2026届新疆高三下学期三月适应性检测（二模）理科综合能力测试试卷

2026自治区三月适应性检测物理答案解析 14.答案：B 详解：弹簧对两球的弹力大小相等，但两球的质量未知，因此在弹簧恢复原长的过程中，两 球的位移大小不一定相等。根据功的公式W=Fx,由于位移×不一定相等，所以弹簧对两球 做的功不一定相等。故A错。弹簧对两球的弹力大小始终相等，方向相反，且作用时间相 同。根据冲量公式=t,两球受到的冲量大小相等，方向相反。B正确。两球受到的弹力大 小相等，根据牛顿第二定律，加速度大小与质量成反比。由于两球质量未知，加速度大小不 一定相等。故C错。根据动量守恒定律，系统初始动量为0，因此任意时刻两球的动量大小 相等、方向相反，由于两球质量未知，速度大小不一定相等。故D错。 15.答案：D 详解：氧气分子的速率分布遵循的规律是“中间多、两头少”，即中等速率的分子数占比 最大，速率很大和很小的分子数占比都很小。因此，“两头多、中间少”的说法是错误的。 A错。从图中可以看到，0℃时，分子速率分布在多个区间内，并非所有分子的速率都在 300~400m/s的区间内，只是这个区间的分子数占比最大。因此，“所有氧气分子的速率都 在300~400/s的区间内”的说法是错误的。B错。对比两条曲线，在速率较低的区间（如 100200m/s、200300m/5),0℃时的分子数占比要大于100℃时的占比。因此，“各 速率区间氧气分子数占总分子数的百分比都比0℃时大”的说法是错误的。C错。从图 中100℃对应的虚线曲线可以看出，其峰值出现在400~500m/s的区间，说明该区间内氧 气分子数占总分子数的百分比最大。D正确。 16.答案：C 详解：选项A:A点电势(120V)高于B点电势(90V)。电子带负电，电势越高， 负电荷的电势能越低。因此，电子在A点的电势能小于在B点的电势能。结论：A错误。 选项B:等势线的疏密反映电场强度的大小。A点等势线更密集，说明A点电场强度 大于F点电场强度。根据牛顿第二定律，A点的加速度大于F点的加速度。结论：B错误。 选项C:从A到B,电势降低，电子电势能增加。根据能量守恒，电势能增加意味着动 能减少。结论：C正确。选项D:A点电势高于F点电势，电子从A到F,电势能增加。 电势能增加说明电场力做负功。结论：D错误。 17.答案：A 详解：两个场强E+和E一对称分布，它们在x轴方向的分量大小相等、方向 相反，相互抵消。 它们在y轴X方向的分量大小相等，方向相同，相互叠加。如图所示。 点合场强E=2kq c0s6=2 考唐r>1,所以E=g,选A 18.答案：A 详解：倾角为10。时（高度h1=10m,停在A点）设水平缓冲区滑行距离为x1,由动能定 理： mgh-umg cos·品-umgi=0 倾角为15·时（高度h2=9m)设水平缓冲区滑行距离为x2,同理： mgha-umg cos0a-umgza=0 代入数据比较x2-x1≈3m。说明第二次滑行更远，停在A点右侧约3m处。 19.答案：BC 详解：若井中无水，光沿直线传播，小青蛙的视野由井口边缘限制，看到的天空范围小于井 口大小，井越深，看到的范围越小。因此选项A的说法错误。若井中无水，井越深，井口 边缘到青蛙的连线与竖直方向的夹角越小，视野范围越小。选项B正确。若井中水是满的， 光线从空气射入水中会发生折射，折射角小于入射角，这会让青蛙的视野范围变大。当井的 深度足够浅时，理论上青蛙有可能看到整个天空。选项C正确。看到的天空范围由折射光 线的最大张角决定，这个角度与水的深度不是简单的线性关系，因此选项D错误。 20.答案：AD 详解：理想变压器的输出功率等于输入功率，即P=P入，A选项正确。对于有多个副线圈 的理想变压器，根据-：=；再由以=U,+U,弘，联立解得： U n'U:m 1=n212+n,13。B选项错误。 U_U2_丛：C选项错误。D选项正确。 nn,n3 21.答案：BD 详解：小球脱离轨道的临界条件是轨道对它的支持力N=0,此时重力沿半径方向的分力提供 向心力。设脱离点与圆心O的连线和水平x轴的夹角为α。由向心力公式： mgsina=m号 →w2=grsina m哈=mu2+mgr(1+sina) sina=号 机械能守恒 联立解得 Si30°=0.5。a>30°所以脱离点在B点上方。A选项错误，B选项正确。 脱离点：sina=号，位于圆心右侧上方，坐标为(m,号r。 小球脱离后，以速度v=√gr sin a=√号9r做斜抛运动。 Ux =-v sin a=-2v6gr 9 (向左) Uy=v coSa= V30亚 9 (向上) 上升到最高点的时间由V,=g得1=V3087 9g 斜上抛回到与抛出点等商时的水平位移X=y·21-85, 27 圆轨道上斜抛抛出点所在的水平弦长1=2x=25,-18√5， 327 斜上抛回到与抛出点等高时的水平位移小于圆轨道上斜抛抛出点所在的水平弦长。 即可得出D选项正确。 也可根据斜上抛轨迹是抛物线，不是圆。不可能刚好对称贴回去。排除C选项。2026年普通高考三月适应性检测 理科综合能力测试 (寒面分值：300分.考试时何：150分仲) 注意事项： 1.答卷前，考生务必装自己的姓名、准考证号班写在答题卡的相应位置上。 2作答时，斧答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。 3.考试结来后，洛本武毫和答题卡一并交回。 本卷重力加速疲g取10m/ 可能用到的相对原子质量H-1C-120-16-Na-23A1-27P-31 一、选择题：本愿共13小愿，每小愿6分，共78分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是 符合题目要求的。 1.“健康中国行动”倡导全民参与“三减”（减糖、域诚油、减盐）行动，以降低患慢性病风险。下 列对三减”行动涉及的生物学原理的分折，正确的是 A域糖可控制的摄人，过多的葡萄糖会转化为脂肪，进而导致肥胖 B.减油可降低酯肪摄人，酯肪不能参与细胞呼吸会大量积累导致肥胖 C.减盘可减少N:摄人，长期高钠饮食使细胞外液渗透压下降导致水肿 D.“三减”行动均可减少食物的摄人，参与“三减”行动后无需运动健身 2.A蛋白是一种DA爵。为探究Mg”对其活性的影响，研究人员在含不同浓度Mg·反应体 系中加人A蛋白和DNA,一段时间后通过电泳检测DNA片段的水 M了23456 解情况，实验结果如图所示。泳道1显示不加A蛋白的实验结果，泳 p 道2-6显示Mg浓度分别为0、10mmaL、20mmol/L、30mmol/L、 40mmo/L的实验结果。下列阁述错误的是 40= AMg是A蛋白发挥催化作用所必需的条件 2000= B.A蛋白能降低DNA水解反应所需的话化能 100a 如 ·C.被A蛋白切割前的DNA分段长度大于10000bp 2刘■ ·D.Mg浓度高于10 mmol/L时；A蛋白活性逐渐增强 注M为指示分于大小的标准 号厚物，如代表筑釜对， 206年若通高考三月适应性检调科棕台侃力圆试试卷第1页共16缅 3:研究发现，母鼠极人含甲基供体的食物会促进子代部分基因发生甲基化。小食毛色受基因 A(黄色)和a(棕色)控制，研究人员将基因型为的雠竄分为两组：对照组持续饲喂标准 饲料，实验组持续饲喂含甲基供休的问料。两组罐鼠分别与基因型为A:的雄鼠女配，子代 中基因型为a的小鼠均表现为棕色，基因型为A的小鼠表型及其比例如下图所示。下列 叙述正确的是 50 回 实组 对国组 40 30 20 龈暖盘 惊色 A子代小鼠的表型及比例未出现黄色：棕色-1：1，说明基因A与a的遗传不避分离定律 B.对照组子代中基因型为A的小鼠毛色存在差异，说明A基因的达水平花在个体差异 C.对照组与实验组子代基因型为A的小鼠毛色比例不同，说明两组小鼠的突变方向不同 D.实脸结果不支持“母鼠摄人含甲基供体的食物会促进子代部分掂因发生甲荟化“的观点 4.科学家发现下丘脑弓状核(ARC)的神经元可以分泌一种名为GDF1S的多肽激常。