甘肃靖远县第一中学2025-2026学年高三下学期3月阶段检测物理试题

2026年普通高校招生考试冲刺压轴卷 物 理 (试卷满分：100分，考试时间：75分钟) 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，并将条形码粘贴在答题卡上 的指定位置。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如 需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号；回答非选择题时，用0.5mm的黑色字迹 签字笔将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。 3.考试结束后，请将答题卡上交。 一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是 如 符合题目要求的 1.2025年11月，中国科学院成功在液态燃料钍基熔盐实验堆中实现了钍铀核燃料转换，这 是全球首次在该类反应堆中获取到钍燃料入堆运行后的实验数据，标志着中国在钍基熔 盐堆技术领域走在了世界前列.U核的衰变方程为U→2酷Th十X,已知U核的 质量为m1,新核Th的质量为m2,X粒子的质量为m3,则 A.大量U核发生这种衰变时会产生较强的阝射线 B.Th核的结合能大于U核的结合能 C.根据能量守恒，静止的U核衰变后产生的粒子速度均为零 D.单个U核衰变放出的能量为(m一m2一m3)c 2.如图所示，带正电的粒子沿实线所示轨迹从M点运动到N点，运动过程中粒子只受电场 力的作用，a、b、c为三条等差等势线，则下列说法正确的是 A.三条等势线中a代表的电势最低，c代表的电势最高 B.带电粒子的速度逐渐减小 C.带电粒子的加速度大小逐渐增大 D.带电粒子在M处的电势能小于在N处的电势能 3.如图所示，水平光滑的地面上固定有半径为R的半圆形轨道，小球紧贴着半圆形轨道放 置，小木块静置在半圆形轨道左侧的水平地面上，在圆轨道上方同一高度处固定有两个 光滑定滑轮，两个定滑轮分别位于小木块和半圆形轨道圆心的正上 方.现用一根跨过两个定滑轮的细线将小球和小木块连接起来，再 对小木块施加水平向左的拉力，将小球沿半圆形轨道缓慢提高，在 小球运动的过程中，下列说法正确的是 【物理~第1页（共6页）】 风汉王扫描王 妇描识别王中于髓 A.细线的拉力先增大后减小 B.半圆轨道对小球的支持力先减小后增大 C,小木块对地面的压力逐渐减小 D.适当提高定滑轮的高度可以减小该过程中小球对半圆轨道的压力 4.如图所示，一定质量的理想气体从状态a开始经a→b、b→c、c→a三个过程回到原状态， 已知ab反向延长线过O点，气体在状态a、b的压强分别为p1、2p1,对于该气体，下列说 法正确的是 A.c→a过程中，气体对外界做功 B.a→b是等容变化 C.气体在状态a时体积最大 D.三角形abc的面积等于该过程气体对外做的功 5.如图所示，轨道1为近地卫星轨道，轨道3为地球同步卫星轨道，轨道2为轨道1与轨道 3之间的转移轨道，三条轨道位于同一平面内，则下列说法正确的是 A.卫星从a点由轨道1转移到轨道2需要减速 B.卫星在轨道3上的线速度大于卫星在轨道1和轨道2时的线速度 C.某时刻，在轨道2上的卫星可能比轨道3上卫星的线速度小 D.不能通过卫星在轨道1、3上的周期推算卫星在轨道2上的周期 6.如图所示为竖直放置的平行光滑导轨，导轨宽度为1m,两导轨之间接入阻值为22的定 值电阻.将质量为0.1kg、接入电路阻值为22的金属棒垂直导轨放置，在金属棒下方有 两处方向垂直于导轨所在平面向外的条形匀强磁场，磁感应强度均为1T.条形磁场宽度 均为0.5m,金属棒与较近的磁场的上边界间距离、两处磁场区域间的距离均为0.2m. 将金属棒由静止释放，金属棒在下方磁场中做匀速直线运动，重力加速度g取10m/s2, 则下列说法正确的是 A.金属棒通过上方磁场产生的热量为0.05J B.金属棒在下方磁场中的速度为6m/s C.