广东省广州市2026届高三下学期3月物理自编模拟练习卷4

广东省广州市2026届高三上学期3月物理自编模拟练习卷4 一、选择题(1~7题单选题，每小题4分，8-10题多选题，每小题6分，共46分) 1,下列生活中的现象属于衍射现象的是() A.在医院里，医生用“彩超给病人检查身体 B.旋转一支敲响的音叉，人在同一位置听到的声音会时大时小 C.警车响着警笛从行人旁经过，行人听到警笛声的音调由高变低 D.开着门的屋子里面有人在说话，屋外墙后面的人隔着墙能听到 2.如图所示，理想变压器原、副线圈匝数比为11：4，原线圈接u=220V2sin100πt(W)的 正弦式交变电流，副线圈电路中电阻R1=202、R2=102,D为理想二极管。开关S分别 接1和2时，变压器的输入功率之比为() A.1:1 B.V2:1 C.2:1 D.4:1 3.如图甲所示，α、b、c三种单色光照射阴极K时发生光电效应，测得光电流随电压变化的图像如图乙所示，三 种光的频率分别为va、M、V,光子的动量大小分别为Pa、pb、pc,下列关系正确的是() 光束 LA -U。U,-U.0 U 乙 A.Vc>Vp>va B.Vo>va>Vc C.Pe>Pa>pb D.Pa>pb>Pe 4.为测定一截面为半圆形的玻璃砖的折射率，学习小组进行了如图所示的实验：将玻璃砖的A点与光屏MN紧贴， 使直径AB与MN垂直。让一束激光从左侧平行于玻璃砖的截面射向圆心O,在光屏MN上的C、D两点分别观察到两 个光斑，测得0C和0D的距离分别为L1、L2。己知光在真空中的传播速度为c。下列 说法正确的是() A.图中OC为折射光线，OD为反射光线 B.实验中不断增大入射角，能观察到全反射现象 c.该玻璃砖折射率n=号 D,光在该玻璃砖中的传播速度v= 激光笔 L2 5.中国自行研制的北斗导航系统目前在轨卫星总数已达数十颗，北斗系统的卫星包括地球静止轨道卫星和中圆地 球轨道卫星等。如图1是中圆地球卫星轨道，Ⅲ是地球静止卫星轨道，其轨道半径的关系为rm=3r1,Ⅱ是连接两个 轨道的椭圆过渡轨道，P、O是过渡轨道与两个圆轨道的切点。以下说法正确的是() A.一飞船从轨道过渡到轨道Ⅲ，需要在P、Q两点向与运动方向相同的方向喷气来获 得加速 B.飞船在轨道Ⅱ上运动到Q点时的速率要大于地球第一宇宙速度 C.同一卫星在轨道缸与轨道Ⅲ上的动能之比为V3:1 D.若已知地球的自转周期，则可算出飞船从P运动到Q的时间 6.关于下列四幅图的说法正确的是() b y 照相底片 。。 9⊕ 。。…。。。…0 。。。。。。。。 接交流电源 a 81 匆 $ 试卷第1页，共5页 A.图甲是回旋加速器的结构示意图，粒子从磁场中获得能量被加速 B.图乙是磁流体发电机的结构示意图，可以判断出B极板是发电机的负极，A极板是正极 C.图丙是某霍尔元件的原理示意图，若要提高其测量磁场的灵敏度，可让电流I大一些 D.图丁为速度选择器和质谱仪的组合装置示意图，不改变电场及磁场，沿直线经过速度选择器的粒子，则击中 底片同一位置的粒子具有相同质量 7.如图所示，两根光滑轨道平行放置在同一水平面上，其上分别套有A、B两个完全相同的小球，小球间用一根 弹性绳相连（弹力遵循胡克定律）。初始两球均静止，弹性绳处于原长，现给A球一个向右的初速度。，则从开始 运动到两球再次相距最近的过程中，两球的ⅴ-t图像可能正确的是() A 弹性绳 0 B B D 8.竖直管上开有两个小孔，穿过两个小孔的细线两端连接在小球上，忽略空气阻力及一切摩擦，小球可视为质点。 让小球与管一起绕过管中心的竖直轴线匀速转动，转动稳定后，小球的状态可能是()（其中A项中杆到小球 的两段细线长度相等) i下. 9.用一段横截面半径为r、电阻率为、密度为d的均匀导体材料做成一个半径为(r《R)的圆形线框，圆环竖直 向下落入如图所示的径向磁场中，圆环的圆心始终在N极的轴线上，圆环所在位置的磁感应强度大小均为B。