第1章 遗传的基本规律 综合拔高练（同步练习）-【学而思·PPT课件分层练习】2025-2026学年高一生物必修2（浙科版）

综合拔高练 高考真题练 考点1　分离定律的应用 1.(2022浙江6月选考,9)番茄的紫茎对绿茎为完全显性。欲判断一株紫茎番茄是否为纯合子,下列方法不可行的是(　　) A.让该紫茎番茄自交 B.与绿茎番茄杂交 C.与纯合紫茎番茄杂交 D.与杂合紫茎番茄杂交 2.(2022浙江1月选考,10改编)孟德尔杂交试验成功的重要因素之一是选择了严格自花授粉的豌豆作为材料。自然条件下豌豆大多数是纯合子,主要原因是(　　) A.杂合子豌豆的繁殖能力低 B.豌豆的性状比较多无法稳定遗传 C.豌豆的性状大多数是隐性性状 D.豌豆连续自交,杂合子比例逐渐减小 3.(2021浙江1月选考,19)某种小鼠的毛色受AY(黄色)、A(鼠色)、a(黑色)3个基因控制,三者互为等位基因①,AY对A、a为完全显性,A对a为完全显性并且基因型AYAY胚胎致死(不计入个体数)。下列叙述错误的是(　　) A.若AYa个体与AYA个体杂交,则F1有3种基因型 B.若AYa个体与Aa个体杂交,则F1有3种表现型 C.若1只黄色雄鼠与若干只黑色雌鼠杂交,则F1可同时出现鼠色个体与黑色个体 D.若1只黄色雄鼠与若干只纯合鼠色雌鼠杂交,则F1可同时出现黄色个体与鼠色个体 ①关键点拨　AY、A、a是控制毛色的复等位基因,遗传时遵循孟德尔分离定律。 考点2　自由组合定律及其应用 4.(2021浙江6月选考,3)某玉米植株产生的配子种类及比例为YR∶Yr∶yR∶yr=1∶1∶1∶1。若该个体自交,其F1中基因型为YyRR个体所占的比例为(　　) A.1/16　　　B.1/8　　　 C.1/4　　　D.1/2 5.(2025浙江1月选考,23节选)谷子(2n=18)俗称小米,是起源于我国的重要粮食作物,自花授粉。已知米粒颜色有黄色、浅黄色和白色,由等位基因E和e控制①,其中白色(ee)是米粒中色素合成相关酶的功能丧失所致。锈病是谷子的主要病害之一。抗锈病和感锈病由等位基因R和r控制。现有黄色感锈病的栽培种和白色抗锈病的农家种,欲选育黄色抗锈病的品种。 回答下列问题: (1)授粉前,将处于盛花期的栽培种谷穗浸泡在45~46 ℃温水中10 min,目的是　　　　,再授以农家种的花粉。为防止其他花粉的干扰,对授粉后的谷穗进行　　　　处理。同时,以栽培种为父本进行反交。  (2)正反交得到的F1全为浅黄色抗锈病,F2的表型及其株数如表所示。 表型 F2(株) 黄色抗锈病 120 浅黄色抗锈病 242 白色抗锈病 118 黄色感锈病 40 浅黄色感锈病 82 白色感锈病 39 从F2中选出黄色抗锈病的甲和乙,浅黄色抗锈病的丙。甲自交子一代全为黄色抗锈病,乙自交子一代为黄色抗锈病和黄色感锈病,丙自交子一代为黄色抗锈病、浅黄色抗锈病和白色抗锈病。 ①栽培种与农家种杂交获得的F1产生　　　　种基因型的配子,甲的基因型是　　　　,乙连续自交得到的子二代中,纯合黄色抗锈病的比例是　　　　。  ②写出乙×丙杂交获得子一代的遗传图解。 ①关键点拨　米粒颜色的遗传遵循分离定律且表现为不完全显性。 高考模拟练 应用实践 1.(2025浙江嘉兴模拟)下表是果蝇翅型与基因型、幼虫培养温度的关系。现有一只在35 ℃下培养的残翅果蝇(甲),下列杂交组合及培养条件能用于判断其基因型的是(　　) 基因型 幼虫培养温度 成虫翅型 AA、Aa 25 ℃ 长翅 35 ℃ 残翅 aa 25 ℃或35 ℃ 残翅 A.甲×AA,置于25 ℃下培养 B.甲×aa,置于25 ℃下培养 C.甲×AA,置于35 ℃下培养 D.甲×aa,置于35 ℃下培养 2.