金属棒通过上、下磁场时，通过金属棒的电荷量之比为2：1 D.金属棒通过上方磁场所用时间较短 7.如图所示，木板c静置于光滑水平地面上，木块b放置在木板的右端，t=0时刻，木块Q以 9m/s的初速度从左端沿水平方向滑上木板c,最终木块a、b恰好未发生碰撞，已知木块 a、b和木板c的质量分别为m。=2kg,m.=0.75kg,m.=1kg,木块a、b与木板c之间的 动摩擦因数均为μ=0.2，重力加速度g取10m/s2,则下列说法正确的是 A.木板c的长度为10m a 9mis B.木块a与木板c之间产生的热量为36J C.t=2s时，木块a、b与木板c达到共同速度 D.木板c最终的速度为4m/s 【物理第2页（共6页）】 B 同风电销测 二、选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合 题目要求.全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8.如图所示，半径为R、圆心为O的绝缘细环水平放置，圆环上均匀分布电荷量大小为Q的 正电荷，A,B为圆环轴线上的两点，A0-号R,B0=R,电有量为十？的带电小球能够静 止在A点，现将该小球从B点由静止释放，关于该小球从B点运动到O点的过程，下列 说法正确的是（重力加速度为g,静电力常量为k) A.小球先加速后减速，在A点处速度最大 B.小球的加速度先增大后减小，在A点处加速度最大 C小球的质量为2EkQg 9R2g D.小球的速度和电势能均不断增加 9.如图所示，发电机的输出电压的有效值恒定，r为传输线路的电阻，升压变压器的原、副线 圈匝数分别为、2，每家用户接人电路的阻值恒定不变，下列说法正确的是 机 A.用户消耗的电功率越大，通过r的电流越大 B.仅增加接人电路的用户数，传输线路的效率一定下降 C.仅增加2，传输线路上消耗的功率一定减小 D.接人电路的用户数量增加，为保证用户电压稳定，应增大2 10.如图所示，在竖直平面内原长为L,劲度系数为的弹性绳一端固定在A点，另一端系 上质量为m的小球，将弹性绳水平拉伸至C点并从图钉B的上方跨过，此时弹性绳的 长度为2L.已知A、B间的距离为L且位于同一高度，重力加速度为g,物体做简谐运动 m 的周期T=2x√爱（为回复力与位移的比值），一0时刻将小球由静止释放，则下列说 法正确的是 A.小球运动到B点正下方时速度最大 B.小球的轨迹为一条曲线 C.小球在竖直方向的最大位移为2m5 k D.小球运动到A点正下方时速度竖直向上 第3页（共6页） B 日风电额 三、非选择题：本题共5小题，共57分， 11.(8分)某同学用如图甲所示的实验装置来验证机械能守恒定律.轻杆两端固定两个大小相 等但质量不等的小球A、B,杆的正中央有一光滑的水平转轴，杆能在竖直平面内绕轴O自 由转动.O点正下方有一光电门，已知A、B的质量分别为M、m(Mm),重力加速度为g. 转轴O 3(cm 光电门 01020 (1)用游标卡尺测得小球的直径如图乙所示，则小球的直径d= cm. (2)调节光电门位置，使A、B从水平位置静止释放，当小球A通过最低点时，球心恰好 通过光电门，与光电门连接的数字计时器显示的挡光时间为△，则小球A经过最低 点时的速度大小v= (用题中所给物理量的符号表示) (3)测得两球球心间距离为L,当A到达最低点时，则A、B系统重力势能的减少量 △E,= ,动能的增加量△Ek= (用题中所给物理量的符号表示). (4)若某次实验中测得重力势能的减少量小于动能的增加量，其可能原因是 (填字母) A.小球A通过最低点时，光电门在小球球心偏下方的位置 B.释放时小球A的位置高于小球B的位置 C.轻杆与转轴之间的摩擦较大 12.(8分)某实验小组用伏安法测一节干电池的电动势和内阻，现备有下列器材： A.被测干电池一节（电动势约1.5V,内阻约12） B.电流表@（内阻约为0.52，量程为0~0.6A) C.电压表⑦（内阻约为3k,量程为0~3V) D.滑动变阻器R E.