2026年江苏省盐城市中考物理模拟练习卷--

2026年江苏省盐城市中考物理模拟练习卷 2025~2026学年第二学期 一．选择题（共12小题，满分24分，每小题2分） 1．（2分）雷达是一种利用电磁波来探测目标的电子设备，其原理是雷达发射微波对目标进行照射并接收其回波，由此获得目标至微波发射点的距离、距离变化率（径向速度）、方位、高度等信息。下列关于雷达的说法错误的是（　　） A．雷达是一种利用无线电波测定物体位置的无线电设备 B．雷达既发射电磁波又接收电磁波 C．雷达用的无线电波波长比X射线长 D．雷达不能发现隐形飞机是因为隐形飞机反射无线电波的本领很强 2．（2分）北京时间2023年6月4日6时33分，神舟十五号载人飞船伴着金色朝霞回家，返回舱在东风着陆场成功着陆，神舟十五号载人飞行任务取得圆满成功。如图所示，返回舱在下降过程中，我们说返回舱是静止的，选择的参照物是（　　） A．舱内航天员 B．地面着陆场 C．太空中的空间站 D．地面运动的汽车 3．（2分）静电在我们生活中应用很广泛，下列属于静电应用的是（　　） A．静电复印是利用异种电荷相互吸引而使碳粉吸附在纸上 B．运输易燃品的车辆尾部挂有一条铁链是为了把产生的静电导走 C．飞机在滑行过程中，容易产生静电，导电橡胶做的轮子能将静电导入地面 D．静电释放器能将人在运动过程中产生的静电释放出去 4．（2分）小孔成像现象最早被《墨经》记载。下列成语中描述的现象与小孔成像原理相同的是（　　） A．水中倒影 B．杯弓蛇影 C．立竿见影 D．雨后彩虹 5．（2分）成语是中华传统文化的精髓之一，下列成语是用来描述声音响度的是（　　） A．隔墙有耳 B．曲高和寡 C．引吭高歌 D．悦耳动听 6．（2分）关于刻度尺和温度计的使用，下列要求中不必要的是（　　） A．所测的温度不能超过温度计的最大刻度值 B．长度测量时必须从刻度尺的零刻度线量起 C．读数时，视线都应正对刻度。记录测量结果时，必须在数字后注明单位 D．温度计的玻璃泡全部浸入被测的液体中，不要碰到容器底和容器壁 7．（2分）如图，是冬天玻璃窗户上附着的冰花。冰花形成的过程中发生的物态变化是（　　） A．液化 B．凝华 C．升华 D．汽化 8．（2分）如图所示甲为某手机无线充电时的场景，无线充电装置通过供电设备产生磁场，该磁场与手机中的接收线圈相互作用，产生电磁感应，电磁感应产生的电流可以供给手机充电。如图乙所示，下列实验现象中与手机无线充电原理一致的是（　　） A． B． C． D． 9．（2分）4月24日，搭载神舟二十号载人飞船的长征二号F遥二十运载火箭在酒泉卫星发射中心发射成功。火箭点火后高温、高压气体从火箭喷口向下喷出，同时推动火箭加速上升。下列描述中正确的是（　　） A．火箭加速上升过程中火箭的重力势能转化为动能 B．火箭加速上升过程中动能减小 C．火箭加速上升过程中重力势能减小 D．向下喷出的高温、高压气体对火箭施加向上的推力说明力的作用是相互的 10．（2分）如图所示，是探究“二力平衡的条件”实验，小车两端的细绳绕过定滑轮挂有等重钩码，F1与F2在同一水平直线上，下列说法不正确的是（　　） A．用控制变量的方法，通过对比实验进行探究 B．忽略摩擦，小车在水平方向上只受到F1、F2作用 C．增减钩码个数，可以探究二力大小对小车平衡的影响 D．将小车水平扭转90°时，F1、F2 仍在同一直线上 11．（2分）如图所示电路中，电源电压为18V，灯泡L标有“6V 3W”的字样，灯丝的电阻保持不变，滑动变阻器R铭牌上的规格是“100Ω 1A”，电流表所用量程为0～0.6A，电压表所用量程为0～15V，该电路工作时，要求各元件均安全。闭合开关，在滑动变阻器滑片P滑动过程中，下列判断正确的是（　　） A．电压表的示数变化范围是3至6V B．电流表的示数变化范围是0.25至0.6A C．该电路消耗的最大功率是9W D．滑动变阻器允许接入电路的阻值范围是20至60Ω 12．（2分）如图所示，圆柱体甲和装有适量某液体的圆柱形容器乙的底面积之比为3：4，把它们平放在同一水平桌面上。在甲物体上，沿水平方向截取一段长为x的物体A，并平稳放入容器乙中，用力使物体A刚好浸没在液体中（A不与容器乙接触，液体无溢出），截取后，甲、乙对桌面的压强随截取长度x的变化关系如图所示。