2026年辽宁省中考物理模拟练习试卷五

2026年中考物理模拟练习卷（五） （本试卷共24小题 满分80分 物理和化学考试时长共150分钟） 注意事项 1. 答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2. 答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 3. 考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、选择题 （本题共9小题，每小题2分，共18分。在每小题给出的四个选项中，第1~6题只有一项符合题目要求，第7~9题有多项符合题目要求，全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分） 1．《诗经·关雎》中“参差荇菜”一句，以“参差”形容水草长短不齐。我国传统管乐器排箫(如图)因竹管长短错落，雅称“参差”。竹管“参差”是为了改变发出声音的(　　) A．传播速度 B．音色 C．响度 D．音调 2．如图所示的四种现象中，其物态变化属于熔化的是（　　） A．冰雪遇暖消融 B．露珠逐渐消失 C．电熨斗冒出白雾 D．树枝上形成“雾凇” 3．生活现象中蕴含了丰富的光学知识，下列说法正确的是（　　） A．“池水映明月”是光的折射现象 B．“立竿见影”是光的反射形成的 C．“潭清疑水浅”是由于光的反射形成的 D．“一叶障目”是光沿直线传播形成的 4．如图所示，小明沿滑道从顶端匀速下滑的过程中，小明的（　　） A．重力势能减小，机械能不变 B．重力势能减小，机械能增大 C．动能不变，机械能不变 D．动能不变，机械能减小 5．如图甲展示的是一种具有报警功能的文物展示台。假设该展示台的结构如图乙所示，由木板，弹簧，金属片A、B、C，以及报警电路组成，文物放置在金属片B上。下列说法正确的是（　　） A．金属片B相当于电路的电源 B．文物放在金属片上时相当于电铃断路 C．金属片B上放置文物时小灯泡不发光 D．文物被拿走时电铃响，小灯泡亮 6．如图甲所示，用力F将小球压至D点，再撤去F，小球从静止开始向上运动，如图乙所示，到达C位置时小球所受弹力大小等于其重力大小，B位置是弹簧原长的位置，此后小球离开弹簧，上升至最高点A位置，整个过程不计空气阻力，小球从D点上升到A的过程中下列说法正确的是 A．小球在A位置时没有受到力的作用 B．小球在B位置时受到平衡力的作用 C．从D运动到B位置过程中小球受到的合力方向不变 D．从B运动到A位置过程中小球的运动状态一直在改变 7．科技小组的同学利用如图所示的自制照相机观看室外的景物。在较暗的室内，将凸透镜对着明亮的室外，拉动纸筒，改变透镜和半透明纸的距离，就可以在半透明纸上看到室外景物清晰的像。下列说法正确的是（　　） A．半透明纸相当于光屏 B．在半透明纸上可以得到正立的像 C．先减小相机与景物的距离，再拉动纸筒，增大半透明纸与透镜的距离，可使成在半透明纸上的像变大 D．若用手遮住凸透镜的一半，在半透明纸上所成物体的像仍是完整的 8．水平桌面上放有两个相同的圆柱形容器，容器内装有质量相同的不同液体，两个质量相等的实心小球用细线分别系在两容器底部，如图所示，A球的体积大于B球的体积，细线对两个小球都有拉力且拉力相等。下列判断正确的是（　　） A．两个小球受到液体的浮力相等 B．甲容器中液体密度大于乙容器中液体密度 C．乙容器底部受到的液体压强比甲大 D．两容器对桌面的压强相等 9．如图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡的额定电压为6V，闭合开关S后，当滑片Р从R的一端滑到另一端的过程中，小灯泡的关系图像如图乙所示。下列说法正确的是（　　） A．电源电压为9V B．小灯泡的额定功率为6W C．滑动变阻器的最大电阻为6Ω D．滑动变阻器阻值最大时，滑动变阻器10s内产生的热量为22.5J 二、填空题（本题共6小题，每空1分，共12分） 10． 广西壮族“三月三”期间，人们通过点燃篝火庆祝节日，篝火燃烧时，能量转化是　 　能转化为内能和光能；篝火旁的人们感到温暖，是通过　 　的方式改变内能。 11．如图所示，将吸管放在铁支架上，吸管可在水平面内自由转动，用餐巾纸摩擦吸管，再用一带负电物体靠近吸管，发现它们互相排斥，说明吸管带　 　（选填“正”或“负”）电荷，吸管和餐巾纸摩擦时吸管　 　（选填“得到”或“失去”）电子。 12．