2026届江西省重点中学盟校高三下学期第一次质量检测物理试卷

江西省重点中学盟校2026届第一次质量检测 物理卷 满分：100分时间：75分钟 命题人：宜春中学盛建武贵溪一中徐聪平新余四中朱清平 一、选择题：本大题共10小题，共46分。其中1~7题只有一个选项符合题意，每小题4分：8~10题 有多个选项符合题意，全选对的给6分，选对选不全给3分，不选或有错选的不给分。 1.下列说法正确的是 dlev Ek 9 弧光灯 核子平均质量 -3.40 D -E -13.6 Fe 甲 丙 A.图甲中，当弧光灯发出的光照射到锌板上时，与锌板相连的验电器铝箔有张角是因为锌板发生了光 电效应，箔片带上了负电荷 B.图乙为某金属在光的照射下，光电子最大初动能与入射光频率V的关系图像，当入射光的频率为 2y,时，光电子的最大初动能为2E C.图丙中，用从n=4能级跃迁到n=2能级辐射出的光照射逸出功为2.14eV的金属铯，不会发生光电 效应 D.丁图中由原子核的核子平均质量与原子序数Z的关系可知，若D和E能结合成F,结合过程一定会 释放能量 2.2025年11月25日，我国成功发射神舟二十二号飞船并完成与空间站的自主快速交会对接，之后安全 接回神州二十号的宇航员，这是我国载人航天工程首次应急发射，取得圆满成功。已知地球半径为R, 地球表面重力加速度为g，空间站天和核心舱绕地球做匀速圆周运动的轨道离地面高度为h,引力 常量为G，不计地球自转影响，下列说法正确的是 A.神舟二十二号飞船从低轨道变轨到空间站轨道时，在变轨点需减速做近心运动 B.天和核心舱绕地球运行的线速度大于第一宇宙速度 C.神舟二十二号与空间站对接后，组合体的运行周期与空间站单独运行时相比变大 gR2 D.天和核心舱绕地球运行的向心加速度大小a,=十h2 试卷第1页，共6页 3.如图所示，M、N之间接入电压U=220V的正弦交变电流，理想变压器原、副线圈的匝数比n1:n2=2:3, 定值电阻R、R的阻值分别为4Q、402,R是总阻值为1002的滑动变阻器，各电表均可视为理想电 表，开始时滑动变阻器的滑片P刚好位于正中间，题中所提到的电流、电压均指有效值，则下列说法 中正确的是 A.电流表示数为5A B.电压表示数为210V C.定值电阻R和R的电压之比为3：2 D.将滑动变阻器滑片P向上滑动过程中，电流表示数变大 4.一质点沿直线运动，其速度随时间变化的关系图像恰好是与坐标轴相切的4圆弧，如图所示.则质点 在4s时的加速度大小a为 ◆/m's- V3 A./s B. m/s2 3 1 C.z m/s D 2 m/s 0 8 5.如图所示空间原有大小为尽、方向竖直向上的匀强电场，在此空间同一水平面的丛N点固定两个等量 同种负点电荷。绝缘光滑圆环ABCD垂直W放置，其圆心O在MW的中点，半径为R,AC和BD分别为 竖直和水平的直径。质量为m电荷量为+q的小球套在圆环上，从A点沿圆环以初速度，做完整的圆 周运动，则 E A.小球从A到C的过程中电势能减少 B.小球不可能沿圆环做匀速圆周运动 M C.小球在D点受到圆环的作用力可能为零 D.小球在运动过程中受两负点电荷的作用力不变 6.如图所示，一长轻质木板置于光滑水平地面上，木板上放质量分别为m=2水g和m=4kg的A、B两物块， A、B与木板之间的动摩擦因数均为μ=0.1，水平恒力F作用在A物块上。取g=10/s2,最大静摩擦 力等于滑动摩擦力，下列说法正确的是 F A.若F=1N,则物块、木板相对地面都静止不动 A B 77777777777777777777777777777777777777777 B.若F=2N,则A与轻质长木板将发生相对滑动 C.若F=4N,则B物块所受摩擦力大小为4N D.若F=8N,则B物块的加速度大小为0.5m/s 试卷第2页，共6页 7.