已知甲的密度为0.6×103kg/m3，容器乙的壁厚和质量均忽略不计，g取10N/kg。下列说法正确的是（　　） A．圆柱体甲截取前和容器乙液体质量之比为3：4 B．圆柱体甲截取前对桌面的压强为1000Pa C．容器乙中未放入物体A时，液体的深度为8cm D．容器乙中液体的密度为0.4×103kg/m3 二．填空题（共8小题，满分24分，每小题3分） 13．（3分）五月的汉中龙头山，杜鹃花开，满山烂漫，游客们远远地就能闻到阵阵花香，这是 　 　 现象；杜鹃花呈靓丽的紫色，是因为花瓣 　 　 紫光；水面上还能看到山的倒影，山顶的倒影到水面的距离 　 　 （选填“大于”“小于”或“等于”）山顶到水面的距离。 14．（3分）小强家要安装空调，安装师傅在她家墙壁上打孔时，流出不少水，弄脏了墙面，他很生气！安装师傅告诉她，打孔必须用水钻，这是因为打孔时会通过 　 　 的方式增加钻头的内能，使钻头的温度升高，浇水可以通过的 　 　 方式降低钻头的温度，使钻头能连续正常使用，用水降温是利用了水的 　 　 性质。 15．（3分）如图所示，小明在网上让“鉴宝”主播鉴赏一枚古币时，使用放大镜观察古币上的字，看到的字是正立、放大的　 　 （选填“虚”或“实”）像；古币与放大镜之间的距离　 　 （选填“大于”、“小于”或“等于”）透镜的1倍焦距。若想让字更大一些看得更清楚，应将放大镜适当　 　 （选填“远离”或“靠近”）古币。 16．（3分）将两个表面光滑的铅块相互挤压，它们会粘在一起，说明分子间存在 　 　 。冬天，搓手取暖是通过 　 　 方式增加手的内能；电能可以使电灯发光，同时产生内能散失到空气中，但这些内能却无法自动地转化为电能，这说明能量转化或转移是有 　 　 。 17．（3分）利用如图所示装置研究“磁场对通电导体的作用”。 （1）图甲装置中MN之间应接入 　 　 （填“灵敏电流计”“电源”或“灯泡”）； （2）图乙装置中，当通入恒定不变的电流后，线圈的ab段和 　 　 （填字母）段会受到力的作用； （3）要使图乙中的线圈持续转动，可以在其外部加装 　 　 结构。 18．（3分）如图是固体海波熔化时温度随时间变化的图像。由图像可知：固体海波是 　 　 （选填“晶体”或“非晶体”）；熔化过程用时 　 　 min；熔化过程中，物质的内能 　 　 （填“不变”、“增大”或“减小”）。 19．（3分）小明想测量一个长方体物块的密度，他用细线提着物块缓慢放入盛有水的杯中，如图﹣1所示，压力传感器的示数随物块浸入深度的变化关系如图﹣2所示。整个过程中物块受到浮力的变化情况是 　 　 ，已知物块的质量为2.4kg，则物块的密度为 　 　 kg/m3。剪断细线，当物块静止后压力传感器的示数为 　 　 N。（水的密度为1.0×103kg/m3，g取10N/kg） 20．（3分）交管部门常用测速仪来检测车速。测速原理是测速仪前后两次发出并接收到被测车反射回的超声信号，再根据两次信号的时间差，测出车速，如图甲所示。某次测速中，测速仪发出与接收超声的情况如图乙所示，s表示超声与测速仪之间的距离。则汽车收到第一次信号时，距测速仪 　 　 m，汽车收到第二次信号时，距测速仪 　 　 m，汽车的速度约为 　 　 m/s。（假设超声的速度为340m/s，且声速与车速均保持不变） 三．作图题（共7小题） 21．借鉴图1连接方法，完成图电2路图。 22．小红用图1所示装置探究光的反射定律。平面镜置于水平底座中心。激光笔可沿弧形轨道移动，且保持激光始终射向平面镜上的O点。 实验次数 ∠AOP ∠POB 1 90° 90° 2 65° 115° 3 42° 138° 4 18° 162° （1）为了在不同方向都能观察到光的传播路径，应在平面镜上方喷些　 　 ； （2）多次改变激光笔在轨道上的位置，小红调整视角，均能观察到反射光OB挡住入射光AO的现象。如图2所示，将长方形纸板与AO、OB所在平面重合，其底边PQ紧贴平面镜，在纸板上即可显示出入射光和反射光。多次测量纸板和平面镜的夹角。 ①上述实验中测得的夹角均为90°，则反射光线、入射光线所在平面和平面镜相互； ②在纸板上过O点作出底边PQ的垂线ON，则ON与镜面垂直，可知ON为法线。 由①、②可得：反射光线、入射光线和法线在　 　 内。 （3）改变入射光的方向，依次记录实验数据如表所示，分析实验数据可知：∠NOB与∠AON的大小　 　 。 