中国空间站依靠太阳能电池板供电，太阳能属于　 　（选填“可再生”或“不可再生”）能源；航天员与地面通过　 　波进行通信。 13．如图所示，用吸管吸牛奶时，会发现奶盒变瘪了，说明了　 　的存在。若牛奶盒内插入一根吸管A，用另一根吸管B对准A的管口上方吹气，可以看到吸管A中牛奶液面　 　（选填“上升”“下降”或“不变”）。 14．如图所示，一块长为L，质量分布均匀的木板A放在水平桌面上，木板A右端与桌边缘相齐。在其右端施加一水平力F使木板A由图示位置向右缓慢地移动，使右端离开桌边达自身长三分之一，在木板A移动过程中，木板A对桌面的压强　 　，木板受到桌面的摩擦力　 　（均选填“增大”“减小”或“不变”）。 15．如图，装有适量水的柱形容器静止在水平桌面上，不计质量的弹簧悬挂一不吸水圆柱体，圆柱体浸入水中3cm且处于静止状态，此时弹簧伸长量为8cm。现向柱形容器注水，注水过程中圆柱体缓慢上升，当弹簧恰好恢复原长时，停止注水，圆柱体静止。注水量为2.76kg且水没有溢出。已知：圆柱体高20cm、底面积100cm2，柱形容器底面积200cm2。容器中的水面与注水前相比升高了　 　cm，圆柱体的密度为　 　g/cm3。（，整个过程圆柱体始终未与容器壁接触） 三、作图题（本题共2小题，每小题2分，共4分） 16．图是光从水斜射入空气时入射光的光路情况，请在图中画出该入射光线对应的反射光线及大致的折射光线。 17．画出图中F1的力臂l1，并在A 点画出阻力F2的示意图. 四、实验题（本题共4小题，共24分） 18．（6分） 图甲所示，这是小雪和小华“探究水的沸腾实验”的实验装置，他们用完全相同的实验装置，对质量相同的水进行加热。 （1）小雪在安装和调试实验器材时应按　 　（选填“自上而下”或“自下而上”）的顺序调节实验装置； （2）图乙中的　 　（选填“a”或“b”）图是水沸腾时的情况； （3）图丙是他们绘制的 图象，由图象可知水的沸点是　 　℃，造成这种情况的原因是实验时水面上方的气压　 　1标准大气压（选填“低于”或“高于”）；从图象还可以看出小华实验用的那杯水的　 　，所以小华把水加热到沸腾所用时间比小雪长； （4）把水加热到沸腾以后，小雪为了验证水在沸腾时是否需要吸热，她应当　 　，同时观察烧杯中的水是否继续沸腾； 19．（5分） 小安完成对压强计的测试和调整后，进行探究“液体压强与哪些因素有关”实验： （1）气密性良好的U形管压强计　 　（选填“是”或 “不是”）连通器： （2）由甲、乙两图可知，同种液体内部的压强随深度的增加而　 　； （3）小安观察甲、乙两图发现，探头到烧杯底部的距离是不同的，于是想继续探究液体内部某点压强与该点到容器底部距离是否有关，则在甲、乙两图实验的基础上，还应进行的操作是　 　. （4）完成实验后，小安对实验器材进行改装，两个压强计的U形管内装有不同液体C、D，其他均相同，将它们通过T形管连接在同一金属盒上，实验现象如图丙，则液体密度ρC　 　ρD·理由是　 　。 20．（6分） 滨滨在物理课上做“探究凸透镜成像”的实验时，发现了很多有意思的现象： （1）滨滨根据实验记录，绘制成实像时像离透镜的距离v与物体离透镜的距离u之间的关系图像如图甲所示，现在将该凸透镜正对着平行光，在透镜的另一侧移动光屏，在距透镜10cm处光屏上会出现　 　。 （2）若将烛焰移至距凸透镜15cm处，移动光屏，使光屏上得到倒立、　 　（填“放大”“或缩小”）的实像。此成像规律应用在　 　上。（填一种光学器材名称） （3）做实验时，发现烛焰在光屏上所成的像如图所示，若要使烛焰成像在光屏中心，如果只调节蜡烛的烛焰，应将烛焰向　 　调节（填“上”或“下”）。重新固定好蜡烛后发现无论如何移动光屏，光屏中始终没有清晰的像，原因可能是　 　。 （4）用此透镜组装一个照相机模型：用来拍毕业照。拍照时，发现有部分学生没有在镜头里，为了拍完整的照片，应使镜头　 　（填“远离”或“靠近”）学生。 21．（7分） 小明利用如图甲所示的电路“探究电流跟电阻的关系”。已知电源电压为6V且保持不变，实验用到的电阻阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω。 （1）请你帮小明将图甲中的电路连接完整（要求滑动变阻器此时接入电路中阻值最大）； （2）小明连接完电路后闭合开关，发现电压表的示数接近电源电压，反复移动滑动变阻器的滑片P，电压表示数基本不变，原因可能是 　 　； （3）排除故障后，实验中多次改变R的阻值，调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数保持不变，记下电流表的示数，得到如图乙所示的电流I﹣R图像。 ①实验中，小明用5Ω的电阻做完实验后，断开开关，将5Ω的电阻换成10Ω的电阻接入电路，直接闭合开关，接下来应该进行的操作是：向 　 　（选填“左”或“右”）移动滑片，使电压表示数为 　 　V时，读出电流表的示数。 ②由图像可以得出结论：电压一定时，　 　； （4）为完成所有实验，滑动变阻器接入电路中最小阻值是　 　Ω； （5）小明还试图将定值电阻换成小灯泡来探究电流与电压的关系，你认为他的实验方案可行 吗？　 　（选填“可行”或“不可行”）。 五、综合应用题（本题共3小题，共22分） 22．（8分） 如图甲是巴氏低温消毒柜，它有加热和保温功能，其内部简化电路如图乙所示。R1、R2均为电热丝，加热功率为1100W，保温功率为220W。将旋钮开关转动到加热挡对酸奶加热，当温度升高到65℃时旋钮开关自动调到保温状态，使酸奶的温度维持在60℃~65℃之间。求： （1）R1、R2的阻值是多少？ （2）消毒柜将0.22kg的15℃的酸奶加热到65℃需要吸收多少热量？ （3）若不计热量损失，把酸奶从15℃加热到65℃需要多长时间？[取c酸奶=4×103J/(kg·℃)] 23．（8分） 快递业务服务提升了生活质量，为了提高快递配送效率，可使用如图所示的物流机器人完成快速智能配送。若空载时该物流机器人的重力为，轮胎与地面的总接触面积为，当该物流机器人完成所有配送任务后返回服务站时，在某平直道路上匀速行驶了，用时，已知机器人匀速行驶时，牵引力为120N，g取。求此过程中： （1）机器人对水平路面的压强为多少帕？ （2）机器人匀速行驶时牵引力所做的功为多少焦？ （3）机器人匀速行驶时牵引力的功率为多少瓦？ 24、（6分） 混合动力汽车 图甲是某款混合动力汽车，内部装有汽油机和电动机，启动时汽油机不工作，由蓄电池为电动机供电，在此纯电模式下，只有电动机为汽车提供动力，在蓄电池电力耗尽后，再由汽油机提供动力．蓄电池的放电效率为（即的电能转化为汽车的机械能），当汽车需要高速行驶或电池电量过低时，改由汽油机工作，为汽车提供动力，同时能通过电机给蓄电池充电。 某些混合动力汽车还可以采用并联式工作流程，如图乙所示，汽油机和电动机分属两套独立的工作系统，蓄电池通过电动机能单独驱动汽车，汽油机也能直接给汽车提供动力，两套系统还能同时工作驱动汽车，（已知） （1）图甲所示的混合动力汽车高速行驶时，动力系统与图中________（选填字母）的工作原理相似； A． B． （2）如图所示是该车自动测定汽车油箱内油面高度的装置原理图，图中油量表是由　 　（选填“电压表”或“电流表”）改装的； （3）如图为充电桩给蓄电池充电时充电功率P随充电时间t的变化图像。若充电时充电电压升至，充电过程的前充电电流不变，则电流为　 　；若充电至的时间内，充电电压保持不变，则该过程中充电电流逐渐　 　（选填“变大”或“变小”）； （4）混合动力车在快充充电桩充电时，每秒消耗电能。快充时间t，蓄电池由无电状态变为充满电，在纯电模式下可为该车提供的机械能，该车蓄电池在快充时的充电效率为，则t为　 　s； 2026年辽宁省中考物理模拟练习卷五 （5）若混合动力汽车采用并联式工作流程，输出了的功，消耗汽油，已知汽油机的效率为，电动机的效率为，则蓄电池需提供电能　 　。 每一份努力，都不会被辜负第 1 页 本试卷共 10 页 学科网（北京）股份有限公司 答案解析部分 1．【答案】D 【解析】【解答】排箫的竹管长短不同，管内空气柱的长度就不同。空气柱振动的频率与长度相关：空气柱越短，振动频率越高，音调越高；空气柱越长，振动频率越低，音调越低。因此竹管“参差”是为了改变声音的音调。 A、声音的传播速度由介质和温度决定，与竹管长短无关，排除。 B、音色由发声体的材料、结构等决定，排箫竹管材质相同，长短不会改变音色，排除。 C、响度由振幅决定，与竹管长短无关，排除。 故答案为：D。 【分析】1、音调的影响因素：音调由发声体振动的频率决定，频率越高，音调越高；频率越低，音调越低。 2、空气柱振动发声：管乐器靠内部空气柱的振动发声，空气柱的长度会影响振动频率，进而影响音调。 2．【答案】A 【解析】【解答】A．冰雪在温度升高时吸收热量，从固态冰变为液态水，属于熔化过程（物理变化），因此选项A正确； B．露珠消失是液态水转变为气态水蒸气的过程，属于汽化现象，故B项不符合题目要求； C．电熨斗产生的白雾是高温水蒸气遇冷液化成小水滴的表现，属于液化现象，因此C选项错误； D．