2026届广东省广州市高考物理自编模拟卷4

2026届广东省广州市高考物理自编模拟卷 一、单选题 1．日本于2023年8月24日将福岛第一核电站核废水排入大海，对海洋生态造成恶劣影响。核废水中含有氚、锶90、铯137、碘129等放射性元素，其中铯137的半衰期约30年，衰变方程为。下列说法正确的是（　　） A．X是粒子 B．X是粒子 C．衰变过程中质量守恒 D．100个铯137原子核经过30年后一定还有50个未衰变 2．某同学设想驾驶一辆“陆地—太空”两用汽车，沿地球赤道行驶并且汽车相对于地球速度可以增加到足够大。当汽车速度增加到某一值时，它将成为脱离地面绕地球做圆周运动的“航天汽车”。不计空气阻力，已知地球的半径。下列正确的是（　　） A．汽车在地面上速度减小时，它对地面的压力增大 B．“航天汽车”绕地球做圆周运动的速度大于 C．“航天汽车”绕地球做匀速圆周运动的高度越高，线速度越大 D．在“航天汽车”上可以用弹簧测力计测量物体的重力 3．如图所示是甲、乙两个物体沿同一直线运动的图像，已知甲、乙两个物体的质量均为2kg，下列说法正确的是（　　） A．0~5s内，乙物体的加速度均匀减小 B．甲、乙两物体的运动方向相同 C．甲、乙两物体在0~5s内的位移大小之比为 D．0~5s内，甲物体所受合外力的冲量为 4．筷子夹球游戏深受人们的喜爱，选手用筷子夹起乒乓球从一个容器放到另一个容器，在规定时间内搬运多者胜。某同学水平持筷（两根筷子及球心在同一水平面内）夹着乒乓球的俯视图如图所示，则下列说法正确的是（　　） A．乒乓球受到四个力的作用 B．如果乒乓球静止，则乒乓球受到筷子的摩擦力方向竖直向上 C．如果乒乓球静止，减小筷子间夹角θ，筷子对乒乓球的作用力大小不变 D．如果乒乓球加速运动，筷子对乒乓球的弹力大于乒乓球对筷子的弹力 5．无线充电是近年发展起来的新技术，无线充电技术与变压器相类似，通过分别安装在充电基座和接收能量装置上的线圈，利用产生的磁场传递能量。如图甲所示，充电基座接上，家庭用交流电（电压变化如图乙所示），受电线圈接上一个理想二极管给手机电池充电。下列说法正确的是（　　） A．乙图中的的大小为 B．不接手机时，受电线圈中没有感应电动势 C．受电线圈中交流电的周期为 D．当基座线圈接恒定电源时，受电线圈中没有磁场 6．微风习习，眼前是如镜的湖面，有三位游客站在湖前扔小石子。图为石子抛出的简化图，x轴在水平地面内，y轴沿竖直方向。图中画出了沿水平方向拋出的三个小石子a、b、c的运动轨迹，其中b和c是从同一点抛出的，不计空气阻力，则（　　） A．a的飞行时间比b的长 B．b与c飞行时间相等 C．b的初速度可能等于c的初速度 D．a的初速度可能等于b的初速度 7．图（a）为一列波在时的波形图，图（b）为媒质是平衡位置在处的质点P的振动图像，下列说法正确的是（　　） A．波沿x轴正向传播 B．波在媒介中的传播速度为2m/s C．时，P向y轴正方向运动 D．当时，P恰好回到平衡位置 二、多选题 8．如图所示。有一束平行于等边三棱镜横截面ABC的红光从空气射向E点，并偏折到F点。已知入射方向与边AB的夹角，E、F分别为边AB、BC的中点，则（　　） A．该三棱镜对红光的折射率为 B．光在F点不会发生全反射 C．从F点出射的光束与入射到E点的光束的夹角为60° D．若改用紫光沿相同角度从E点入射，则出射点在F点右侧 9．如图所示，a、b两点位于以正点电荷Q为中心的正方体顶点，c点在上表面中心，则（    ） A．a、b两点的场强相同 B．a、b、c三点的电势相等 C．负试探电荷在a点的电势能大于c点的电势能 D．正试探电荷沿ab连线从a到b，电场力先做负功再做正功 10．市面上有一种自动计数的智能呼拉圈。