该激 经血液循环运输至脑干，与特异性受体结合，可能影响小鼠的食欲和体重。为深人探究 GDF15的作用，研究人员通过实验获得如下数据： 组别 食欲评分（相对值） 体重增长岸/% ① 对照组 10.0 2.1 ② ARC损伤组 18.7 8.5 ③ CDF15注射组 11.2 25 注：“ARC损伤组”为下丘脖号状枝神经元被，异性破不的小风，“GDFI5兰#避"为ARC 损伤后又注射适量外源GDF15的小鼠。 下列叙述正确的是 A.GDF15由神经元分泌，其调节方式属于神经调节 B.①②两组可说明GDF15能降低小鼠的食欲和体重 C.③组小鼠注射GDF15可维持正常的食欲和体重 D.根据实验结果，可对超重患者注射GDF15进行治疗 2026年开通高考三月通应性检过·丑科综合阻功西试试苍郭2页ˉ共【6页 :根据草原中植物具有的相似生活特性，可将植物分成不同的功能群（图中①-⑤）。下图是 不同强度的放牧对某草原租物功能群优势度百分比（不同植物功能群的总数量占群落总数 量的百分比)的影响。下列叙述错误的是 100 ①皿一、二年生植物 80 ②，图多年生杂类草 ③圆多年生根茎禾草 60 ④☑多年生丛生禾本 ③目流木、半酒木、小推木 40 20 0 对凰轻度放牧中度放牧度放牧 A.家畜对②具有取食偏好，导致②的优势度百分比减小 B.不同强度放牧会改变植物种间竞争关系的相对强弱 C.由图中功能群种类稳定可推测植物物种丰富度也保持稳定 D.该研究可为运用生态工程的协调原理确定放牧量提供依据 6.抗生素R是一种动物专用的广谱抗菌药。为检测抗生素R在动物体内的残留量，需制备能 与抗生素R结合的单克隆抗体。研究人员将抗生素R与蛋白质M连接形成R-M,然后将 R-M注人小鼠体内，利用单克隆抗体技术，获得了能与抗生素R结合的抗体。下列叙述错 误的是 A.R-M能引起小鼠产生相应的抗体 B.PEG可诱导骨随瘤细胞和B淋巴细胞融合 C.只有融合的杂交瘤细胞才能在特定的培养基上生长 D应筛选出所分泌的抗体能与R-M结合的杂交撤细胞 7.化学与科学技术：生产生活息息相关。下列叙述错误的是 ·A.烤羊肉是新疆传统美食，羊肉的主要成分为蛋白质 B.铝碳酸镁[A山Mg(0H)6C0,·4H,0]可用于治疗胃酸过多 C.食品包装袋中常放置硅胶、生石灰，其作用是防止食品氧化变质 D.“梨花院落溶溶月，柳絮池塘淡淡风”，柳絮的主要成分属于糖类 2026年#通高考三月适应性检测：理科综合馄力测试试卷，第3页行共16页 8.下列实验装置或操作能达到实验目的的是 稻盐酸 蓓有新制氯 水的玻璃将 pH试纸 做和酸 ① ② 氢钠溶液 ③ ④ A.图①操作用于测新制氯水的pH B.图②装置用于制备C02并除去HC气体 C.图③操作用于检查装置气密性 D.图④装置用于分离苯和溴苯 9.下列离子反应方程式错误的是 A.铝与氢氧化钠溶液反应：2AI+6H0+20H一2[A1(0H),]广+3H2↑ B.向NaCI0溶液中通人少量C02:C0,+H,0+CI0=HCI0+HC0j C.向FC,(S0,)3溶液中通人H,S气体：2Fe+H,S一2Fe2+S↓+2H D.向浓硝酸中加人少量氧花亚铜C,042一Cu+Cu2+H0 10.一种新型电池电极材料由原子序数依次增大的五种短周期主族元素Q、W、X、Y和Z组成。 Q是族序数等于核外电子数的元素Z是同周期中原子半径最大的元素；：W、Y原子的最外 层电子数分别是内层电子数的2倍和3倍。下列说法正确的是 A基态原子未成对电子数：W=Y B.氢化物的沸点：Y>W C.简单离子的半径：X<Y<Z D.Q、X、Y形成的化合物一定是共价化合物 11.“黄鸣龙还原法”是首个以我国科学家名字命名的有机化学反应，“黄鸣龙还原法”还原苯 乙酮的反应机理如下图。下列说法错误的是 NH HO HN N-NH NHNH, =H20 OH 过程① 过程② 过③ 过程④飞 A.过程①为加成反应，过程②为消去反应 都能发生加成反应和取代反应 中碳原子有2种杂化方式 的一氯代物有3种 2026年苷通高考三月适应性检测.理科综合饱力测试试卷“第4页共16页 12.在碱性环境下，一种阴极-阳丧协同电催化电解NO,和GH,CH,CH,0H合成丙酰胺的惊 理如下图。下列说法错误的是 电藤 Co,0/SiC CH,CH.CH,QH NH,OH CH,CH.CHO CH,CH,CONH. ACo,0,SiC电薇为明极 B.、入一NoH与丙酰胺(CH,CH,C0Na,)互为同分异构体 C.T两电极的电极反应为：CH,CH2CH2OH-2c一GH,C,CH0+2 D.电解后电解液♪增大 13.常温下，向含Ag、Pd的溶液中滴加KSCN溶液，混合液电-电C(M)[M=Ag丸卫d2·、 g]与-gc(SCN)的关亲如图所示。已知X,[g(SCN)]>K[P(SCN)2]。下列叙 述正确的是 2 L 16 14 12 ba55列 a5.12.30 10 6 c47.99 0 2356789 -lg d(SCN) AL,直线代表-gc(Hg)与-gc(SCN)的关系 B.向含Ag、PdP和Hg2的混合溶液中滴加KSCN溶液，最先产生的沉淀是AgSCN C.反应Hg(SCN)2+2Ag'=2 AgSCN+Hg的平衡常数K=10a D.图像中G点坐标为(7.52,4.47) 26年若通高考三月适应性检测理科棕合能力测试试港第5页，共16页 二：选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第14一18题只 有一项符合题目要求，第19421题有多项符合题目要求。全部选对的得6分选对但不全 的得3分，有选错的得0分。 14.两小球静止在光滑水平面上，它们之间夹着一个被压缩的轻质弹货。同时释放两球，在弹 簧第一次恢复到原长的过程中 A.弹簧对两个小球所做的功相等 B.弹簧对两个小球的冲量大小相等 C.任何时刻两个小球的加速度大小都相等 D.任何时刻两个小球的速度大小都相等 15.一刚性密闭的导热容器中储有氧气，如图是容器中氧气分子在0℃和100℃时的速率分布 图，下列说法正确的是 ◆各速串区间的分子数 占总分子数的百分比 20 国度为0 10 温度100℃ A.氧气分子的速率分布呈现分子数“两头多、中间少”的规律 B.0℃时，所有氧气分子的速率都在300-400m/s的区间内 C.100℃时，在各速率区间氧气分子数占总分子数的百分比都比0℃时大 D.100℃时，速率在400-500m/s的氧气分子数占总分子数的百分比最大 16静电透镜是利用静电杨使电子会聚的装置。如图所示，虚线为这种静电场在纸面内的一箧 等势线，带箭头的实线是由左侧射人的三个电子的运动 a①VOVEV0V 轨迹，会聚在F点。下列关于电子在运动过程中的说法 正确的是 B A在A点的电势能大于在B点的电势能 B.在A点的加速度小于在F点的加速度 C.从A点到B点动能减少 D.从A点到F点电杨力做正功 2026年普通高考三月通应性检测理科综合：力测试试进绍6页共16页 17.两个湘距很近的停异种点电荷组成的系统称为电偶极子。如图，电荷血分别为书和二！ 电荷间匣为7，坐标原点0为两诺连线中点，电偶极子沿y轴放橙：P点位于轴上，距离0 点的距离为：，且。则P点的药强大外为（真空中静电力常量为k) 人号 &2g1 哔 02g1 0 18新疆昌吉务尔加滑雪场拥有优质的冰雪资源，雪道建设之初，设计者进行了相关计算和测 试。已知滑雪者与雪道间的动摩擦因数为0.05，斜坡倾角为10°时，滑雪者从距水平级冲 区高五，=10m处由静止滑下，最终停在水平级冲区的标记点A。如图所示，若将斜坡倾角 调靠为15°，同时将起点高度降低至h2=9m,斜坡与水平级冲区交点0不变且平滑连接， 不计空气阻力，则滑雪者最终将停在标记点A的 (已知tam10°=0.176、cot10°=5.671、tm15°=0.268、col15°=3.732) A右侧约3m处 B.右侧约5m处 C左侧约3m处 D.左侧约5m处 19.