2026年江苏省苏州市中考一轮模拟物理练习卷

2026年江苏省苏州市中考一轮模拟物理练习卷 一、单选题 1．中华古诗词中蕴含着丰富的声学知识，下列有关解释正确的是（　　） A．“转轴拨弦三两声，未成曲调先有情”中的琵琶声是由空气振动产生的 B．“谁家玉笛暗飞声，散入春风满洛城”中的笛声是通过空气传播的 C．“水石相搏，声如洪钟”中的“声如洪钟”是指声音的音调高 D．“柴门闻犬吠，风雪夜归人”说明声音具有能量 2．小明在海边玩耍，感觉沙滩上的沙子很热，海水却比较凉爽。某天，他从6时到22时对沙子和海水的温度进行了测量，绘成的温度随时间变化图像如图所示。下列分析不正确的是（　　） A．早晨6时，海水的温度比沙子高 B．6时到14时，沙子吸收的热量比海水多 C．14时到22时，海水降低的温度比沙子小 D．利用此图像可以比较海水和沙子的比热容 3．如图所示，用酒精灯对试管加热，等水沸腾后，可以看到蒸汽把软木塞顶跑。下列说法正确的是（　　） A．酒精燃烧过程中热值不断减小 B．水沸腾时温度不变，内能不变 C．蒸汽把软木塞顶跑的过程，相当于汽油机的排气冲程 D．蒸汽把软木塞顶跑的过程，实现了内能向机械能的转化 4．如图所示的电路，电源电压恒定不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P从a点滑到b点时，下列说法正确的是（假定灯泡的电阻不变） A．电压表示数变小 B．电压表示数变大 C．电流表示数变大 D．电流表示数变小 5．如图所示，在烧瓶内盛有少量的水，然后用胶塞封住瓶口，打气筒可以通过导管向瓶内打气。快速向烧瓶内打气，若干次后打气筒的温度升高，胶塞冲出瓶口，同时在瓶口附近产生“白气”。关于这个实验，以下判断中正确的是（　　） A．打气筒的温度升高，是通过热传递改变了内能 B．胶塞被瓶内气体推出的过程，气体对胶塞做了功 C．胶塞被瓶内气体推出的过程，胶塞的动能转化成了内能 D．瓶口附近出现的“白气”，是瓶内的水汽化成水蒸气形成的 6．如图所示，甲、乙是固定在水平地面上的两个光滑斜面，斜面长度分别为5m、4m，高度相同。分别用沿斜面向上的拉力F甲、F乙把完全相同的工件从斜面底端匀速地拉到斜面顶端，且速度大小相等。此过程拉力分别为F甲、F乙，所做的功分别为W甲、W乙，功率分别为P甲、P乙。下列说法中正确的是（　　） A．P甲∶P乙=4∶5 B．W甲∶W乙=5∶4 C．F甲∶F乙=5∶4 D．以上答案均错误 7．某同学用石块、细线、弹簧测力计、烧杯、水和食盐等器材，进行如图所示的实验探究。下列说法正确的是（　　） A．石块在水中受到的浮力方向总是竖直向下的 B．图乙中石块所受浮力和拉力的合力的大小等于它所受重力 C．石块浸没在水中和浸没在盐水中所受的浮力之比是4：5 D．石块浸没在水中时，排开水的体积为 1.2×10﹣4m3 8．如图甲是小明设计的一种测温电路，温度表由量程为3V的电压表改装而成，电源电压U恒为6V，R的阻值为40Ω，热敏电阻的阻值Rt随温度t变化的关系如图乙所示。则下列说法正确的是（　　） A．电路可测量的最高温度为50℃ B．温度表的0℃在电压表零刻度处 C．若只增大U，电路可测量的最高温度将增大 D．若只增大R，电路可测量的最高温度将增大 9．在图所示的电路中，电源两端电压保持不变，电表①②③是电压表或电流表。当开关S闭合后，下列说法正确的是（　　） A．若①②③是电压表时，L1发光，L2不发光 B．若①②③是电流表时，①②③均可能被烧坏 C．若①③是电压表，②是电流表时，L1、L2并联 D．若①③是电流表，②是电压表时，③表示数一定大于①表示数 10．将A、B、C、D四个泡沫塑料小球用绝缘丝线悬挂在水平横杆上，静止时的位置关系如图所示。已知B球带负电，则其余三个小球的带电情况是（　　） A．