圆环 在加速下落过程中某一时刻的速度为，忽略电感的影响，下列说法正确的是() A.下落过程圆环磁通量不变，不产生感应电流 B.下落过程中圆环产生顺时针方向感应电流 C.如果径向磁场足够深，则圆环的最大速度为祭 磁铁 环 D.此时圆环的加速度为加一g一器 俯视图 侧视图 10.某科学小组设计实验探究碰撞的规律。模型如图示，在一足够长的倾角日=37的固定斜面上，同时放上一块 左端带有挡板的长木板B和光滑小球A,此时长木板B恰好能静止在斜面上，初始小球A与长木板B左端挡板距 离为L=m,长木板B与斜面间的动摩擦因数为μ，随后光滑小球A与长木板B发生了多次弹性碰撞且碰撞时间极 短，不计空气阻力，光滑小球A可视为质点。已知光滑小球A的质量为mA=2kg,长木板B的质量为m=1kg, 设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g=10m/s2,si37°=0.6，cos37°=0.8。则() A.长木板B与斜面间的动摩擦因数4=0.25 B B.小球A和长木板B第一次碰撞碰后瞬间B的速度大小为m/s C.小球A和长木板B第一次碰撞过程中合外力对A的冲量大小为N·s 0 试卷第2页，共5页 D.小球A和长木板B第一次与第二次碰撞的时间间隔为s 二、非选择题(11题8分，12题8分，13题11分，14题13分，15题14分，共54分) 11.某学校的物理兴趣小组要测量一节干电池的电动势和内阻，现有如下实验器材： A.电压表V(0~3V,内阻约为3k2): B.电流表A(0~0.6A,内阻约为0.52)： C.滑动变阻器(0~999.92)： D.待测干电池： E.开关S、导线若干 (1)请按照实验原理图在图甲中补充连接好实物图； ↑U/N 1.50t■ R 1.30 1.10 0.90 0.70 0.50田用 0.000.100.200.300.400.500.601A 甲 乙 (2)改变滑动变阻器滑片的位置，记录多组电压表的示数U和对应的电流表的示数1，利用描点法作出如图乙所示的 U一I图像。由图像可求出该干电池的内电阻为 Ω（结果保留两位小数）： (3)为更准确测量干电池电动势和内阻，某同学对实验进行了改进，设计了如图丙所示的电路，闭合开关$1，将开关 S2接在α端，调节滑动变阻器的阻值，记录多组电压表和电流表的示数，作出U-I图线（如图丁中图线1所示）， 图线在U轴和I轴的截距分别为U1=1.49V和11=0.88A。保持开关S1闭合，再将开关S2接在b端，调节滑动变阻器R 的阻值，记录多组电压表和电流表的示数，作出U-1图线（如图丁中图线2所示），图线在U轴和I轴的截距分别为U2= 1.46V和12=0.92A。从尽可能减小电表引起的系统误差的角度可得，电动势E= V,内阻 r= (结果保留两位小数)。 (V 本U U 01 图线」 图线2 2*1 丙 12.(1)某同学发现在验证动量守恒定律的现有实验中，都是验证碰撞前与碰撞后系统的动量是否守恒。该同学提 出质疑：碰撞作用过程中系统动量是否守恒？于是从实验室找来DI$传感器组件验证两小车碰撞过程中动量是否守 恒。如图所示，无线速度传感器实时记录了两小车碰撞过程中速度与时间的关系图像。 /ms） 1.5 1.0 0 0 甲 b ①由图像可知该碰撞为碰撞（选填“弹性”、“非弹性”或“完全非弹性”)。 ②己知a车的质量为0.45kg,b车的质量为0.40kg,取碰撞过程中任意两个时刻t1、t2,由图可知t1时刻va=0.080m/s, %=0.700m/s,此时两车的总动量为p1=kg·m/s,t2时刻v。=0.120m/s,v。=0.630m/s,此时两车的总 动量为p2=kg·m/s（计算结果保留三位有效数字)。 (2)某学习小组用图甲所示的装置做“探究气体等温变化的规律”实验。 