(2023浙江衢州期中)影响同一性状的两对等位基因中的一对基因(显性或隐性)掩盖另一对基因中显性基因的作用时,所表现的遗传效应称为上位效应,其中的掩盖者称为上位基因,被掩盖者称为下位基因。如上位效应由隐性基因引起,称为隐性上位,由显性基因引起则称为显性上位,在某植物的杂交过程中子二代的花色和花形出现以下性状分离比,下列说法不正确的是(　　) A.该植物F2花色出现9∶3∶4的原因是隐性上位 B.若F2中的红花与隐性纯合子杂交,则其子代中红花所占比例为2/3 C.该植物F2花形出现12∶3∶1的原因是显性上位 D.控制花形的两对基因中R对P为上位性的 3.某种昆虫的体色由两对等位基因(独立遗传)控制,其中基因T控制黑色性状,基因t控制白色性状,基因M对体色有淡化作用且只对基因型为Tt的个体起作用,使其呈现灰色。研究人员进行了如下实验:两个纯合品系的黑色昆虫和白色昆虫杂交,F1全表现为灰色,F1自由交配得F2。下列分析正确的是(　　) A.黑色亲本的基因型为TTMM B.F1的基因型是TtMm C.F2的表型及比例为黑色∶灰色∶白色=3∶3∶2 D.F2中灰色个体的基因型可能是TtMM,也可能是TtMm 4.番茄的单式花序和复式花序是一对相对性状,由A、a基因决定。番茄花的颜色黄色和白色是一对相对性状,由B、b基因决定。将纯合的单式花序黄色花植株与复式花序白色花植株进行杂交,所得F1均为单式花序黄色花。将F1分别作母本和父本,进行测交,所得后代的表型和数量如图所示,下列分析不正确的是(　　) A.番茄的单式花序和黄色花为显性性状 B.这两对基因的遗传遵循基因的自由组合定律 C.F1自交后代中复式花序白色花植株占1/16 D.F1产生的基因型为ab的花粉可能有2/3不育 5.(2025浙江宁波月考)水稻雄性育性由等位基因A/a控制,A对a完全显性,B基因会抑制不育基因的表达,从而反转为可育。某科研小组进行了下列相关实验:取甲(雄蕊异常,雌蕊正常,表现为雄性不育)、乙(可育)两个品种的水稻进行相关实验,实验过程和结果如下表所示。下列说法错误的是(　　) P F1 F1自交单株收获,种植并统计F2表型 甲与乙杂交 全部可育 一半全部可育 另一半,可育株∶雄性不育株=13∶3 A.进行品种甲和品种乙的杂交实验时,应对品种甲进行套袋处理 B.控制雄性不育性状的是A基因,甲的基因型为Aabb C.据结果分析可知,F2中可育株的基因型共有7种 D.F2可育株中的aabb和AaBb杂交,后代雄性不育株比例最高 6.(2025浙江G5联盟期中)某品种兔的体表斑纹受一组复等位基因HD、HS、HT控制。当存在HD时,表现为褐斑;当无HD,存在HS时,表现为花斑;当无HD、HS,存在HT时,表现为白斑。某小组进行实验时发现一褐斑雌兔与花斑雄兔杂交,F1为花斑∶褐斑∶白斑=1∶2∶1。下列叙述正确的是(　　) A.褐斑基因HD对花斑基因HS为不完全显性 B.F1白斑的出现是因为HD、HS、HT基因发生自由组合 C.F1中的褐斑雄兔与F1中的花斑雌兔杂交,后代花斑雌兔占3/16 D.仅考虑体表斑纹,F1花斑个体与亲本花斑个体基因型相同的概率是1/2 迁移创新 7.(2024浙江宁波五校联盟期中)玉米是一种雌雄同株的植物,通常其顶部开雄花,下部开雌花。 (1)在一个育种实验中,选取A、B两棵植株进行了如下三组实验。 实验一:将植株A的花粉传授到同一植株的雌花序上。 实验二:将植株B的花粉传授到同一植株的雌花序上。 实验三:将植株A的花粉传授到植株B的另一雌花序上。 