23．爱动脑筋的小林想知道家乡河水的密度究竟有多大，于是他取了一些河水，在学校实验室找了下列器材：天平及砝码、量筒（刻度清晰但数字模糊不清）、烧杯，铜块（已知它的密度为ρ1）、细线，利用这些器材按下列步骤测出了河水的密度，请你帮小林完善实验探究过程： （1）把天平放在水平桌面上，　 　 （请你补充之后的实验步骤）；发现指针偏向分度盘中线右侧，此时应向 　 　 （填“左”或“右”）调节平衡螺母，使天平横梁水平平衡； （2）用天平测出铜块的质量m1； （3）在量筒内倒入适量的河水，用细线拴住铜块，将它缓慢浸没在量筒内的水中，并记下水面到达的刻度线A，然后取出铜块； （4）在烧杯内倒入适量的河水，用天平测出水和烧杯的总质量m2； （5）　 　 （请你写出这一步的操作方法）； （6）用天平测出烧杯内剩余河水和烧杯的总质量m3，砝码和游码的位置如图所示，则m3＝　 　 g； （7）计算河水的密度，则河水密度的表达式为ρ＝　 　 （物理量用符号表示）。根据以上实验方案，小林测出的河水密度比真实值 　 　 （填“偏大”或“偏小”）。 24．为了探究小灯泡亮度与实际功率的关系，某校物理兴趣小组设计了如图甲所示的实验电路，标有“2.5V”字样的小灯泡电阻约为10Ω，电源电压6V，可供选用的滑动变阻器有“10Ω 1A”的R1和“20Ω 1A”的R2。 （1）为了完成实验，你认为应该选用的滑动变阻器是 　 　 。（选填“R1”或“R2”） （2）请用笔划线代替导线将图甲的实验电路补充完整。（要求：滑动变阻器滑片向右移动时，灯泡变亮） （3）电路正确连接后，闭合开关，他们发现小灯泡不亮，电流表无示数，电压表指针明显偏转，你认为造成这现象的原因可能是 　 　 。（选填数字编号） ①电流表断路 ②小灯泡短路 ③小灯泡灯丝断了 ④滑动变阻器短路 （4）排除故障后，当滑动变阻器的滑片移到某一位置时，某同学从“0﹣15V”量程的刻度线看出指针停在10V处，若要测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向 　 　 移（选填“左”或“右”）直到小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是 　 　 W。 （5）继续调节滑动变阻器，让小灯泡两端的电压逐渐降低，小灯泡逐渐变暗，这段时间内，若小灯泡电阻变化量的绝对值是ΔRL，滑动变阻器接入电路的电阻变化量的绝对值是ΔR，则ΔRL和ΔR大小关系正确的是 　 　 （填字母标号）。 A.ΔRL＞ΔR B.ΔRL＝ΔR C.ΔRL＜ΔR D.无法比较 （6）根据收集到的实验数据，同学们得出了灯泡亮度与实际功率的关系。在分析论证过程中，勤于思考的小明发现小灯泡在不同亮度下，它两端的电压与电流的比值不一样，他根据多组实验数据描绘出的I﹣U图象如图丙所示，主要原因是：灯丝电阻随温度而变化，若小灯泡的额定功率P0与某次工作时的实际功率P1满足P0＝4P1，则以下关于额定电压U0与实际电压U1的数值关系，你认为最有可能的是 　 　 。 A.U0＝1.5U1 B.U0＝2U1 C.U0＝3U1 D.U0＝4U1 25．如图所示的滑轮组，物体的重力为60N，绳端拉力的功率为30W，在拉力的作用下物体以40cm/s的速度匀速上升5s。求： （1）拉力F做的功； （2）滑轮组的机械效率； （3）若克服摩擦和绳重所做的功为总功的2%，则动滑轮的重力多大？ 26．如图甲所示，小明获知在阳光过强时，需要给蔬菜塑料大棚盖上遮阳网防止棚内温度过高，每次人工拉遮阳网很麻烦，于是小明利用光敏电阻设计了一自动遮阳控制电路，如图乙所示。当光照增强到设定值2.0lx时，S2闭合，电动机转动使遮阳网展开。已知工作电路中电动机的额定功率为110W，控制电路中电源电压为12V，R1为滑动变阻器，R2为光敏电阻，其阻值随光照强度变化如下表所示，线圈电阻忽略不计，当线圈电流超过40mA时，衔铁会被吸下。 光照强度E/lx 1.0 1.5 2.0 2.5 3.0 … 5.0 光敏电阻R2/Ω 150 100 75 60 50 … 30 （1）图乙中电磁铁的上端是 　 　 （选填“N”或“S”）极；电动机正常工作时，通过它的电流是多大？ （2）若遮阳网自动展开需要40s的时间，则展开一次工作电路消耗的电能是多少？ （3）当达到设定的光照强度遮阳网自动展开时，滑动变阻器R1接入的电阻值为多大？ （4）若想使光照强度更小些时就启动电动机使遮阳网展开，在电磁铁不更换的情况下请你说出一条解决办法。 27．阅读下面的短文，回答问题。 为什么柴油机比汽油机热效率高潘承孝是汽车和内燃机专家，中国内燃机和汽车工程教育的奠基人之一，潘先生曾于1912﹣1915年就读于北京汇文中学，后从事教育70余年，培养出一大批国内外知名的内燃机专家、学者，为祖国的内燃机领域研究和汽车工业发展奠定了基础。在学习中，同学们经常会问到，为什么柴油机比汽油机热效率高？要搞清楚这个问题的答案，我们先要弄明白影响内燃机热效率的关键因素﹣压缩比内燃机的活塞在汽缸里做往复运动时，活塞顶部离开汽缸盖最近时的位置，叫作上止点；活塞顶部离开汽缸盖最远时的位置，叫作下止点。上、下止点的距离叫作活塞行程，简称冲程。活塞在下止点时，活塞上面的空间叫作“汽缸总容积”；活塞在上止点时，活塞上面的空间叫作“燃烧室容积”；汽缸总容积与燃烧室容积的比值叫作“压缩比”。 压缩比表示空气（或燃料混合物）在汽缸中被压缩的程度。压缩比越大，汽缸内气体压缩后的压强越大，温度越高。压缩比是内燃机的主要技术规格之一，汽油机和柴油机的压缩比是不同的，例如：上海生产的165型汽油机的压缩比是6，压缩终了时的压强约为106Pa，温度可达到430℃；东风195型柴油机的压缩比是20，压缩终了时的压强约3×106Pa﹣4×106Pa，温度可达到500℃﹣700℃。一般来说压缩比越大，热机效率就越高。 在汽油机里，吸入汽缸内的是燃料混合物，由汽化器把空气和汽油按一定比例进行均匀混合雾化而成，燃料混合物被压缩后，用火花塞点火引爆。汽油机的压缩比在5﹣8之间，不能任意提高。因为压缩比过大，压缩终了时的气体温度太高，密度太大，使点火时气体的燃烧太剧烈，会造成某一局部压力增长太快，对汽缸和活塞产生巨大的冲击力，发出很大的响声和震动，这种现象叫作“爆震”，发生爆震不仅对机件保养不利，而且会使汽油机输出的功率显著降低。 柴油机的点火方式与汽油机不同，当压缩冲程快结束前，由喷油嘴喷出雾状柴油，会自动着火，由于柴油机汽缸里压缩的只是纯空气，没有“爆震”问题，提高压缩比不受此限制。但由于汽缸、活塞等部件能承受的压力限制，柴油机的压缩比也不能过大，通常限制在12﹣20之间，因此与汽油机相比，柴油机的热机效率会更高一些。 请根据上述材料、回答下列问题： （1）内燃机的“压缩比”是指 　 　 的比值。 （2）在汽油机里，当火花塞产生电火花点燃燃料混合物时，会产生高温高压气体推动活塞向下运动，在此过程中将内能转化为 　 　 。 （3）若将“汽缸总容积”近似为圆柱体，体积用V表示，压缩比用n表示，做功冲程中气缸内高温高压气体压强的平均值用p表示，请推算出某一个做功冲程中，汽缸内气体对活塞做功为 　 　 （用给出的物理量符号表示）。 2026年江苏省盐城市中考物理模拟练习卷 参考答案与试题解析 一．选择题（共12小题） 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 答案 D A A C C B B A D D C 题号 12 答案 D 一．选择题（共12小题，满分24分，每小题2分） 1．【解答】解：A、雷达是利用无线电波测定物体位置的无线电设备，故A正确； B、雷达发射电磁波对目标进行照射并接收其回波，故B正确； C、根据电磁波谱的波长顺序可知，无线电波的波长比X射线长，故C正确； D、隐形飞机用的主要是吸波材料，它的功能是通过吸收、散射和干涉等多种方式减少飞机对电磁波的反射，使雷达很难发现它，故D错误。 故选：D。 2．【解答】解：返回舱在下降过程中相当于舱内航天员的位置没有发生变化，是静止的；相当于地面着陆场、太空中的空间站和地面运动的汽车的位置在发生变化，是运动的，故A正确，BCD错误。 故选：A。 3．【解答】解：A．同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，静电复印机是利用异种电荷间的吸引力来工作的，属于静电的利用，故A符合题意； B．