开关、导线若千 (1)为了减小误差，实验电路图应选择图中的 (填“甲”或“乙”)；根据选择方案 可知测量值与真实值的关系是E测 E真，T测 r真（后面两空均填“>” “=”或“<”). Er Er 物理第4页（共6页） B 风汉王扫描王 扫抽识别王中王 (2)实验小组还利用电阻箱R,、电压表和定值电阻设计了如图丙所示的实验电路，其中 定值电阻的阻值为R,记录下电阳箱R的阻值和电压表示数V并绘制记图像如 图丁所示，图像的斜率为k,与纵轴的截距为b,则电源电动势E= ,内阻r= ,(用题中所给物理量的符号表示) 13.(10分)光纤通信有传输容量大，衰诚小、抗干扰性及保密性强等多方面的优点.如图甲 是光纤的示意图，图乙是光纤简化示意图（内芯简化为长直玻璃丝，外套简化为真空）， 玻璃丝长AD=L,折射率为n,AB,CD代表端面，光从AB端面以某一人射角0进人玻 璃丝，在玻璃丝内部恰好发生全反射.已知光在真空中的传播速度为c,求： (1)sin0的值； (2)光在玻璃丝中从AB端面传播到CD端面所用的时间. 14.(14分)如图所示，两个同心正方形之间的区域存在垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强 度为B,正方形ABCD的边长为3L,正方形abcd的边长为2L,质量为m、电荷量为十g 的粒子从A点处沿AD方向射人磁场区域，并从ad边上某处射人空白区域，粒子穿过 ad边时与ad边的夹角为45°，不计粒子重力，求： (1)粒子射人磁场的初速度大小； (2)粒子从正方形ABCD射出的位置到A点的距离x及粒子在正方形ABCD中运动的 时间t. D ●●● 第5页（共6页） 风汉王扫描王 t:口g王由王骑 15.(17分)如图所示，静止在水平光滑台面上的木块A、B之间有处于压缩状态的轻质弹 簧，弹簧与木块A、B接触但不连接且弹性势能为E。=4.8J,光滑台面右侧是水平粗糙 地面，光滑台面到地面的高度为H=3.2,台面右端静置一个小球C.某时刻将弹簧释 放，木块B与弹簧分离后与小球C发生弹性碰撞，当小球C每次与粗糙地面碰撞后，竖 直方向的速度大小不变，方向反向，不计碰撞过程中小球C重力的作用，小球与地面碰 撞过程中水平方向相对滑动，但滑动的位移不计，木块A的质量为m=0.2kg,木块B 与小球C的质量mB=mc=0.1kg,小球C与地面间的动摩擦因数μ=0.25，重力加速度 g取10m/s2,求： (1)小球C从台面射出时的速度c; AWB C (2)小球C全过程水平方向的位移x. 品汉王扫手翻 风汉王扫描王1.【答案】D 【解析】根据核反应前后质量数、电荷数守恒可知，X粒子的电荷数为2，质量数为4.所以X是氦原子核 (a粒子)，因此会产生a射线.A错误；原子核质量数越大结合能越大，B错误；表达式(m,一m2一m)c 为衰变能.即衰变释放的能量，D正确：衰变前后原子核的总结合能发生改变，因此U核静止不代表 反应后的粒子也静止，C错误， 2.【答案】A 【解析】做曲线运动的物体加速度指向曲线内侧，等势线与电场强度的方向垂直，结合图像可知，粒子从 M点运动到N点的过程中，电场力方向与速度方向的夹角始终为锐角，因此粒子的速度逐渐增加，结 合功能关系可得，粒子的电势能逐渐减小，所以等势线c处电势最高，等势线α处电势最低，A正确， BD错误；等差等势线越密集的地方电场强度越大·从M点到N点粒子所受电场力越来越小，加速度 大小逐渐减小，C错误. 3.【答案】D 【解析】设小球的重力为G.细线的拉力为F,半圆轨道对小球的支持力为F,连接小球的细线长为L, 定滑轮到水平地面的高度为H,由平衡条件与几何关系可相号-景=是，由于H和R固定，运动过程 中L不断减小，所以细线的拉力不断减小，半圆轨道对小球的支持力不变，若提高定滑轮的高度，则H 变大，运动过程中小球对半圆形轨道的压力减小，AB错误，D正确；运动过程中连接小木块的细线拉力 逐渐减小，细线与竖直方向的夹角不断增大，所以细线对小木块在竖直方向的拉力不断减少，小木块对 地面的压力逐渐增加，C错误。 4.【答案】B 【解析】c→a过程中气体体积减小.外界对气体做功，A错误；a→b过程中气体压强与温度的比值号不 变，由理想气体状态方程兴=C可知，该过程气体体积不变.B正确；（气体体积变大，（→。