2026年辽宁省中考物理模拟练习试卷二

2026年中考物理模拟练习卷（二） （本试卷共24小题 满分80分 物理和化学考试时长共150分钟） 注意事项 1. 答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2. 答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 3. 考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、选择题 （本题共9小题，每小题2分，共18分。在每小题给出的四个选项中，第1~6题只有一项符合题目要求，第7~9题有多项符合题目要求，全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分） 1．在国际单位制中，电阻的基本单位是以哪位科学家名字命名的（　　） A．伏特 B．欧姆 C．奥斯特 D．安培 2．用水来做内燃机的冷却剂，它主要利用了水的 A．比热容大，易流动 B．比热容小，易流动 C．密度小，质量轻 D．体积小，易流动 3．如图是我国的传统乐器——排箫，它是由长短不同的竹管制成。演奏时，吹不同长度的竹管是为了改变声音的（　　） A．响度 B．音调 C．音色 D．速度 4．《诗经》是最早的一部诗歌总集，收集了西周初年至春秋中叶的诗歌，反映了周初至周晚期约五百年间的社会面貌。其中《诗经•蒹葭》中就有“蒹葭苍苍，白露为霜”的诗句，下列现象的物态变化过程属于凝华的是（　　） A．雾 B．雨 C．露 D．霜 5．如图所示，日晷是我国古代劳动人民用来计时的一种工具。通过观察直杆在太阳下影子的位置就可知道时间。下列四幅图所描述的物理现象与日晷工作原理相同的是（　　） A．空中彩虹 B．水中倒影 C．杯中铅笔 D．墙上手影 6．动物大都有各自的“绝活”，图所示的“绝活”中，可以减小压强的是（　　） A．骆驼的脚掌 B．野牛的角 C．鹰爪 D．啄木鸟的嘴 7．如图二维码现在已经成为人们的便捷助手了，生活中付款、查阅资料、填写问卷等都可以用手机扫码实现。用手机扫描超市张贴的二维码付款时，有关说法正确的是（　　） A．手机摄像头相当于凸透镜 B．扫码时，成倒立缩小的实像 C．离近扫码时，二维码到摄像头的距离小于一倍焦距 D．二维码是光源 8．下列叙述正确的是（　　） A．静止在斜坡上的汽车如果受到的力全部消失，汽车将向下运动 B．足球的运动状态改变，则足球一定受到力的作用 C．竖直向上抛向空中的石块，运动越来越慢，是由于石块受到的合力竖直向下 D．载人飞船试验船定轨后，绕地球匀速转动时处于平衡状态 9．如图甲所示电路，电源电压保持不变。灯泡L的额定功率为2W，滑动变阻器R的最大阻值为，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P，使其从最右端向左滑动至灯泡正常发光，图乙是其中的一个电压表示数与滑动变阻器阻值变化关系的图像。下列分析中正确的是（　　） A．图乙是示数与变阻器阻值变化关系图像 B．滑片P滑动至最右端时，灯泡的阻值为 C．灯泡正常发光时， D．整个电路消耗的最小功率为1.8W 二、填空题（本题共6小题，每空1分，共12分） 10．2023年10月31日神舟十六号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆，返回舱在返回地面降落的过程中相对于 　 　是静止的，飞行员被抬出舱外的过程中，若以地面为参照物则该飞行员是 　 　的。 11．我国空间站在太空中用　 　波与地面通信，并用太阳能电池板获取能量，太阳能属于　 　再生能源。 12．图中所描述的情景为金石滩夜晚的情况，这是因为　 　比热容较大，吸收或放出相同的热量，温度变化较小的缘故。图中液态的海水很难用压缩的方法使其体积变小，是因为分子间存在　 　的缘故。 13．电热暖手宝（俗称电暖宝）是冬季暖手、暖足的理想用品。有防爆免烫和温控保护装置（温度达到设定温度可自动切断电路）。电暖宝工作时利用了电流的　 　效应；电暖宝中的温控保护装置在电路中的作用相当于　 　（选填“电源”“开关”或“用电器”）。 14．用吸管可以将杯中饮料“吸”上来，也能将杯中液体“吹”上来，如图所示。