圆柱形水井底部中央有一只小背蛙，关于小背蛙能看见的天空范围，下列说法正确的是 A若井中无水，小青蛙看到的天空范围和井口一样大 B.若井中无水，越深，小青蛙看到的天空范围越小 C若并中水是满的，小背蛙有可能看到整个天空 D若井中水的深度是井深的一半，小青蛙看到的天空范围是井中水满时的一半 20某电动汽车充电桩的供电系统视作理想变压器，如图所示。原线圈匝数为1，电流为1，输 人电压为山，。当两区同时工作时，两个副线圈分别作为快充区和慢充区为电动车供电，线 盟匝数分别为和，电流分别为12和，输出电压分别为U和U,。下列关系正确的是 A.U,I,=U,I,+U,I, B.nI=nl 快充区 C.U1=02+U, D.nU,=ngU U投充区 2们6年音通高考三月语应性检副理科综合他力测试试卷第7页，共16页 21,如图所示，半径为，的光滑圆轨道竖直放置，以圆心0为坐标原点在竖直平面建立直角坐 标系。一小球在最低端A点沿内轨以速度。=2√厅水平射出，不计空气阻力，下列说法正 确的是 A.小球将在B点下方某点脱离轨道 B.小球将在B点上方某点脱离轨道 C.小球脱轨后，将在与脱离点关于y轴对称的位置再次进人 轨道 D.小球脱离轨道后，将在x轴下方某点与轨道相撞 三、非选择题：共174分。 22.（10分)某实验小组用单捏测量重力加速度。 (1)测量钢球直径的正确操作是图中 (选填“甲”或“乙")所示的方式 使用游标卡尺测得摆球直径d=20.00mm,刻度尺测得摆线长1=4000mm,则纽长E= cm(保留4位有效数字)。 (2)如图1所示，在单摆悬点处安装力传感器，使线与竖直方向夹角为(8<5)，无初速 度释放摆球，利用力传感器：得到力与时间的关系，如图2所示则单每的周期为 s(保留2位有效数字)。 起始值：L12口4： 力传这器 终约l值：76S26 图1 图2 日3 (3)为减小误差，改变摆线长度[，测出对应的周期T,作出相应的-T°关系图像，如图3所 示。算出图线斜率为k,则重力加速度g= (结果用k表示)。 (4)图像没有过原点的原因是 A.实验地所处的海拔过高 B.纵坐标是摆线长 C.没有测量小球质量 23.(16分)小明回学探究热敏电阻R的阻值随温度变化的规律。实验器有：电源(3V,0.5 D)、多用电表、电压表(3.5V,约50kQ)、滑动变阻器R,(Q-1kQ)、滑动变阻器R(0、10 n)、电阻箱R(0-999.9n)、开关、导线若干。 2026年普道高考三月透应性检测理等合船力园试试舍纸8灭共16页 (1)小明首先使用多用电表粗测0℃时热敏电阻的阻值，如图甲所示。他将选择开关置于 欧姆“×k”挡，正确操作后指针偏转如图乙所示，则测量值为 kD。为较准确 :,地测量，他应换用 (选填“×10k”或×100)挡并重新欧姆调零： 2051570 红笔 思表 5000DY 200Q/y 甲 乙 (2)小明设计了如图丙所示的电路，要使c两端的电庄可从零开始变心滑动变阻器R 应选用 (选填“R,”或“R,”)。将电路图补画完整。 个R/n 100 100 150/℃ 丙 戊 (3)正确连线后，将滑动变阻器的滑片P移到最左端，电阻箱调到合适阻值，闭合S。将开 关S2切换到a,调节滑片P使电压表示数U。=2.0V。再将开关S,切换到b,电阻箱 调至如图丁所示，则此时接人电路的电阻凡三 ,若此时电压U1=1.35V,热 敏电阻R1=(保留3位有效数学)。 (4)保留RX滑片P位置和开关S状态不变，改变调温箱温度，得到不同温度下：R的阻值 如图戊所示。在100℃-150℃的温度区间，若用线性模型R=R。一来近似描述该热 敏电阻的特性，其中a为线性温度系数。则α= ,其物理意义是 24.(16分)如图所示，物体A、B之间用张紧的轻绳连接后静止在水平地面上，【=0时刻对物体A 施加一个水平向右的恒力F=16N,4s时撤丢力F。已知物体A、B质量均为2kg,物体A与 地面的动摩擦因数为0.4，物体B与地面的动瘴擦因数为0.2。求： (1)4s时物体A的速度； (2)轻绳至少多长才能避免两物体相撞； (3)若物体A刚静止时，物体B恰好与之相撞，求轻绳的长度。 206年潜通高考三月适应性检测理科综合能力测试试卷ˉ第9页共16项 25.(20分)如图为某种质谐仪的工作原理示意图。离子源发出甲、乙两种正离子束，它们的初速 度均为。、电荷量均为q、质量分别为2m和m,离子从S点垂直于电场方向射人静电分析器， OS为水平线段。静电分析器中有指向圆心0的径向电场，所有与0点等距的位置场强大小 相等。，磁分析器内充满垂直于纸面向外的匀强磁场，其理想边界在OP所在的竖直线上。甲 离子在静电分析器中沿半径为2。的四分之一圆弧做匀速圆周运动，从P点水平射出；乙离 子从0P的中点M以与水平方向成0角s0=召 射出，两离 的电分析合P1→5甲西子 5 乙离子 子射人磁分析器，最终打在探测板上。其中甲离子打在0点正 下方的Q点(OQ=。),乙离子打在N点（米画出）。已知P、M S面2r 离子源 探 2m 测 两点的电势差Upw= 号不计重力和离子间相互作用。 Q. (1)求甲离子在静电分析器中运动位置的场强2的大小，以及 分折堡 磁分析器中磁感应强度B的大小 (2)求乙离子打在探测板的位置N点到O点的距离； (3)若磁感应强度在(B-AB)和(B+△B)之间波动，为使两束离子在探测板上的落点完全分 离，求的最大值； 、,(4)在满足(3)的情况下，求乙离子在磁场中运动的最长时间与最短时间的比值。 26.(15分)二乙基次瞬酸铝1[(C,马)，P02]3是一种新型阻燃剂，某课外活动小组利用如下 图装置（加热装置略去）制备二乙基次磷酸铝。 b 足量 Al,0小溶液 烯利溶液 产尾气处理 636kNaH PO:H.O 与适昼乙酸、引发剂 力出器的混合物 aOH溶液 0 已知：①乙烯利( )与NaOH溶液反应生成乙烯和两种盐。 HO OH ②NaH2P02·H,0具有强还原性。 ③二乙基次脾酸铝{[(C,耳，)：P0,],A1}难溶于热水和有机溶剂。 ④步骤Ⅲ中发生反应的化学方程式为 6[(C,H),P02]Na+L,(S0,),△2[(C,H)2P0,]↓+3Na,S04。 实验步骤如下： 2026年#通高考三月适应性拉测科综合幽力测试试卷第10页共16页 工根据图示安装实验装置，添加试剂： Ⅱ打开K,、关闭K2,一段时间后，再加热仪器c,仪器c中控制温度为5℃充分反应； Ⅲ关闭K,、打开K2,将仪器c中液体维持80℃充分反应； Ⅳ、冷却至室温，转移出仪器c中所得粗产品并用热水洗涤、抽滤，制得6.12g固体产品。 回答下列问题： (1)仪器a的名称是 步骤I中，添加试剂前的操作是 ;仪器b和分液漏斗 相比，其优点是 (2)写出乙烯利和Na0H溶液反应的化学方程式： (3)步中，打开K1、关闭K2,一段时间后，再加热仪器c,目的是 :步骤Ⅲ中，加热仪 器c适合的方式是 (4)写出步仪器c中发生反应的化学方程式： (5)步骤V中，粗产品用热水洗涤的目的是 (6)计算本实验中产品的产率 (保留3位有效数字) 27.(14分)利用金绿宝石（主要化学成分为.BeAL,04,还含有一定量的Si02、FeS2、Fe,0,、CaF2、 CaCO,)生产单质Be的一种工艺流程如下： HSO:物质A 萃取剂 NaOH 金绿 怪选培烧浸取预处理萃取反萃取 水相2 宝石 煮湖→BeOH吩→能 滤渣 水相1 有机相 水相3 已知：①本取过程的反应为Be2(aq)+2(H),(有机相)+BeH,X(有机相)+2H(a)。 ②Be(OH)2与N(O)性质相似B。“易与F形成稳定的配离子。 回答下列问题： (1)浮选可预先脱去部分含钙矿物，从而提高硫酸浸取时矿物的浸茁率，其原因是 (2)浸取"前，将培烧后的固体粉碎的目的是 (3)写出浸取时BeAL,0,与丑，S0,反应的化学方程式： (4)萃取剂萃取阳离子的先后顺序为Fe“>Be2“>A+>Fe,则物质A的最佳选择为 A.KMn0. B.H202 C:Na,SO, D.NaOH (5)矿石中氟含量过高，不仅腐蚀设备，而且萃取时影响俄离 100 子的萃取率，影响结果如图所示，根据萃取原理分析氟离 80 60 安 子浓度增大，铍萃取率下降的原因： 0 CHn-0 20 (6)本流程所用萃取剂X的结构为 1. 