现代科学研究中常要用到高速电子，电子感应加速器就是利用感生电场使电子加速的设备。它的基本 原理如图所示，上、下为电磁铁的两个磁极，磁极之间有一个环形真空室，电子在真空室中做圆周运 动。电磁铁线圈电流的大小、方向可以变化，产生的感生电场使电子加速。上图为侧视图，下图为真 空室的俯视图，如果从上向下看，电子沿逆时针方向运动。己知电子的电荷量为，电子做圆周运动的 轨道半径为r,若电磁铁线圈因电流变化产生磁场B随时间t按B=B。+t(B。、k均为正常数)规律 变化，形成涡旋电场的电场线是一系列同心圆，单个圆上形成的电场强度大小处处相等。将一个半径 为”的闭合环形导体置于相同半径的电场线位置处，闭合环形导体的电阻为，导体中的自由电荷就会 在感生电场的作用下做定向运动，产生感应电流，或者说导体中产生了感应电动势。 A.为使电子加速，当电磁铁线圈电流的方向与图示方向一致时，电流的 大小应该减小 B.电子的加速度大小为ker m C.环形导体中感应电流大小为k 电子轨道 R D.电子在圆形轨道中加速一周的过程中，电子增加的动能AEk为2eπr2 靶> 电子枪 8.如图甲所示为沿着x轴传播的简谐横波于t=1s时的波形图，M、Q、P三个质点的平衡位置分别在x轴 的2m、3.5m、4m处，图乙为P质点的振动图像。下列说法正确的是 ycm 本y/cm 0.2 0.2 x/m 3.54 -0.2 -0.2 甲 A.波沿x轴负方向传播 B.从图甲时刻开始计时，Q质点经过1.25s第一次到达波谷 C.从t=0时刻计时，M质点的振动方程为y=0.2c0St(c1m) D.从图甲时刻开始计时，再经7s,P质点的路程为2.8cm 。如图所示，A球与B球用原长为2、劲度系数为%的轻质弹旋相连，B球用长为乙的细线悬挂于0点， A球固定在O点的正下方，且QA间的距离也为L,AB恰好构成一个正三角形。现把A、B间的弹簧 换成原长相同但劲度系数为k,的轻质弹簧，系统重新平衡后A、B间的距离变为L。 5 两弹簧均在弹性限度内，两小球均视为质点。下列说法正确的是 A.细线的拉力不变 B.弹簧的弹力变大 B c. 0.北号 W A● 试卷第3页，共6页 10.某种回旋加速器的设计方案如图甲所示，图中粗黑线段为两个正对的极板，其间存在匀强电场，两极 板间电势差为。两极板的板面中部各有一沿OP方向的狭长狭缝，带电粒子可通过狭缝穿越极板，如 图乙所示。两虚线外侧区域存在匀强磁场，磁感应强度方向垂直于纸面。在离子源S中产生的质量为 m带电量为q(q>0)的离子，由静止开始被电场加速，经狭缝中的O点进入磁场区域，最终只能从出 射孔P射出。如果离子打到器壁或离子源外壁即被吸收。O点到极板右端的距离为D,到出射孔P的 距离为bD(b>2),图乙磁场的磁感应强度B大小可调，下列说法正确的是() A.离子能从P射出，可能的磁感应强度B的最小值为 22Uim bD\g bD出 -bD 6品受 DVa ，则离子一定不能从P射出 C.若b-25,B-器、离子打到P点时在磁场中运动总 24 图甲 图乙 时间为25Dπ m 24 2qU D.若b=25,B=5DNq 242m ,离子从P射出时的动能为16g 二、非选择题：本大题共5小题，共54分。 11.(每空2分，共6分)某实验小组利用图甲所示装置测量当地重力加速度。用轻绳一端系住直径为d 的小球，另一端固定在铁架台上O点，己知O点到小球球心的距离为1，在O点正下方固定一个光电 门，小球运动至最低点时光电门能够记录下小球的遮光时间。实验时，将小球拉起至轻绳和竖直方向 夹角为处，由静止释放小球，小球摆至最低点时光电门光线正好射向小球球心，小球的遮光宽度可 近似为d,光电门记录小球的遮光时间为△t,试回答以下问题。 (△) 光电门膜 与计算机连接 cos0 甲 丙 (1)用游标卡尺测量小球的直径如图乙所示，则小球的直径正 mm。 (②)小球从释放位置运动至最低点时的速度为」 (用题中相关物理量的字母表示)。 @)多次改变。(0始终小于5°)的数值，重复以上实验过程并测量对应的△得到随c0s9 变化的关系图线如图丙所示，该图线斜率的绝对值为k,可计算得重力加速度g= (用 k、1和d表示)。 试卷第4页，共6页 12.(每空2分，共8分)某科技社团的同学到某市光伏新能源基地后，对其核心部件霍尔元件产生浓厚 兴趣，他们通过查找资料得知霍尔电压U:满足关系式U:=KIB,其中K:为霍尔元件的灵敏度，现 通过实验探究型号SS49E霍尔元件（其内可自由移动的粒子为电子）的特性。他们用强磁体（磁感应 强度为恒定值B)提供磁场，将霍尔元件置于磁场中，连接成如图甲所示的电路。 霍尔电压与电流拟合关系图 255025P 1.4 1.2 1.0 N SS49E 988X A-V-.2 0.6 0.4 0.2 0.0 I/mA 图甲 图乙 图丙 (1)闭合开关S,调节滑动变阻器改变电流大小，用多用电表直流电压2.5mW挡测量对应的U1时，a 应接多用电表的 表笔（红，黑）；其中某次测量电压时，多用电表指针位置如图乙所示， 多用电表的读数为mV。 (2)重复步骤(1)，根据所测数据在图丙坐标纸上描点并画出U:-I图线。若已知该强磁体的磁感应 强度B=0.20T,则该霍尔元件的灵敏度K=V1(A·T)(保留2位有效数字)。 (3)实验前，若未对多用电表的电压挡进行机械调零，在1=0时指针在0刻度线右侧，但该同学未修 正此误差，这会导致最终计算出的灵敏度K的测量值一（填“偏大”“偏小”或“不变”）。 13.如图所示，竖直放置的汽缸内用活塞密封一定质量的理想气体。初始时，缸内气体的压 强为2×10Pa,体积为400mL,温度为300K,活塞被缸内的卡扣托住。现缓慢升高缸内 气体温度，当气体温度达到450K时，活塞对卡扣的压力恰好减为零，然后继续缓慢升 高缸内气体温度到90OK,整个过程气体吸收的热量为600J且未漏气，整个过程活塞未 脱离气缸项部，不计汽缸和活塞间的摩擦。求： (1)缸内气体在温度为900K时的体积； (2)整个过程气体内能的增加量。 试卷第5页，共6页 14.某仓库货物的运转如图所示，一倾角为日=37°的固定斜面底端与一传送带的左端在A点平滑连接，传 送带的右端与半径R=0.28m的四分之一圆弧光滑小车在B点平滑连接，斜面和小车均不影响传送带的 转动，质量为m=2.5kg的工件从斜面的顶端由静止释放，经过A点后，滑上沿顺时针方向以。=5m/s 的速度匀速转动的传送带，工件运动到B点后滑上高H=0.15m质量为M=1.5kg的小车。已知工件与 斜面之间的动摩擦因素4=0.5，斜面的长度为L=1m,工件与传送带之间及地面间的动摩擦因数分 别为42=0.3和4=0.1，传送带的水平长度AB为Z2=2m,工件经过A点和B点时，忽略其能量的损 耗，工件可看成质点，小车与地面之间摩擦力不计，重力加 速度g=10m/s2,cos0=0.8,sin0=0.6,求： (1)工件到达A点时的速度大小。 (2)工件与传送带之间因摩擦产生的热量。 777777777 (3)若工件上升到最高点时，二圆弧轨道突然被锁定，工件落地后不再弹起，可认为工件与地面间的 弹力远大于工件重力，工件与地面作用时间极短，则工件落地后前进的距离是多少？ 15.如图所示，电阻不计的平行金属导轨由水平和倾斜两部分平滑连接而成，导轨间距1=1，水平部分 光滑，接有一阻值R=12的电阻；倾斜部分粗糙，倾角0=37°。完全相同的两根细导体杆ab和cd分 别垂直于导轨轻放在图中两处，cd恰好能保持静止，相对于水平导轨高h=0.4m。以cd所在位置为 界的斜上方存在垂直倾斜导轨面的匀强磁场B=2T。给ab一个平行导轨向右的瞬时冲量I。