前者能将饮料“吸”上来，是利用了　 　的作用；后者能将液体“吹”上来，原因是吸管上方的空气流速快，压强　 　。 15．如图，物体A、B体积相同，A的重力4N、B的重力为8N，当A、B在水中静止时，A有的体积露出水面，其中细线被拉直且有拉力，容器的底面积为。当细线剪断后，容器中的液面将　 　（选填“上升”“下降”或“不变），容器底部受到的水的压强变化量为　 　Pa。（，） 三、作图题（本题共2小题，每小题2分，共4分） 16．小爱站在地上用最省力的方式提升重物，请你在图中为她画出滑轮组的绕线方式。 17．如图，小球悬挂在弹簧下端处于静止，请画出小球所受力的示意图． 四、实验题（本题共4小题，共24分） 18．（6分） 小明同学为了探究平面镜成像特点，准备如下器材：各种长度的蜡烛若干、平面镜一块、玻璃板一块、白纸一张（如图1所示）。 （1）图1中平面M所选的器材是　 　（选填“平面镜”或“玻璃板”），理由是　 　； （2）小明把蜡烛A点燃放在M前面，为了比较像与物大小关系，选取大小相同的蜡烛B放在M后面，实验过程中蜡烛B　 　（选填“需要”或“不需要”）点燃； （3）实验中若无论怎样水平移动蜡烛B，都不能与蜡烛A的像重合，原因可能是　 　； （4）如图2甲所示，一枚硬币放在竖直的平面镜前，硬币的像在a处；将平面镜平移至图2乙所示的位置时，硬币的成像情况是____（选填字母代号）； A．硬币成像在a处 B．硬币成像在b处 C．硬币成像在c处 D．硬币无法通过平面镜成像 （5）下列关于成像的描述中不符合实际的一项是____（选填字母代号）。 A．改变硬币到玻璃板的距离，像的大小相同 B．用大小不同的玻璃板实验，像的大小相同 C．沿不同方向观察硬币的像，像的位置相同 D．若在玻璃板与B之间放一块纸板，观察不到A的像 19．（5分） 在探究“水沸腾时温度变化的特点”的实验中： （1）如图甲所示，将酒精灯放在铁架台上的铁圈B下方，将石棉网放在铁圈B上，并调整到适当高度，将装有适量水的烧杯放到石棉网上，将温度计悬挂于铁架台的支架A上，并根据温度计的位置来调节　 　（选填“铁圈B”或“支架A”）的高度，保证温度计的玻璃泡浸没在水中，不碰到容器底和壁； （2）图乙为小红绘制的温度-时间图像，分析图像可知水的沸点是　 　℃，沸腾时温度变化的特点是　 　； （3）小红猜想烧杯中沸腾的水也能将图丙试管中的水加热至沸腾。实验时，用烧杯中沸水给试管中的水加热，一段时间后，试管中的温度计示数上升到图丁所示的值后不再变化，试管中的水不沸腾，此时试管中水的温度　 　（选填“达到”或“未达到”）沸点，温度不再变化的主要原因是试管中水温较高时，水的蒸发变　 　（选填“快”或“慢”），相同时间内试管中的水从沸水中吸收的热量等于试管中水蒸发吸收的热量。 20．（5分） 兴趣小组用如图甲所示装置“探究电流与电压的关系”，其中电源为6V的学生电源（电压恒定），滑动变阻器规格为“50Ω 2 A”。 电压 0.5 1.0 1.5 2.0 电流 0.1 0.2 0.3 0.4 （1）请用笔画线代替导线，在图甲中完成电路连接（要求滑片P向右滑动时，电流表的示数变大）； （2）正确连接后，闭合开关，发现电压表和电流表均无示数。拆下电压表，用它查找故障，保持开关闭合，将电压表的正接线柱接在电源正极，负接线柱分别接在电路中的各接线柱，得到以下信息，则故障可能是　 　； 导线接触接线柱 C D E F G H I 电压表示数（V） 0 0 0 0 6 6 6 （3）排除故障后，闭合开关，多次改变滑片位置，记录实验数据如乙所示，根据表中数据可归纳得出结论：　 　； （4）为了进一步探究电流与电阻的关系，兴趣小组又找来10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的定值电阻继续实验。 ①将5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的定值电阻分别接入电路，按规范的实验步骤进行操作，根据记录的数据绘制图丙所示的图像，图中阴影部分“面积”表示的物理量是　 　； ②实验中，学生电源损坏，用新干电池串联的电池组替代，若要完成上述实验，5只电阻都要用到，则干电池组最多不能超过　 　节。 21．