两个完全相同的分子由静止释放后，A分子向 左运动，B分子向右运动，运动性质完全相同，当它们之间距 离为r。时，分子势能最小，分子间作用力为零，此时B向右 选择性必修第三册·JK 拔高练 移动△，则A向左移动△，则有△=2，此时B分子的坐 标应为B=r+Ax=),故A错误；B.两分子之间势能为 -E时动能最大，减少的势能为△E。=E1-(-E。)=E1+E。,根 据能量守恒，减小的势能转化为两分子的动能，故分子B的 _E,+B,故B错误；C分子势能是标量， 最大动能为EB=2 且正负可以表示大小，故它们之间的分子势能是先减小后增 大，故C错误：D.当分子间距无穷远时，减少的势能全部转 化为两分子的动能，则E=2xm,解得三放D 确.故选D. 第5节分子热运动的统计规律 1.AC解析：A.由题意，根据动量定理有I=m-（-mw)=2mw, 可知一个粒子每与器壁碰撞一次给器壁的冲量大小为2m, 故A正确：B.在△t时间内面积为S的容器壁上的粒子所占 的体积为V=S·△t,因粒子与器壁各面碰撞的机会均等，即 可能撞击到某一面容器壁的粒子数为N=石V=石nS4, 根据动量定理可得，△t时间内粒子给面积为S的器壁冲量 大小为r=M=石nSa·2m=号nm2A,故B错误； 1 CD.根据动量定理可得，面积为S的器壁所受粒子的压力大 小为F=、1 4=3mmS,所以器壁单位面积所受粒子压力的 F 1 大小为f33m,根据压强的定义可知，器壁所受的压 强大小即为器壁单位面积所受粒子压力大小，故C正确， D错误故选AC. 第二章固体、液体和气体 第1节固体和固体材料 1.BCE解析：两种情况下电流表读数发生变化，说明圆板 沿AB和CD两个方向的导电性能不同，即各向异性，所以圆 板是单晶体，选项AD正确，BCE错误 第2节液体 1.D解析：A.水银在玻璃表面是不浸润的，在玻璃管中是呈 现凸形液面，故容器中的液体不可能是水银，故A错误： B.在太空舱中由于处在失重环境下，毛细现象更明显，液面 直接攀升到毛细管顶部，毛细管越细，攀升速度越快，粗细不 同的毛细管中液面都与毛细管齐平，故B错误：C.在毛细现 象中，毛细管中液面的高低与液体的种类和毛细管的材质有 关，若用不同液体进行实验，两毛细管中的高度差不一定相 同，故C错误；D.图中毛细管内液面呈现浸润现象，说明固 体分子对液体分子引力大于液体分子之间的引力，那么附着 层的分子密度将会大于液体内部分子密度，此时附着层内 的分子相互作用表现为斥力，液面呈现“扩散”的趋势，便形 成了浸润现象，故D正确：故选D. 2.D解析：AB.由题意，在自然条件下，液晶层中的液晶分子 无规则排列，像一块毛玻璃，可知入射光在液晶层发生漫反 射，光线可以通过，但通过量较少，而且没有规律，故AB错 误：CD.由题意，通电以后，弥散分布的液晶分子迅速从无规 则排列变为有规则排列，整个液晶层相当于一块普通的透明 黑白题32 玻璃，可知通电时，入射光在通过液晶层后按原有方向传播」 故C错误，D正确.故选D. 第3节温度和温标 1.ABC解析：AB.该温度计是利用热膨胀系数不同的铜和铁 制成的双金属片工作的，双金属片的弯曲程度随温度变 化，AB正确；C.如题图甲所示，加热时双金属片的弯曲程度 增大，即进一步向上弯曲，说明双金属片下层热膨胀系数较 大，即铜的热膨胀系数较大，C正确；D.如题图乙所示，温度 计示数是顺时针方向增大，说明当温度升高时，温度计指针按 顺时针方向转动，则其双金属片的弯曲程度在增大，故可知双 金属片的内层一定是铁，外层一定是铜，D错误故选ABC. 第4节实验：探究气体等温变化的规律 1g(2 、16poS 解析：(1)对左右汽缸中密封的气体，初态压强为P1=Po,初 态的体积为V,=3SH.末态压强为P2,对左侧活塞受力分析 得mS,53,解得，=吕未态休积为，左侧气体商 度为号，右侧气体的高度为印，总体积为= 2$+P·28 根据玻意耳定律可得p,Y,=p,山，解得H=9H最终右侧活 H 塞上升的距离h='-H= (2)对右侧活塞进行受力分析， P·2S+h, 8=P2·2S,解得k= 16poS 11H 23 2.(1)115cmHg(2) 76 (3)图(b)中处于悬浮状态的玻璃 管是不稳定的 解析：(1)设玻璃管内气体压强为P管，汽缸内气体压强为 P红.对玻璃管及内部气体受力分析得P管S=P缸S+mg,由内外 液面高度差得P=P+p由以上两式得Pa=3由此判断 玻璃管在向下移动过程中管内液面不变.