上述三组实验,各雌花序发育成穗轴上的玉米粒的颜色数如表所示: 实验 紫色玉米粒 白色玉米粒 一 587 196 二 0 823 三 412 386 请根据以上信息,回答下列问题:(假设玉米粒颜色由一对基因控制) ①在玉米粒颜色这一对相对性状中,隐性性状是　　　色玉米粒。  ②如果用G代表显性基因,g代表隐性基因,则植株A的基因型为　　　。实验一中的F1显性类型植株中,杂合子所占比例为　　　　。取实验一F1显性类型植株,让它们之间进行自由交配,后代紫色玉米粒所占比例为　　　　。  ③实验三F1出现性状1∶1的现象的根本原因是　　　　　　　　　　　　　　　　　　。  (2)假设玉米籽粒的颜色紫色/白色还受另外一对基因H/h控制。现将纯合紫粒玉米与纯合白粒玉米杂交,F1全为紫粒,F1自交,F2中紫粒∶白粒=9∶7。 ①控制玉米籽粒颜色的两对基因符合　　　定律,F2紫粒玉米自交,F3中白粒玉米的比例为　　　　。  ②现将紫粒玉米甲和白粒玉米乙进行相互授粉,子代紫粒∶白粒=3∶5,推理可知玉米甲的基因型为　　　,玉米乙的基因型为　　　。  答案与分层梯度式解析 综合拔高练 高考真题练 1.C　让该紫茎番茄自交,若后代全部为紫茎番茄,则该紫茎番茄为纯合子,若后代既有紫茎番茄又有绿茎番茄,则该紫茎番茄为杂合子,A可行。让该紫茎番茄与绿茎番茄杂交,若后代全部为紫茎番茄,则该紫茎番茄为纯合子,若后代既有紫茎番茄又有绿茎番茄,则该紫茎番茄为杂合子,B可行。让该紫茎番茄与纯合紫茎番茄杂交,无论题述紫茎番茄是否为纯合子,后代均为紫茎番茄, C不可行。让该紫茎番茄与杂合紫茎番茄杂交,若后代全部为紫茎番茄,则该紫茎番茄为纯合子,若后代既有紫茎番茄又有绿茎番茄,则该紫茎番茄为杂合子,D可行。 2.D　豌豆在自然状态下只能进行自交,而连续自交可以提高纯合子的比例。因此,野生豌豆经过连续数代严格自花授粉后,纯合子比例增大,杂合子比例逐渐减小。 3.C　题干解读 题干关键信息 必备知识 信息加工 某种小鼠的毛色受AY(黄色)、A(鼠色)、a(黑色)3个基因控制,三者互为等位基因 复等位基因 小鼠的基因型及对应毛色:AYA(黄色)、AYa(黄色)、AA(鼠色)、Aa(鼠色)、aa(黑色),因此小鼠的表型共有3种,基因型共有5种 AY对A、a为完全显性,A对a为完全显性 显性的相对性 基因型AYAY胚胎致死(不计入个体数) 显性纯合致死 若AYa个体与AYA个体杂交,F1存活的个体基因型有AYA、AYa、Aa 3种,A正确。若AYa个体与Aa个体杂交,F1有AYA(黄色)、AYa(黄色)、Aa(鼠色)、aa(黑色)4种基因型,3种表现型(表型),B正确。1只黄色雄鼠(AYA或AYa)与若干只黑色雌鼠(aa)杂交,F1若出现鼠色个体,则亲代黄色雄鼠基因型为AYA,亲本杂交不能产生黑色子代;F1若出现黑色个体,则亲代黄色雄鼠基因型为AYa,亲本杂交不能产生鼠色子代,C错误。若1只黄色雄鼠(AYA或AYa)与若干只纯合鼠色雌鼠(AA)杂交,则F1可同时出现黄色个体与鼠色个体,D正确。 4.B　由配子的种类及比例可知该玉米的基因型为YyRr,将两对等位基因分开考虑,Yy个体自交产生Yy的概率为1/2,Rr个体自交产生RR的概率为1/4,故该玉米自交,F1中基因型为YyRR个体所占比例为1/2×1/4=1/8,B符合题意。 5.答案　(1)人工去雄　套袋　(2)①4　EERR　3/8 ② 真题降维 (1)对自花授粉的植物进行杂交育种,应在花粉尚未成熟时,对母本进行人工去雄,然后在花朵外套上纸袋,以防外来花粉授粉。 (2)具有相对性状的两个亲本杂交,所得的F1表现为双亲的中间类型的现象,称为不完全显性。 解析　(1)谷子是自花授粉作物,授粉前,将处于盛花期的栽培种谷穗浸泡在45~46 ℃温水中10 min,目的是人工去雄,防止自花授粉;授以农家种的花粉后,为防止其他花粉的干扰,对授粉后的谷穗进行套袋处理,以确保杂交的准确性。