14 专题四 第14课时 电路（课件PPT）-【高考快车道】2026高考物理大二轮专题复习与讲义

专题四　电路与电磁感应 1 第14课时　电路 第14课时　电路 【备考指南】　 1．复习备考时要回归教材，夯实双基。 2．重点关注交变电流的产生、交变电流的图像和四值，理想变压器的工作原理及其制约关系，侧重交变电流与理想变压器相结合的动态分析问题。 3．加强与远距离输电、传感器的应用相关的信息题的训练，提高学生的分析推理能力。 第14课时　电路 热点一　直流电路的分析与计算 1．直流电路动态分析的三种方法 (1)程序法 R局I总＝U内＝I总rU外＝E－U内确定U支、I支。 热点一 热点二 热点三 课后限时练 第14课时　电路 5 (2)结论法——“串反并同”(电源内阻不能忽略) “串反”：指某一电阻增大(减小)时，与它直接串联或间接串联的电阻中的电流、两端电压、电功率都将减小(增大)。 “并同”：指某一电阻增大(减小)时，与它直接并联或间接并联的电阻中的电流、两端电压、电功率都将增大(减小)。 (3)极限法 因滑动变阻器的滑片滑动引起电路变化的问题，可将滑动变阻器的滑片分别滑至两个极端，使电阻最大或电阻为0分别去讨论。 热点一 热点二 热点三 课后限时练 第14课时　电路 2．两类典型电路的特点 (1)含容电路：当电容器充、放电时，电容器所在支路中有电流；电路稳定时，电容器所在的支路相当于断路，电容器两端的电压等于与之并联的电阻两端的电压。 (2)含二极管电路：与二极管串联的支路具有单向导电性。 热点一 热点二 热点三 课后限时练 第14课时　电路 [典例1]　[直流电路动态分析](2025·江西宜春市高三二模)某电路如图所示，其中R1＝2 Ω、R3＝2 Ω、R4＝1 Ω，R2最大值为3 Ω，电源内阻r＝ 1 Ω，在R2从0开始逐渐增大的过程中以下说法正确的是(　　) A．电源效率一直减小 B．电源输出功率先增大后减小 C．电压表示数与电流表示数比值>R3 D．电压表示数变化量大小与电流表示数变化量大小比值>r √ 热点一 热点二 热点三 课后限时练 第14课时　电路 B　[电路简化如图，当R2从0开始增加到3 Ω的过程中，外电路的总电阻一直增大，电源效率一直增加，故A错误；当R2＝2 Ω时，外电路的总阻值等于电源内阻，故电源的输出功率先增大后减小，故B正确；根据电路分析可知，电流表示数为I＝I2＋I3，电压表示数为U＝U3，则有＝，所以<R3，故C错误；电源的内阻可表示为r＝，其中I总＝I＋I1，又根据R2阻值增大，可知I总减小，但I1增大， 故电流表示数变化量大小ΔI应大于总电流变化量 大小ΔI总，则有<＝r，故D错误。故选B。] [典例2]　[直流闭合电路中的功率问题]在如图甲所示的电路中，电源电动势保持不变，不计内阻，R1为定值电阻，移动滑动变阻器R2的滑片P，电压表和电流表均为理想电表，两者示数的U-I关系图线如图乙所示，则(　　) A．电源电动势为15 V B．定值电阻的阻值为10 Ω C．R2的电功率最大为3 W D．R1的电功率最大为25 W √ 热点一 热点二 热点三 课后限时练 第14课时　电路 B　[设P、a间电阻为Rx，则P、b间电阻为(R2－Rx)，滑动变阻器接入电路的电阻记作R′2，则R′2＝＝，当Rx＝R2时，R′2达到最大值，即R2＝，解得R2＝24 Ω，当滑片P位于中点时，干路电流为1.0 A，此时有E＝6＋1.0R1(V)，当R′2的电压为4.0 V时，滑片两边电流为0.2 A和1.0 A，此时有E＝4＋1.2R1(V)，联立两式解得R1＝10 Ω，E＝16 V，选项A错误，B正确；滑片位于中点时，R′2＝6 Ω，R2的电功率最大为PR2＝6.0 V×(0.5 A＋0.5 A)＝ 6 W，滑片P位于a或b时，接入电阻为零，R1的电功率最大，为PR1＝＝25.6 W，选项C、D错误。故选B。] 规律总结　直流电路的最大功率 1．当R一定时，由P＝I2R知，I越大，P越大。 2．当r一定、R变化时，P出随R的变化情况可通过下面两个图像进行分析。 