小球C、D带异种电荷，A带负电 B．小球C、D中只有一个带电，A带正电 C．小球C、D 均带正电，A 带负电 D．小球C、D 均带负电，A带正电 二、多选题 11．下列有关声音的说法中，不正确的是（　　） A．声音的传播需要介质，真空不可以传声 B．声音的传播速度是 C．只要物体有振动，我们就一定能听到声音 D．人的听觉频率范围是至 12．如图所示为部分电路结构，若用一根导线在a、b、c、d四个接线柱之间连接，则下列分析正确的是（　　） A．若a与b，c与d连接，则只有L1发光 B．若a与b，b与c连接，则只有L2发光 C．若a与b，b与c连接，则L1、L2并联 D．若a与d，b与d连接，则L1、L2均不发光 13．物竞天择，适者生存，很多动物进化出了符合一定物理规律的身体结构。对此下列解释正确的是（　　） A．骆驼的脚掌很大，可以减小压力，能使其在沙漠中行走自如 B．鸟类的翅膀进化成上凸下平的形状，是为了滑翔时获得升力 C．深海里的带鱼身体呈扁平态，更适宜在压强小的深海中生存 D．啄木鸟的嘴很尖细可以增大压强，利于凿开树干，捉到虫子 14．如图甲所示为常见的呼气式酒精测试仪原理图，其中电源的电压恒定，为定值电阻，为对酒精非常敏感的气敏电阻；如图乙所示为气敏电阻的阻值随酒精浓度的变化的图像。闭合开关，下列说法正确的是（　　） A．的阻值与酒精浓度成反比 B．酒精浓度越高，电压表的示数越大 C．酒精浓度越高，的功率越小 D．酒精浓度越高，电路的总功率越大 三、填空题 15．为判别直径相同的两透镜的类型，小明分别将它们正对太阳，把一张纸放在它的下方，在纸上得到相应的光斑，透镜与光斑的大小如图所示．其中形成甲光斑的 　 　 （选填“一定”、“可能”或“一定不”）是凸透镜，形成乙光斑的 　 　 是凹透镜（选填“一定”、“可能”或“一定不”）． 16．如图甲所示的电路中，当开关S闭合时，两个电流表、的指针位置如图乙所示，则通过灯的电流为　 　A，通过灯的电流为　 　A。 17．在物理实验操作考试中，小马同学用弹簧测力计悬挂一个圆柱体物块，物块下表面与水面刚好接触且不受力，如图甲所示，然后匀速放下物块，此过程中弹簧测力计示数F与物块下表面浸入水中的深度h的关系如图乙所示，弹簧测力计始终在水面上方，水未溢出，则物块浸没时受到的浮力为　 　N，圆柱体的密度为　 　。（已知） 18．如图甲为同种材料制作的手机防窥膜结构图，使用纳米镀膜工艺。使手机防窥膜材料均匀，并采用了超细百叶窗光学技术，贴在手机屏幕上的效果如图乙所示，其原理类似百叶窗，只能透过一定角度的光线，结构简图如图丙。两侧之所以看不清屏幕内容，是由于光的　 　现象；此防窥膜贴在手机屏幕上，　 　（选填“能”或“不能”）防止上方的窥视；为了让防窥效果更好（可视范围减小），可以适当地　 　（选填“增大”或“减小”）超细百叶窗的间距。 19．我国自主研发的C919大型商用客机采用了极轻的新型复合材料，“极轻”反映了这种材料的　 　小。若一个实心零件，使用铝合金制造时，其质量为540kg，则这个零件的体积为　 　。 （铝合金的密度为3×103kg/m3） 20．如图所示，电源电压12V，、为定值电阻，，R3为滑动变阻器，其铭牌上标有“？；2A”字样。电压表接入电路的量程为0~3V，电压表接入电路的量程为0~15V，电流表A所选量程为0~3A，电流表A1所选量程为0~0.6A。将滑动变阻器的滑片调至最左端，当只闭合开关时，电流表A的示数为0.4A；保持滑片位置不变，当只闭合开关时，电压表的示数为3V。下列结论正确的是（　　） A．R3的最大阻值为30 B．R1的阻值为20 C．只闭合S3时，R3连入电路的阻值不能小于4 D．改变电路连接，为保障各元件安全，电流表A的最大示数和最小示数之比为26：3 四、作图题 21．如图，将重力为5N的杯子放在水平桌面上，画出桌面受到杯子的压力。 