气体体 积减小，所以状态c气体体积最大，C错误；气体循环在p-V图像中围成的面积等于气体做功大小.而 题中给出的是p-T图像，所以D错误， 5.【答案】C 【解析】卫星从a点由轨道1进入轨道2需要加速，A错误；轨道2远地点的线速度小于轨道3的线速 度，轨道2近地点的线速度大于轨道1、3的线速度，B错误，C正确；根据开普勒第三定律以及三条轨 道的半长轴之间的关系可以得到卫星在轨道2上的周期为T2=T D错误。 6.【答案】A 【解析】由题意知，金属棒通过下方磁场时安培力等于重力，解得金属棒在下方磁场中的速度为4/s, 由功能关系可得mg(d+2)=2m+2Q:,解得Q:=0.05J,A正确，B错误；由题意知金属棒通过 上方磁场时速度始终小于4/s,所以金属棒通过上方磁场用时较长，D错误；金属棒通过上、下磁场时 磁通量变化量相同，因此通过金属棒的电荷量也相同，C错误 【冲刺压轴卷（一）·物理参考答案第1页（共4页）】 B 风汉王扫描王 扫描识别王中主泰 7.【答案】B 【解析】由牛顿第二定律可知.木块a滑上木板c后的加速度a1=一2m/s.由整体法与隔离法可知.木 块b与木板c无法共同运动，其巾木板b的加速度a:=2m/s2,木板c的加速度为a=2.5m/s2,解得 2s后木块a与木板c共速.速度为5m/s,a、c间的相对位移为9m,由Q=f△x可知，木块a与木板c 之间产生的热量为36J,此时木块b的速度为4m/s,与木板c的相对位移为1m,之后木块&与木板c 将共同运动，加速度a=一0.5m/s2.木块b的加速度不变，经过0.4s.木块b与a、c共速，此时木板c 的速度为4.8m/s.这段时间内木块b与木板c的相对位移为0.2m,因此木板c的总长度为10.2m.所 以只有B正确. 8.【答案】CD 【解析】设小球到圆上某一点的连线与轴线的夹角为0.由微元法可知，小球所受电场力F=94(c0s0 R2 一c0s0),求导后可知当c0s0=号时电场力最大.此时小球距O点的距离为受R.即小球位于A点处 时电场力最大，由题意知，此时电场力大小等于重力大小，解得小球的质量为m=2Q,C正确：由 9R2g 上述分析可知，小球从B点由静止运动到O点的过程中一直加速，加速度先减小后增加，电场力做负 功.电势能不断增加.AB错误，D正确 9.【答案】BD 【解析】将升压变压器与电阻，组成的整体视为一个内阻为，的电源，降压变压器及用户电路视为外电 路，根据闭合回路功率的特点可知，用户消耗的功率越大，降压变压器主线圈的等效电阻越接近「，传输 线路总阻值可能变大也可能变小，因此通过r的电流不一定变大，A错误；根据闭合回路的特点可知， 外电路阻值越大，电源效率越高·接入电路的用户数增加，降压变压器主线圈的等效电阻越小，电路效 率越低，B正确：仅增加2相当于增加电路的电动势，定值电阻消耗的功率一定增加，C错误；接人电路 的用户增加，相当于外电路阻值下降，根据闭合回路的欧姆定律可知，为保证外电路电压不变，应提高 电源电动势，故应该增加n2,D正确. 10.【答案】AC 【解析】设从B点到小球位置的水平位移为x,竖直位移为y,对弹性绳的弹力正交分解可得，水平方 向的弹力为F,=kx,竖直方向弹力的分力为F,=ky,竖直方向的合力为F合=ky一ng,由简谐运动 的定义及周期公式可知，小球分别在竖直方向和水平方向做周期相同的简谐运动，水平方向的平衡位 置在B点处，竖直方向的平衡位置在C点下方"处.两个方向的简谐运动的位移分别可以表示为x =Lc0s和y=c051.所以水平位移与竖直方向位移的比值为定值，小球的运动轨迹是一条直 线，B错误；由于小球水平方向和竖直方向的周期相同，所以当小球运动到B点正下方时水平和竖直 方向的分运动均达到最大速度，因此小球在B点正下方处速度最大，A正确；当小球运动到A点正下 方时，水平方向和竖直方向的速度均为零，小球的合速度为零，D错误：由简谐运动的位移特点可知， 小球在竖直方向的最大位移为2，C正确。 汉扫推王额 11.