P出-R图像 P出-I图像 P出＝R P出＝EI－I2r 热点一 热点二 热点三 课后限时练 第14课时　电路 P出-R图像 P出-I图像 短路：I＝，P出＝0 断路：I＝0，P出＝0 当R＝r时，P出最大，P出＝ 短路：I＝，P出＝0 断路：I＝0，P出＝0 当I＝时，P出最大，P出＝ 热点一 热点二 热点三 课后限时练 第14课时　电路 热点二　交流电路的分析与计算 1．有效值的计算 (1)正弦式交变电流：E＝，I＝，U＝。 (2)非正弦式交变电流：计算有效值时，要根据电流的热效应，即“一个周期”内“相同电阻”上产生“相同热量”，然后分段求和列式，求得有效值。 热点二 热点三 课后限时练 热点一 第14课时　电路 14 2．正弦式交流电“四值”的应用 项目 表达式 应用 最大值 Em＝nBSω 计算电容器的耐压值 瞬时值 e＝Emsin ωt 计算某时刻所受安培力 有效值 E＝ 电表的读数及计算电热、电功及保险丝的熔断电流 平均值 ＝ 计算通过导体的电荷量 热点二 热点三 课后限时练 热点一 第14课时　电路 [典例3]　[交变电流的四值问题](2025·山东卷)如图为一种交流发电装置的示意图，长度为2L、间距为L的两平行金属电极固定在同一水平面内，两电极之间的区域Ⅰ和区域Ⅱ有竖直方向的磁场，磁感应强度大小均为B、方向相反，区域Ⅰ边界是边长为L的正方形，区域Ⅱ边界是长为L、宽为0.5L的矩形。传送带从两电极之间以速度v匀速通过，传送带上每隔2L固定一根垂直运动方向、长度为L的导体棒，导体棒通过磁场区域过程中与电极接触良好。该装置产生电动势的有效值为(　　) A．BLv B． C． D． √ 热点二 热点三 课后限时练 热点一 第14课时　电路 D　[根据题意可知，该装置产生的交流电的周期为T＝，由于导体棒间距均为2L，则每个周期内均为单棒切割磁感线，以导体棒刚进入区域Ⅱ时为计时起点，则0～时间内该装置产生电动势为EⅡ＝～时间内该装置产生电动势为EⅠ＝BLv，设导体棒电阻为R，该装置产生电动势的有效值E满足＝，解得E＝，D正确。] 模型图析 两个特殊位置 示意图 特点 中性面 Φ最大，＝0，e＝0，i＝0，交变电流方向发生改变 与中性 面垂直的 位置 Φ＝0，最大，e最大，i最大，交变电流方向不改变 热点二 热点三 课后限时练 热点一 第14课时　电路 热点三　变压器及远距离输电 1．理想变压器的基本关系和制约关系 (1)三个基本关系 ①P入＝P出； ②＝； ③＝。 热点二 热点三 课后限时练 热点一 第14课时　电路 19 (2)三个制约关系 ①副线圈输出的功率决定原线圈输入的功率； ②副线圈电流的变化决定原线圈电流的变化； ③在匝数比一定的情况下，原线圈两端的电压决定副线圈两端的电压。 热点二 热点三 课后限时练 热点一 第14课时　电路 2．解决远距离输电问题的“两个关键”和“一个守恒” (1)明确回路：整个输电线路由三个回路组成，回路间通过变压器建立联系(如图所示)。 热点二 热点三 课后限时练 热点一 第14课时　电路 (2)巧用中间回路：首先求出中间回路的电流I2，则ΔU＝I2R，ΔP＝R＝ΔUI2＝。 (3)一个守恒：功率守恒关系式P1＝P线损＋P用户。 热点二 热点三 课后限时练 热点一 第14课时　电路 [典例4]　[理想变压器的动态分析]如图所示，变压器为理想变压器，原、副线圈的匝数比n1∶n2＝1∶2；R1、R2为定值电阻，R1＝R，R2＝16R，滑动P可以改变接入电路的线圈匝数，在a、b两端接入电压最大值为U的正弦交流电，则下列判断正确的是(　　) A．P从上向下滑的过程中电阻R1的功率先增大后减小 B．P从上向下滑的过程中变压器的输出功率先减小后增大 C．P下滑到线圈的中点时，变压器的输出功率最大，为 D．