,ab滑上 倾斜轨道与c发生瞬时碰撞并粘为一体，此时立即对ab施加平行于导轨向上的推力F1=Kv+Z(N) (v为相应时刻的速度)。若两杆与导轨始终接触良好，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，每根杆长1=1m、 质量m=1kg、电阻r=22,重力加速度g取10m/s2,sin37°=0.6c0s37=0.8则： (1)要使导体杆ab与cd发生碰撞，求瞬时冲量I应满足的条件： (2)令K=10,Z=24,当10=2V29N·s时，求两杆碰撞后R产生的焦耳热2随杆位移大小x(碰撞 后瞬间为坐标原点)的变化关系。 (3)要使两杆碰撞后R两端的电压随时间均匀增大，求K的取值与Z的取值范围。 个 d h 试卷第6页，共6页江西省重点中学盟校2026届第一次质量检测 物理答案 1.D【详解】A.验电器铝箔有张角，说明锌板有电子逸出，发生光电效应，锌板失去电子带 同种正电荷。 B.根据光电效应方程加=历+B得=一W,结合图像可知队，=8，h=日当入射光的频 率为2yo时，由Eam=h2y。-W。解得Ekam=E,B错误； C.从n=4能级跃迁到n=2能级辐射出的光的能量差2.55ev故可以发生光电效应，C错误； D.核子平均质量小，则平均结合能大。由图可知，D和E能结合成F,平均结合能变大， 说明结合过程一定会释放能量，D正确。 2答案：D【详解】：飞船从低轨道变轨到高轨道，需在变轨点火加速，做离心运动才能进入 更高轨道，A错误；天和核心舱的轨道半径大于地球半径，运行速度小于第一宇宙速度，B 错：运行周期与质量无关，所以周期不变，C错：学=m8,=需=D正确。 3A【答案】【详解1、AB.根据理想变压器电压与电流关系山1=光=是结合欧姆定律 1。-4,=无解得5A,U20四y故A正确，B错误 R’ R,+ 2 C定值电阻R1和R2的电流之比为1=是= n 所以电压之比为号-器一故C错误： D.将滑动变阻器滑片P向上滑至a端时，副线圈电流减小，岭=号所以电流表读数变小因 此D错误 4.B【详解】4s时加速度等于图线切线的斜率，作圆t=4s时对应点切线PQ,如图乙所示， 则 OB2即0=30，tan9=BC_O2 sina=BC、1 0c00. 结合图形意义，OP为速 度，OQ为时间，4s时加速度为3选B 0 5.【答案】C【详解】A.根据等量同种负点电荷的电场线特点可知，圆环所在圆为等势线， 匀强电场方向竖直向上，则小球从A到C的过程电场力做负功，所以电势能增加，故A错 误：B.当场强满足Eq=g且等量同种负电荷对A的力恰好等于向心力时，小球运动时受 到的向心力大小不变，可能沿圆环做匀速圆周运动，故B错误，C正确；小球在运动过程中 受两负点电荷的合作用力大小不变，方向变化，D错误， 6.D【详解】A.A与木板间的最大静摩擦力∫a=u8=2N当F=1N<∫A,木板与AB保持 相对静止，整体在外力F作用下匀加速运动，A错误；B.若F=3N,则A与长木板相对运 动；C.若F=4N,A在木板上滑动，B和木板整体受到的摩擦力为滑动摩擦力2N,轻木板 质量不计，所以B的加速度a==0.5m/s2对B受力分析摩擦力提供加速度 ∫'=a=2NC错误；D.F=8N>f,B和木板整体受到的摩擦力为滑动摩擦力2N,轻 木板质量不计，所以B的加速度a==0.5m/s2D正确。故选D。 mB 7.C【详解】A.为使电子沿逆时针方向加速，则电子所受电场力沿逆时针方向，所以感生电 场的方向沿顺时针方向：当电磁铁线圈电流的方向与图示方向一致时，根据楞次定律，电流 的大小应该增大，故A错误BC.根据法拉第电磁感应定律可得感应电动势B=m=km, △t 答案第1页，共5页 则感应电场场强大小为区。=，日如r女，电子的加速度大小为a-6_k ,根据闭合 2πr2πr2 m 2n 电路欧姆定律可得I=号联立可得I=k 一，故C正确；B错误D.