当玻璃管刚好没入 水中时管内气柱长度为16cm,P俗=92cmHg.由玻意耳定律 得p1V,=p2V2,解得p管=115cmHg(2)由(1)问得Pr=p管 Pa=99cmHg,设充人的气体压强为po,体积为△V.则由等温 变化得poVo+p△V=P监o,代人数据得△V=石。，所以充 的气体质量与原来气体质量之比7=4m△y23 n6石(3)玻璃 管及管内气体悬浮状态时受力平衡F浮=mg,即pgV排=mg. 当汽缸内压强增大时，玻璃管内的气体压强也随之增大，管 内气体体积将减小由上式知玻璃管及管内气体受力不再平 衡，合力向下，玻璃管将向下运动，且越往下运动，管内压强 越大，气体体积越小，向下的合力就越大，做加速度变大的加 速运动，不会回到原位置.当汽缸内压强减小时，玻璃管加速 向上，直至露出水面.所以处于悬浮状态的玻璃管是不稳定的 第5节气体的等容变化和等压变化 第1课时气体的等容变化 1.C解析：设当火箭以加速度a=g的加速度竖直向上起飞 时，舱内气体压强为P2,对气压计内的水银柱，根据牛顿第二 定律有，S-mg=m=mg,解得p,-2,设此时水银气压计 内液柱高度为h,有mg=pghS,又O.6po=pgh,解得m=phS= 参考答案与解析 0.6po。0.6po p = ，所以P2=1.2印o以舱内气体为研究对象，有 pg b1atm,I=300KP2=1.2p,气体做等容变化 号，解得T)=360K,故选C 第2课时气体的等压变化 1.D解析：由题意可知，原b汽缸的高度h1=h-h,=30cm,当 a汽缸稳定后活塞与底部的距离h,=66cm,此时b汽缸的高 度h,=h-h,=24cm,设S为活塞的面积，那么b汽缸中逸出 的气体占原b汽缸中气体的比例为 行故4瑞误 BCD.由于K始终打开，a汽缸中的气体的压强不变，可得 ,+273,+273代入数值求得5=57℃，BC错误，D正确 V2 故选D. 2.(1)b1=21℃(2)2.0m/s2,方向竖直向上 解析：(1)设玻璃管的横截面积为S,空气柱长度由L。变为 的过程为等压过程由盖一昌萨克定律有无-名 中V。=LoS,T。=to+273K,V1=LS,T1=t1+273K代入数据解 得t1=21℃.(2)设电梯的加速度为a,水银的密度为p,空气 柱长度由L。变为L,的过程为等温过程，由玻意耳定律得 p1V。=p2V2,其中V。=LoS,V2=L2S,P1=po+Pgh.代入数据得 P2=100cmHg,设向上方向为正方向，对水银柱由牛顿第二 定律有p2S-poS-phSg=phSa.代入数据，解得a=2.0m/s2,方 向竖直向上. 第3课时理想气体的状态方程 1.(1)4:1(2)540K 解析：(1)设汽缸A和B部分的体积分别为V.和V,对缸内 气体分析，初始状态，气体的压强为p1=Po-6cmHg= 70cmHg,末态压强为P2=po-62cmHg=14cmHg根据玻意 耳定律，有PV,=p,(V,+V。)→千(2)设汽缸的总长度 为L,横截面积为S,活塞初始位置离汽缸左端的距离为L,= 号1气体压强随活塞移动的距离均匀增大，设比例系数 为k,则活塞向右移动距离为x时，气体的压强为P=P2+x, 此时气体的体积V,=(L-x)S.当气体恢复到原来状态时压强 ppa p. 2(L+5）对封闭气体，由理想气体的状态 L 方程得兴华，解得-化45当=时， T:To D 气体有最高温度，T.=540K. 2弓解析：设火银内气体初始状态参量分别为，、、，温 度降低后状态参量分别为P2、T2、V2,罐的容积为V。,由题意 p=poI=450K、y=、7=300K、=。①，由理 想气体状态方程得P。P2% T石。②，代入数据解得，= 0.7P③，对于抽气拔罐，设初态气体状态参量分别为 P3、V3,末态气体状态参量分别为P4、V4,罐的容积为%，由题 意知P3=Po、V3=V,、P4=P2④，由玻意耳定律得poV。= 黑白题33 m⑤，联立③⑤式，代人数据得-9⑥，设抽出的 气体的体积为Ay,由题意知AV=业0名②，故应抽出气 体的质量与抽气前罐内气体质量的比值为Am_△y m V ⑧，联 立⑥⑦⑧式，代入数据得Am.1 m 3 第三章热力学定律 第1~2节热力学第一定律能量守恒定律 1.