五、实验探究题 22．物理兴趣小组的同学们想探究通过导体的电流与电压的关系．实验室有：电源、电压表、电流表、滑动变阻器、规格不同的定值电阻、开关和导线等器材各若干供同学们选择，实验用电路如图a所示． （1）图b是某组同学尚未完成连接的实物电路，请你用笔画线代替两根导线完成连接（连线不交叉）．要求：滑动变阻器的滑片P向A端移动，电压表示数变大． （2）连好电路闭合开关，发现电流表示数较大、电压表示数为零，则电路故障原因可能是(　　) A．电压表的量程选大了 B．电阻R0发生了短路 C．滑动变阻器发生了断路 D．滑动变阻器发生了短路 （3）他们排除故障后继续实验，测得多组数据记录在下表中，在给定的坐标纸上作出图象，分析得出了结论．在与其他组交流时发现虽然各小组作出的图象都是正确的，但是在相同的坐标纸上有些小组的图象却明显不同．请你利用表中数据在图c中作出I﹣U图象　 　 ，并回答造成这种不同的原因：　 　 ． 实验次数 1 2 3 4 5 电压表 示数/V 1.0 1.5 2.0 2.5 3.0 电流表 示数/A 0.12 0.19 0.25 0.28 0.38 （4）该组同学为了进一步探究电路的性质，他们选择了一个电压可调的电源进行实验．实验所用电路如图d，但电压表位置不详，电阻R1的阻值为8Ω，所用滑动变阻器R2是“10Ω 2A”和“5Ω 3A”中的一个．若某次实验时两表刻度盘上的指针位置如图e所示，此时滑动变阻器接入电路的阻值恰为最大值的一半．请发挥你的聪明才智，通过计算推测他们实验时所用变阻器R2的规格和R2的电压． 六、计算题 23．小武在实验室找到三样实验器材：一个长方体物块A，如图甲所示，重10 N，底面积为 高4 cm；一个足够高的薄壁轻质容器，内装3kg的水，水深10cm；一个形如“⊥”的物块B，下底面积是上底面积的2倍，g取 （1）求物块A 的密度. （2）如图乙所示，将A 用细线系住缓慢放入容器内的水中，A的下表面始终平行于水面，忽略液体扰动、吸水等次要因素.从A 下表面刚接触水面开始，到A下表面受到水的压强为300 Pa时结束.求此过程中物块A 重力做的功. （3）如图丙所示，将物块A 叠放在 B 正上方，对B施加一个竖直向上的力 F，直到 B刚好离开地面.此过程中A 对 B 的压强为 ，B对地面的压强为 随F的变化关系如图丁所示.求图丁中 的大小. 七、综合题 24．如图甲是某自动控温电热水器的电路图，其中控制电路电压恒为6V，R1为热敏电阻，置于水箱中产生的热量对水箱中水温的影响忽略不计，R1阻值随温度变化的关系如图乙所示，R2为可调电阻，用来设定电热水器的水温。R3、R4为纯电热丝，均置于水箱中，R3=22Ω；电磁铁线圈电阻忽略不计，当电磁铁电流达到0.2A时，继电器衔铁被吸下来。（工作过程中，电源电压均保持不变），请完成下列问题： （1）图甲中电磁铁的上端为 　 　（选填“N极”或“S极”）； （2）加热时电热丝R3的功率为　 　； （3）如果电热水器储有60kg的水，电路处于加热状态，正常工作1小时，产生的热量80%被水吸收，则水温升高了　 　℃；[c水=4.2×103J/（kg•℃），结果保留1位小数] （4）如果将电热水器水温设为60℃，R2的阻值应该调至　 　Ω。 答案解析部分 1．【答案】B 【解析】【解答】选项 A：琵琶声是由琵琶弦振动产生的，而非空气振动，说法错误。 选项 B：笛声通过空气传播，说法正确。 选项 C：“声如洪钟“指声音的响度大，而非音调高，说法错误。 选项 D：“闻犬吠”说明声音能传递信息，而非能量，说法错误。 故选B。 【分析】解题核心是掌握声音的产生(物体振动)、传播(介质)、特性(响度、音调)及作用(传递信息、能量)，通过对古诗词中声学现象的辨析，选出正确解释，体现了对声学基础概念的理解能力。 