(2)①正反交得到的F1全为浅黄色抗锈病,F2中黄色抗锈病∶浅黄色抗锈病∶白色抗锈病∶黄色感锈病∶浅黄色感锈病∶白色感锈病≈3∶6∶3∶1∶2∶1,即黄色∶浅黄色∶白色≈1∶2∶1,抗锈病∶感锈病≈3∶1,从而知黄色对白色为不完全显性,抗锈病对感锈病为完全显性,且这两对相对性状的遗传遵循自由组合定律,F1的基因型为EeRr,能产生4种基因型的配子,分别为ER、Er、eR、er。甲自交子一代全为黄色抗锈病,说明甲为纯合子,基因型为EERR,乙自交子一代为黄色抗锈病和黄色感锈病,说明乙的基因型为EERr,乙连续自交,F1为1/4EERR、1/2EERr、1/4EErr,F1自交得到的F2如下所示: 因此,F2中纯合黄色抗锈病(EERR)的比例为1/4+1/8=3/8。②丙(浅黄色抗锈病)自交子一代为黄色抗锈病、浅黄色抗锈病和白色抗锈病,则丙的基因型为EeRR,乙(EERr)×丙(EeRR)杂交获得子一代的遗传图解见答案。 高考模拟练 1.B　由题表可知,35 ℃下培养的残翅果蝇甲的基因型可能是AA、Aa、aa,欲判断甲的基因型,应置于25 ℃下培养,用测交的方式进行验证,即甲×aa,若子代只有长翅,说明甲的基因型为AA;若子代长翅∶残翅=1∶1,说明甲的基因型为Aa;若子代只有残翅,说明甲的基因型为aa,B正确。 2.D　F1紫花基因型为AaBb,F2花色性状及比例为紫色∶红色∶白色=9∶3∶4,结合亲本基因型可知,aaB_、aabb都表现为白色,推测aa基因掩盖了B基因的作用,即该植物花色的遗传表现为隐性上位,A正确;若F2中的红花(1/3AAbb、2/3Aabb)与隐性纯合子(aabb)杂交,则其子代中红花(Aabb)所占比例为1/3+2/3×1/2=2/3,B正确;F1三角形基因型为PpRr,F2花形性状及比例为三角形∶长圆形∶圆形=12∶3∶1,结合亲本基因型可知,P_R_、P_rr都表现为三角形,推测P基因掩盖了R基因的作用,即该植物花形的遗传表现为显性上位,且P基因对R基因为上位性的,C正确,D错误。 3.D　据“基因T控制黑色性状,基因t控制白色性状,基因M对体色有淡化作用且只对基因型为Tt的个体起作用,使其呈现灰色”推知黑色个体的基因型有TTMM、TTMm、TTmm和Ttmm四种;灰色个体基因型有TtMM和TtMm两种;白色个体基因型有ttMM、ttMm和ttmm三种。由于F1(灰色个体)自由交配结果未知,推测F1灰色个体的基因型为TtMM或TtMm,再根据F1全表现为灰色,且两亲本都为纯合子,可逆推出黑色亲本的基因型为TTMM或TTmm,A、B错误;F1灰色个体的基因型为TtMM或TtMm,所以其自由交配所得F2的表型及比例为黑色∶灰色∶白色=1∶2∶1或黑色∶灰色∶白色=3∶3∶2,C错误;若F1灰色个体的基因型为TtMm,则F2中灰色个体的基因型有TtMM和TtMm两种,若F1灰色个体的基因型为TtMM,则F2中灰色个体的基因型为TtMM,D正确。 4.C　纯合的单式花序黄色花植株与复式花序白色花植株进行杂交,所得F1均为单式花序黄色花,则番茄的单式花序和黄色花为显性性状,A正确。F1作母本时,测交后代四种表型比例约为1∶1∶1∶1,所以这两对基因的遗传遵循基因的自由组合定律,B正确。 5.D　由于品种甲表现为雄性不育,故进行品种甲和品种乙的杂交实验时,甲作为母本,为防止外来花粉的干扰,应对甲进行套袋处理,A正确。