（8分） 小明运用浮力相关知识制作了可以用来测量物体质量的“浮力称”，其构造如图所示，在水平支架的左端固定刻度盘，支架横梁两端各固定一个滑轮，将一根无弹性的细绳跨过两个滑轮，细线的一端悬挂秤盘，另一端连接装有适量细沙的圆柱形浮筒(浮筒自重不计)，在线的适当位置固定一根大头针作为指针，把浮筒浸入装有适量水的水槽中，称量时，把待测物体放入秤盘后，指针下降，浮筒上升，静止后，待测物体的质量就可以通过指针在刻度盘上的位置反映出来.请你回答下列问题(不计细线、秤盘、指针的质量以及线与滑轮的摩擦). （1）为了制作量程为1kg的“浮力称”，向秤盘添加1 kg的砝码，逐渐向空浮筒内加入细沙，当浮筒的　 　(填“上”或“下”)表面刚好与水面齐平并保持静止时，在刻度盘上将指针所指的位置标定为最大刻度线. （2）取下砝码，当浮筒受到的　 　力和　 　力是一对平衡力时，浮筒能直立地浮在水面上静止，此刻度所指的位置应标定为零刻度线，再均匀地标定其余刻度线. （3）若将质量为m(m<1kg)的待测物体放在秤盘上，当浮筒静止时其下表面距离水面的距离是h，若细沙的质量是M，浮筒的横截面积是 S，水的密度为ρ水，请写出待测物体质量的表达式m=　 　. （4）若将原来的浮筒更换为长度相同、横截面积更小的另一个浮筒，细沙的质量和细线的长度等不变，则重新标定的刻度线与原来的刻度线相比发生变化的是　 　(填“零刻度线上升”或“最大刻度线下降”)，请你分析带来这一变化的原因：　 　 五、综合应用题（本题共3小题，共22分） 22．（8分） 如图所示是某款无人机，它的总质量为0.2kg，能够垂直升降。它在10s内竖直向下移动了40m后停在水平地面上，与地面的总接触面积为。（不计空气阻力，=10N/kg）求： （1）无人机受到的重力大小？ （2）无人机下降过程中重力所做的功？ （3）无人机停在地面上时对地面的压强？ 23（8分） ．图a是3D打印笔工作场景，加热电路简化如图b，电源电压恒为6V， 只闭合S1时低温档工作， 都闭合时高温档工作，干路电流为2.5A，求： （1） 通过R1的电流； （2）低温档的功率； （3） 通过R2的电流； （4）3D打印所用材料的比热容( 若消耗电能 可使 的材料从20℃加热到 求： ①材料吸收的热量； ②打印笔的加热效率. 24．（6分） 3D打印 3D打印机是一种可快速成型的机器，原理是把数据和原料放进3D打印机中，通过逐层打印的方式来构造物体，热融技术是添加打印丝材到打印喷头，加热到190℃～230℃，熔化后从喷头挤出细细的料丝，液体在铜头管道中流动会受到较大的阻力，3D打印属于增材制造，精度越高速度越慢。某家用级别3D打印机所使用的丝材主要是ABS和PLA塑料，当给ABS塑料进行加热的时候，它就会逐渐变软变稀再变成液体；而PLA塑料加热到一定温度时直接从固体变成液体。1图所示是某型号3D打印机，表格为其部分技术参数： 型号 XXX 成形技术 热融 额定电压 220V 额定输入功率 250W 最大打印速度 80mm/s 工作噪音 50dB～60dB 净重 25kg 喷嘴最高工作温度 250℃ （1）2图是打印机电路示意图，当打印机正常工作时，电磁铁的上方为　 　（选填“N”或“S”）极； （2）下列说法中错误的是（　　） A．PLA塑料加热成液体时，通过热传递改变其内能 B．该打印机工作工作1min，放出热量1.5×104J C．该打印机工作1小时消耗的电能为0.25kW·h D．该打印机工作时发出的声音不会对人的听力造成损伤 （3）3D打印机正常工作时的电流大约是　 　A（计算结果保留1位小数），打印喷头工作时主要用了电流的　 　效应； 2026年辽宁省中考物理模拟练习卷二 （4）不同的打印丝材温度要求是有差异的，利用温度传感器可实现对打印喷头温度的精确测量。2图中，U1=9V，电磁铁的线圈电阻忽略不计，当电磁继电器线圈的电流达到100mA时，衔铁被吸下来。3图是温度传感器R1阻值随温度变化的图像，当滑动变阻器R2接入电路中的电阻为60Ω时，喷头的温度最高可达到　 　℃。要使打印丝材能熔化，滑动变阻器的滑片可以　 　（选填“不”“向左”或“向右”）移动。 愿你做过的题，都变成你向上的力。第 1 页 本试卷共 10 页 学科网（北京）股份有限公司 答案解析部分 1．