6122·183244 OH 氯离子浓度gL力 在非极性溶剂中常以环状二聚体形式存在，请画出该二聚体的结构： 2026年#通高考三月适应性检测：理科棕合能力测试试卷第11页共16页 (T)“反苯取”，时要加人足量NOH溶液，写出该过程含能微粒发生反应的化学方程式： :(忽略磷酸酯的水解)。 28.(14分)C02资源化利用受到越来超多的关注，它能有效域少碳排放，有效应对全球的气侯变 化，并且能充分利用碳资源。 (1)金属有机框架(M0F)可用于捕获C0,气体。Yag团队在1999年制备的多孔配位聚合 物MOF-5的化学式为Zn0(BDC),(BDC为对苯二甲酸根C,H,O防)，以Z,O(BDC), 为单元构成的样品晶体结构如图。 空腔 样品中血的配位数为一，若将BDC连接体替换为ˉO0C一《》 C00,形 成的空腔体积会 (填“增大”“减小”或“不变”)。 1H“(2)捕获的C0,可用于化加氢制甲醇，有利于减少温室气体排放，涉及的反应如下： ①C0,(g)+3H,(g)C,0H(g)+H,0(g）△H=-49.4·mol ②C0(g)+(g)三C0(g)+H0(g) △H=+40.9k灯·mor 定压强下，将n(H2):n(C0,)=3:1的混合气体以一定流速通过装有催化剂的反应 器，测得C02的转化率、CH,OH或C0的选择性以及CH,OH的收宰(CB,OH的收率= C0,的转化率×CH,OH的选择性)随温度的变化如图所示。 22 。C0转化率 90 毒HOH收串 4 270.70170 曲线 50 270.63) 8 210 230.250.270 290 洱度充 回答下列问题： ①曲线a表示 (填“CH,0H"或“C0")的选择性随温度的变化。 ②270℃时，对应C0的收率为 (3)捕获的CO,也可用于与CH,进行干法重整(DR)反应制备合成气(C0和H)。向体积 为1L的密闭容器中通人3molC02(g)和1 mol CH(g)发生如下反应： 2026年普通高考三月适应性检测，理科悠合能力测试试卷·第12页共16页 反应：CH,(g)+C02(g)→2C0(g)+2H2(g) △H=+247k灯·mol 反应：CH,(g)+3C02(g)一4C0(g)+2H20(g) △H2=+329kJ·molJ 反应Ⅲ：C0(g)+H,0(g)=C02(g)+H(g) △H, 回答下列问题： ①AH= kJ·mol ②反应Ⅲ的逆反应活化能E三=aJ·mo',则反应Ⅲ的正反应活化能为 kJ mol"。 (4)在不同温度下，平衡时C02(g)、CH,(g)、C0(g)、H2(g) ↑物质的 X 的物质的量随温度T的变化如图所示。 ①曲线Y表示 (填化学式)的物质的量变化。 ②900K时，CH,的物质的量分数为 (用含a 的表达式，下同)，反应Ⅱ的平衡常数K= 600 900 1200示 29.(15分)美托洛尔可用于治疗高血压及心纹痛，其合成路线如图： OH CH,CI CH,CH,CI 乙酸S0C CH,COCI CH.O.Cl: Zn(HgVHCl ①0HH0CH.03 一定条件 B 了高温 ②H A OH D 定 CH,OH 件 H,NCH(CH) C.HpO2 0哭 G 日濮托洛尔州 回答下列问题： (1)D中含氧官能团的名称是 (2)A→B的反应类型是 :写出反应BC的化学方程式： (3)写出反应E→F的化学方程式： (4)乙酸晶体的晶胞如右图所示，乙酸晶体属于 (填“密堆积”或 “非密堆积”)，晶胞中乙酸分子的空间取向有。 种 0 。 (5)试剂X的分子式为C,H,0C,则X的结构简式为 (6)满足下列条件的B的同分异构体有 种（不考虑立体异构）： 其中核磁共振氢谱显示为5组峰，且峰面积之比为2：2：2：1：1的同分 异构体的结构简式为 (写出其中一种即可)。 ①有一个苯环 ②能与新制Cū(OH)2反应生成砖红色沉淀 2026年#通高考三月适应性检测理科综合能力测试试卷：第13页“共16页 30.(11分)为探究山桐子果实发育的生理机制，研究人员测定了果实不同发育阶段的生理指 标，结果如下表，回答下列问题： 最大净光合速串/ 光饱和点/ 光补偿点/ 呼吸速串/ 脱落随/ 果实发育时期 (mol·m’·s') (μmolm2·8') (mol·m2·g') (m0l·m2·a) (g"B) 1快速生长期 7.60 1334.14 13.35 0.2 0.017 Ⅱ生长级极期 10.11 1484.92 9.44 0.17 0.012 皿颜色变化期 5.58 1252.47 67.30 3,68 0.034 N成熟期 5.27 1079.29 62.22 1.33 0.046 注：光饱和点是指光合速率达到最大时所署的光照强度，光补偿点是指光合作用中反收的 C0,与乎吸作用中释放的C0,相等时的光震强度。 (1)山桐子叶吸收光能的色素有两类： 。 与I、Ⅲ、V时期相比，Ⅱ时期利用光照 强度的范围 (填“更大”“一样”或“更小”)，判断依据是 (2)结合脱落酸的功能分析，Ⅲ时期和N时期最大净光合速率降低的原因可能是 (3)研究人员推测，Ⅲ时期的果实呼吸速率升高可能与脱落酸含增加有关。请以脱落酸 合成抑制剂为材料设计实验验证该推测，简要写出实验思路。 31,（10分)脑对缺氧十分敏感，缺氧会导致脑神经元的结构和功能发生改变甚至死亡。研究 人员采用体外培养大鼠脑神经元的方法，探究扇贝多肽对缺氧大鼠脑神经元的保护作用。 回答下列问题： (I)神经元膜上的钠钾泵能逆浓度梯度将，Na:运出细胞、K运人细胞，维持细胞内外Na'、 K*的浓度差。峡氧引起细胞外液中Na浓度降低的原因是 (2)兴奋性氨基酸释放至突触间晾发挥生理效应后可被 (填“突触前膜”或“突触 后膜”)回收，该过程借助于Na依赖性转运蛋白发挥作用。细胞外液中Na浓度降低 导致兴奋性氨基酸难以被正常回收，在突触间晾积累，作用于突触后膜上的 使细胞外Ca大量内流，引起神经元 ,导致细胞肿胀，最终造成神经元损伤。 (3)研究人员将大鼠脑神经元分别培养于添加了生理盐水和不同浓度的扇贝多肽培养液 中，缺氧处理一段时间后，检测各组神经元内可清除自由基的超氧化物歧化醇(S0D) 的浓度及脑神经元调亡情况，结果如图所示。 250 40 50 0 对照组1%身贝多肚组2%扇贝多肚组 对耳组1%扇贝多组2%期贝多肚组 据图分析能得出的实验结论是 2026年#通高考三月适应性检测理科综合能力测试试卷第14页共16页 32.(10.分)矮沙冬青为新弧特有的豆科常绿灌术，具有根痛。现仅于乌恰县发现6个野生种 群分布于山谷或洪水冲沟之中。回客下列问题： (1)矮沙冬青种皮很厚，种子萌发依粮偶然的洪水，水分是限制矮沙冬背种辨数进的 (填“密度”或“非密度”)创约因素。调查发现矮沙冬青现存野生种群不同龄 级个体数目如图所示，推测种群密度有逐年降低的趋势，从种群数量特征的角度分析， 原因是、、 21+ 213 16-20 103 11-15 147 6-10 12 15 0 个体数量 (2)根擅茵可固定 元素，与矮沙冬青之间存在 关系。若矮沙冬青种群彻 底消失，其所在的荒漠土壤肥力下降，从生态系统物质循环的角度分析，原因是 (答出两点即可)。 (3)矮沙冬青的6个野生种群相距较远，大于昆虫的有效传粉距离，种群近亲繁殖导致内 部遗传多样性降低，有退化风险。倭沙冬青种群间的遗传差异显著大于种群内部。为 提高种群内部遗传多样性，提出一项合理的保护措施。 33.(12分)研究爱现，性黑腹果蝇X染色体上的D基因会使该果蝇产生的含Y染色体的精 子中有13爱生失活，而常染色体上的E基因能够抑制D基因的作用。为探究这两种基 因的相互作用，科研人员选用A、B两个品系的果蝇进行了相关实验。A品系的基因型是 EEXX、EEXY;B品系的基因型是eexDXD、eeXDY。