(1)240K(2)-2.4J 解析：(1)初态时，对活塞受力分析，可求气体压强为P1=Po+ 学，体积为%=AS,要使两边水银面相平，汽红内气体的压 强为P2=po,此时活塞下端一定与汽缸底接触，则有V2=LS, 设此时温度为，由理想气体的状态方程有_P,可 TT21 得T2=240K;(2)从开始至活塞竖直部分恰与汽缸底接触， 气体压强不变，外界对气体做功W=p1AV=p+)×(h L)S=3.6J,由热力学第一定律有△U=W+Q,可得气体内能 的变化量△U=-2.4J 2.(1)12cm(2)18J 解析：(1)初始状态时，以圆柱形汽缸与椅面整体为研究对 象，根据受力平衡可得mg+poS=p1S,解得p1=1.2×103Pa.质 量M=54kg的人，脚悬空坐在椅面上，稳定后，根据受力平 衡可得(M+m)g+poS=P2S,解得pP2=3x105Pa.设稳定后缸内 气体柱长度为L',根据玻意耳定律可得p1LS=P2L'S,解得 L'=8cm.则椅面下降了△h=L-L'=20cm-8cm=12cm. (2)在(1)问的情况下，由于开空调室内气温缓慢降至T2= 300K,该过程气体发生等压变化，则有_，气体柱长度 T,T21 为L”"=7.5cm,外界对封闭气体所做的功为W=(PoS+ Mg+mg)·（L'-L"),解得W=4.5J.根据△U=-Q+W,解得 Q=18J.放出热量18J. 第3节热力学第二定律 1.A解析：A.热水将热量传递给叶片，同时热水会向四周放 出热量，根据热力学第一定律可知水的内能减少，故热水的 温度会降低，故A正确；B.要维持转轮转动需要外力做功， 转轮转动所需能量不能由转轮自身提供，故B错误；C.转轮 转动的过程中克服摩擦力做功，转轮的速度越来越小，所以 要维持转轮转动需要外力做功，故C错误；D.根据热力学第 二定律，物体不可能从单一热源吸收能量全部用来对外做功 而不引起其他变化，故叶片在热水中吸收的热量一定大于在 空气中释放的热量，故D错误：故选A 第四章原子结构 第1节电子的发现 1u （2片ru+2 2dU 解析：(1)电子在正交的匀强电场和匀强磁场中做匀速直线 运动，有=Be=名，得品即打到荧光屏0点的电于 速度的大小为6 U (2)P与P'之间只有偏转电场时，电子的加速度为a,运动时 选择性必修第三册·JK 间为t,电子离开偏转电场的偏移量为y,速度偏转角为0，根 据运动学公式y=)a2, 2 根据牛顿第二定律有：a= 运动时间：t= mb v eUL 解得：y= 2mbu2' 1 2, 由于子 一，可得：e= 2dU 2+忆 mB2bL,(L1+2L2） 第2节原子的核式结构模型 1.D解析：α粒子散射实验是用α粒子轰击金属箔，得到的结 果是绝大多数的α粒子穿过金属箔后基本上仍沿原来的方 向继续前进，有少数的α粒子运动轨迹发生了较大的偏转， 极少数的α粒子甚至被反弹，沿原路返回，而在该实验中，用 显微镜观察到的实际上是α粒子，在c处可以观察到很少的 发生较大偏转的α粒子，在d处则能观察到被反弹回来的α 粒子故选D. 2.(1)ABC(2)mg (3)B U 解析：(1)平行金属板板间存在匀强电场，液滴恰好处于静 止状态，电场力与重力平衡，则有mg=qB=g,所以需要测 出的物理量有油滴质量m、两板间的电压U、两板间的距离 d,故选ABC.(2)用所选择的物理量表示出该油滴的电荷量 9-”g(3)在进行了几百次的测量以后，密立根发现油滴所 带的电荷量虽不同，但都是某个最小电荷量的整数倍，这个 最小电荷量被认为是元电荷，其值为e=1.6×1019C,故B正 确，A、C、D错误故选B. 第3节光谱氢原子光谱 1.B解析：A.光谱分为发射光谱和吸收光谱，发射光谱分为 连续谱和线状谱，故A正确，不符合题意：B.太阳光谱中有 暗线，是吸收光谱，氢光谱是线状谱，故B错误，符合题意； C.线状谱和吸收光谱都可用作光谱分析，故C正确，不符合 题意；D.光谱分析可以精确分析物质中所含元素，可以帮助 人们发现新元素，故D正确，不符合题意故选B. 2A解析：在巴尔来系中，根铝片R.(宁京 F)知当n=3 时，光子能量最小，入最大；当n=6时，光子能量最大，波长 盘小则布（分）器之（层。） 所以之-号故A正确，B0D错误放选A 第4节玻尔的原子模型能级 1.BC解析：A.若规定无穷远处的能量为0，则量子数为n=2 时的能量为E,3,6eY=-3,4eY;若氢原子处于基态时的 能量为0，则量子数n=2时能级的能量为10.2eV,A错误； B量子数n=3时能级的能量为宁8=- 9,B正确；C.若 要使氢原子从基态跃迁到第4能级，则需要吸收的光子能量 为婷(：治C正德：山采用能州为沿的高道电于变 黑白题34