雾凇形成是水蒸气不经过液态直接凝华成固态冰晶的过程，属于凝华现象，故D选项不符合题意。 正确答案为。 【分析】(1)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。 (2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。 3．【答案】D 【解析】【解答】A.“池水映明月”属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故A错误； B.“立竿见影”是光的直线传播形成的，故B错误； C.“潭清疑水浅”是由光的折射形成的，故C错误； D.“一叶障目”是光的直线传播形成的，故D正确。 故选D。 【分析】（1）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的； （2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的； （3）光在同一均匀介质中沿直线传播，光沿直线传播的例子有：小孔成像、影子的形成、日食和月食现象等。 4．【答案】D 【解析】【解答】小明匀速下滑，所以速度不变，动能不变，高度减小，重力势能减小，机械能为动能和重力势能之和，所以机械能减小。故D正确，ABC错误。 综上选D。 【分析】机械能：机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比。 5．【答案】D 【解析】【解答】A．根据乙图可知，金属片B向下移动捷通电路，向上移动断开电路，相当于一个开关，故A错误； B．根据乙图可知，文物放在金属片上时，金属片B向下移动与A、C接通，使电铃所在电路短路，而非相当于电铃断路，故B错误； C．根据乙图可知，文物放在金属片B上时，此时有电流经过灯泡，则小灯泡发光，故C错误； D．根据乙图可知，文物被拿走时，弹簧恢复原状使金属片B与C分离，电铃和小灯泡均接入电路，因此电铃响、小灯泡亮，故D正确。 故选D。 【分析】A.开关控制电路通断； BCD.根据图片确定电路的连接情况，进而确定电铃是否发声，灯泡是否发光。 6．【答案】D 【解析】【解答】 AB、B位置是弹簧自身长度的位置，此位置弹簧没有发生弹性形变，没有弹力，由于整个过程不计能量损失，没有阻力，此时小球只受重力，不是平衡力，故B错误； 在A位置小球到达最高点，速度为零，只受重力作用，故A错误； C、在D位置时，弹簧弹性形变最大，弹力最大，弹力大于重力，合力向上，小球加速上升，到达C位置时小球所受弹力大小等于重力，合力为零，之后BC段弹力小于重力，合力向下，小球做减速运动，BA段只受重力，合力向下，小球继续做减速运动，故C错误； D、由C分析知，D点弹力最大，弹力大于重力，合力等于弹力减重力，随后弹力减小，合力减小，当到C点时，弹力大小等于重力，合力为零，之后弹力小于重力，合力向上，合力等于重力减弹力，随着弹力的减小，合力逐渐增大，到B点，弹力消失，只受重力，合力就等于重力，合力达到最大后，故从D到A位置过程中小球受到的合力先减小再增大后不变，所以从B运动到A位置过程中小球的运动状态一直在改变，D正确。 故选：D。 【分析】 （1）平衡力大小相等、方向相反、在同一直线上、作用在同一物体上； （2）地球附近的物体都受重力作用； （3）在D位置时，弹簧弹性形变最大，弹力最大，弹力大于重力，小球加速上升；在C位置时，小球所受弹力大小等于重力，合力为零，速度最大；在BC段，弹力小于重力，合力向下，小球做减速运动；在BA段只受重力，合力向下，合力等于重力，合力最大，小球做减速运动。 7．【答案】A,C,D 【解析】【解答】 解：A、在自制照相机中，半透明纸用来承接像，相当于光屏，故A正确； B、凸透镜成正立的像时成的是虚像，虚像不能在半透明纸上承接，故B错误； C、先减小相机与景物的距离，即减小物距，再拉动纸筒，增大半透明纸与透镜的距离，即增大像距，根据凸透镜成像规律“物近像远像变大”可知，这样可使成在半透明纸上的像变大，故C正确； D、若用手遮住凸透镜的一半，光线可以通过凸透镜的另一半会聚成像，在半透明纸上所成物体的像仍是完整的，只是亮度变小，故D正确。 故选：ACD。 【分析】（1）照相机利用了物距在大于二倍焦距时，凸透镜能成倒立缩小的像的规律； （2）凸透镜在成实像时，物距变化，像距也变化，像的大小也跟着变化，具体规律为：“物近像远像变大”。 8．