【答案】B 【解析】【解答】国际单位制中，电阻的基本单位是欧姆，符号是Ω，伏特是电压的单位，安培是电流的单位，B符合题意。 故选B。 【分析】根据电压、电流、电阻的单位解答。 2．【答案】A 【解析】【解答】 A、水的比热容大，意味着相同质量的水在吸收或放出相同热量时，温度变化较小，能有效带走内燃机产生的大量热量，保持发动机温度稳定；同时水易流动，可以通过循环系统持续散热。因此A选项正确。 B、水的比热容大，而非小，所以B错误。 C、密度小、质量轻不是水作为冷却剂的主要原因，核心是比热容大，所以C错误。 D、体积小不是水作为冷却剂的关键特性，所以D错误。 故答案为：A。 【分析】1、比热容：单位质量的某种物质，温度升高（或降低）1℃所吸收（或放出）的热量，是反映物质吸热或放热能力的物理量。水的比热容较大（c水=4.2103J/(kg·℃)），因此常被用作冷却剂、取暖介质。 2、冷却剂原理：利用比热容大的物质，在循环流动中高效吸收并带走热量，维持设备温度稳定。 3．【答案】B 【解析】【解答】音调的高低取决于发声体的振动频率。振动频率越高，音调越高；振动频率越低，音调越低。在排箫中，虽然竹管的粗细相同，但长度不同：较长的竹管内部空气柱更长，振动频率更低，因此音调更低；较短的竹管内部空气柱更短，振动频率更高，因此音调更高。所以，通过改变竹管的长度可以调节声音的音调。选项ACD不符合题目要求，只有选项B符合。 故选B。 【分析】声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大． 4．【答案】D 【解析】【解答】雾、露、雨是水蒸气变为液体的水，是液化形成的，ABC不符合题意；霜是水蒸气直接变为的固体小冰晶，是凝华形成的，D符合题意。 故答案为：D. 【分析】凝华是气体直接变为固态的现象。 5．【答案】D 【解析】【解答】日晷根据光沿直线传播制成的； A.彩虹是光的折射现象，A不符合题意； B.水中倒影，是光的反射现象，B不符合题意； C.水中的铅笔弯折，是发生了折射现象，C不符合题意； D.手影，是光沿直线传播形成的，D符合题意。 故答案为：D. 【分析】日晷、影子、小孔成像等是光沿直线传播形成的；水中倒影是反射现象。 6．【答案】A 【解析】【解答】A．骆驼脚掌是在压力不变的情况下，通过增加受力面积的方式减小压强，故A符合题意； B．C、D野牛的角，老鹰的利爪，啄木鸟的嘴尖均是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故BCD不合题意； 故选A。 【分析】压强的计算：公示为P=F/S，增加压强的方式有增加压力，减小受力面积。减小压强的方式有减小压力，增加受力面积 7．【答案】A,B 【解析】【解答】ABC．手机上的摄像头相当于照相机，是凸透镜；根据凸透镜成实像的特点，扫描二维码时，二维码成倒立缩小的实像；离近扫码时，成的也是倒立缩小的像，也是位于摄像头的二倍焦距以外，AB符合题意，C不符合题意； D．二维码自身不能发光，不是光源，D不符合题意。 故答案为：AB。 【分析】手机上的摄像头相当于照相机，是凸透镜；根据凸透镜成实像的特点，扫描二维码时，二维码成倒立缩小的实像；离近扫码时，成的也是倒立缩小的像；自身能发光的物体叫光源。 8．【答案】B,C 【解析】【解答】A、一切物体，不受到任何外力作用时，将保持静止或匀速直线运动状态。静止在斜坡上的汽车如果受到的力全部消失，则仍然静止，故A错误； B、足球的运动状态改变，则足球一定受到力的作用，故B正确； C、竖直抛向空中的石块，由于石块受到竖直向下的重力和竖直向下的阻力，二力的合力竖直向下，改变了石块的运动状态，所以石块运动的越来越慢，故C正确； D、载人飞船定轨后，绕地球匀速转动时，运动方向在不断改变，不是处于平衡状态，故D错误。 故选：BC。 【分析】（1）由牛顿第一定律：一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态，分析判断； （2）力改变物体运动状态的原因； （3）力的合成：同一直线上方向相同的两个力的合力等于两个力之和，方向和两个力的方向相同；同一直线上方向不同的两个力的合力等于两个力之差，力的方向和较大的那个力方向相同；%0D%0A（4）平衡状态包括静止状态和匀速直线运动状态，处于平衡状态的物体受到平衡力的作用。 