【答案】 (1)1.440(1分) (2是1分) (3)2(M-m)gL(2分) 2M+m(分)'2分) (4)AB(少选且正确得1分，错选不得分，2分) 【解析】(1)20分度的游标卡尺的精确度为0.05mm.则小球的直径为d=1.4×10mm+8×0.05mm =14.40mm=1.440cm. (2)小球A经过最低点时的速度口=是 (3)A.B系统重力势能的减少量△E,=之(M-m)gL.动能的增加量△B=号(M十m)d=合(M+ m()° (4)若某次实验中测得重力势能的减少量小于动能的增加量，其可能原因是小球A通过最低点时，球 心与光电门不在同一水平高度，或释放时A球位置高于B球，AB正确；轻杆与转轴之间摩擦较大会 导致重力势能减小量明显大于动能增加量，不符合题意.C错误。 12.【答案】 (1)乙(2分)<(1分)<(1分) 2)22分)各-R2分) 【解析】(1)图乙所示电路实验误差来源是电压表分流，电压表内阻较大，分流影响 AUNV 较小，图甲所示实验电路误差来源是电流表分压，因为电池内阻较小，约为1Ω，E 电流表的内阻未知，约为0.52，如果选择图甲的电路图，电源的内阻测量值为电 E 流表和电源真实内阻之和，这导致测量相对误差较大，为了减少误差，应选择图乙 的实验电路图；实验电路图乙中的误差来源于电压表的分流，使得电流表的示数 小于真正流过电源的总电流，测量图线与真实图线如图所示，由图像可知电动势、内阻的测量值均小 于真实值. (2)根据闭合回路的欧姆定律可得亡=亡+R吉·定懈得E=7一台-R 13.【解析】(1)根据光的折射规律可得n=si9(1分) sinr 由几何知识可得r十C=90°(1分) 结合题意可得sinC=上(1分) n 联立解得sin0=√n2-I(2分) (2)光在玻璃丝中传播的速度v=((1分) 作出光的折射光路图，如图所示 由几何关系有sinC=上(1分) x 传播时间1=兰1分) 解得1= c :(2分) 【冲刺压轴卷（一）·物理参考答案第3页（共4页）】 日风王扫带王髓 14.【解析1(1)由几何关系可知3孔，2L=(1-号)R1分) 2 解得粒子做圆周运动的半径R=②+业1分) 2 由Bga=n发，可知-R (1分) m 解得h=2+V2)B :(2分) 2m (2)由几何关系可知，粒子从空白区域射出的位置到BC边的距离等于粒子射人空白区域的位置到 AB边的距离，由对称性可知，粒子射出空白区域后做圆周运动的圆心在BC边上且粒子最终从C点 垂直BC射出 由上述分析可知，粒子射出位置到A点的距离x=3√2L(2分) 由几何关系知，粒子前后两次在磁场中做圆周运动的偏转角均为45°，可得粒子在磁场中的总偏转角0 =90°=令(1分) 由Bqu=mau可知，粒子在磁场中做圆周运动的角速度u=Bg(1分) 粒子在磁场区域运动的时间，=日=m(1分) w 2Bg 由几何关系可知，粒子在空白区域运动的路程s=(2√2一1)L(1分) 粒子在空白区域运动的时间2=5VE-6)m (1分) 粒子在正方形ABCD内运动的总时间1=1十h=(5巨-6+受)品(2分) 15.【解析】(1)由题意知，木块A、B及弹簧组成的系统机械能守恒、动量守恒可得 AvA+wB=0(1分) 名m,暖+7m,i=E1分 联立解得a=4m/s,vs=8m/s(1分) 由木块B与小球C发生弹性碰撞可得 mBVB'+cvc=mBvB(1分） 合mg+7m呢= 1 mB0后(1分) 联立解得vs'=0,c=8m/s(2分) (2)小球C射出后竖直方向的分速度v,=√2gH=8m/s(1分) 小球C与地面碰撞时竖直方向的冲量I,=FN·△t(1分) 由∫=μFN可知，水平方向的冲量I,=μI,(1分) 结合动量定理可知m·△v,=μ·m·[v,-(-v,)](1分) 解得△v,=4m/s,即每次与地面碰撞，水平方向速度减小4m/s(1分) 由(1)知c=8m/s,即小球与地面碰撞两次(1分) 第一次碰撞葡小球的水平位移z=·1二心·√2=6.4m0分》 第一次碰撞后小球的水平位移x2=(c一△u,)·21=6.4m(1分) 所以小球全程水平方向位移x=x1十x2=12.8m(2分) 汉扫王测