电子在圆形轨道中加速一 R R 周的过程中，由动能定理可得eE场=△Ek,可得电子增加的动能为△Ek=ker2,所以D错误 8.BD【详解】A.由图乙可知，t=1s时质点P沿y正方向振动，根据“上、下坡”法可知简 谐波沿x轴正方向传播，故A错误：B.由图甲和图乙可以分别得到波长和周期分别为2=4m, T=2s则波速y=2=25从图甲时刻开始计时，Q点第一次到达波谷所用时间△t=9型= T 35s=1.25s,故B正确：C.由图甲可知，t=1s时M点位于平衡位置且正在向y轴负方 向振动，可知t=0时M点位于平衡位置且正在向y轴正方向振动，则初相p=0由图乙可知， 振幅A=0.2cm角频0=2 =π1ad/s因此M质点的振动方程为y=0.2sint(cn),故c错误： D.因为f=7S3T+7故从1=ls计时，再经7s,P质点的路程为s=3x4M+)x44=2.8am, 故D正确。故选BD。 9.AC【详解】AB.令B球的质量为m,轻质弹簧劲度系数为k时的受力分析图如下由几何 关系可知OB构成的三角形与力的三角形相似，因此有子S，=坚即R三gO T=g同理轻质弹簧劲度系数为k时，由受力分析图同样可以发现OAB构成的三角形与力 O 是坚至嗯即上g<A②，五=g-因比弹簧的弹力变 二角形相似，有！L, 小，细线的拉力不变，故A正确B错误；CD.对劲度系数为k的弹簧，根据胡克定律 mg 月=1-)4华@对劲度系数为的能，同理有月=kD。10 777/77 2 5 10 联立①23@解得人，=号k,放C正确，D错误。故选AC。 3 10.ABD 【详解】A.磁感应强度B最小时，离子经一次加速后从P点离开磁场，根据动能定理得 2求得B= gU-}m进入感场后做匀速圆周运动，及。-mR- 2Um ,故A正确； 2 R bD\g 2 B.若 2B<2P心根据R=得 得P<R<bD bD\g DV a 2 离子经过加速后在磁场中转一图 打到离子源外壁被吸收，不能从P射出，故B正确：CD.若b=25,B=24,严离子第 5D\g 一次加速后的半径R=在磁场中转动半圈后进入电场做减速运动，到下极板速度减为零 24 又再次加速飞出上极板，半径仍为R= 如此重复两次后离子从下极板进入电场，可继续 24 5D 加速，速度变大半径变大，如此重复直至从P射出。射出时的半径为=2 -4R5D 26 =4R。 射出时的速度v=4因此射出时动能为16×m6=16q,故D正确，1粒子在磁场中运动 的时间为15.5个周期，C错误。故选ABD。 《每空2分，共6分)12.252《3 21 答案第2页，共5页 【详解】(1)由图乙可知，小球的直径为d=12.25mm (2)小球从释放位置运动至最低点时的速度为v=4 △t 1 (3)小球下落过程，根据动能定理gl1-cos)=二m2 2 其中v=￠联立，可得 128l △t a2a产·c0s0+28 由题意可知k=2 d kd2 解得g=21 12.(每空2分，共8分)(1)红0.60 (2)1.0(0.90-1.1均给分) (3)不变 【详解】(1)[1]磁场方向从上向下，电流方向从右到左，因该霍尔元件内自由移动的粒子 为电子，所以电子从左向右运动，根据左手定则，可知霍尔元件前表面的电势低于后表面， 根据多用电表电流应从红表笔流进、黑表笔流出可知，红表笔应对接图甲中的α： [2]使用直流电压2.5mV挡，应读取表盘上0250的刻度线，指针指示刻度为60，因为250 刻度对应满偏电压2.5mV,故读数应为0.60mV。 (2)在拟合直线上选取相距较远的两点，如(0,0.0)和(6,1.2)，计算出斜率 =1.2mV =0.2V1A 6mA 根据UH=K:BI 可知UI-I图像的斜率k=KB 解得该霍尔元件的灵敏度KH=1.0V/(A·T) (3)电压挡的零点误差会使所有电压测量值增大（或减小）一个固定值，这导致U:一I图 线整体向上（或向下）平移，但拟合直线的斜率不变，所以多用电表的电压挡没有机械调零 对灵敏度K:的测量值无影响。 