9．【答案】A,C,D 【解析】【解答】A．图甲中，开关S闭合，灯泡L与变阻器串联，电压表测灯泡电压，测滑动变阻器的电压；当滑片P向右滑动时，接入电阻变大，滑动变阻器的电压变大，图乙中，是电压表与变阻器阻值变化关系图像，故A正确； B．当滑片滑动到灯泡正常发光时，电路电流最大，变阻器两端的电压最低，乙图中，电压表的示数，变阻器的接入电阻，电路中的电流， 灯正常发光，则，，则灯泡两端的电压； 根据串联电路电压规律，则电源电压：，滑片在最右端时，变阻器的接入电阻最大，为，乙图，电压表的示数，电流， 灯泡两端的电压：，灯泡电阻，故B错误； C．当滑片滑动到灯泡正常发光时，电流最大，灯泡的电压，变阻器两端的电压，灯泡与滑动变阻器的功率之比：，故C正确； D．变阻器的滑片在最右端时，变阻器接入电阻最大，电流最小，则电路的最小电功率，故D正确。 故选ACD。 【分析】根据，计算电路中电流大小，结合，计算电压，根据串联电路电压规律，计算总电压，利用P=UI，计算电功率。 10．【答案】飞行员；运动 【解析】【解答】返回舱在返回地面降落的过程中，相对于飞行员没有位置变化，是静止的，飞行员被抬出舱外的过程中，若以地面为参照物则该飞行员有位置变化，是运动的。 【分析】相对于参照物，没有位置变化是静止的，有位置变化是运动的。 11．【答案】电磁；可 【解析】【解答】我国空间站在太空中用电磁波与地面通信。太阳能取之不尽用之不竭，所以太阳能属于可再生能源。 【分析】1、可在生能源：使用后短期可以恢复的能源，如太阳能、水能、风能、生物质能、波浪能、潮汐能、海洋温。 2、信息的传递：无线网络通信依靠电磁波来传递信息。 12．【答案】海水的；斥力 【解析】【解答】在常见物质中，海水的比热容是比较大的，因此，在相同条件下，海水吸收的热量较多，而在吸收或者放出相同热量时，海水温度变化小。由于分子间存在引力，因此液态的海水很难被压缩。 【分析】水的比热容较大，吸收或放出热量时，温度变化小；分子间存在引力和斥力。 13．【答案】热；开关 【解析】【解答】电暖宝工作时将电能转化为内能，是利用电流的热效应来工作的。电暖宝中的温控保护装置，在温度达到设定温度可以自动切断电路，温控保护装置在电路中的作用相当于开关。 【分析】电流通过导体产生热量，是电流的热效应；控制电路通断的是开关。 14．【答案】大气压强；小 【解析】【解答】解：用吸管吸饮料时，吸管内的空气被吸出，管内气压小于外界大气压，在大气压的压力差作用下，饮料被压入吸管并进入口中，所以是利用了大气压的作用。 根据流体压强与流速的规律，流体流速越大的位置，压强越小。当向吸管上方吹气时，吸管上方空气流速加快，导致该处的压强变小，下方的大气压就会将液体压入吸管，使液体 “吹” 上来。 故答案为：大气压强；小。 【分析】用吸管 “吸” 饮料时，人先吸走吸管内的空气，使管内气压降低，外界的大气压就会将杯中的饮料压入吸管并进入口中。这个过程是利用了 ** 大气压（或大气压强）** 的作用。 当向吸管上方吹气时，吸管上方的空气流速加快。根据流体压强与流速的关系，流速越大的位置压强越小，因此吸管上方的压强变小（或减小），杯中的液体在外界大气压的作用下被压入吸管，从而 “吹” 上来。 15．【答案】下降；40 【解析】【解答】（1）剪断细线前，A和B都是漂浮，则它们受到的总浮力等于二者的重力之和。剪断细线后，物体A漂浮，它受到的浮力等于重力；物体B下沉，它受到的浮力小于重力，则二者在总浮力小于二者的总重力。比较可知，二者受到的浮力减小了，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，它们排开水的总体积减小了，因此容器中液面将下降。 (2) 剪断后A处于漂浮状态，即F浮=ρ水gV排=GAA排开水的体积 AB的体积相同，剪断前AB处于漂浮状态，即V=7.2×10-4m3剪断后水面高度的变化量 容器底部受到的水的压强变化量为Δp=ρ水gΔh=1.0×103kg/m3×10N/kg×4×10-3m=40Pa 。 【分析】（1）根据浮沉条件比较细线剪断前后二者受到浮力的变化，再根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排分析排开水的体积变化即可； （2）剪断细线前后，B始终处于浸没状态，因此它不会影响水面的变化，因此水面的变化其实就是物体A排开水的体积的变化量。