2．【答案】B 【解析】【解答】A．图中，早晨6时，海水温度为15℃，沙子温度为10℃，海水的温度比沙子高，故A正确，不符合题意； B．相同环境中，太阳每小时放出的热量相同，6时到14时，沙子和海水吸收的热量相等，故B错误，符合题意； C．图中，在14时和22时，比较海水温度和沙子温度，海水降低的温度比沙子小，故C正确，不符合题意； D．根据，相同质量的海水和沙子，吸收或放出相同的热量，温度变化越大，比热容越小，可比较海水和沙子的比热容，故D正确，不符合题意。 故选B。 【分析】相同环境下，太阳放出热量相同，物体吸收热量相同；海水和沙子质量和吸收的热量相同，温度差越大，则比热容越小。 3．【答案】D 4．【答案】A 5．【答案】B 6．【答案】A 7．【答案】B 【解析】【解答】A.石块在水中受到的浮力方向总是竖直向上的，故A错误； B.图乙中石块处于静止状态，则它受到的向上的浮力和拉力，与向下的重力相互平衡，即F浮力+F拉=G，故B正确； C.根据图片可知，石块浸没在水中受到的浮力：F浮=G-F拉=2N-1N=1N，浸没在盐水中受到的浮力：F浮'=G-F拉'=2N-0.8N=1.2N。那么二者的浮力之比为：1N：1.2N=5：6，故C错误； D.石块排开水的体积：，故D错误。 故选B。 【分析】A.根据浮力的方向的知识判断； B.对石块进行受力分析，根据平衡力的知识判断； C.根据F浮=G-F拉分别计算物体在水中和盐水中受到的浮力，然后作比即可； D.根据阿基米德原理计算石块排开水的体积。 8．【答案】D 9．【答案】D 10．【答案】C 11．【答案】B,C 【解析】【解答】A．声音的传播需要介质，不能再真空中传播；故A说法正确； B．在空气中的传播速度与压强和温度有关，在空气中的传播速度不一定等于340m/s，故B说法错误； C．物体振动发出声音，耳朵才能听到声音，故C说法错误； D．人的听觉频率范围是20Hz至20000Hz，故D说法正确． 【分析】声音是由于物体振动产生的，声音在不同介质中传播速度不同，声音经过介质传播，耳朵才能听到声音。 12．【答案】A,B,D 13．【答案】B,D 14．【答案】B,D 【解析】【解答】A．根据图乙，判断气敏电阻的阻值随酒精浓度的增大而减小，但图乙不是反比例函数的图象，故A错误； B．根据，由于电源电压恒定，定值电阻的阻值不变，当酒精的浓度越高，气敏电阻的阻值越小，电路中的电流越大；根据，由于是定值电阻，电流变大，电压表的示数变大，故B正确； CD．酒精气体浓度越高，电阻越小，电流越大，根据，的功率也变大，电路的总功率也会变大，故C错误，D正确。 故选BD。 【分析】根据，计算电流的大小；利用P=UI，计算电功率。 15．【答案】一定；可能 16．【答案】1.3；0.4 17．【答案】2； 18．【答案】直线传播；不能；减小 【解析】【解答】1.两侧的光线被百叶防窥膜的超细百叶窗结构，利用光的直线传播原理：只有特定角度的光线能透过百叶窗间隙，窗阻挡，因此两侧看不清屏幕内容， 2.从结构(图丙)可知，该防窥膜的百叶窗是“左右方向”的遮挡设计(仅限制水平角度的光线)，对上方的光线无遮挡作用，因此不能防止上方的窥视。 3.可视范围由百叶窗的间距决定：间距越小，能透过的光线角度越窄，可视范围越小，防窥效果越好。因此需减小超细百叶窗的间距。 【分析】这道题围绕手机防窥膜的光学原理展开，核心是结合光的直线传播规律，分析防窥膜的防窥机制、不同方向的防窥效果，以及百叶窗间距对可视范围的影响： 防窥膜的超细百叶窗结构利用光的直线传播，阻挡侧面一定角度外的光线，使两侧无法看清屏幕；其结构针对左右方向的光线进行阻挡，对上方光线无明显遮挡作用，故不能防止上方的窥视；减小超细百叶窗的间距，会进一步缩小光线可透过的角度，从而减小可视范围，提升防窥效果。 