回答下列问题： (I)D/d基因与E/e基因的遗传 (填“遵循”或“不遵循”)自由组合定律，判断依 据是 (2)B品系的雌堆果蝇相互交配，其后代雌雄个体的比例约为 (3)将A品系雄绳与B品系雌蝇杂交，获得F,后雌雄相互交配得到P2。 ①F,中雌堆个体的比例约为 ,原因是 ②在F,的所有雄性个体中，产生的精子不会发生失活的个体约占」 2026年普通高考三月适应性检测理科综合能力圆试试屉第15页共16页 34.(11分)跛骨细胞的主要功能是嘟锦和吸收背组织，其数成增加会造成骨质蔬松症。为研 究小鼠A'基因对陂升细胞的形成和所揽松的影响，在基因上下游加人了能被酵B识 别的序列，在荷B作用下基因可被被除，酶B由B基因控制合成。回倍下列问题： (1)可利用基因工程将某种噬菌体的B°基因导人小鼠，在基因工程中，B基因被称为 。 B基因表达载体的构建过程中，为便B基因在破骨细胞中特异性表达，需 要在B'基因上游加人合适的 ,该结构是 识别和结合的部位。若B 基因在小鼠细胞中普遍表达，对小鼠的影响是 ,会严重影响小鼠的正常生洁。 (2)下图表示小鼠体内含B基因的DNA片段和引物P,、P,、P,。为检测B时基因导人小鼠 的情况，需用引物 对小鼠细胞中的DNA进行PCR,经凉脂痈凝散电泳，若出 现长度为 bp的条带，则说明B'基因成功导人小鼠。 416bp 246bp P 5 3 3 基因 .5 (3)为研究小鼠A基因和药物X对陂骨细胞的形成和骨质珑松的影响，研究人员进行了 下表中的4组实验，结果如图所示。 组别 小鼠基因型 药物X处理 甲 A'A'BB- 乙 A'A'B-B- 丙 A'A'B'B- 丁 A'A'B'B- 注：“B”表示不含B基因，“+”表示用药物X处理，“一”表示不用药物X处至。 10 甲 乙丙 T 注：骨质疏松时骨体积分效会下释。 实验结果说明 2026年#通高考三月适应性检测-理科综合组力测试试卷郭16页共16页2026自治区三月适应性检测化学答案解析 7.【答案】C 【解析】A.羊肉的主要成分为蛋白质，所以正确：B.铝碳酸镁[A1Mg6(OHD16CO34H2O] 中OH和CO,2都能胃酸中得盐酸反应，可以治疗胃酸过多，所以B正确.C.食品包装袋 中常放置硅胶、生石灰，都是干燥剂其作用是防止食品受潮，不是防止食品氧化变质，所以 C错误；D.柳絮的主要成分是纤维素属于多糖是糖类，所以D正确。本题答案选C。 8.【答案】B 【解析】A,新制氯水有漂白性，能将pH试纸漂白，无法和标准比色卡比色，所以A错误； B.稀盐酸和大理石常温下反应生成CO2.由于盐酸有挥发性，生成的CO2气体中含有HCI 杂质，可用饱和碳酸氢钠溶液除去HCI，洗气装置导管长进短出，操作正确所以B正 确.C.长颈漏斗和外界联通，未形成密闭系统，不能检查气密性，所以C错误；D.溴苯 和苯都是液体有机物，溴苯易溶于苯，混合物不会分层，不能用分液法分离，所以D错误： 本题答案选B。 9.【答案】D 【详解】A.铝在氢氧化钠溶液中生成氢气的离子方程式为： 2A1+6H,0+20H=2[A1(OH),+3H,个A正确：B.根据CO2+H0+C10=HC0: +CI+HCIO,故B正确。CHS气体在离子方程式中不能拆开，离子方程式为： 2Fe3+HS=2Fe2+2H+S,所以C正确： D.向浓硝酸中加入少量氧化亚铜：浓硝酸会氧化Cu,0生成C”、NO2和H,0,正确的离子 方程式为：Cu,0+6H+2N0一2Cu+3H,0+2N0,↑，故D错误：本题答案选D。 10.【答案】A 【详解】Q、W、X、Y和Z为原子序数依次增大短周期主族元素，Q是原子半径最小的元 素，所以Q为H元素，W、Y原子的最外层电子数分别是内层电子数的2倍和3倍，所以W 为C元素，Y为0元素，则X为N元素。Z是同周期中原子半径最大的元素且质子数比氧 大，Z为Na元素。A.基态C原子核外电子排布式为：1s22s22p2,有2个未成对电子，基态 0原子核外电子排布式为：1s22s22p4也有两个未成对电子，故A正确；B.碳元素氢化物有 很多，如石蜡中的烃类为固体，B中缺少简单氢化物之一条件，所以B错误；C.N、0、 Na电子层结构相同，质子数大半径反而小，简单例子半径应该X>Y>Z,所以C错误：D.H、 T、0可形成NHNO,H,NO为离子化合物，所以D错误.本题答案选A。 11.【答案】D 【详解】A分析题干中的反应机理可知过程①为加成反应，过程②为消去反应，所以A正 确。B. 中有苯环、 中由苯环和羰基，苯环既能与Br,等发生取代反应， 又能在一定条件下和H发生加成反应，羰基也能加氢，故 都能发生加 成反应和取代反应，所以B正确；C 中苯环上的碳原子和羰基碳原子为sp 杂化，与羰基相连的甲基上的碳原子为Sp杂化，共两种杂化方式，所以C正确：D.氯原 子取代的 中苯环上的H原子，形成的一氯代物有邻、间、对3种，氯原子取代 C 中乙基上的H原子，形成的一氯代物有2种，一共5种，故D错误.本题答案选D. 12.【答案】C 【详解】 A.题干给出在碱性条件下电解，由电解示意图分析CoO4/SiC电极上NO得电子被还原为 NHOH,所以Co,O4/SiC电极为阴极，电极反应为：NO+6e+5H,0=NH,OH+7OH,所以A选项 正确 B.入NoH与丙酰胺(CHCH0)结构不同，分子式均为CH0N,互为同分 异构体，所以B选项正确；C.T1网电极为阳极，由于是碱性条件，电极反应为：CH,CH,CH,OH -2e+20H=CHCH,CH0+2H0,所以C选项错误；D.根据阳极和阴极反应，在得失电子相 等的情况下，阴极生成的OH比阳极消耗的氢氧根OH多，所以电解后C(OH)增大，PH增大， 或者硝酸钾的硝酸根电解后，为了平衡电荷，在碱性环境下钾离子结合的阴离子只能是生成 的OH-,所以碱性增强PH增大，故D正确.本题答案选C. 13.【答案】D 【详解】L1、L2的斜率相等，说明对应难溶盐的组成类型相同，又因为 Kp[Hg2(SC)]>Kp[PdSC2],L1直线代表-lgc(Pd与-lgc(SCN)的关系，L2直线代表 -lg c(Hg+)与-lgc(SCN)的关系，L3直线代表-lgc(Ag)与-lgc(SCN)的关系。 Kp[Hg2(SC02]=1015.51×(10-2)2=1019.51,Kp[Pd(SC02]=1012.36×(10)2=1022.36, Kp(AgSCN0=107.99×104=1011.99。 A.L1直线代表，L1直线代表-lgc(Pd2力与-lgc(SCN)的关系，所以A选项错误。 B.选项中未给出混合液中Ag、Pd、Hg+的起始浓度，无法判断沉淀先后顺序，所以B 选项错误： C.K=cHg2+)/c2(Ag*)=Ksp[Hg2(SCN)]/KsP{[AgSCN]}2=1019.5y(10-11.9)2104.47,所以， C选项错误。 D.G点时，c(Hg2+)=cAg),则cSCN)=Ke2scm）-107s2molL1,此时c(Hg+)= Ksp(AgSCN) c(Ag)=10447molL1,所以G点坐标为(7.52,4.47)，所以D选项正确。本题答案选D。 26 (1)三颈（口）烧瓶(1分) 检查装置气密性(1分)平衡气压，便于液体顺利滴下(2 分) (2) +4Na0H→CH2=CH2↑+NaCl+NaP04+3H0. (3)利用用生成的乙烯排尽装置中空气，防止NHP02·H0被氧化(2分)水浴加热(1分) △ (④NaH,PO2·H,0+2CH=CHC,H4引发剂[(CH),Po,]Na+H,0 △ 或NaH,P02·H0+2CH=0H,引发剂[(C,H),P0,]Na+H,0(2分) (⑤)充分洗去产品上粘附的Al2(S04)3、Na2SO4等可溶性物质(2分) (⑥78.5%(2分) Ho- 【解析】乙烯利( )与NaOH溶液反应生成乙烯和两种盐可知三颈烧瓶 中发生的反应为： +4Na0H→CH2=CH2↑+WaC1+NaP04+3H,0. 加入试剂前要检查装置气密性；恒压滴液漏斗和分液漏斗相比较其优点是：平衡气压，便于 液体顺利滴下。