试卷第3页，共5页 甲 ①在本实验操作的过程中，需要保持不变的量是气体的温度和 ②实验中不断改变密封气体的压强，根据测得的密封气体的体积与压强的数据，做出p一图像如图乙所示。当气 体压强增大到一定值后，发现依据实验数据描绘的图线偏离过原点的直线。若是因实验装置漏气导致的偏离，则描 绘的图线可能如图乙的 (填“A”或B)所示。 (3)“感光镜片”在生活中处处可见。某实验小组为测一圆形“感光玻璃折射率，利用身边的器材设计如下实验。实 验步骤如下： ◆入射光照度(Lx) 300 200 100 0 4080 透明度(%) 图甲 图乙 A.利用测量工具测出圆形玻璃的直径d5.00cm; B.在水平桌面上铺一张白纸，将圆形玻璃放在纸面上： C取一红色激光笔，让其沿桌面向下照射圆形玻璃。水平左右移动激光笔，当观察到射出圆形玻璃的光线不发生偏 转时，说明光线经过圆形玻璃的圆心O,并在光线入射和出射位置处分别标记点MN,(如图甲)； D.继续水平向右激光笔并保证激光笔在桌面上沿直径方向向下照射，当光线恰好再次从N点射出介质时，测出激光 笔在其运动过程中的距离L=2.00cm,标记入射点A。回答下列问题： ①圆形玻璃的折射率 一（可用根式表示）： ②若将激光笔保持原方向继续向右移动， (填“能”或“不能”)看到光在圆形玻璃内发生全反射；若用紫色激 光仍在桌面上沿直径方向向下在A点入射，则出射点在N点的 （填“右侧”或“左侧”)； ③为使出射光照度维持在某一定值，“感光玻璃'可以自动调整透明度。经查阅入射光照度和透明度的关系如图乙所 示。当透明度为50%时，入射光照度为Lx。 13.如图1所示，导热性良好的汽缸内用光滑活塞封闭着一定质量的理想气体，汽缸开口向下悬挂在天花板上并保 持静止，此时汽缸内空气柱长度为2o:当汽缸按如图2所示开口向上静置在地面上时，汽缸内的空气柱长度为。 己知汽缸的横截面积为S,大气压强为o,重力加速度为g,环境温度保持不变。 (1)求活塞的质量： (2)现用外力缓慢向上拉图2的活塞（汽缸始终未离开地面），当汽缸内空气柱的长度再次变为2，时，外力做的功为 W。,求汽缸内气体从环境中吸收的热量。 3333330333333333333333333333 7777777777777777777777777777 图1 图2 试卷第4页，共5页 14.用夯锤打桩钉的示意图如图所示，夯锤静止在桩钉上，电动机带动两个摩擦轮匀速转动，将夯锤提起；当夯锤 与摩擦轮边缘速度相等时，两个摩擦轮左右移动松开：夯锤仅在重力的作用下，最后落回桩钉顶部，撞击桩钉。已 知两摩擦轮角速度ω=4rad/s,半径R=0.5m,对夯锤的正压力均为N=625N,轮对锤摩擦力与正压力的比值为k= 0.5,夯锤的质量m=50kg,桩钉从图示位置下移x过程中阻力与x关系：f=(100+1000x)N,整个过程夯锤对桩 钉做的总功大小为其击打桩钉前瞬间动能的80%，忽略桩钉重力和空气阻力。重力加速度g取10m/s2,求： (1)夯锤上升速度为零时与桩钉顶端的距离H: (2)夯锤上升过程中，摩擦轮与夯锤因摩擦产生的热量Q: (3)夯锤打击桩钉后，桩钉下移的最大距离d。 夯锤 摩擦轮 擦轮 777777777777777777力77777777777777777T 桩钉 l5.为了约束带电粒子在一定区域内运动，某同学设计了如图所示的装置。边长为L的正方形横截面abd将装置 分成左右两部分。左侧是宽度为L的匀强电场区域，电场方向竖直向下；右侧是长为x(x未知)的长方体匀强磁 场区域，磁场方向水平向右，长方体右侧面h内有一个光屏。粒子源射出一电荷量为+q、质量为m的粒子，以 速度vo从pg中点水平射入匀强电场区域，恰好从图中bcd面的中心O点进入长方体区域，粒子在右侧磁场内运 动过程中，到达光屏之前恰好未离开长方体区域，粒子重力不计。 (1)求粒子到达O点时的速度大小v和左侧区域中的电场强度大小B: (2)若粒子打在光屏上Q点时的速度恰好和经过O点时的速度相同，求磁感应强度大小B和OQ两点间距离x: (3)若将光屏平移至和0点距离x=18心，求粒子打到光屏上的位置到0点的距离5。 8 a 8 试卷第5页，共5页 参考答案 1.D【详解】A.医生用“彩超检查身体利用了超声波的多普勒效应，故A错误； B,旋转音叉时声音时大时小是声波的干涉现象，故B错误； C.警车经过时警笛音调变化是波源与观察者相对运动引起的多普勒效应，故C错误； D.声音穿过门缝并绕过墙壁传播到墙后，属于声波在障碍物边缘发生衍射的现象，故D正确。故选D。 2.A【详解】根据题意，由电压与线圈匝数关系可得，副线圈输出电压的有效值为U2=.=80V 开关S接1时，变压器的输入功率P,==320W 开关S接2时，由于二极管具有单向导电性，因此R2消耗的功率是没有二极管时的一半，则变压器的输入功率P2=, =320W可得，开关S分别接1和2时，变压器的输入功率之比为1：1。故选A。 R2 3.D【详解】AB.由图乙可知遏制电压绝对值的大小为Ua>U>Uc,则入射光光子的能量ea>eb>ec,光子的 能量满足e=hw,可知va>Vh>Vc,故A、B错误： CD.光子的动量为p=会与光子的能量关系为p=月 可知光子能量越大动量越大，因此Pa>pb>pc,故C错误，D正确。故选D。 4.D【详解】A.图中OC为反射光线，OD为折射光线，故A错误； B.光从空气（光疏介质）斜射入玻璃砖（光密介质）时，不会发生全反射现象；即使光线OD经玻璃砖圆心从玻璃 射向空气，满足了介质条件，但由于入射光线沿半径方向，与入射点的法线重合，因此同样无法观察到全反射现象， 故B错误； C.由几何关系，入射角i=∠0CA,折射角r=∠0DA,半圆形玻璃砖的折射率n=血=二，故C错误； sinr L1 D.光在玻璃砖中的传播速度)=片=号故D正确。故选D。 5.D【详解】A.飞船从轨道过渡到轨道Ⅲ，需要在P、Q两点向与运动方向相反的方向喷气来获得加速，故A错 误： B.地球第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，也是卫星绕地球做圆周运动的最大环绕速度。轨道I是地球静止卫 星轨道，因此卫星在轨道Ⅲ上Q点的速率小于地球第一宇宙速度。则飞船在轨道Ⅱ上运动到Q点时的速率要小于地 球第一宇宙速度，故B错误： C.卫星在圆轨道上的动能Ek=2mw2 卫星在轨道上做匀速圆周运动，由万有引力提供向心力，有G=m联立可得k=m 2r 即同一卫星的动能与轨道半径成反比，己知rm=3r1,同一卫星在轨道I与轨道Ⅲ上的动能之比为3：1，故C错误： D.已知轨道m的半径rm=3r1,椭圆轨道的半长轴为a="-”=2r, 2 2 3 卧道亚是地球静止轨道，周期P等于地球自转周期r,根据开音勒第三定律，有号-联立解得7 则飞船从P运动到Q的时间t==5T 29 因此若己知地球的自转周期，则可算出飞船从P运动到Q的时间，故D正确。故选D。 6.C【详解】A.图甲是回旋加速器的示意图。带电粒子在回旋加速器中，磁场的作用是使粒子做圆周运动，改变 粒子的运动方向，但洛伦兹力始终与速度方向垂直，对粒子不做功，所以粒子不能从磁场中获得能量。粒子是在D 形盒之间的电场中被加速，从而获得能量，故A错误： B.图乙是磁流体发电机的示意图。等离子体（包含正、负离子）射入磁场，磁场方向水平向左。根据左手定则， 正离子受到的洛伦兹力方向向下，向B极板偏转，使B极板带正电；负离子受到的洛伦兹力方向向上，向A极板 答案第1页，共5页 偏转，使A极板带负电。因此，A极板是发电机负极，B极板是正极，故B错误； C.图丙是霍尔元件的原理示意图。设霍尔元件沿y轴宽为b,沿z轴高为九，当达到稳定状态时，有q片=qB 电流的微观表达式！