如图甲，腰带外侧带有轨道，将带有滑轮的短杆穿过轨道，短杆的另一端悬挂一根带有配重的细绳，其模型简化如图乙所示。水平固定好腰带，通过人体微小扭动，使配重做水平匀速圆周运动，此时绳子与竖直方向夹角为。配重运动过程中认为腰带没有变形，下列说法正确的是（　　） A．若增大转速，绳子的拉力变大 B．若增大转速，腰受到腰带的弹力减小 C．若减小转速，腰受到腰带的摩擦力增大 D．若只增加配重，保持转速不变，则绳子与竖直方向夹角不变 三、实验题 11．某研究小组用图甲所示的装置测量当地的重力加速度。用质量均为M的重物P和Q系在不可伸长的轻绳两端，使系统平衡。再在重物P上加一质量为m的砝码，系统失去平衡。P下落距离h后砝码被架在固定环形座上，用光电门（图中未画出）测出P穿过环形座后速度大小为v，然后借助缓冲器结束当次测试。 (1)实验中，在不解除P、Q与绳连接的情况下进行砝码的添加和更换，应当选用图乙中编号为___________ 的砝码； A．有中心孔没有侧边缝 B．有中心孔和侧边缝 C．既没有中心孔也没有侧边缝 (2)以下添加砝码的操作中，正确的是 ___________； A．将砝码从P正上方某处自由释放，让其下落并撞击P B．将砝码轻放在P上，待它与P一起下落一段时间后松手 C．用薄板从下方托住P，放置砝码并调整好高度h后突然撤去薄板 (3)若忽略实验过程中的摩擦阻力和空气阻力，则从砝码被架在固定环形座上至Q接触缓冲器之前，P的运动是 （选填“匀速直线运动”、“匀加速直线运动”或“匀减速直线运动”）； (4) 实验时，保持M不变，更换不同的m进行多次实验，得到的速度v和m的数据绘制成图像如图丙所示，已知图像的纵坐标为，则图像的横坐标为 （选填“m”、“m2”或“”），图像纵轴截距为b，可得当地的重力加速度为 （用h、b表示）。 12． 某同学用伏安法测金属丝的电阻（阻值约5Ω左右）。实验所用器材为：电池组（电动势3V）、电流表（内阻约0.1Ω）、电压表（内阻约3kΩ）、滑动变阻器R（0~20Ω）开关、导线若干。 （1）图中电压表的右端应与 （选填“a”或“b”）点连接。 （2）图是测量的实验器材实物图，图中已连接了部分导线，滑动变阻器的滑片P置于变阻器的右端。请根据（1）问中的电路图，补充完成图中实物间的连线，并使闭合开关的瞬间，电压表或电流表读数均为最小值 。 （3）该同学在坐标纸上建立如图所示的坐标系，标出了与测量数据对应的6个点。请在该图中描绘出I-U图线 ，利用图线可得该金属丝的阻值 Ω（结果保留两位有效数字）。 （4）通过电路元件的I-U图像可以了解其性能。该同学查阅说明书，了解到某元件具有维持用电器两端电压稳定的作用，其正常工作电压为3.0V，电流约为83mA，I-U图像如图所示。若使用该元件与一额定电压为3.0V的用电器并联，通过适当的电阻构成如图所示的电路。当输入电压在一定范围内波动时，用电器两端电压能够稳定在3.0V不变，请分析说明其原因 。 四、解答题 13．小明看到同学设计的一款火警报警装置，其原理如图所示，固定在水平地面上的导热汽缸内，表面涂有导电物质的质量为m横截面积为S的活塞密封一定质量的理想气体，，常态时，活塞距汽缸底部的高度为h，要求环境温度时报警，不计活塞与汽缸之间的摩擦。小明觉得若整个装置以某一加速度a加速下降时，这个装置也会报警，求： (1)刚好火灾报警时，活塞比常态时上升的距离d与h的比值； (2)若从常态到恰好火灾报警时气体内能增加了，求此过程气体吸收的热量Q与的比值。 14．如图，内径为r、外径为2r的圆环内有垂直纸面向里、磁感应强度为B2的匀强磁场。圆环左侧的平行板电容器两板间距离为r，电压为U，板间匀强磁场磁感应强度大小为B1，方向垂直纸面向里。