由于NHP02·H,0有强还原性，步骤Ⅱ中，打开K1、关闭K2,一段时间 后，再加热仪器b,目的利用用生成的乙烯排尽装置中空气，防止NHP0。·H0被氧化。 由于控制反应温度为95℃，所以最好采用水浴加热。题目给出步骤Ⅲ中发生反应的化学 方程式为6[(CH),P0,]Na+A1,S0,),△2[(CH)P0A1↓+3NaS0,可知步骤Ⅱ主要反应为 乙烯与NaH,PO2·H,0反应生成[(CH)PO]Na,所以步骤II中发生反应为： △ NaH.PO,.·H,0+2CH4引发剂[(CH)PO,]Na+H,0,步骤V中，粗产品用热水洗涤的目的为洗 去可溶性杂质，由反应可知其目的为：充分洗去产品上粘附的Al2(SO4)3、Na2SO4等可溶 性物质。由实验装置图中NaHP02·H,0的质量为6.36g(0.0mo1)可知理论上可生成 [(C2H)2P02]3A10.02mol(7.80g),所以产率为：6.12/7.80x100%≈78.5% 27. (1)避免了酸浸时产生大量的微溶物CSO4,附着在固体颗粒表面，阻碍反应的进行(2分) (2增大固体与硫酸的接触面积，加快酸浸速率和提高浸取率(1分)CaS04(1分) (3)BeAl2O4+4H2SO4 BeS04+Al2(S04)3+4H0(2分) (4)C(2分 (5)Be2+与F大量络合形成配离子(2分) H17C8—0 0…H—O 0-C8H17 H17C8—0 0-H0 0-CH7 (6) (7)BeH2X4+6NaOH NazBe(OH)4+4NaX+2H20(2) 解析 运原剂 可预先脱去部分舍 将Fe还 有机相中主 钙矿物，即除去部 原为Fe2目 要含BeHX 分Caf,GaC0 H.SO. 物质A 萃取剂 NaOH 金绿 水相2 浮选焙烧一浸取 预处理 萃取 反萃取 宝石 煮沸一Be(OH2…铍 滤渣 水相1 有机相 水相3 主要合BeAl,O,还合 iFeS,- 有一定量的Si0,、FeS FeO、CaF、CaCO (1)含钙矿物中的CaF2、CaC0,能与HS0,反应生成微溶物CaS0,CaS0,附着在固体颗粒表面， 会阻碍反应的进行，所以浮选预先脱去部分含钙矿物，可以提高HS0浸取时矿物的浸出率。 (2)“浸取”时将焙烧得到的固体粉碎的目的是：增大固体与硫酸的接触面积，加快酸浸速 率和提高浸取率；SiO,不与硫酸反应，CaP,和CaC0,与硫酸反应生成微溶的CaS0,所以滤渣 的主要成分为Si02和CaS04. (3)“浸取”时BeA1,04与H,S0,反应生成BeS04、A12(S0)3和H,0,化学方程式为 BeA1,04+4H,S04BeS0+A12(S0,)+4H0。 (4)根据萃取剂萃取阳离子的先后顺序为Fe>Be>A1>Fe,要萃取Be,需加还原剂把Fe” 还原为Fe2,则物质A可选择NaS0。 (⑤)Be、A13都易与F形成稳定的配离子，随c(F)增大，Be、F形成配离子，造成铍萃取率下 降； CsH17—O 0 (⑥X(CsH1,o OH )形成环状二聚体，只能是两分子X通过氢键发生二聚，所以环状 H-0.0…H-0。/0-ci1 H178-0 /0-H00-CH7 二聚体的结构为 (7)“反萃取时加入足量NaOH溶液，有机相中的BeHX4转化为NaBe(OD4 ,化学方程式为BeH2X4+NaOH Na2Be(OHD4+4NaX+2H,O(2分) 28. (1)4(1分)增大(1分) (2)①C0(1分) ②14.7%(2分) (3)①-41(2分)②a-41(2分) (4)①CH4(1分) ② 2-x100%(2分) (7a-12) (2分) 2a-1 (6-3a) 【解析】(I)解析：由图可知每个Z与3个不同BDC连接体的羧基中的一个氧配位， 00C -C001 再于簇内的O原子配位，所以配位数为4。BDC与 连接体中 -00C -C00 两个羧基均处于对位，但的 两个羧基间距离大于BDC中两个 羧基间距离，形成的空腔边长大，故形成空腔的体积增大。 (II)(1)温度大于250℃时温度升高，C0的选择性增大，甲醇选择性减小，所以反应Ⅱ正向 进行，曲线a为C0的选择性随温度的变化： （2)270℃时，CH0H的选择性为30%，CH0H的收率为6.3%，C0的选择性为70%，C0的收率为 63%×70%=147%: 30% II)(1)由盖斯定律可知反应=反应IⅡ+2×反应I,所以△H=△H十2△H,所以△H= (△H-△h)/2=-41kJ·mo1 (2)△H=反应活化能-逆反应活化能=正反应活化能-akJ·mo1=-41kJ·mo1, 所以正反应活化能=(a-41)kJ·mo1-。 (1)①密闭容器中通入3mo1C02(g)和1mo1CH(g),C02(g)和CH(g)为反应物 温度升高反应I和反应II,平衡正向移动C02(g)和CH(g)的物质的量减少，且C0,物质 的量大于CH的物质的量，所以曲线X为CO,的物质的量，曲线Y为CH的物质的量，则曲线 Z为C0的物质的量。 ②起始加入3mo1c02(g)和1mo1CH4(g),所以：n(C)=4mo1、n(0)=6mol、n()=4mol, 由图可知900K达到平衡时，n(C0)=n(C0)=amo1,设平衡时CH为Xmol,H0为Ymo1、 H2为Zmo1,则： 由C原子守恒，可得ata+X=4 由0原子守恒，可得2ata+Y=6 由H原子守恒，可得4X+2Y+2Z=4 解得：X=(4-2a)Y=(6-3a)Z=(7a-12) 平衡时n(总)=n(C0,)+n(Co)+n(CH,)+nH,0)+n(H)=a+a+(4-2a)+(6-3a)+(7a-12) =(4a-2)0l,所以CHL4的物质的量分数=(4-2a)/(4a-2×100%-2-2×100%:因为体积为 2a-1 1L,c(C0)=c(C0)=amo1·L1、c(H0)=(6-3a)mo1·L1、c(H)=(7a-12)mo1·L1, 所以反应的平衡常数KCo)C2a0a-12-a-12 C(H20).C(C0)(6-3a).(a)(6-3a) 29. (1)(酚)羟基 (1分) (2)取代反应(1分) +C2 高温 CH, +HCI (2分) HO OH (3)H0 CH2CH:OH+CH;OH_ 定条件 HO- CHCH0CH+H2O（2分) (4)4 (2分) 非密堆积 (1分) CH2CH-CHCI (5) (2分) 0 CH-CHO CHO 0 (6)25(2分) 或-CH:OCH或1 ocH,cH或 (任写一种)(2分) CH,OH OH C-CH2CI 【解析】乙酸发生取代反应生成HC-。-c1'由B的分子式CH,0、C的结构 OH 可知A与苯酚发生取代反应生成B,B与氯气发生取代反应生成C,故B为 CH,' HO C发生还原反应生成D(HO CH:CH:CI)。D中氯原子水解、酸化得到E为 HO CH2CH:OH,由G的结构可知，E中醇羟基与甲醇发生分子间脱水反应生 成F,F中酚羟基上氢原子被取代生成G,故F为H) CHCH:OCH,对比G 和F(HO CH:CH:OCH),Y以及试剂X的分子式为CHsOCI, CH:-CHCH:CI 则X的结构简式为： 对比G 美托洛尔的结构可知，G发 生开环加成生成美托洛尔。 (1)根据流程中D的结构简式，其中含氧官能团的名称是（酚）羟基：(2)A一→B是苯环上 氢原子被 CH3 替代生成B,属于取代反应：根据B与氯气发生取代反应生成C,则 反应方程式为 CH, +HC1;(3)根据分析，E中醇羟基与 HO OH 甲醇发生分子间脱水反应生成F,F为H0 CHCH0CH,则反应E→F的化学方程式为 H0〈 CH2CH:OH+CH3OH 一定条件→HO CHCH0CH+HO;(4)乙酸晶胞图可 知晶胞中4个分子的取向均不相同，故有4种取向，醋酸能形成大量氢键，氢键有方向性， 所以不能形成密堆积，只能是非密堆积。