【答案】A,D 【解析】【解答】A．根据小球受力分析，细线对小球的拉力相等，两小球的重力相等，两小球受到的浮力大小相等，故A正确； B．两小球受到的浮力相等，A球的体积大于B球的体积，A球排开液体体积大于B球排开液体体积，根据F浮=ρ液gV排，甲液体密度小于乙液体密度，故B错误； C．因为两容器是圆柱形容器，底部受到的液体压力大小等于液体的重力，则两容器底部受到的液体压力相等，底面积相同，则两容器底部受到的液体压强相等，故C错误； D．小球的质量相等，容器的质量和液体的质量都相等，两容器总的重力相等，两容器对桌面的压力大小相等，底面积相同，两容器对桌面的压强相等，故D正确。 故选AD。 【分析】根据物体受到的力，分析浮力大小；根据浮力相同，结合排开液体的体积，分析液体密度大小；根据总重力分析压力关系，利用，分析压强的大小关系。 9．【答案】B,D 【解析】【解答】AB.由图甲可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电流表测电路中的电流，电压表测灯泡L两端的电压；当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，此时只有灯泡L接入电路，灯泡两端的电压等于电源电压，由图乙可知，此时灯泡两端的电压为6V，通过灯泡的电流为1A，所以电源电压为： U=UL=6V 此时小灯泡正常发光，额定功率为： P额=U额I额=6V x 1A=6w 故A错误，B正确； CD.当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，由图乙可知，此时灯泡L两端的电压 UL=1.5V，电路中的电流为 I=0.5A，根据串联电路电压的规律可知，此时滑动变阻器两端的电压为： 　 滑动变阻器的最大电阻为： 　 滑动变阻器阻值最大时，滑动变阻器10s内产生的热量 　 故C错误，D正确。 故选BD。 【分析】1.由图甲可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电流表测电路中的电流，电压表测灯泡L两端的电压；当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，此时只有灯泡L接入电路，灯泡两端的电压等于电源电压，由图乙可知灯泡两端的电压和通过灯泡的电流，根据 P额=U额I额 求出小灯泡的额定功率； 2.当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，由图乙可知灯泡L两端的电压和电路中的电流，根据串联电路电压的规律可求出滑动变阻器两端的电压，根据求出滑动变阻器的最大值，根据焦耳定律求出滑动变阻器10s内产生的热量。 10．【答案】化学；热传递 【解析】【解答】篝火燃烧时，获得内能，化学能能转化为内能和光能；篝火旁的人们感到温暖，是热量从篝火传向人，是通过热传递的方式改变内能。 【分析】燃料燃烧，将化学能转化为内能；物体间温度不同，通过热传递改变内能。 11．【答案】负；得到 【解析】【解答】（1）由题可知，用一带负电物体靠近吸管，发现它们互相排斥，根据电荷间的相互作用规律“同种电荷相互排斥”可知，吸管带负电荷，餐巾纸与吸管摩擦，吸管得到电子带负电，餐巾纸失去电子带正电。 故答案为：负；得到。 【分析】电荷间的相互作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引； 相互摩擦的两个物体，得到电子带负电，失去电子带正电。 12．【答案】可再生；电磁 【解析】【解答】（1）根据生活经验可知，太阳能可以在自然界里源源不断的得到补充，所以是可再生能源。 （2）空间站内的航天员利用电磁波与地面进行通信。 【分析】（1）可以在短时间内得到补充的能源为可再生能源； （2）根据电磁波的特点和应用解答。 13．【答案】大气压；上升 【解析】【解答】 用吸管吸牛奶时 ，奶盒内部气压减小，在外界大气压的作用下，使得 奶盒变瘪 ，空气流速增加，导致外界空气压强减小，在气压的作用下，A液面上升。 【分析】1、压强和流速的关系：压强越大，流速越小，应用为飞机机翼上凸，空气流速快，导致压强较小，形成向上的升力； 2、大气压的应用； 吸盘是将吸盘内部的气压减小，导致外界大气压大于内部气压，将吸盘压在墙面，和吸管吸取饮料的原理相同。 14．【答案】增大；不变 【解析】【解答】（1）根据题意可知，随着木板A被缓慢拉出，木板对桌面的压力始终等于重力，即压力不变，但是受力面积逐渐减小，由公式可知，木板A对桌面的压强逐渐增大。 （2）综上所述，木板A对桌面的压力不变。在木板的右端施一水平力F使木板A右端缓慢地离开桌面的过程中，因压力大小和接触面的粗糙程度不变，则木板A受到的摩擦力f不变。 【分析】（1）根据分析木板对桌面的压强变化； （2）滑动摩擦力的大小只与接触面的粗糙程度和压力的大小有关，据此分析判断。 15．【答案】19.6；0.73 【解析】【解答】 （1）由圆柱体浸入水中3cm且处于静止状态，此时弹簧伸长量为8cm。现向柱形容器注水，注水过程中圆柱体缓慢上升，当弹簧恰好恢复原长时，停止注水，圆柱体静止可知，在停止注水时，圆柱体上升8cm， 圆柱体下增加的水的体积Δ水=S容器h升=200cm2×8cm=1600cm3。 注水的体积， 容器中的水面与注水前相比升高了； （2）圆柱体浸入水中的深度h=19.6cm-8cm+3cm=14.6cm， 圆柱体漂浮，有G物=F浮， ρ圆柱体S圆柱体h圆柱体g=ρ水gS圆柱体h， ρ圆柱体×20cm=ρ水×14.6cm， 圆柱体的密度ρ圆柱体=0.73×10kg/m3=0.73g/cm3。 【分析】 （1）由圆柱体浸入水中3cm且处于静止状态，此时弹簧伸长量为8cm。现向柱形容器注水，注水过程中圆柱体缓慢上升，当弹簧恰好恢复原长时，停止注水，圆柱体静止可知，在停止注水时，圆柱体上升8cm，由V=Sh得到圆柱体下增加的水的体积Δ水。由密度公式得到注水的体积，分别得到注水体积减去圆柱体下面增加的水的体积和容器的底面积与圆柱体的底面积之差，进而得到容器中的水面与注水前相比升高的值。 （2）先得到圆柱体浸入水中的深度，由圆柱体漂浮时G物=F浮，展开等式、代入数据得到圆柱体的密度。 16．【答案】 【解析】【解答】过入射点作垂直于界面的法线（虚线）。根据光的反射定律：反射角等于入射角，在水中法线另一侧画出反射光线，使反射光线与法线的夹角等于入射光线与法线的夹角。 根据光的折射规律：当光从水斜射入空气时，折射光线远离法线，折射角大于入射角。在空气中法线另一侧画出折射光线，使折射光线与法线的夹角大于入射光线与法线的夹角。 故答案为：。 【分析】1、光的反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内；反射光线和入射光线分居法线两侧；反射角等于入射角。 2、光的折射规律：折射光线、入射光线和法线在同一平面内；折射光线和入射光线分居法线两侧；光从水（或其他介质）斜射入空气时，折射角大于入射角；光从空气斜射入水（或其他介质）时，折射角小于入射角；当光垂直入射时，传播方向不改变。 17．【答案】 【解析】【解答】图中剪刀是杠杆，O为支点，将动力F1的作用线延长，过O点作F1作用线的垂线，为动力臂l1；阻力F2使杠杆转动方向和动力使杠杆转动方向相反，则A点的阻力向下，如图： 【分析】从支点向力的作用线作垂线，为杠杆的力臂；动力对杠杆的作用和阻力对杠杆的作用相反。 18．【答案】（1）自下而上 （2）b （3）98；低于；初温较低 （4）撤掉酒精灯 【解析】【解答】(1)酒精灯需用外焰加热，所以要放好酒精灯，再固定铁圈的高度，安装实验器材时，应按照自下而上顺序进行。 (2)沸腾时，由于此时整个容器内的水温相同，气泡不断升高，深度不断减小，水压不断减小，并且有大量水蒸气进入气泡，气泡逐渐变大，图乙中的b图是水沸腾时的情况。 (3)由图丙可知，水的沸点是98℃，因1标准大气压下水的沸点是100℃，液体的沸点随气压的减小而降低，而此沸点温度低于一个标准大气下水的沸点，说明水面上方气压低于一个标准大气压。 由图丙知，小雪水的初温为92℃；小华水的初温为90℃，所以小华实验用的那杯水的初温较低。 (4)把水加热到沸腾以后，小雪为了验证水在沸腾时是否需要吸热，她应当撤掉酒精灯，同时观察烧杯中的水是否继续沸腾。 【分析】（1）探究沸腾规律时，组装器材从下到上； （2）水在沸腾时，水底的气泡上升变大； （3）水在沸腾时，温度保持不变，此时的温度是沸点；液体的沸点和气压有关； （4）探究沸腾规律是否吸收热量时，撤掉酒精灯观察现象； 19．【答案】（1）不是 （2）变大 （3）向乙中加入同种液体，直到金属盒的深度为12cm； （4）大于；T形管中气体的压强是相同的，右侧液体两管液面高度差大，根据p=ρgh可知，右侧液体密度小。 【解析】【解答】 （1）气密性良好的U形管压强计，因一端封闭，不是连通器； （2）由甲、乙两图可知，甲图中橡皮膜的深度大，由转换法产生的压强也大，得出：同种液体内部的压强随深度的增加而变大； （3）小安观察甲、乙两图发现，探头到烧杯底部的距离是不同的，于是想继续探究液体内部某点压强与该点到容器底部距离是否有关，要控制液体的密度和深度相同，甲图中橡皮膜的深度为h=19cm-7cm=12cm， 则在甲、乙两图实验的基础上，还应进行的操作是向乙中加入同种液体，直到金属盒的深度为12cm； （4）两个压强计的U形管内装有不同液体C、D，其他均相同，将它们通过T形管连接在同一金属盒上，T形管中气体的压强是相同的，右侧液体两管液面高度差大，根据p=ρgh可知，右侧液体密度小，即液体密度ρC大于ρD。 【分析】 （1）上端开口、下端连通的容器叫连通器； （2）（3）液体内部压强的大小是通过液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法；液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变； （4）T形管中气体的压强是相同的，右侧液体两管液面高度差大，根据p=ρgh分析。 20．【答案】（1）一个最小最亮的光斑 （2）放大；投影仪 （3）上；蜡烛被固定在一倍焦距以内 （4）远离 【解析】【解答】（1）根据图像，当时，物距等于像距，此时成倒立、等大的实像，物距和焦距关系为，凸透镜的焦距，平行光经过凸透镜后会聚于焦点，成最小、最亮的光斑。 （2）凸透镜的焦距为10cm，物体在15cm处，位于凸透镜的一倍焦距和二倍焦距之间，成倒立、放大的实像，应用这一原理制成投影仪、幻灯机。 （3）烛焰在光屏上的像位置偏高，烛焰中心低于凸透镜光心，只调节蜡烛的烛焰，应向上移动蜡烛。 重新固定好蜡烛后，移动光屏，光屏上接收不到像，则不成像或成的是虚像，蜡烛固定在一倍焦距以内或一倍焦距处。 （4）拍照时，有部分学生没有在镜头里，应使像缩小一些，根据凸透镜成像原理，当成实像时，物远像近像变小，故应增大物距，镜头应远离学生。 【分析】（1）凸透镜成像时，物距等于像距，物体在二倍焦距点，可以计算焦距； （2）物体在凸透镜的一倍焦距和二倍焦距间，光屏上成倒立放大的实像； （3）凸透镜成实像时，是倒立的，当物体在一倍焦距点或焦点内，光屏上没有像； （4）照相机拍摄时，物距变大，像距变小，像变小。 （1）根据图像可知，当时，物距等于像距，根据凸透镜成像特点可知，此时成倒立、等大的实像，此时物距和焦距关系为 即此凸透镜的焦距为，平行光经过凸透镜后会会聚于焦点，成最小、最亮的光斑。 （2）[1][2]凸透镜的焦距为10cm，物体在15cm处，位于凸透镜的一倍焦距和二倍焦距之间，在光屏上得到倒立、放大的实像，投影仪、幻灯机就是应用这一原理制成的。 （3）[1]烛焰在光屏上的像位置偏高，说明蜡烛的烛焰中心低于凸透镜光心，所以如果只调节蜡烛的烛焰，应向上移动蜡烛。 [2]重新固定好蜡烛后发现无论如何移动光屏，光屏中始终没有清晰的像，说明光屏上接收不到，故此时不成像或成的是虚像，所以蜡烛被固定在一倍焦距以内或蜡烛被固定在一倍焦距处。 （4）拍照时，发现有部分学生没有在镜头里，为了拍完整的照片，应使像缩小一些，根据凸透镜成像原理，当成实像时“物远像近像变小”，故应增大物距，所以镜头应远离学生。 21．【答案】（1） （2）定值电阻断路 （3）左；2.5；通过导体的电流与导体的阻值成反比 （4）7 （5）不可行 【解析】【解答】（1）在探究电流与电阻关系的实验中，滑动变阻器应与定值电阻串联。变阻器的滑片在最左端时阻值最大，那么应该将右下角的接线柱与电源负极相连即可，如下图所示： （2）小明连接完电路后闭合开关，发现电压表的示数接近电源电压，反复移动滑动变阻器的滑片P，电压表示数基本不变，原因可能是定值电阻断路； （3）①根据串联电路电压与电阻成正比可知，当定值电阻变大时，滑动变阻器的阻值也要变大，即向左移动滑片，使电压表的示数保持为：U=IR=0.5A×5Ω=2.5V； ②根据图像可知，电流随电阻变化的图像为一条双曲线，那么得到： 通过导体的电流与导体的阻值成反比 。 （4）根据乙图可知，通过电路的最大电流为0.5A，变阻器两端的电压为：U变=U总-U=6V-2.5V=3.5V，则变阻器接入的最大电阻为：； （5） 小明还试图将定值电阻换成小灯泡来探究电流与电压的关系， 需要控制定值电阻的阻值不变，而灯泡的电阻随温度的变化而变化，因此不可行。 【分析】（1）根据题目描述分析变阻器的接线柱的选择情况即可； （2）在探究电流跟电阻关系的实验中，如果定值电阻断路，那么电压表串联在电路上，此时电压表测电源电压。