凸-P2 13.详解(1)活塞脱离卡扣之前为等容变化， TT (2分) 解得P2=2=3×105Pa(1分) 活塞脱离卡扣之后为等压变化过程，由 (2分) T 解得V3="2=800mL(1分) T2 (2)△V=V3-V1=400mL.(1分) 气体对外做的功为W=-p2△V=-120/(1分) 根据热力学第一定律可知 △U=Q-W=600J-120J=480则（2分) 14.【详解】(1)工件从斜面的项端由静止释放到A点过程，根据动能定理可得 mgL sine-umg cos.m-0( 解得v4=2m/s(1分) 答案第3页，共5页 (2)由于v4<。=5/s,可知工件滑上传送带后做加速运动，加速度大小为 a=Mmg=3m/s 设工件在传送带上一直做加速运动，根据运动学公式可得2aL,=- 解得工件到达B端的速度为'g=4m/s<。=5m/s(1分) 假设成立：工件从A端到B端所用时间为=。-=2 s(1分) a 3 工件与传送带发生的相对位移大小为△x=以-+'1=4m(1分) 2 3 工件与传送带之间因摩擦产生的热量为Q=4,8Ax=10,(1分) (3)设工件滑上小车后，不能向上滑离小车，工件在小车上能上升的最大高度为h,根据 系统水平方向动量守恒可得g=(+M)共 解得y=2.5m/s(1分） 根据系统机械能守恒可得gh=号-(Om+M)n 解得h=0.3m(1分） 由于h=0.3m>0.28m所以工件能向上滑离小车上升到最高点时，己经脱离圆弧轨道，轨道突 2(H+h) 然被锁定，工件做平抛运动，直至落地，有t= 解得t=0.3s 工件落地时竖直方向的速度为v,=gt=3ms(1分) 水平方向的速度 落地瞬间，竖直方向根据动量定理得Fv4t=mvy(1分) 水平方向根据动量定理得Fw△t=mv共-mv3(1分) 解得y3=2.2m/s 工件落地后继续向前滑动，由v=239x 解得x=2.42m(1分) 15.(1)lo>4N·s(或o≥4N·s)(2)QR=2x2+5xU) (3)K=2,Z>24 (1)cd恰好能处于静止状态，沿轨道方向受力平衡gsin6-f=0(1分) 对ab施加瞬时冲量后，由动量定理，有I。=。(1分) ab沿倾斜轨道上滑到d位置的过程，由动能定理有m听-(mgin0+×品。>0(1 分) 代入数据解得1o>4W·s(1分) (2)由动能定理得 2m6-0 mg sin9+力×品om21分) 1 动量守恒得mw=2mv共 v共=5m/s(1分) 对整体用牛顿第二定律得Ku+Z-4 mg sin日-=2maq分) 答案第4页，共5页 回路总电阻R总=R+22(1分) K、 2=2ma(1分) R V=V共+4x(1分) (减a=4p,∑a·△t=∑44t,p-v共=4x同样给分) 安培力与导体棒运动位移线性变化所以安培力做功为 R一5+4的一(0+B时1分 w4l=a010*82x=2082(1分) 2 2 Q点=IW4 QR=2048x=5x+2x2(1分) 4 (3)碰撞后两杆整体切割磁感线，产生感应电动势E=BN 回路总电阻R总=R+ 两杆整体受到的安培力F=B=BE, R色 对两杆整体由牛顿第二定律有2a=耳-2gsin8-2f-Fx(1分) 结合F1-Kv+Z(),代入数据整理得两杆整体的加速度α=（亿-2④+(K-2)加(1分） 要使碰撞后R两端的电压随时间均匀增大，则感应电动势随时间均匀增大，根据E=B 可知，两杆整体沿导轨做匀加速直线运动，即a>0且a保持不变，由上式可得（亿-24>0， 2K-2)=0(1分) 即K、Z应满足K=2,Z>24(1分) 答案第5页，共5页 答案第6页，共1页