剪断细线后，A在水平漂浮，则它受到的浮力等于重力，根据 计算出此时A排开水的体积。 剪断细线前，A和B一起处于漂浮状态，它们受到的浮力等于二者的总重力，根据阿基米德原理计算出此时排开水的体积，并计算出物体A的体积，最后根据 计算水面高度的变化量，根据 Δp=ρ水gΔh 计算容器底部受到水的压强的变化量即可。 16．【答案】解：如图所示： 【解析】【解答】要滑轮组最省力，则需要使承担物重的绳子段数最多，由图可知，应从动滑轮绕起，依次绕过各滑轮，最后与人手相连，如图所示 【分析】要滑轮组最省力，则需要使承担物重的绳子段数最多，据此设计绕线即可。 17．【答案】解：小球受重力和拉力，重力竖直向下画，标上符号G，拉力竖直向上画，作用点在弹簧与小球的接触点，标出符号F，注意两个力长度相等，如图： 【解析】【分析】小球处于平衡状态，一定受力平衡，受到重力和弹簧的拉力，重力的作用点在重心上，方向竖直向下，拉力的作用点在重心上，方向竖直向上． 18．【答案】（1）玻璃板；便于准确确定像的位置 （2）不需要 （3）玻璃板与桌面不垂直 （4）A （5）D 【解析】【解答】1）M的材料选用玻璃板可以确定像的位置； 综上第1空为玻璃板；第2空为便于准确确定像的位置 2）若点燃蜡烛则后方太亮，不宜观察到想的位置，所以不需要点燃蜡烛B； 综上 第1空为不需要 3）像物不重合，表明 玻璃板与桌面不垂直 ； 综上 第1空为玻璃板与桌面不垂直 4）平面镜成像的特点为：物像等大、等距、虚像，与平面镜连线垂直，所以成像的位置不随着镜子的改变而改变，仍在a处，A正确，BCD错误 综上选A 5）平面镜成像的特点为：物像等大、等距、虚像，与平面镜连线垂直，物的大小不变，所以像的大小不变，平面镜成虚像，虚像在玻璃中仍可以观察到 【分析】根据平面镜成像试验填空 平面镜成像试验：实验仪器有白纸、薄玻璃板（便于确定像的位置），两根大小相同的蜡烛，A蜡烛点燃，B蜡烛熄灭（使用B和蜡烛A的像进行比较，判断像物大小关系） 实验步骤：将玻璃垂直于白纸，点燃蜡烛A， 在玻璃板的另一侧慢慢移动B蜡烛，直到与A蜡烛的像完全重合为止； 试验结论：平面镜成像特点为物像等大、物像等距、物像关于平面镜对称、成虚像 19．【答案】（1）铁圈A （2）99；温度不变 （3）未达到；快 【解析】【解答】（1）如图甲所示，本实验要使用酒精灯的外焰，装置自下而上组装，将酒精灯放在铁架台上的铁圈B下方，将石棉网放在铁圈B上，并调整到适当高度，将装有适量水的烧杯放到石棉网上，将温度计悬挂于铁架台的支架A上，并根据温度计的位置来调节铁圈A的高度，保证温度计的玻璃泡浸没在水中，不碰到容器底和壁。 （2）由图乙可知，水的温度由80℃上升到99℃不变，所以水的沸点是99℃，沸腾时温度变化的特点是温度不变，持续吸热。 （3）水沸腾必须满足两个条件，一是温度达到沸点，二是继续吸热，所以在实验时，用烧杯中沸水给试管中的水加热，一段时间后，试管中的温度计示数上升到图丁所示的值后不再变化，试管中的水不沸腾，此时试管中水的温度未达到沸点，温度不再变化的主要原因是试管中水温较高时，水的蒸发变快，相同时间内试管中的水从沸水中吸收的热量等于试管中水蒸发吸收的热量。 【分析】（1）探究水的沸腾规律时，组装器材从下到上； （2）液体沸腾时，温度保持不变，此时的温度是沸点； （3）液体沸腾的条件是到达沸点，继续吸热；温度越高，液体蒸发越快。 20．【答案】（1） （2）电流表断路 （3）当电阻一定时，电流与电压成正比 （4）定值电阻两端的电压；5 【解析】【解答】 解：（1）要求滑片P向右滑动时，电流表的示数变大，即滑动变阻器接入电路的阻值变小，所以，应把滑动变阻器的A接线柱接入电路，电路连接如图所示： （2）保持开关闭合，将电压表的正接线柱接在电源正极，负接线柱分别接在电路中的C、D、E、F各接线柱，均无示数，说明电压表未与电源接通，负接线柱分别接在电路中的G、H、I各接线柱，电压表的示数等于电源电压，说明电压表与电源接通，且测量电源电压，则故障可能是电流表断路。 （3）根据表一中数据可知 ，为一定值，且导体两端的电压增大为原来的几倍，通过导体的电流就增大为原来的几倍，则可归纳得出结论：当导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。 （4）图乙中阴影部分为长方形，其面积等于IR，根据U=IR可知，阴影部分面积表示的物理量是定值电阻两端的电压。 实验中要保证定值电阻两端电压不变，根据图乙可知定值电阻两端的电压为 U定=IR=0.5A×5Ω=0.25A×10Ω=0.1A×25Ω=2.5V 根据串联分压原理可知，当定值电阻阻值越大时，分得的电压越大，则滑动变阻器接入电路中的阻值要越大，才能控制定值电阻两端电压不变。当定值电阻阻值为25Ω时，根据图乙可知电路中电流为0.1A，滑动变阻器的最大阻值为50Ω，此时滑动变阻器两端的电压为U=IR=0.1A×50Ω=5V 此时电源电压为U=U定+U滑=2.5V+5V=7.5V 一节干电池电压为1.5V，因此干电池组最多不能超过5节。 故答案为：（1）； （2）电流表断路； （3）当导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比； （4）定值电阻两端的电压；5。 【分析】 （1）要求滑片P向右滑动时，电流表的示数变大，即滑动变阻器接入电路的阻值变小，由此可判断滑动变阻器下端哪一接线柱接入电路，据此完成电路连接： （2）保持开关闭合，将电压表的正接线柱接在电源正极，负接线柱分别接在电路中的C、D、E、F各接线柱，均无示数，说明电压表未与电源接通，负接线柱分别接在电路中的G、H、I各接线柱，电压表的示数等于电源电压，说明电压表与电源接通，且测量电源电压，据此判断电路可能出现的故障。 （3）根据表一中数据可知电压与电流的比值为一定值，据此得出结论； （4）图乙中阴影部分为长方形，其面积等于IR，根据U=IR可知，阴影部分面积表示的物理量是定值电阻两端的电压。 根据图乙可知定值电阻两端的电压大小，实验中要保证定值电阻两端电压不变，根据串联分压原理可知，当定值电阻阻值越大时，分得的电压越大，则滑动变阻器接入电路中的阻值要越大，才能控制定值电阻两端电压不变。当定值电阻阻值为25Ω时，根据图乙可知电路中电流为0.1A，滑动变阻器的最大阻值为50Ω，由此可根据U=IR计算滑动变阻器两端的电压大小，再结合串联电路电压规律求出此时电源电压大小，而一节干电池电压为1.5V，因此干电池组最多不能超过多少节。 21．【答案】（1）下 （2）重；浮 （3）M-ρ水 Sh （4）零刻度线上升；因为当浮筒受到的重力和浮力是一对平衡力时，指针指的是零刻度线，根据题意，要使浮力不变，也就是在水中的V排不变，根据V=Sh，当浮筒的横截面积变小时，h变大，指针会上升 【解析】【解答】（1）根据题意知道，向砰盘添加1kg的砝码，并逐渐向空浮筒内加入细沙，当浮筒的下表面刚好与水面齐平并保持静止时，浮筒的总重力与1kg的砝码产生的拉力相等； （2）取下砝码，浮筒受到的拉力为零，当浮筒浮在水面上静止时，受到重力和浮力是一对平衡力； （3）将质量为m（m<1kg）的待测物体放在砰盘上，待浮筒静止时，浮筒受到的重力为Mg、拉力为mg、浮力是 且由平衡条件知道， 故待测物体质量的表达式是： m=M－ρ水Sh； （4）重新标定的刻度线与原来刻度线相比发生变化的是：零刻度线上升； （5）零刻度线上升的原因是：当浮筒受到重力和浮力是一对平衡力时，指针指的是零刻度线，根据题意，即是要使浮力不变，也就是在水中的V排不变，根据V=Sh知道，当浮筒横截面积变小，那h越大，也就是指针会上升。 【分析】（1）秤盘添加1kg的砝码，即最大质量，此时细线对浮筒的拉力最大，可确定浮筒浸在水中的深度最小为0，据此分析； （2）当浮筒受到的浮力和压力（沙对浮筒）为一对平衡力时，浮筒能直立地浮在水面上静止； （3）分析浮筒的受力情况，由阿基米德原理，根据力的平衡分析； （4）根据题意知指针：零刻度线的条件，要控制浮力不变结合阿基米德原理和V=Sh分析回答。 22．【答案】（1）无人机受到的重力 （2）无人机下降过程中重力所做的功 （3）无人机停在地面上时对地面的压强 【解析】【分析】(1)利用G = mg求得无人机的重力； (2)由W=Gh可得重力所做的功； (3)在水平面上对地面的压力F=G，利用可得对地面的压强。 23．【答案】（1）解：只闭合S1时低温挡工作，只有R1通电，电源电压恒为6V，R1=4Ω，则通过R1的电流为： 。 答：通过R1的电流是1.5A。 （2）解：低温挡的功率为：P低=UI1=6V×1.5A=9W。 答：低温挡的功率9W。 （3）​​​​​解：S1、S2都闭合时高温挡工作，R1与R1并联， 通过R2的电流I2=I-I1=2.5A-1.5A=1A。 答：通过R2的电流是1A。 （4）解：①2×10-2kg的材料从20℃加热到120℃，吸收的热量为 ； ②加热效率为。 答：①材料吸收的热量是3.2×103J； ②打印笔的加热效率是80%。 【解析】【分析】 （1）图中两个电阻并联，根据并联电路的特点和欧姆定律计算电流； （2）根据P=UI，求出低温挡的电功率； （3）根据并联电路的特点计算通过R2的电流。 （4）根据Q吸=cm（t-t0）计算热量，根据计算加热效率。 24．【答案】（1）S （2）B （3）1.1；热 （4）170；向右 【解析】【解答】（1）根据图2可知，线圈中的电流方向向左。右手握住螺线管，四指指尖向左，此时大拇指指向电磁铁的下端，说明电磁铁的下端为N极，上方为S极。 （2）A. PLA塑料通过吸收热量导致内能增加，温度升高，因此是通过热传递吸收热量，故A正确不符合题意； B. 根据表格数据可知，该打印机额定输入功率P=250W，则工作1分钟消耗的电能为： ； 由于热量散失，则实际放出的热量会小于消耗的电能，故B错误符合题意； C. 根据表格数据可知，该打印机额定输入功率P=250W，则工作1小时消耗的电能： ， 故C正确不符合题意； D. 根据表格数据可知，该打印机工作噪音在50dB~60dB范围内，属于较安静环境，不会对听力造成损伤，故D正确不符合题意。 故选B。 （3）①根据表格数据可知，该打印机额定输入功率P=250W，则正常工作电流： ； ②打印喷头工作时，通过电流发热使塑料丝熔化，即主要利用电流的热效应工作。 （4）①根据题意可知，当电磁继电器线圈电流达到100mA时， 控制电路总电阻为：； 则温度传感器阻值：； 根据图3可知，此时对应温度为170℃。 ②要使打印丝料熔化，需要提高喷头温度，则此时R1阻值减小。为保持线圈电流不变，需要保持总电阻保持不变，因此需增大滑动变阻器R2的阻值，应将滑片向右移动。 【分析】 （1）根据图片确定线圈上电流方向，然后利用安培定则判断电磁铁的磁极； （2）A．热传递的本质为能量的转移，做功改变内能的本质为能量的转移； B．利用W=Pt计算打印机消耗的电能，再结合能量转化确定该打印机工作工作1min放出热量； C．用W=Pt计算打印机消耗的电能； D．为了保护听力，应控制噪声不超过90dB； （3）根据P=UI求出该3D打印机正常工作时的电流；电流流过导体时，导体要发热，这种现象是电流的热效应； （4）①图2控制电路中，两电阻与电磁铁的线圈串联，由欧姆定律和电阻的串联得出R1，根据图3温度传感器R1阻值随温度变化的图像知喷头的最高温度； ②已知加热到190℃～230℃，熔化后从喷头挤出细细的料丝，故要提高温度，根据图丙要减小R1的阻值大小，确定滑动变阻器的滑片移动的方向。 （1）根据安培定则（右手螺旋定则），电流从电磁铁下端流入、上端流出，因此电磁铁的上方为S极。 （2）A．PLA 塑料加热成液体时，通过热传递吸收热量，内能增加 ，故A正确，不符合题意； B．打印机额定输入功率P=250 W ，工作1min 消耗的电能 但放出的热量会小于消耗的电能，因为部分电能转化为机械能等，故B错误，符合题意； C．工作 1 小时消耗的电能，故C正确，不符合题意； D．工作噪音为50dB~60dB，属于较安静的范围，不会对听力造成损伤，故D正确，不符合题意。 故选B。 （3）[1]正常工作电流 [2]打印喷头工作时主要利用了电流的热效应，通过电流发热来熔化塑料丝。 （4）[1]当电磁继电器线圈电流达到时，控制电路总电阻 已知滑动变阻器R2=60Ω ，因此温度传感器 从3图可知，当 R1=30Ω 时，对应的温度为 170℃ [2]要使打印丝料熔化，需要喷头温度升高，即R1阻值减小。 为保持线圈电流不变，总电阻需不变，因此滑动变阻器R2的阻值应增大，滑片应向右移动。 愿你做过的题，都变成你向上的力。第 1 页 本答案共 13 页 学科网（北京）股份有限公司 $