由于电压表的内阻很大，因此通过电路的电流很小，即电流表的示数几乎为零。 （3）①根据乙图确定电阻和对应的电流，根据U=IR计算电压表保持不变的示数； ②探究电流与电阻的关系时，需要控制电压表的示数不变，根据U总=U1+U2可知，变阻器的电压不变，因此二者的电压的比值保持不变。根据串联电路的分压规律分析定值电阻变大时变阻器的阻值变化，从而确定它的滑片移动方向即可。 ③根据图像确定电流与电阻的关系。 （4）根据图乙确定电路的最小电流，根据U变=U总-U计算变阻器的电压，根据计算变阻器接入的阻值即可。 （5）探究电流与电压的关系时，需要控制电阻相同，而灯泡电阻随温度的升高而增大，据此分析解答。 22．【答案】（1）解：开关S闭合，旋钮开关接2时，电路为R2的简单电路，此时电路的电阻较小，根据 可知电路的总功率最大，消毒柜处于加热状态；由得，R2的阻值 当旋钮开关接1时，R1、R2串联，电路的总电阻最大，根据 可知电路的总功率最小，消毒柜处于保温状态，电路中的总电阻 R1的阻值R1=R-R2=220Ω-44Ω=176Ω 答：R1的阻值为176Ω，R2的阻值为44Ω； （2）解：酸奶吸收的热量：Q吸=c酸奶m(t1-t2)=4×103 J/(kg·℃×0.22kg×(65℃-15℃)=4.4×104J 答：消毒柜将0.22kg的15℃的酸奶加热到65℃需要吸收的热量为4.4×104J； （3）解：若不计热量损失，需要消耗的电能W=Q=4.4×104J 由可得，把酸奶从15℃加热到65℃需要的时间 答：若不计热量损失，把酸奶从15℃加热到65℃需要的时间为40s。 【解析】【分析】（1）根据电压和电功率，可以计算用电器的电阻；利用串联电路电阻规律，计算部分电阻； （2）根据物体的比热容、质量和温度差，计算热量； （3）利用消耗的电能和电功率的比值， 计算工作时间。 23．【答案】解：（1）机器人对水平路面的压力 机器人对水平路面的压强 （2）机器人匀速行驶时牵引力所做的功 （3）机器人匀速行驶时牵引力的功率 答：（1）机器人对水平路面的压强为； （2）机器人匀速行驶时牵引力所做的功为； （3）机器人匀速行驶时牵引力的功率为400W。 【解析】【分析】（1）水平面受到的压力等于物体的重力，根据，计算压强； （2）结合牵引力和距离，利用W=Fs，计算牵引力做功多少； （3）结合时间，利用，计算功率。 24．【答案】（1）A （2）电流表 （3）200；变小 （4）5000 （5） 【解析】【解答】（1）根据乙图可知，当汽车高速行驶时，汽油机消耗汽油，将汽油燃烧产生的内能转化为机械能。图中A是内能转化为机械能，B是机械能转化为内能，故选择A。 （2）根据图片可知，油量表是串联在电路中，因此为电流表改装。 （3）①根据题意可知，若充电时充电电压升至，则充电电流； ②根据图片可知，若充电至的时间内，充电电压保持不变，而电功率逐渐减小，根据可知，则该过程中充电电流逐渐变小。 （4）快充充电桩充电时，每秒消耗电能，即功率为， 根据充电效率和放电效率结合得到：， 解得： （5）2kg汽油完全燃烧放出热量为； 汽油机输出的机械功为；根据可知，， 解得：。 【分析】 （1）油电混合动力汽车高速行驶，汽油机工作，发电机给电池充电，据此分析解答； （2）根据油量表串联在电路中分析；由图可知，R0和滑动变阻器串联，当油面下降时，滑片向上移动，滑动变阻器接入电路的阻值变大，根据串联电路的电阻规律和欧姆定律分析解答； （3）根据P=UI分析； （4）根据消耗的电能乘以充电效率乘以放电效率得出转化为的机械能，列方程计算。 （5）根据Q放=mq求出2kg汽油完全燃烧放出的热量，利用求出汽油机输出的机械功；根据W=W汽+ηW电计算蓄电池需提供电能。 （1）[1]由图可知，动力由汽油机工作时内能转化为机械能和电动机的电能转化为机械能提供，图中A是内能转化为机械能，B是机械能转化为内能，由此选择A。 （2）[1]因为油量表是串联在电路中，因此为电流表改装。 （3）[1]若充电时充电电压升至，充电过程的前充电电流不变，根据，则电流 [2]若充电至的时间内，充电电压保持不变，而电功率逐渐减小，根据，则该过程中充电电流逐渐变小。 （4）[1]快充充电桩充电时，每秒消耗电能，即功率为，根据充电效率和放电效率结合，则，解得： （5）[1]2kg汽油完全燃烧放出热量为 汽油机输出的机械功为 根据可知，，解得： 每一份努力，都不会被辜负第 1 页 本答案共 13页 学科网（北京）股份有限公司 $