（⑤）根据分析，试剂X的分子式为C,H,OC1,则X CH:-CHCH:CI 的结构简式为 (6)B为 0 CH,,由题目中条件可知，满足条件的 HO 含有一个苯环结构和一个醛基(-CHO)①苯环上有一个取代基的有 Q OH OCH2CH CHO3种 CH-CHO CH-CHO CH-CHO ②苯环上有两个取代基 HO. OH CHO CHO 0 CH CHO CH CH 12种③3 H;CO CH OH CH OH OCH CH2OH 个取代基的有 CHO CHO CHO CHO CHO HO HO HO OH CHO CHO CHO HO CHO CHO OH OH OH OH 10种，所以共3+12+10=25种；其中其中核磁共振氢谱显示为5组峰，且峰面积之比 CH,CHO 为2：2：2：1：1的同分异构体的结构简式为 或 CH2OCH或 OH CHO 或◇ (任写一种) CHOH2026自治区三月适应性检测生物答案解析 1. 【答案】A 【分析】细胞中的糖类和脂质是可以相互转化的。血液中的葡萄糖除供细胞利用外，多 余的部分可以合成糖原储存起来；如果葡萄糖还有富余，就可以转变成脂肪等非糖物质。糖 类在供应充足的情况下，可以大量转化为脂肪，脂肪积累于体内会导致肥胖。A选项正确。 通过食物摄取的油脂中含有脂肪，减油可降低机体对脂肪的摄入。脂肪与葡萄糖等有机物均 可作为细胞呼吸的底物参与氧化分解，故脂肪积累的原因不是“不能参与呼吸”，而是“摄 入过多、消耗过少”。B选项错误。高钠饮食会使细胞外液Na*浓度升高，渗透压升高，导 致水分从细胞内流向细胞外，可能引起水肿，减盐可减少Na摄入。C选项错误。“三减” 行动不等于减少食物总量，而是减少不健康的成分。健康生活仍需运动配合，运动有助于消 耗多余能量、维持代谢平衡。D选项错误。 2. 【答案】D 【分析】A蛋白是一种DNA酶，加快反应速率的机理是降低化学反应所需的活化能。B 选项正确。本实验通过电泳检测DNA的水解情况，探究Mg2+浓度对A蛋白活性的影响。电 泳的原理是基于DNA片段的大小对其进行分离：片段越大，迁移距离越小，条带位置越靠近 加样孔：片段越小，迁移距离越大，条带位置越远离加样孔。泳道1不加A蛋白，DNA不会 被水解，结果显示仅在碱基对长度大于10000bp的位置有条带，说明被A蛋白切割前的 DNA片段长度大于10O00bp。C选项正确。泳道2加入A蛋白但无Mg2+,条带与泳道1 一致，表明无Mg2+时A蛋白无活性，DNA未被切割。泳道3加入10mmo1/LMg2+,长度 大于10O00bp的条带彻底消失，说明DNA被彻底切割，A蛋白活性最高。泳道46分别加 入20mmo1/L、30mmol/L和40mmol/L的Mg2+,结果显示存在长度大于10000bp的条 带，且随Mg2+浓度升高条带越明显，说明DNA被水解的程度逐渐减弱，A蛋白活性逐渐下 降。A选项正确，D选项错误。 3. 【答案】B 【分析】 基因分离定律指等位基因在减数分裂过程中分离，与表型是否受甲基化影响无关。A与 a是一对等位基因，遵循分离定律。A选项错误。对照组中基因型为Aa的小鼠出现黄色、少 量棕斑、中量棕斑、大量棕斑和棕色多种表型，说明A基因的表达存在个体差异，可能受甲 基化等表观修饰影响。B选项正确。实验组与对照组A小鼠毛色比例不同，是由于母鼠摄 入甲基供体导致子代A基因甲基化程度不同，从而影响表达，并非基因突变方向不同。C选 项错误。实验组中A小鼠棕色比例增加（实验组母鼠摄入含甲基供体的食物后，子代基因 型为Aa的小鼠毛色比例与对照组有明显差异)，表明甲基供体促进了A基因甲基化，支持 题干观点。D选项错误。 4. 【答案】C 【分析】 GD℉15由神经元分泌，是一种激素，通过血液循环运输至靶细胞发挥作用，属于体液 调节（激素调节），而非神经调节。A选项错误。①②两组对比只能说明ARC损伤后食欲和 体重增加，但ARC可能分泌多种因子，不能直接归因于GDF15缺失。B选项错误。③组在ARC 损伤后注射GDP15,食欲和体重增长率恢复至接近对照组水平，说明GDF15可维持正常食欲 1 和体重。C选项正确。实验对象为小鼠非人类，且是ARC损伤模型而非超重模型，因此不能 直接推广至人类超重患者，缺乏临床证据。D选项错误。 5. 【答案】C 【分析】 从图中可以看到，随着放牧强度增加，②多年生杂类草的优势度百分比逐渐减小，推测 是因为家畜对②具有取食偏好，导致其数量减少，优势度下降。A选项正确。不同放牧强度 下，各植物功能群的优势度百分比发生变化，说明植物间的竞争关系相对强弱会因放牧强度 改变而变化。B选项正确。功能群种类稳定，不代表每个功能群内的物种数量稳定，植物物 种丰富度可能发生变化，因此不能推测植物物种丰富度保持稳定。C选项错误。该研究展示 了不同放牧强度对植物功能群的影响，可为运用生态工程的协调原理确定合理放牧量提供依 据，D选项正确。 【答案】D 【分析】 RM是将抗生素R与蛋白质M连接形成的抗原，注入小鼠体内后能刺激小鼠产生相应 的抗体，A选项正确。在单克隆抗体制备过程中，PG(聚乙二醇)可以诱导骨髓瘤细胞和B 淋巴细胞融合。B选项正确。单克隆抗体制备中使用的是选择性培养基，只有融合的杂交瘤 细胞能在这种培养基上生长，未融合的细胞和融合的同种细胞（如B-B融合、瘤-瘤融合） 无法存活，C选项正确。我们的目标是获得能与抗生素R结合的抗体，因此应筛选出所分泌 的抗体能与R结合的杂交瘤细胞，而不是与R-M结合。D选项错误。 30.(11分，无特殊说明每空2分) 【答案】 (1)叶绿素和类胡萝卜素更大光补偿点更小，光饱和点更大 (2)脱落酸含量升高促使气孔关闭，二氧化碳吸收减少，光合速率降低（答案合理即 可) (3)将刚进入Ⅲ时期的果实分为甲、乙两组：甲组用脱落酸合成抑制剂处理，乙组用 等量的清水处理；置于相同且适宜的环境下，一段时间后测定两组果实的呼吸速率。(3分) 【分析】 (1)植物绿叶中吸收光能的色素有两类，叶绿素和类胡萝卜素。据表可知，与I、Ⅲ、 Ⅳ时期相比，Ⅱ时期利用光照强度的范围更广，原因是光补偿点更小，能利用更低强度的光 照；光饱和点更大，能利用更高强度的光照。 (2)据表可知，Ⅲ时期和Ⅳ时期最大净光合速率降低的同时，脱落酸含量均较高。由 此推测，Ⅲ时期和Ⅳ时期最大净光合速率降低的原因是脱落酸含量升高促使气孔关闭，二氧 化碳吸收减少，光合速率降低。 (3)本实验的目的为验证“时期果实呼吸速率升高可能与脱落酸含量增加有关”， 基于控制变量的原则分析并设计该实验：实验的自变量为脱落酸的合成是否被抑制，因变量 为果实的呼吸速率，无关变量为植株的生长时期、试剂的用量及培养的环境等。故实验设计 为将刚进入Ⅲ时期的果实分为甲、乙两组；甲组用脱落酸合成抑制剂处理，乙组用等量的清 水处理；置于相同且适宜的环境下，一段时间后测定两组果实的呼吸速率。 2 31.（10分，无特殊说明每空2分) 【答案】 (1)缺氧会使神经元的有氧呼吸强度降低，ATP生成量减少，不利于钠钾泵将Na运 出细胞(3分) (2)突触前膜(1分) 受体(1分) 渗透压升高（或“吸水”）(2分) (3)扇贝多肽能提高SOD的浓度，清除自由基，降低脑神经元的凋亡率，对缺氧大鼠 脑神经元起到保护作用，且在一定浓度范围内随扇贝多肽浓度的增加保护作用增强(3分) 【分析】 (1)神经元膜上的钠钾泵能逆浓度梯度将Na运出细胞、K运入细胞，钠钾泵运输Na、 K的方式为主动运输，需要消耗细胞内化学反应所释放的能量。氧气是有氧呼吸的原料，缺 氧会使神经元的有氧呼吸强度降低，ATP生成量减少，不利于钠钾泵将Na*运出细胞，引起 细胞外液中Na浓度降低。 (2)兴奋在神经元之间的传递离不开突触，突触的结构包括突触前膜、突触间隙与突 触后膜。神经递质经扩散通过突触间隙，与突触后膜上的相关受体结合，形成递质一受体复 合物，从而改变了突触后膜对离子的通透性，引发突触后膜电位变化，这样，信号就从一个 神经元通过突触传递到了另一个神经元。随后，神经递质会与受体分开，并迅速被降解或回 收进细胞，以免持续发挥作用。氨基酸可作为神经递质。兴奋性氨基酸释放至突触间隙发挥 生理效应后可被突触前膜回收。