=nqSv=nqbhv霍尔电压表达式U= ngb 若要提高其测量磁场的灵敏度，可让电流I大一些，故C正确； D.图丁为质谱仪的示意图。能沿直线通过速度选择器的粒子有qE=qvB1 进入偏转磁场有q,=管解得R=品 不改变电场及磁场，沿直线经过速度选择器的粒子，则击中底片同一位置的粒子不一定具有相同质量，故D错误。 故选C。 7.C【详解】A获得初速度后，弹簧被拉伸，A向右做减速运动，B向右做加速运动，设A、B两球的质量均为m, A、B两球组成的系统水平方向动量守恒，规定向右为正方向，有mo=2v共1解得第一次共速速度"失1=受 从开始运动到第一次共速，弹簧被拉长，弹力增大，且弹簧的水平分力也在增大，故二者做的是加速度增大的运动。 达到v共1后，A向右做减速运动，B向右做加速运动，弹簧开始恢复延长，当A、B两球再次相距最近时，B在A 的正下方，由动量守恒、机械能守恒有mo=mva+mvg,m哈=mw听+m哈 解得vA=0,VB=0 从第一次共速到A、B两球再次相距最近时，弹簧拉伸量减小，弹力减小，且弹簧的水平分力也在减小，故二者做 的是加速度减小的运动，v一t图像斜率绝对值表示加速度大小，综合分析可知，C正确，ABD错误。故选C。 8.BD【详解】A.绳上的拉力处处相等，管到小球的两段细线长度相等说明绳与水平方向上的角度相同，那么对 小球进行受力分析可知，在竖直方向上受力不平衡，无法做匀速圆周运动，故A错误： B.设此时上方细绳与水平方向夹角为0，则竖直方向上Tsin0=mg 水平方向上F向=T+Tcos6,可以成立，故B正确： C.如图所示，此时对小球受力分析，竖直方向上不能平衡（绳无法提供向上的分量），故C错误： D.如图所示，设上下两段绳与水平方向的夹角为a、B,则有Tcosa+Tcosβ=F向 竖直方向上，Tsina+TsinB=mg,可以成立，故D正确。故选BD。 9.BC【详解】A.圆环在加速下落过程中，磁感线与圆环面平行，圆环磁通量为0，但下落过程圆环时刻在切割磁 感线，故圆环会产生感应电流，故A错误： B.根据右手定则可知，下落过程圆环产生顺时针方向感应电流，故B正确： C.圆环速度最大时，圆环加速度为0，则有mg=FAmax 其中m=pV=dm2×2rR,FAx=B1mL,I=R是-R用 EBLvm-BX2rRXvm 联立解得圆环的最大速度为=，故C正确： D.根据牛顿第二定律mg-FA=ma可得此时圆环的加速度为a=mg-FA m 其中F=B1L=联立以上解得圆环的加速度为a-g一胎故D错误。故选BC 10.AC【详解】A.以长木板为研究对象，根据平衡条件则有mB.gsin6=(ma+mg)gcos0,代入数据解得u=0.25,A 正确： B.设小球A与B碰撞前得速度为vo,由运动学规律可得v哈=2gsin0L 代入数据解得vo=2m/s 设碰撞后A、B得速度大小分别为v1、v2,选取A碰撞前速度的方向为正方向，根据动量守恒可得maVo=mAv1+ 答案第2页，共5页 me2根据能量守恒定律可得ma哈=ma+2me联立解得m1=m/s,p2=m/sB错误； C.根据动量定理可得I=ApA=mA”1一mAo=-Ns 即合外力对A的冲量大小为N·s,方向与A碰前速度方向相反，C正确： D.第一次碰撞后，小球A做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律则有mA gsin6=maaA 解得小球A的加速度大小为aA=6m/s2 B则沿斜面做匀速直线运动，设经过t时间二者第二次相碰，则有v1t+0At2=zt代入数据解得=s D错误。故选AC。 11.(1) 2)1.60(3) 1.49 1.62 【详解】(1)见答案。 (2)U-I函数关系式为U=-r1+E,所以r=146-050n=1.60m 0.60 (3)[1]将开关S2接在α端时，实验的误差来源于电流表的分压作用，电动势的测量值等于真实值，实验无误差，即 E=1.49V,但内阻的测量值比真实值大。 [2]将开关S2接在b端时，实验的误差来源于电压表的分流作用，电动势和内阻的测量值均小于真实值，但短路电流 真实，即==092A。根据闭合电路欧姆定律，电池的内=号-荒Q=162n 12.(1)①完全非弹性；②0.316；0.306：(2)①质量：②B 【详解】(1)①由图像可知碰后两物体有共同的速度，可知该碰撞为完全非弹性碰撞。 ②[1]碰撞过程中t1时刻两车的总动量为p1=mava+mvb=0.316kg·m/s。 [2]碰撞过程中t2时刻两车的总动量为p2=mava+mv,=0.306kg·m/s。 (2)①在本实验操作的过程中，需要保持不变的量是气体的温度和质量。 ②根据兴=C,可得p=CT结合图像可知，若漏气，则C减小，即图像的斜率减小，则图像为B。 (3)①，②不能；左侧：③120 (3)①由几何关系可知，入射角的正弦sini=台=手simr=众=2。解得sin2r=0.8 AN 2Rcosr' 则折射角的正弦sir=言可得折射率n=黑=智 sinr 5 ②若将激光笔保持原方向继续向右移动，由几何关系可知，光线射到玻璃表面时的折射角总等于从另一面出射时的 入射角，可知该角度不可能大于临界角，即不能看到光在圆形玻璃内发生全反射： 紫光的折射率大于红光，则若用紫色激光仍在桌面上沿直径方向向下在A点入射，紫光偏折程度较大，则在A点的 折射角较小，则出射点在N点的左侧。 ③由图可知，当透明度为50%时，入射光照度为120Lx。 13.%(2-w。 3 【详解】(1)对题图1中的活塞受力分析，有mg+p1S=poS 答案第3页，共5页 对题图2中的活塞受力分析，有mg+poS=p2S 对汽缸内的气体，由玻意耳定律，有p1S·2。=p2Sl联立解得m= 3g (2)设汽缸内气体对活塞做的功为W',对活塞由动能定理可得W'+W。一mglo-poS=0 则活塞对气体做的功W=一W 由热力学第一定律可知△=Q十W联立解得汽缸内气体从环境中吸收的热量为Q=o一W。 3 14.(1)1m(2)500J(3)0.8m 【详解】(1)设夯锤向上加速度大小为a,经时间t与边缘速度相等，由牛顿第二定律得2kN-mg=ma 解得a=2.5m/s2 轮子边缘的线速度大小v=wR又v=at 加速阶段上升高度一会减速上升高度：一云由H-:+,解得H-1m (2)夯锤加速阶段，轮边缘运动路程s=vt故摩擦生热Q=2kN（s-h1)解得Q=500J (3)夯锤击打桩钉前的动能瓦k=mgH桩钉进入过程平均作用力F=100+1o0+10o0d 2 由动能关系Ek×80%=Fd解得d=0.8m 15.1wVw2)℃，x-受m=1、23为3)+目 【详解】(1)由题意可知粒子在匀强电场区域做类平抛运动，分解O点速度如图所示 Vo 根据运动学公式可得at2,L=t 其中，根据牛顿第二定律可得a= vy at 粒子到达O点时的速度大小为v= √6+联立解得v=V2,E=m近 gL (2)粒子在磁场中做等螺距螺旋线运动，粒子在水平方向以大小为v的速度做匀速运动，在竖直平面内以，=vo 的速率做匀速圆周运动，根据洛伦兹力提供向心力qB,=m;从右往左看，如图所示 R b a 由题意粒子恰好不出立方体得R=可得B=粒子做圆周运动的周期7=留联立得T= 20 由题目条件可知，粒子打中Q点时，与入射点O速度相同，则可判定粒子运动的时间 t=nT(n=1、2、3)00两点间的距离x=nTo(n=1、2、3.)代入数据得x="m(n=1、2、3…) 2 (3)粒子沿水平方向做匀速直线运动，由x=,可得粒子在右侧区域运动时间t=325T 由粒子运动规律可知，粒子打在荧光屏上Q1点，从右往左看，如图所示 答案第4页，共5页