总结：本题关键是利用光的直线传播规律，结合防窥膜的百叶窗结构特点，分析其防窥机制、不同方向的防窥能力，以及百叶窗间距对可视范围的影响，完成各空的判断。 19．【答案】密度；0.18m3 20．【答案】A,D 21．【答案】 22．【答案】（1）解：根据实验电路图应将定值电阻与变阻器串联，电压表测定值电阻两端电压，滑片P向A端移动，电压表示数变大，根据U=IR，所以通过R电流应变大，故变阻器阻值变小，应将A接线柱接入电路中，如图所示： ； （2）B （3）；定值电阻的阻值明显不同 （4）解：由图e，电流表和电压表都使用小量程时，读出分别为IA=0.2A，UV=2.6V， 则R1两端电压：U1=IAR1=0.2A×8Ω=1.6V， 滑动变阻器接入电路的阻值恰为最大值的一半， 若使用的是规格是“5Ω 3A”，则U变=IAR变=0.2A×2.5Ω=0.5V， 若使用的是规格是“10Ω 2A”，则U变=IAR变=0.2A×5Ω=1V， 所以电压表不是测R1也不是测R2两端电压， 根据串联电路的电压特点：U=U1+U2，若电压表测总电压，则使用“10Ω 2A”恰好符合电压表示数为2.6V． 同理：若电流表和电压表使用大量程，读出分别为IA=1A，UV=13V， 使用变阻器使用“10Ω 2A”同样是符合电压表示数，此时U变=IAR变=1A×5Ω=5V， 故实验时所用变阻器R2的规格为“10Ω 2A”，R2的电压为1V或5V． 故答案为：（1）见上图；（2）B；（3）见上图；定值电阻的阻值明显不同；（4）实验时所用变阻器R2的规格为“10Ω 2A”，R2的电压为1V或5V． 【解析】【解答】（1）（1）根据实验电路图应将定值电阻与变阻器串联，电压表测定值电阻两端电压，滑片P向A端移动，电压表示数变大，根据U=IR，所以通过R电流应变大，故变阻器阻值变小，应将A接线柱接入电路中，如图所示： ； （2）根据电路图电压表测量灯泡两端电压，电流表测量电路电流； A、如果是电压表的量程选大了，电压表指针摆较小，不会为0，不符合题意； B、如果电阻R0发生了短路，电流表有示数，电压表示数为零，符合题意． C、如果是滑动变阻器断路，即电路为断路，电流表、电压表都无示数，不符合题意． D、如果滑动变阻器短路，电路中电流将会很大，电流表、电压表都有示数，不符合题意． （3）由表格数据描点连线作出I-U图象，如图所示： ； 实验中各小组所使用的定值电阻的阻值可能各不相同，若阻值太大，电流太小，则会造成图象不明显； （4）由图e，电流表和电压表都使用小量程时，读出分别为IA=0.2A，UV=2.6V， 则R1两端电压：U1=IAR1=0.2A×8Ω=1.6V， 滑动变阻器接入电路的阻值恰为最大值的一半， 若使用的是规格是“5Ω 3A”，则U变=IAR变=0.2A×2.5Ω=0.5V， 若使用的是规格是“10Ω 2A”，则U变=IAR变=0.2A×5Ω=1V， 所以电压表不是测R1也不是测R2两端电压， 根据串联电路的电压特点：U=U1+U2，若电压表测总电压，则使用“10Ω 2A”恰好符合电压表示数为2.6V． 同理：若电流表和电压表使用大量程，读出分别为IA=1A，UV=13V， 使用变阻器使用“10Ω 2A”同样是符合电压表示数，此时U变=IAR变=1A×5Ω=5V， 故实验时所用变阻器R2的规格为“10Ω 2A”，R2的电压为1V或5V． 故答案为：（1）见上图；（2）B；（3）见上图；定值电阻的阻值明显不同；（4）实验时所用变阻器R2的规格为“10Ω 2A”，R2的电压为1V或5V． 【分析】（1）实验电路应该连成一个串联电路，电压表测R两端电压，滑动变阻器一上一下接，根据滑动变阻器的滑片P向A端移动，电压表示数变大确定接线柱的接法； （2）电流表有示数，说明整个电路是通路，电压表无示数，说明电压表被短路； （3）根据表格数据描点连线作出图象；可以从各组使用电阻不同分析造成实验作出的图象产生差异的原因； （4）读出电流和电压表的示数，由电路图根据串联电路的特点结合欧姆定律判断． 