由题表可知,F1自交单株收获,种植得到的F2中,有一半表现为可育株∶雄性不育株=13∶3(突破点),则对应的F1的基因型为AaBb,且A/a与B/b独立遗传;AaBb自交子代中,A_B_∶A_bb∶aaB_∶aabb=9∶3∶3∶1,而“B基因会抑制不育基因的表达,从而反转为可育”,因此基因型为A_bb的个体表现为雄性不育,即控制雄性不育性状的是A基因;由题表可知,F2出现两种情况,说明F1的基因型有两种且各占1/2,据表可推知甲的基因型为Aabb,乙的基因型是aaBB,F1的基因型及比例为aaBb∶AaBb=1∶1,F2中可育株的基因型为AABB、AABb、AaBB、AaBb、aaBB、aaBb、aabb,共有7种,B、C正确。雄性不育株的基因型为A_bb,F2可育株中的aabb和AaBb杂交,后代雄性不育株占1/2(Aa)×1/2(bb)=1/4;F2可育株中的aabb和AABb杂交,后代雄性不育株占1(Aa)×1/2(bb)=1/2,可见,F2可育株中的aabb和AABb杂交,后代雄性不育株比例最高,D错误。 6.C　题干解读 由题意可知,该种兔的体表斑纹与基因型的对应关系:褐斑为HDHD、HDHS、HDHT,花斑为HSHS、HSHT,白斑为HTHT,三个基因之间的显隐性关系为HD>HS>HT。 由题干解读可知,A错误。HD、HS、HT为复等位基因,HD、HS、HT基因的遗传遵循分离定律,不能发生自由组合,B错误。由题可知,一褐斑雌兔(HD_)与花斑雄兔(HS_)杂交,F1中出现了白斑兔(HTHT),由此可知亲本为HDHT×HSHT,F1中褐斑个体的基因型及比例为HDHS∶HDHT=1∶1,产生的配子为2/4HD、1/4HS、1/4HT;F1中花斑个体的基因型为HSHT,产生的配子为1/2HS、1/2HT,所以F1中的褐斑雄兔与F1中的花斑雌兔杂交,后代花斑雌兔占(1/4×1/2+1/4×1/2+1/4×1/2)×1/2=3/16,C正确。仅考虑体表斑纹,F1花斑个体与亲本花斑个体基因型相同,均为HSHT,D错误。 7.答案　(1)①白　②Gg　2/3　8/9　③实验三的亲代紫色玉米粒产生两种类型的配子且比例为1∶1　(2)①自由组合　11/36　②GgHh　ggHh或Gghh 解析　(1)①②实验一为植株A自交,结果为紫色∶白色≈3∶1,可确定紫色为显性性状,白色为隐性性状;植株A的基因型为Gg;实验二为植株B自交,结果全为白色玉米粒,可确定植株B的基因型为gg。实验一中的F1显性类型植株中,杂合子Gg所占比例为2/3,纯合子GG所占比例为1/3,取实验一F1显性类型植株(1/3GG、2/3Gg),让它们之间进行自由交配,利用配子法计算,G=1/3+2/3×1/2=2/3,g=2/3×1/2=1/3,因此后代白色玉米粒所占比例为1/3×1/3=1/9,紫色玉米粒所占比例为1-1/9=8/9。③实验三中植株A和植株B杂交,得到的后代紫色∶白色≈1∶1,为测交实验,根本原因是亲代紫色玉米粒产生两种类型的配子且比例为1∶1。(2)①根据题意可知,玉米籽粒的颜色由两对基因控制。现将纯合紫粒玉米与纯合白粒玉米杂交,F1全为紫粒,F1自交,F2中紫粒∶白粒=9∶7,说明控制玉米籽粒颜色的两对基因符合自由组合定律,且F1基因型为GgHh,F1自交,F2中紫粒玉米的基因型和占比是1/9GGHH、2/9GGHh、2/9GgHH、4/9GgHh,F2紫粒玉米自交,F3中白粒玉米的占比为2/9×1/4+2/9×1/4+4/9×7/16=11/36。②现将紫粒玉米甲和白粒玉米乙进行相互授粉,子代紫粒∶白粒=3∶5,紫粒占比3/8=3/4×1/2,说明亲代两对基因中有一对为测交类型,有一对为杂交类型,由此可知,玉米甲的基因型为GgHh,玉米乙的基因型为ggHh或Gghh。 学科网（北京）股份有限公司 $