因该过程借助于N依赖性转运蛋白发挥作用，若细胞外液 中N浓度降低导致兴奋性氨基酸难以被正常回收，在突触间隙积累，作用于突触后膜上的 受体，使细胞外C2大量内流，神经元的渗透压升高，吸水，导致细胞肿胀，最终造成神经 元损伤。 (3)自由基产生后，即攻击和破坏细胞内各种执行正常功能的生物分子。最为严重的 是，当自由基攻击生物膜的组成成分磷脂分子时，产物同样是自由基。这些新产生的自由基 又会去攻击别的分子，由此引发雪崩式的反应，对生物膜损伤比较大。此外，自由基还会攻 击DA,可能起基因突变：攻击蛋白质，使蛋白质活性下降，导致细胞衰老。超氧化物歧 化酶(S0D)可清除自由基。据图分析，扇贝多肽组的S0D的浓度均高于对照组，2%扇贝多 肽组$0D的浓度高于1%扇贝多肽组；脑神经元凋亡率均低于对照组，2%扇贝多肽组脑神经 元凋亡率低于1%扇贝多肽组，故扇贝多肽能提高S0D的浓度，清除自由基，降低脑神经元 的调亡率，对缺氧大鼠脑神经元起到保护作用，且在一定浓度范围内随扇贝多肽浓度的增加 保护作用增强。 32.（10分，无特殊说明每空2分) 【答案】 (1)非密度种群的年龄结构呈衰退型，出生率低于死亡率 (2)N(1分) 互利共生(1分)通过根瘤菌固定的氮元素减少，土壤氨素来源 减少：缺氮影响植物生长，可供分解者分解的植物遗体残骸减少：依赖矮沙冬青生活的消费 者减少，可供分解者分解的动物遗体残骸减少；土壤中有机物减少，分解者减少，分解速度 减慢（答出两点即可） (3)在不同种群间人工移植植株（或“人工辅助在不同种群间进行基因交流”或“在 不同种群间进行杂交”或“在不同种群间进行人工授粉”或“易地播种”等，答案合理即可) 【分析】 (1)一般来说，食物和天敌等生物因素对种群数量的作用强度与该种群的密度是相关 的。例如，同样是缺少食物，种群密度越高，该种群受食物短缺的影响就越大，因此，这些 因素称为密度制约因素。而气温和干旱等气候因素以及地震、火灾等自然灾害，对种群的作 用强度与该种群的密度无关，因此被称为非密度制约因素。例如，在遭遇寒流时，有些昆 3 虫种群不论其种群密度高低，所有个体都会死亡。矮沙冬青种皮很厚，种子萌发依赖偶然的 洪水，水分是限制矮沙冬青种群数量的非密度制约因素。调查发现矮沙冬青现存野生种群不 同龄级个体数目如图所示，图中幼龄个体数远少于其他龄级个体数，种群的年龄结构呈衰退 型，出生率低于死亡率，推测种群密度有逐年降低的趋势。 (2)互利共生是指两种生物长期共同生活在一起，相互依存，彼此有利。例如，豆科 植物与根瘤菌之间：植物向根瘤菌提供有机养料，根瘤菌则将空气中的氨气转变为含氮的养 料，供植物利用。矮沙冬青为豆科常绿灌木，具有根瘤。根瘤菌可固定N元素，与矮沙冬青 之间存在互利共生关系。从生态系统物质循环的角度分析，若矮沙冬青种群彻底消失，通过 根瘤菌固定的氨元素减少，土壤氨素来源减少；缺氮影响植物生长，可供分解者分解的植物 遗体残骸减少：依赖矮沙冬青生活的消费者减少，可供分解者分解的动物遗体残骸减少：土 壤中有机物减少，分解者减少，分解速度减慢等都可能使其所在的荒漠土壤肥力下降。 (3)矮沙冬青面临的主要生存威胁源于两大现状：一是6个野生种群地理隔离显著， 且间距超过昆虫有效传粉距离，自然状态下种群间很难实现基因流动：二是种群间遗传差异 显著大于种群内部，而种群内因长期近亲繁殖，遗传多样性持续降低，最终导致退化风险。 这两大现状形成“自然基因交流阻断→近亲繁殖→遗传多样性衰退”的恶性循环，因此保 护措施需直接打破这一循环的核心环节一一基因交流障碍，本质是人工搭建种群间的基 因交流桥梁。人工移植植株、人工授粉、种群间杂交、易地播种等措施可打破地理隔离限制， 引入外源基因，丰富种群基因库，提升种群遗传多样性。 33.(12分，每空2分) 【答案】 (1)遵循D/d基因和E/e基因位于非同源染色体上 (2)3:2 (3)①1：1F1雄性个体基因型为EXY,E基因能够抑制D基因的作用，不会造成含 Y染色体的精子失活 ②7/8 【分析】 (1)D/基因位于X染色体上，E/e基因位于常染色体上，两对基因位于非同源染色体 上，因此遵循自由组合定律。 (2)B品系雌性(eeXx)与雄性(eeXY)交配，雌性产生配子均为eX,雄性产生配 子为eX和eY,但含Y精子有1/3失活，因此有效精子比例为X:Y=1:(1-1/3)=3:2,后代 雌性（XX):雄性(XY)=3:2。 (3)①A品系雄蝇(EEXY)与B品系雌蝇(eeXx')杂交，F1雌性为EeXX、雄性为 EXY。F1雄性中E基因抑制D基因作用，含Y精子不失活，因此F1雌雄交配后，后代性 别比例正常为1：1。 ②F2雄性个体中，精子发生失活的条件是同时具有D基因(XY)且无E基因(ee), 即基因型为eeXY。F2雄性中XY概率为1/2（来自母本X”概率1/2，父本Y概率1），而F 2中ee的概率为1/4(Ee×Ee后代ee概率1/4)，因此失活个体比例为1/2×1/4=1/8， 不会失活的个体比例为1-1/8=7/8。 34.(11分) 【答案】 (1)目的基因(1分)启动子(1分) RNA聚合酶(1分) 小鼠所有细胞中的A基因可能均被敲除 (2)P、P3416 4 (3)A基因和药物X共同作用于破骨细胞，促进破骨细胞形成，造成骨质疏松 【分析】 (1)在基因工程的设计和操作中，用于改变受体细胞性状或获得预期表达产物等的基 因就是目的基因。本题中，想要将控制酶B合成的B基因导入小鼠，因此B基因就是目的基 因。 为了让B基因只在破骨细胞中特异性表达（而不是在所有细胞中都表达），需要在基因 的上游加上一段特定的DA序列，即“启动子”。启动子像是一个开关，它决定了基因在何 种细胞、何时开始转录。破骨细胞特异性启动子能确保B基因只在破骨细胞中被激活。 启动子本身并不能直接工作，它是RNA聚合酶识别和结合的部位。RNA聚合酶结合到启 动子上之后，才能启动基因的转录过程。 题目中提到，在A基因上下游有能被酶B识别的序列，酶B由B基因控制合成。如果B 基因在小鼠所有细胞中都普遍表达，那么酶B就会在所有细胞中产生并发挥作用，从而在所 有细胞中都将A基因敲除。A基因的具体功能未知，但题干第一句话表明破骨细胞数量增加 会造成骨质疏松，说明破骨细胞的正常功能对维持骨密度是必要的。如果A基因在全身所有 细胞中被无差别敲除，可能会干扰其他细胞的正常生理功能，严重影响小鼠的正常生活甚至 导致其死亡。 (2)PC扩增需要一对引物，分别与目的片段两端的模板链互补，以确定扩增的区域。 从图中DA片段可知，引物P,结合在DNA片段的3'端，引物P结合在B*基因下游的5' 端。只有使用P,和P这对引物，才能扩增出包含部分B基因的片段，从而检测B*是否导 入成功。若使用P1和P2,只能扩增出246bp的片段，无法检测到B*基因。 图中标注了P,与P之间的距离为416bP。因此，经PCR扩增和琼脂糖凝胶电泳后，若 出现长度为416bp的条带，则说明B*基因成功导入小鼠细胞。 (3) 对 比 自变量 甲组/丙组/乙组 骨体积分 核心结论 组 差异 /丁组处理 数（约值） 别 甲 无药物X处理时，A*基因敲除与否对 与 A+基因 甲：AA*,无药物X 甲≈丙 骨体积分数无显著影响，单独敲除A 丙 是否敲除 丙：AA,无药物X 常 基因本身不会改变骨量 甲 A*基因存在时，药物X会显著降低骨 与 是否用 甲：A*A*,无药物X 甲>乙 体积分数，说明药物X能促进破骨细 药物X 乙：A*A*,用药物X 胞形成，加重骨质疏松 丙 A基因敲除时，药物X对骨体积分数 与 是否用 丙：AA,无药物X 丙≈丁 无影响，说明药物X的作用依赖于A 药物X 丁：AA,用药物X 丁 基因的存在 乙 均用药物X时，A*基因敲除可完全抵 与 A*基因 乙：AA*,用药物X 消药物X的骨量丢失作用，进一步证 乙<丁 是否敲除 丁：AA,用药物X 明药物X必须通过A*基因才能发挥 促骨质疏松效应 药物X通过A*基因促进破骨细胞形成，导致骨体积分数下降，造成骨质疏松。 5