车辆在行驶过程中，轮胎与地面摩擦、空气流动等因素会导致车辆表面积累静电荷，如果这些静电荷不被及时导走，在装卸易燃品或车辆停靠时，静电放电可能会产生火花，点燃周围的易燃气体或液体，造成严重事故，铁链的一端连接车体，另一端拖地，可以有效地将车体上的静电荷导入大地，从而消除静电积累的风险，故B不符合题意； C．飞机在飞行的过程中产生大量的静电，飞机的轮胎用导电橡胶制作，可以及时将静电导走，属于防止静电危害，故C不符合题意； D．人体在运动过程中会产生静电，当触摸静电释放器时，静电可以通过释放器导入地面，属于防止静电危害，故D不符合题意。 故选：A。 4．【解答】解：小孔成像属于光的直线传播现象； A、水中倒影属于光的反射现象，与小孔成像原理不同，故A不符合题意； B、杯弓蛇影属于光的反射现象，与小孔成像原理不同，故B不符合题意； C、立竿见影也属于光的直线传播，与小孔成像原理相同，故C符合题意； D、雨后彩虹属于光的色散现象，是由于光的折射形成的，与小孔成像原理不同，故D不符合题意。 故选：C。 5．【解答】解：A、“隔墙有耳”说明固体能传播声音，故A不符合题意； B、曲高和寡是指乐曲的音调比较高，能跟着唱的人就越少，故B不符合题意； C、引吭高歌，说明声音比较大，描述的是声音的响度，故C符合题意； D、悦耳动听指声音的音色好听，故D不符合题意。 故选：C。 6．【解答】解：A、所测的温度不能超过温度计的最大刻度值，故A正确； B、使用刻度尺测长度时，不一定使用刻度尺的零刻度线，也可以使用其它整数刻度线做为临时“零刻线”，故B错误； C、读数时，视线都应正对刻度。记录测量结果时，必须在数字后注明单位，故C正确； D、温度计的玻璃泡全部浸入被测的液体中，不要碰到容器底和容器壁，故D正确。 故选：B。 7．【解答】解：冰花是室内空气中的水蒸气遇冷形成的小冰晶，属于凝华现象，故ACD错误，B正确。 故选：B。 8．【解答】解：由题意可知，无线充电技术利用了电磁感应原理； A、开关闭合后，在外力作用下使导体左右移动，做切割磁感应线运动，则电流表指针发生偏转，说明此时有感应电流产生，是电磁感应现象，故A符合题意； B、图中演示了磁极间的相互作用，故B不符合题意； C、图中是奥斯特实验，小磁针指针偏转说明通电导体周围有磁场，故C不符合题意； D、图中开关闭合后，电路中有电流，通电导体在磁场中受到磁场力的作用发生运动，故D不符合题意。 故选：A。 9．【解答】解：ABC、火箭加速上升过程中，质量不变，速度增加，动能增加，高度增加，重力势能增加，火箭的重力势能没有转化为动能，故ABC错误； D、火箭点火后高温、高压气体从火箭喷口向下喷出，高压气体对火箭施加向上的推力，说明物体间力的作用是相互的，故D正确。 故选：D。 10．【解答】解：A、在实验探究中，探究一个量与多个变量的关系，应用的研究物理问题的方法是控制变量法，故A正确； B、因为摩擦可忽略，小车在水平方向上只受到F1、F2作用，故B正确； C、增减钩码个数，是探究二力大小对小车平衡的影响，故C正确； D、将小车水平扭转90°时，F1、F2不在同一直线上，故D错误。 故选：D。 11．【解答】解：由电路图可知，灯泡L与变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。 （1）灯泡正常发光时的电压UL＝6V，功率PL＝3W，由P＝UI可得，正常发光时的电流：IL0.5A； 因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0～0.6A，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，所以，电路中的最大电流I大＝IL＝0.5A，此时电压表的示数最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，电路消耗的功率最大； 因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电压表的最小示数： UR＝U﹣UL＝18V﹣6V＝12V， 由I可得，滑动变阻器接入电路中的最小电阻： R小24Ω， 电路消耗的最大功率： P大＝UI大＝18V×0.5A＝9W；故C正确。 （2）灯泡的电阻：RL12Ω； 当电压表的示数UR′＝15V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，电路消耗的功率最小， 此时灯泡两端的电压： UL′＝U﹣UR′＝18V﹣15V＝3V， 电路中的最小电流： I小0.25A， 所以，电流表的示数变化范围是0.25A～0.5A，故B错误；电压表的示数变化范围是12V～15V，故A错误； 滑动变阻器接入电路中的最大阻值： R大60Ω， 所以，滑动变阻器的阻值变化范围为24Ω～60Ω，故D错误。 故选：C。 12．【解答】解：A、由图像可知，截取前圆柱体甲对桌面的压强p甲＝4p0，容器乙对桌面的压强p乙＝p0， 由根据p得，圆柱体甲截取前和容器乙中的液体质量之比： ，故A错误； B、设截取前圆柱体甲的高度为h，则圆柱体甲对桌面的压强：4p0＝ρ甲gh， 圆柱体甲截取长度x＝10cm＝0.1m后，圆柱体甲对桌面的压强：2p0＝ρ甲g（h﹣x）， 联立以上两式代入数据可解得：h＝0.2m， 所以，圆柱体甲截取前对桌面的压强： p甲＝ρ甲gh＝0.6×103kg/m3×10N/kg×0.2m＝1200Pa，故B错误； CD、容器乙中未放入物体A时，对桌面的压强等于液体的压强， 即：p0＝ρ乙gh乙﹣﹣﹣① 圆柱体甲截取长度x＝10cm＝0.1m时，则物体A的体积VA＝S甲x， 将物体A浸没在液体乙中，液面上升的高度： Δh② 物体A刚好浸没在液体中时，容器乙对桌面的压强等于此时液体的压强， 即：2p0＝ρ乙g（h乙+Δh）﹣﹣﹣③ 联立①②③可解得：h乙＝7.5cm＝0.075m，故C错误； 由B可知，p0p甲1200Pa＝300Pa， 由p0＝ρ乙gh乙得，容器乙中液体的密度： ρ乙0.4×103kg/m3，故D正确。 故选：D。 二．填空题（共8小题，满分24分，每小题3分） 13．【解答】解：游客们远远地就能闻到阵阵花香，这是花香分子扩散到空气中的结果，属于扩散现象； 杜鹃花呈靓丽的紫色，是因为花瓣反射紫光，吸收其它色光； 由于平面镜成像时像距等于物距，所以山的倒影到水面的距离等于山到水面的距离。 故答案为：扩散；反射；等于。 14．【解答】解：打孔必须用水钻，这是因为打孔时钻头和墙壁摩擦，机械能转化为内能，这是通过做功的方式增加钻头的内能，使钻头的温度升高；浇水时，水从钻头吸收热量，这是通过热传递方式降低钻头的温度，使钻头能连续正常使用。 水与其它物质比较，比热容大，在质量相同，升高的温度相同时，水吸收的热量多，从而降低钻头的温度。 故答案为：做功；热传递；比热容大。 15．【解答】解：使用放大镜观察古币上的字，看到的字是正立、放大的虚像；此时古币与放大镜之间的距离小于透镜的1倍焦距； 凸透镜成虚像时，物距变大，像距变大，像变大，因此若想让字更大一些看得更清楚，应将放大镜适当远离古币。 故答案为：虚；小于；远离。 16．【解答】解：将两个表面光滑的铅块相互挤压，它们会粘在一起，说明分子间存在引力。冬天，搓手取暖是机械能转化为内能，是通过做功方式增加手的内能；电能可以使电灯发光，同时产生内能散失到空气中，但这些内能却无法自动地转化为电能，这说明能量转化或转移是有方向性的。 故答案为：引力；做功；方向性的。 17．【解答】解：（1）研究“磁场对通电导体的作用”，电路中应该有电流，观察图甲可知缺少一个电源，因此利用如图甲所示的装置研究“磁场对电流的作用”时，应在MN之间接入电源。 （2）图乙装置中，当通入恒定不变的电流后，线圈的ab段和cd段通过的电流方向相反，受到磁场力的方向相反。 （3）要使图乙中的线圈持续转动，应在其外部加装换向器，当通电线圈所在平面与磁感线垂直时（平衡位置），它能自动改变线圈中的电流方向，从而使线圈持续转动。 故答案为：（1）电源；（2）cd；（3）换向器。 18．【解答】解：晶体与非晶体的区别在于是否有固定的熔点或凝固点，如图所示，海波熔化时有固定的熔点，是晶体；溶化过程中温度保持不变，熔化过程时间是3分钟～7分钟，此过程持续了4分钟；熔化过程温度虽然保持不变，但仍然在继续吸收热量，内能增大。 故答案为：晶体；4；增大。 19．