质量为m、电量为q的正离子从左侧水平飞入，在两板间恰好做匀速直线运动，并沿圆环直径方向射入B2磁场，不计离子的重力，求： （1）离子射入两板间的速率； （2）离子在B2磁场中做圆周运动的半径： （3）要使离子不进入小圆区域，磁感应强度B2的取值范围。 15．如图所示为某自动控制系统的装置示意图，装置中间有一个以v0=3m/s的速度逆时针匀速转动的水平传送带，传送带左端点M与光滑水平轨道PM平滑连接，左侧有一光滑圆弧的最低点与PM在P点平滑连接，在P点处安装有自动控制系统，当物块b每次向右经过P点时都会被系统瞬时锁定从而保持静止。传送带右端与半径r=0.8m的四分之一光滑圆弧轨道平滑连接，物块a从右侧圆弧最高点由静止下滑后滑过传送带，经过M点时控制系统会使静止在P点的物块b自动解锁，之后两物块发生第一次弹性碰撞。已知物块a、b的质量分别为m1=0.6kg、m2=6.6kg，两物块均可视为质点，物块a与传送带间的动摩擦因数μ=0.25，MN间的距离为L=1.5m，取g=10m/s2， 求： （1）物块a运动到圆弧轨道最低点N时对轨道的压力； （2）物块a第一次碰后的速度大小； （3）若物块a每次经传送带到达M点时，物块b都已锁定在P点，即将碰撞时物块b自动解锁，求：物块a第1次碰撞后经过M点到第2次碰撞前经过M点因摩擦而产生的热量Q1；两物块从第1次碰撞后到最终都静止，物块a与传送带之间由于相对运动产生的总热量Q。 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 2026届广东省广州市高考物理自编模拟卷答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 B A C C C B C ABD CD AD 11．(1)B (2)C 3)匀速直线运动 (4) 12． a 4.3/4.4/4.5/4.6/4.7/4.8 13．(1) (2) （1）活塞上升过程，缸内气体等压膨胀，根据盖吕萨克定律可得代入数据解得 （2）外界对气体做的功为根据活塞受力平衡有解得 根据热力学第一定律有气体吸热联立解得 14．（1）；（2）（3） （1）设离子射入匀强磁场时的速率为v，根据题意得解得 （2）设离子在磁场中做圆周运动的半径为R，离子所受洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律可得 联立解得 （3）若离子恰好不进入小圆区域，设离子与小圆相切时轨道半径为R0，此时轨迹如图所示 在中，由几何关系得解得 要使离子不进入小圆，需满足的条件为解得磁感应强度 15．（1）18N，方向竖直向下；（2）；（3） 【详解】（1）a从出发点到N点，由动能定理有 在N点对物块a分析，由牛顿第二定律有 得物块a运动到圆弧轨道最低点N时受到的支持力大小 根据牛顿第三定律可知：物块a对轨道的压力大小为18N，方向竖直向下。 （2）a在传送带上，由牛顿第二定律有由运动学公式有 解得a在传送带上减速的位移为故物块a到达M点时速度为 a和b发生弹性碰撞有， 解得 物块a第一次碰后的速度大小为。 （3）物块a第一次碰后返回传送带时的速度小于传送带的速度，所以物块a将先在传送带上向右做减速运动，然后在传送带上向左做加速运动，由运动的对称性可知物块a离开传送带的速度仍然是va，且加速与减速的位移大小相等，由解得位移的大小送带的位移运动时间 经过M点到第二次碰前经过M点产生的热量联立解得物块a第一次碰后速度小于传送带速度v0，故第二次碰前速度仍为，第二次碰后a的速度为，则第2次碰后到第3次碰前产生的热量为由数学知识可知则物块a与传送带之间由于相对运动产生的总热量 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $