四川通江县铁佛中学校2026届高三下学期阶段一考试物理试题

巴中市通江县铁佛中学校2026届高三下期阶段一考试 物理试卷 时 长：75分钟 总 分：100 分 命题人：Y G 审题人：Y G 一、单项选择题：本题共7小题，每题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。 1.如图所示，在竖直平面内，截面为三角形的小积木悬挂在离地足够高处，一玩具枪的枪口与小积木上点等高且相距为。当玩具子弹以水平速度从枪口向点射出时，小积木恰好由静止释放，子弹从射出至击中积木所用时间为。不计空气阻力。下列关于子弹的说法正确的是(    ) A. 将击中点，大于 B. 将击中点，等于 C. 将击中点上方，大于 D. 将击中点下方，等于 2.如图所示，粗糙斜面的倾角为，一质量为的小物块由斜面底端以初速度沿斜面上滑到最高点后又沿斜面下滑返回到斜面底端，下列说法正确的是(  ) A. 上滑的加速度比下滑的加速度小 B. 上滑的时间比下滑的时间长 C. 物块与斜面的动摩擦因数大于 D. 物块返回斜面底端的速度小于 3.图甲为用手机和轻弹簧制作的一个振动装置。手机加速度传感器记录了手机在竖直方向的振动情况，以向上为正方向，得到手机振动过程中加速度随时间变化的曲线为正弦曲线，如图乙所示。下列说法正确的是(    ) A. 时，弹簧弹力为 B. 时，手机位于平衡位置上方 C. 从至，手机的动能增大 D. 随变化的关系式为 4.随着电动汽车的普及，充电桩成了日常生活中的常见设施。如图所示，电动汽车充电站的理想变压器原、副线圈的匝数比，原线圈接有交变电源，当仅有一个充电桩处于正常工作状态，其余充电桩闲置，此时充电电压为，充电功率为，下列说法正确的是(    ) A. 变压器原线圈串联的定值电阻的阻值为 B. 流过充电桩的电流方向每一秒改变次 C. 流经充电桩电流的最大值为 D. 若同时使用两个充电桩，则变压器的输出功率为 5.如图为卫星的发射过程，发射后先在近地轨道上做匀速圆周运动，再经过椭圆轨道后，最终到达预定轨道上，已知轨道高度低于同步卫星轨道，下列说法正确的是(  ) A. 卫星在轨道上运行的速度大于地球的第一宇宙速度 B. 卫星从轨道上的点运动到点过程中万有引力做正功 C. 卫星在轨道上点的速度小于在轨道上点的速度 D. 卫星在轨道上的运行周期小于 6.如图所示，一带电液滴在相互垂直的匀强电场和匀强磁场中刚好做匀速圆周运动，其轨迹半径为。已知电场的电场强度大小为，方向竖直向下；磁场的磁感应强度大小为，方向垂直于纸面向里。不计空气阻力，重力加速度为，则下列说法中正确的是(   ) A. 液滴带正电 B. 液滴的比荷 C. 液滴的速度大小 D. 液滴沿逆时针方向运动 7.如图所示，质量为的足够长的木板静止在粗糙水平地面上，在长木板上方右侧有质量为的物块，竖直墙面在长木板的右端，物块与木板、木板与地面间的动摩擦因数均为，某时刻对木板施加水平向右、大小的恒定拉力，作用后撤去，物块和木板始终未与竖直墙面碰撞，重力加速度，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。下列说法正确的是 A. 外力做的功为4 J B. 整个运动过程用时 C. 整个运动过程摩擦生热8 J D. 初始时，木板与墙的距离至少为 二、多项选择题：本题共3小题，每题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8.如图所示，虚线、、、、代表电场中的五个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，实线为一带正电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，、是这条轨迹上的两点，据此可知  (    ) A. 五个等势面中，的电势最高 B. 带电粒子通过点时的电势能较点大 C. 带电粒子通过点时的动能较点大 D. 带电粒子通过点时的加速度较点小 9.一质量为的物块在合外力的作用下从静止开始沿直线运动。随时间变化的图线如图所示，则(    ) A. 时物块的速率为 B. 时物块的动量大小为 C. 时物块的动量大小为 D. 时物块的速度为零 10.某电磁缓冲装置如图所示，两足够长的平行金属导轨置于同一水平面内，导轨左端与一阻值为的定值电阻相连，导轨段与段粗糙，其余部分光滑，右侧处于竖直向下的匀强磁场中，一质量为的金属杆垂直导轨放置。现让金属杆以初速度沿导轨向右经过进入磁场，最终恰好停在处。已知金属杆接入导轨之间的阻值为，与粗糙导轨间的摩擦因数为，。导轨电阻不计，重力加速度为，下列说法正确的是(    ) A. 金属杆经过的速度为 B. 在整个过程中，定值电阻产生的热量为 C. 金属杆经过与区域，金属杆所受安培力的冲量相同 D. 若将金属杆的初速度加倍，则金属杆在磁场中运动的距离大于原来的倍 三、实验题：本题共2小题，共16分。 11.（6分）某兴趣小组利用如图甲所示的实验装置测量物块与水平桌面之间的动摩擦因数。 下列选项中，符合实验中必要的措施及要求的是    ； A.连接小车和砂桶的细绳必须与桌面平行 B.实验中要先释放物块，再接通电源 C.物块的质量应远大于砂和砂桶的总质量 D.实验前要先把木板左端垫高以平衡摩擦力，再进行实验 实验中获得的一条比较理想的纸带如图乙所示，相邻 两计数点之间还有四个计时点未画出。已知打点计时器 的工作频率为，则此次实验物块运动的加速度大小 为       结果保留位有效数字； 在中，若物块的质量为，砂和砂桶的总质量为，当地的重力加速度，则物块与水平桌面间的动摩擦因数为       结果保留位有效数字。 12.（10分）某同学通过实验测定一个阻值约为的电阻的阻值。 现有电源，内阻可不计、滑动变阻器，额定电流、开关和导线若干，以及下列电表： A.电流表，内阻约   电流表，内阻约 C.电压表，内阻约   电压表，内阻约 为减小测量误差，在实验中，电流表应选用     ，电压表应选用     选填器材前的字母；实验电路应采用下图中的      选填“甲”或“乙”。 接通开关，改变滑动变阻器滑片的位置，并记录对应的电流表示数、电压表示数。某次电表示数如下图所示，可得该电阻的测量值     保留两位有效数字。 在不损坏电表的前提下，将滑动变阻器滑片从一端滑向另一端，随滑片移动距离的增加，被测电阻两端的电压也随之增加，下列反映关系的示意图中正确的是      。 4、 计算题：本题共3小题，共38分。 13.(10分）如图所示，在光滑四分之一圆弧轨道的顶端点，质量为的小方块物体可视为质点由静止开始下滑，经圆弧最低点滑上粗糙水平面，圆弧轨道在点与水平轨道平滑相接，物块最终滑至点静止。若圆弧轨道半径为，物块与水平面间的动摩擦因数为。求： 物体滑到点时对轨道的压力； 点与点间的距离大小。 14.（12分）如图所示，一质量为、电量为的带电粒子在电势差为的加速电场中由静止释放，随后经进入磁感应强度为的有界匀强磁场中，射出磁场时速度方向与进入磁场时的速度方向夹角为，不计带电粒子的重力。求： 粒子刚进入磁场时的速度； 粒子在磁场中做圆周的运动半径； 有界磁场的宽度。 15.（16分）如图，一倾角为的光滑固定斜面的顶端放有质量的型导体框，导体框的电阻忽略不计；一电阻的金属棒的两端置于导体框上，与导体框构成矩形回路；与斜面底边平行，长度。初始时与相距，金属棒与导体框同时由静止开始下滑，金属棒下滑距离后进入一方向垂直于斜面的匀强磁场区域，磁场边界图中虚线与斜面底边平行；金属棒在磁场中做匀速运动，直至离开磁场区域。当金属棒离开磁场的瞬间，导体框的边正好进入磁场，并在匀速运动一段距离后开始加速。已知金属棒与导体框之间始终接触良好，磁场的磁感应强度大小，重力加速度大小取。求： 金属棒在磁场中运动时所受安培力的大小； 金属棒的质量以及金属棒与导体框之间的动摩擦因数； 导体框匀速运动的距离。 巴中市通江县铁佛中学校2026届高三下期阶段一考试 物理试卷 答案和解析 1.【答案】  【解析】解：当玩具子弹以水平速度从枪口向点射出时，小积木恰好由静止释放，子弹和小积木在竖直方向上都做自由落体，在竖直方向上保持相对静止，因此子弹将击中点，且根据水平方向的运动特点可知，，故B正确，ACD错误。 故选：。 根据子弹和积木在竖直方向的运动特点可知在竖直方向上保持相对静止，结合水平方向的运动特点得出击中的时间和位置。 本题主要考查了平抛运动的相关应用，理解平抛运动在不同方向的运动特点，同时要注意运动的相对性和独立性，结合运动学公式即可完成分析。 2.【答案】  【解析】【分析】 本题要正确分析物块的受力情况，根据牛顿第二定律分析加速度关系，再根据运动学公式分析其他量的关系。 分析物块的受力情况，判断上滑与下滑时合外力的大小；根据牛顿第二定律比较两个过程加速度的大小，由位移公式分析运动时间关系。根据位移等于平均速度乘以时间分析物块返回斜面底端的速度与初速度的关系。 【解答】 A、上滑的合外力大小为：，下滑的合外力大小为：，则知上滑的合外力比下滑的合外力大，由牛顿第二定律可知，上滑的加速度比下滑的加速度大，故A错误； B、根据项分析可知上滑过程的逆运动是初速度为零的匀加速直线运动，根据，，上滑与下滑位移大小相等，则有，即上滑的时间比下滑的时间短，故B错误； C、由于物块到达最高点后能下滑，则有：，则有：，故C错误； D、设物块返回斜面底端的速度为。物块上滑过程，有：，下滑过程有：，由于，则，故D正确。 3.【答案】  【解析】A.由题图乙知，  时，手机加速度为，由牛顿第二定律得弹簧弹力大小为，A错误； B.由题图乙知，  时，手机的加速度为正，则手机位于平衡位置下方，B错误； C.由题图乙知，从  至  ，手机的加速度增大，手机从平衡位置向最大位移处运动，速度减小，动能减小，C错误； D.由题图乙知，则角频率，则随变化的关系式为，D正确。 故选D。 4.【答案】  【解析】A、电源电压为，由可知，副线圈电压为，时，电流为，由于匝数比为，由和，可知原线圈电压为，电流为，，则定值电阻，项正确 B、流过充电桩的电流的周期为，一秒钟有个周期，一个周期电流改变次，所以电流每一秒方向改变次，项错误 C、由可知，流经充电桩电流的最大值为，项错误 D、若使用两个充电桩，由于副线圈两端的电压、电流均发生变化，所以输出功率一定不等于，项错误。 5.【答案】  【解析】根据可得，可知卫星在轨道的轨道半径略大于地球半径，圆轨道上的运行速度一定小于等于第一宇宙速度，项错误 卫星远离地球的过程需要克服万有引力做功，项错误 从轨道到轨道需点火加速，卫星在轨道上点的速度大于在轨道上点的速度，项错误 根据开普勒第三定律可得，可知卫星在轨道上的运行周期小于在卫星在轨道上的运行周期，则卫星在轨道上的运行周期小于，项正确。 6.【答案】  【解析】、带电液滴刚好做匀速圆周运动，应满足重力与电场力等大反向，即，电场力方向向上，与场强方向相反，液滴带负电，可得比荷为，故A错误，B正确； D、由左手定则可判断，只有液滴沿顺时针方向运动，受到的洛伦兹力才指向圆心，故D错误； C、由向心力公式可得，联立可得，液滴的速度大小为，故C错误。 故选：。 7.【答案】  【解析】【分析】 本题靠查板块问题，分别选择不同的对象利用牛顿第二定律求加速度，利用匀变速运动的基本知识求解速度位移各量，摩擦生热的计算方法是滑动摩擦力与相对位移的乘积。 【解答】 有拉力时物块加速度，长木板加速度， 撤去拉力时物块速度，木板速度，物块位移，木板位 移，外力做功，错力撤去前物块相对木板向后运动，撤去力后，物块加速，，木板减速，，至共速所需 时间为，，解得，，物块位移，木板位 移，物块相对木板向后运动，共速后一起减速到零所需时间 ，所走位移，整个过程用时，错摩 擦生热，初始木板与墙相距至少 ，C正确，错。 8.【答案】  【解析】 A.由题意，结合图可知：电场线与等势面垂直，带正电的粒子在点的电场力一定向左，所以电场线也向左，沿电场线电势逐渐降低，所以的电势最低，故A错误； B.由到的过程电场力做负功，电势能增加，动能减小，所以点电势能大，故B错误； C.由到的过程电场力做负功，电势能增加，动能减小，所以点动能大，故C正确； D.由电场线的疏密程度可知点电场强度大，所以点加速度大，故D正确。 故选：。 9.【答案】  【解析】时物块的速率为，，得，项正确。 时动量为，，项正确。 时的动量，项错误。 同理时物块速度，故D项错误。 10.【答案】  【解析】A.设平行金属导轨间距为，金属杆在速度为，有  ，  金属杆在区域运动的过程中只受安培力，根据动量定理有， 在区域运动时，受安培力和滑动摩擦力，由动量定理有： 联立可知，故A错误； B.在整个过程中，根据能量守恒有 则在整个过程中，定值电阻产生的热量为，故B错误； C.金属杆经过与区域，金属杆所受安培力的冲量为 则金属杆经过与区域滑行距离均为  ，金属杆所受安培力的冲量相同，故C正确； D.根据选项可得，金属杆以初速度  在磁场中运动有 金属杆的初速度加倍，则金属杆通过区域时中有 金属杆通过  时速度为 则设金属杆通过区域的时间为  ，则 ，  则 ， 则 由于  ，则 可见若将金属杆的初速度加倍，则金属杆在磁场中运动的距离大于原来的倍，故D正确。 故选：。 11.【答案】   【解析】实验中，为保证物块做匀变速运动或匀速运动，细绳必须与桌面平行，故A项正确； B.必须先接通电源，待打点计时器稳定工作后再释放物块，故B项错误； C.实验中，可以选物块和砂桶含砂构成的系统为研究对象，所以不需要满足物块的质量远大于砂和砂桶的总质量这一条件，故C项错误； D.本实验的目的是测量动摩擦因数，所以实验中不需要平衡摩擦力，故D项错误。 故选A； 根据题意可知纸带上相邻计数点时间间隔 ，利用逐差法有 ，代入数据可得 ； 根据牛顿第二定律有 ，代入数据得 。 12.【答案】 甲   【解析】【分析】 合理选择实验器材，先选必要器材，再根据要求满足安全性，准确性，方便操作的原则选择待选器材。电流表的接法要求大电阻内接法，小电阻外接法。滑动变阻器是小电阻控制大电阻，用分压式接法。 根据图示电表确定其分度值，然后根据指针位置读出其示数，然后应用电阻定义式求出电阻阻值。 根据题意应用欧姆定律求出图像的函数表达式，然后分析图示图像答题。 本题考查了实验器材的选择、实验电路选择、实验误差分析与实验数据分析，本题考查了实验器材的选择，要掌握实验器材的选择原则：安全性原则、精确性原则、方便实验操作原则，难度一般。 【解答】 由于电源电动势为，的电压表量程太大，读数误差太大，故电压表应选C；当电压表满偏时，电路中的最大电流约为，电流表应选B；由题意可知：，电流表应外接，应选择图甲所示电路图。 由图示电流表可知，其分度值为，示数为；由图示电压表可知，其分度值为，示数为，电阻的测量值。 由于随着滑片的移动，两端的电压增大，说明电路中电流增大，变阻器接入电路的电阻减小，设变阻器的最大电阻为，单位长度电阻丝阻值为，则两端的电压为，由此得随的增大，增大，但不是简单的线性关系，又当时，最小，且，由数学知识知随的增大，电压的变化加快，故A正确，BC错误。 13.【答案】解：物体从到过程，由动能定理可得， 在点对物体进行受力分析由牛顿第二定律有， 解得， 由牛顿第三定律得物体滑到点时对轨道的压力大小为； 物块在水平面滑行过程，由动能定理可得， 解得点与点间的距离。   【解析】解析请参考答案文字描述 14.【答案】解：粒子在电场中的加速运动，根据动能定理有：， 可得：； 粒子在磁场中做圆周运动，， 可得； 粒子的运动轨迹如图所示： 根据几何知识可知：， 可得：。 答：粒子刚进入磁场时的速度为； 粒子在磁场中做圆周的运动半径为； 有界磁场的宽度为。  【解析】粒子在电场中运动，根据动能定理求解粒子刚进入磁场时的速度； 粒子在磁场中运动，洛伦兹力提供向心力，以此求解粒子做圆周运动的半径； 根据几何知识求解磁场的宽度。 该题考查了带电粒子在电场和磁场形成的组合场中的运动，题目简单，解决该题需要熟记相关公式，能根据几何知识求解相关长度。 15.【答案】解：设金属棒的质量为，金属棒与导体框一起做初速度为零的匀加速直线运动， 由牛顿第二定律得： 代入数解得： 金属棒进入磁场时，设金属棒与导体框的速度大小为， 由匀变速直线运动的速度位移公式得： 金属棒切割磁感线产生的感应电动势： 由闭合电路的欧姆定律可知，感应电流： 金属棒在磁场中运动时受到的安培力大小： 代入数据解得： 金属棒在磁场中运动过程导体框做匀加速直线运动， 设金属棒与导体框间的滑动摩擦力大小为，导体框进入磁场时的速度大小为， 对导体框，由牛顿第二定律得： 由匀变速直线运动的速度位移公式得：， 导体框刚进入磁场时所受安培力： 导体框刚进入磁场时做匀速直线运动，对导体框，由平衡条件得： 代入数据联立解得：，， 金属棒在磁场中做匀速直线运动，由平衡条件得： 代入数据解得，金属棒的质量：， 由滑动摩擦力公式得： 代入数据解得，金属棒与导体框之间的动摩擦因数： 金属棒离开磁场后做匀加速直线运动，由牛顿第二定律得： 代入数据解得：， 金属棒加速到与导体框速度相等，然后两者一起做匀加速直线运动， 由匀变速直线运动的速度时间公式得： 金属棒加速到与导体框速度相等的时间： 在金属棒加速运动时间内，导体框做匀速直线运动， 导体框匀速运动的距离： 答：金属棒在磁场中运动时所受安培力的大小是； 金属棒的质量是，金属棒与导体框之间的动摩擦因数是； 导体框匀速运动的距离是。  【解析】金属棒与导体框由静止开始向下做初速度为零的匀加速直线运动，应用牛顿第二定律可以求出加速度，应用匀变速直线运动的速度位移公式可以求出金属棒进入磁场时的速度，应用求出感应电动势，应用闭合电路的欧姆定律求出感应电流，然后应用安培力公式可以求出金属棒所受的安培力大小； 金属棒进入磁场后做匀速直线运动，导体框做匀加速直线运动，应用牛顿第二定律求出导体框的加速度，应用匀变速直线运动的速度位移公式求出导体框进入磁场时的速度，导体框进入磁场时做匀速直线运动，应用平衡条件可以求出导体框受到的滑动摩擦力；金属棒在磁场中做匀速直线运动，应用平衡条件可以求出金属棒的质量，根据滑动摩擦力公式可以求出金属棒与导体框间的动摩擦因数； 导体框进入磁场后先做匀速直线运动，后做匀加速直线运动，在导体框做匀速直线运动时间内，金属棒做匀加速直线运动，当金属棒与导体框速度相等后两者相对静止一起做匀加速直线运动，应用牛顿第二定律求出金属棒的加速度，然后应用运动学公式求出导体框做匀速运动的时间，然后求出匀速运动的距离。 本题是电磁感应与力学相结合的一道综合题，本题运动过程较多，难道较大，根据题意分析清楚金属棒与导体框的运动过程与受力情况是解题的前提与关键，应用牛顿第二定律、、闭合电路的欧姆定律与安培力公式、平衡条件与运动学公式即可解题。 第1页，共1页 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