23．【答案】（1）解： 由题意知，A的体积 A 的密度 答：物块A 的密度1.0×10-3m3。 （2）解： A下表面受到水的压强为300 Pa时，下表面距水面的深度 容器中水的体积 容器的底面积 当A 浸入水中深度为3cm时，设A下降的高度为h，则此过程中水面上升的高度 根据 V排 的两种计算方法可得 ，即 ，解得h=0.5cm 则物块A 重力做的功W= Gh=10 N×0.005m=0.05 J 答： 物块A 重力做的功为0.05J。 （3）解： 由图丁可知，当Δp达到最大500 Pa时，此时B对地面的压强p2为0，则A对B的压强 p1=500Pa 因此B与A的接触面积 B的底面积是上底面积的2倍，则 当对 B施加一个竖直向上的力 F 为 12 N时，Δp为0，则B对地面的压强为p2为500 Pa 则 B 对地面的压力 根据力的平衡关系可知 当F为0时，B对地面的压强 故图丁中△p。的大小 答： 的大小为300Pa。 【解析】【分析】（1）考查基础密度计算，直接应用密度公式。关键是通过物块的几何尺寸计算体积，结合重力求质量。 （2）综合考查液体压强、浮力原理和功的计算。解题关键在于理解物体浸入水中时引起的水面变化，需要建立物块下降高度与水面上升高度的关系。由P=ρgh，计算出浸没的深度；再根据物块下降高度与水面上升高度的关系，计算出物块下降的高度h，由W=Gh计算出重力做的功。 （3）考查压强计算和受力分析的综合应用。需要从图像中提取有效信息，建立力的平衡方程，分析不同状态下压强关系。解题关键是正确理解Δp=|p1-p2|的含义，Δp0为F=0时的压强差，并利用图像中特殊点（Δp=0，p1最大）建立方程求解。 本题通过三个不同情境，层层深入地考查了密度、压强、浮力、功和受力分析等核心知识点，体现了物理知识在实际问题中的综合应用，强调了对图像信息的提取能力和逻辑推理能力。 24．【答案】S极；2200W；25.1；20 【解析】【解答】（1）图甲中电流从电磁铁的上端外侧流入，由安培定则可知，电磁铁的下端为N极，上端的为S极； （2）分析甲图可知，当衔铁与上方触点接通时，电路中只有R3工作，电热水器处于加热状态， 当衔铁与下方触点接通时，R3与R4串联，电热水器处于保温状态；加热时电热丝R3的功率为： （3）电路处于加热状态，正常工作1小时，产生热量： Q=W=Pt=2200W×3600s=7.92×106J 产生的热量80%被水吸收，则水吸收的热量为： Q吸=Q×80%=7.92×106J×80%=6.336×106J 由Q吸=cmΔt变形得，水升高的温度为： （4）如果将热水器中的水温设置为60℃，继电器衔铁被吸下来，此时控制电路中的电流刚好为0.2A，控制电路电压恒为6V，由欧姆定律可知此时控制电路的总电阻： 由图像可知，60℃时R1的阻值为10Ω，由串联电路电阻的特点可知，R2的阻值为： R2=R总-R1=30Ω-10Ω=20Ω 故答案为：（1）S极；（2）2200W；（3）25.1；（4）20。 【分析】（1）根据螺线管中电流的方向结合安培定则判断电磁铁的南北极； （2）由图甲先确定工作电路在加热和保温状态下的电路连接形式，然后由可知加热时电热丝R3的功率； （3）根据Q吸=Q×80%求出水吸收的热量，利用Q=cmΔt求出水升高的温度； （4）由图甲知控制电路为R1和R2组成的串联电路，当电磁铁电流达到0.2A时，继电器衔铁被吸下来，由欧姆定律得到此时控制电路的总电阻R，如果将电热水器水温设为60℃，由图乙知此时R1的阻值，由串联电路电阻规律可知R2的阻值应该调至多少。 学科网（北京）股份有限公司 $