【解答】解：（1）物块缓慢放入盛有水的杯中，浸没前排开液体的体积变大，浸没后排开液体的体积不变，由阿基米德原理可知，整个过程中物块受到浮力的变化情况是先变大后不变； （2）压力传感器的示数等于容器的重力、水的重力和物体排开水的重力之和，由图﹣2知，物体没有浸入水中时示数为34N，浸没后的示数为54N，可知浸没后排开水的重力即受到的浮力 F浮＝54N﹣34N＝20N 根据阿基米德原理，排开水的体积即物块的体积为 V排＝V0.002m3 已知物块的质量为2.4kg，则物块的密度为 ρ1.2×103kg/m3 物块的重力 G＝mg＝2.4kg×10N/kg＝24N 剪断细线，当物块静止后压力传感器的示数等于容器的重力、水的重力和物块的重力之和 当物块静止后压力传感器的示数为 F＝34N+24N＝58N 故答案为：先变大后不变；1.2×103；58。 20．【解答】解： 由图知，汽车收到第一次信号时，经过的时间为t1＝ 0.6s＝0.3s，由v＝ 可得距测速仪s1＝v波t1＝340m/s×0.3s＝102m； 由图知，汽车收到第二次信号时，经过的时间为t2＝ （1.8s﹣1.4s）＝0.2s，由v＝ 可得距测速仪s2＝v波t2＝340m/s×0.2s＝68m； 汽车收到两次信号距离测速仪的距离差s＝s1﹣s2＝102m﹣68m＝34m， 汽车两次收到信号的时间差为：Δt＝1.6s﹣0.3s＝1.3s， 汽车的速度v26.15m/s。 故答案为：102；68；26.15。 三．作图题（共7小题） 21．【解答】解：由图1可知，火线首先进入开关，然后进入灯泡再到零线； 图2中，火线和三孔插座的左端和开关的右端连接，然后开关的左端和灯泡连接，再连接零线；三孔插座的右端和零线连接，如图所示： 22．【解答】解：（1）为了在不同方向都能观察到光的传播路径，应在平面镜上方喷些烟雾，这是利用了光照在烟雾上会发生反射，可以通过烟雾显示光路； （2）在纸板上过O点作出底边PQ的垂线ON，则ON是法线，与镜面垂直，在光的反射中，反射光线、入射光线和法线都在同一平面内； （3）根据表中实验数据可知，入射光线与镜面的夹角∠AOP逐渐变小，入射光线AO与法线ON的夹角即入射角逐渐变大，因此入射光线AO逐渐远离法线ON；表中实验数据可知，反射角∠NOB与入射角∠AON的大小相等。 故答案为：（1）烟雾；（2）同一平面；（3）相等。 23．【解答】解：（1）把天平放在水平桌面上，将游码移到零刻度线处；调节天平横梁平衡时，指针偏向分度盘的右侧，此时应该将平衡螺母向左调节，直到指针指在分度盘的中央； （5）铜块放入水中排开河水的体积等于铜块的体积，根据V表示出物体的体积，也就是排开河水的体积，将烧杯中的河水倒入量筒中的标记处，烧杯中河水减少的质量等于铜块排开河水的质量，故用天平测出河水和烧杯的总质量m2后，需要将烧杯中的河水倒入量筒中的标记A处； （6）从图读出剩余河水和烧杯的总质量m3＝20g+20g+5g+2.4g＝47.4g， （7）铜块的体积等于排开河水的体积，即V排＝V铜； 烧杯倒入量筒中水的质量为：m＝m2﹣m3； 河水密度的表达式为ρρ1； 由于取出铜块时带着水，使得体积偏大，倒入的水偏多，使得水的质量偏大，根据ρ可知，密度偏大。 故答案为：（1）将游码移到零刻度线处；左；（5）将烧杯中的河水倒入量筒中的标记A处；（6）47.4；（7）ρ1；偏大。 24．【解答】解：（1）分析电路可得小灯泡与滑动变阻器串联，当小灯泡正常发光时，滑动变阻器两端的分压为：U滑＝﹣U﹣UL＝6V﹣2.5V＝3.5V， 根据串联电路中的电压和电阻关系可得， 小灯泡的阻值约为10Ω，滑动变阻器的阻值约为14Ω，所以滑动变阻器选R2。 （2）根据灯的额定电压为2.5V，可判断电压表选用的量程为0～3V，滑动变阻器滑片向右移动时，灯泡变亮，说明电路中电流变大，滑动变阻器阻值变小，故滑动变阻器选用右下接线柱与开关串联在电路中，如下图所示： ； （3）电路正确连接后，闭合开关，小灯泡不亮，电流表无示数，说明电路可能断路，电压表指针明显偏转，说明电压表与电源连通，电压表被串联在电路中，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，即造成这一现象的原因可能是小灯泡灯丝断了。 故选③。 （4）排除故障后，当滑动变阻器的滑片移到某一位置时，由于电源电压为6V，电压表接的是小量程，此时电压表示数为，小于灯的额定电压2.5V，若要测量小灯泡的额定功率，应增大灯两端的电压，根据串联电路电压的规律，应减小滑动变阻器两端的电压，由分压原理，应减小滑动变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向右移动，直到小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图乙所示，由图甲可知，电流表选用小量程，分度值为0.02A，其示数为0.26A，则小灯泡的额定功率是PL＝ULIL＝2.5V×0.26A＝0.65W； （5）原来的电流为I1，调节滑动变阻器的滑片，使灯泡变暗，让小灯泡两端的电压逐渐降低，通过灯泡的电流也减小，即I1＞I2，所以， 根据欧姆定律可得R总2＞R总1，滑片移动后电路的总电阻大于原来的电路总电阻，根据P＝UI可知灯泡实际功率减小，灯泡的温度降低，灯泡的阻值随温度的降低而减小，由电阻的串联规律可知小灯泡阻值减小的值△R1小于滑动变阻器接入电路中增大的值△R2。 故选C。 （6）小灯泡的额定功率P0与某次工作时的实际功率P1满足P0＝4P1 根据公式P＝UI可得U0I0＝4U1I1 又因为电路中电压越大，电路中电流越大，可得I0＞I1 所以U0＜4U1 则此时根据丙图可得R0＞R1 根据可得， 所以U02U1 故选C。 故答案为：（1）R2； （2）； （3）③； （4）右；0.65； （5）C； （6）C。 25．【解答】解：（1）绳端拉力的功率为30W，则拉力做的功为： W总＝Pt＝30W×5s＝150J； （2）物体上升的高度为： h＝vt＝40cm/s×5s＝200cm＝2m， 有用功为： W有＝Gh＝60N×2m＝120J， 滑轮组机械效率为： η100%100%＝80%； （3）滑轮组所做的额外功为： W额＝W总﹣W有＝150J﹣120J＝30J， 克服摩擦和绳重所做的功为： W额1＝W总×2%＝150J×2%＝3J， 克服动滑轮重所做的功为： W额2＝W额﹣W额1＝30J﹣3J＝27J， G动13.5N。 答：（1）拉力做的功为150J； （2）滑轮组的机械效率为80%； （3）若克服摩擦和绳重所做的功为总功的2%，则动滑轮的重力为13.5N。 26．【解答】解：（1）由图乙可知，电流从电磁铁的上端流入，下端流出，根据安培定则可知电磁铁的上端是S极； 电动机连接在220V的电源的两端，由P＝UI得，电动机正常工作时，通过它的电流为： ； （2）若遮阳网自动展开需要40s的时间，由得，展开一次工作电路消耗的电能为： W＝Pt＝110W×40s＝4400J； （3）当达到设定的光照强度2.0lx时，S2闭合，遮阳网自动展开，由表格中数据可知，此时光敏电阻R2阻值为75Ω，此时通过线圈的电流为40mA，由图乙可知，R1、R2、电磁铁串联，由欧姆定律可知，衔铁被吸下时，控制电路的总电阻为： ， 滑动变阻器R1接入的电阻值为： R1＝R﹣R2＝300Ω﹣75Ω＝225Ω； （4）由表格数据可知，若想使光照强度更小些时，光敏电阻的阻值更大，电路中总电阻变大，而衔铁被吸下时，电路中电流若不变，则可以通过减小变阻器接入电路中的电阻或者增大控制电路的电源电压，就能启动电动机使遮阳网展开。 答：（1）S；电动机正常工作时，通过它的电流是0.5A；（2）若遮阳网自动展开需要40s的时间，则展开一次工作电路消耗的电能 4400J； （3）当达到设定的光照强度遮阳网自动展开时，滑动变阻器R1接入的电阻值为 225Ω； （4）若想使光照强度更小些时就启动电动机使遮阳网展开，在电磁铁不更换的情况下可以减小变阻器接入电路中的电阻。 27．【解答】解：（1）由题意知：内燃机的“压缩比”是指汽缸总容积与燃烧室容积的比值叫作“压缩比”。 （2）在汽油机里，当火花塞产生电火花点燃燃料混合物时，将燃料的化学能转化为内能，高温高压气体推动活塞向下运动，将内能转化为活塞的机械能。 （3）根据功和压强的公式，结合已知条件，汽缸内气体对活塞做功为 ； 故答案为：（1）汽缸总容积与燃烧室容积；（2）机械能；（3）。 声明：试题解析著作权属所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2026/3/12 13:57:46；用户：15066231837；邮箱：15066231837；学号：67075772 第1页（共1页） 学科网（北京）股份有限公司 $