P下滑到线圈的中点时，R1消耗的功率为 √ 热点二 热点三 课后限时练 热点一 第14课时　电路 C　[等效电路如图所示，由R′＝R2、＝，可得等效电阻 为R′＝R2，所以通过R1的电流为I1＝，P从上向下滑的 过程中R′变小，I1变大，所以电阻R1的功率一直变大，故A错误； 由等效电路可知，当R′＝R1时，解得＝，即P下滑到线圈的中点时R2的功率最大，最大功率Pm＝＝，此时R1消耗的功率与R2相同，则P从上向下滑的过程中变压器的输出功率先增大后减小，故B错误；由上述分析可知，P下滑到线圈的中点时，变压器的输出功率最大，为，故C正确；由上述分析可知，P下滑到线圈的中点时，R1消耗的功率为，故D错误。故选C。] [典例5]　[远距离输电](2024·湖南卷)根据国家能源局统计，截止到2023年9月，我国风电装机4亿千瓦，连续13年居世界第一位，湖南在国内风电设备制造领域居于领先地位。某实验小组模拟风力发电厂输电网络供电的装置如图所示。已知发电机转子以角速度ω匀速转动，升、降压变压器均为理想变压器，输电线路上的总电阻可简化为一个定值电阻R0。当用户端接一个定值电阻R时，R0上消耗的功率为P。不计其余电阻，下列说法正确的是(　　) 热点二 热点三 课后限时练 热点一 第14课时　电路 A．风速增加，若转子角速度增加一倍，则R0上消耗的功率为4P B．输电线路距离增加，若R0阻值增加一倍，则R0上消耗的功率为4P C．若升压变压器的副线圈匝数增加一倍，则R0上消耗的功率为8P D．若在用户端再并联一个完全相同的电阻R，则R0上消耗的功率为6P √ 热点二 热点三 课后限时练 热点一 第14课时　电路 A　[设升压变压器原、副线圈匝数分别为n1、n2，降压变压器原、副线圈匝数分别为n3、n4，将降压变压器和用户端所接定值电阻R等效为一个电阻R等效，则R等效＝＝＝R。发电机转子以角速度ω匀速转动时，产生的电动势的最大值Em＝NBSω，则升压变压器输入端的电压有效值U1＝，转子角速度增加一倍，则升压变压器输出端电压为U2＝U1增加一倍，根据闭合电路欧姆定律知定值电阻R0中的电流变为原来的2倍，结合P＝R0可知，转子角速度增加一倍，R0上消耗的功率变为4P，选项A正确；结合P＝·R0， 若R0增加一倍，则R0上消耗的功率为·2R0≠4P，选项B错误；若升压变压器的副线圈增加一倍，根据理想变压器变压规律知，升压变压器副线圈两端的电压变为原来的2倍，由I0＝可知，定值电阻R0中的电流变为原来的2倍，R0上消耗的功率变为4P，选项C错误；若在用户端再并联一个完全相同的电阻R，降压变压器和用户端所接定值电阻的等效电阻变为R等效，R0上消耗的功率变为·R0≠6P，选项D错误。] 规律总结　等效电阻法 当理想变压器的副线圈接纯电阻元件时，可以把理想变压器(含副线圈中的元件)等效成一个电阻来处理，如图所示，设原、副线圈的匝数分别为n1、n2，原线圈输入电压为U1，电流为I1，副线圈输出电压为U2，电流为I2，副线圈负载电阻为R，则等效电阻R等效＝＝＝＝R。 热点二 热点三 课后限时练 热点一 第14课时　电路 1．[直流电路的分析与计算](2025·广西卷)如图电路中，材质相同的金属导体a和b，横截面积分别为S1、S2，长度分别为l1、l2。闭合开关后，a和b中自由电子定向移动的平均速率之比为(　　) A．l1∶2l2 B．2l2∶l1 C．l2S1∶2l1S2 D．2l2S2∶l1S1 √ 热点二 热点三 课后限时练 热点一 第14课时　电路 B　[ ] 2．[理想变压器的工作原理](2025·安徽卷)某理想变压器的实验电路如图所示，原、副线圈总匝数之比n1∶n2＝1∶3， 为理想交流电流表。初始时，输入端a、b间接入电压u＝12sin (100πt) V的正弦式交流电，变压器的滑动触头P位于副线圈的正中间，电阻箱R的阻值调为6 Ω。要使电流表的示数变为2.0 A，下列操作正确的是(　　) A．电阻箱R的阻值调为18 Ω B．副线圈接入电路的匝数调为其总匝数的 C．输入端电压调为u＝12sin (50πt) V D．输入端电压调为u＝6sin (100πt) V √ 热点二 热点三 课后限时练 热点一 第14课时　电路 B　[ ] 3．[理想变压器的工作原理及“四值”的应用](2025·福建卷)某理想变压器如图甲，原副线圈匝数比4∶1，输入电压随时间的变化图像如图乙，R1的阻值为R2的2倍，则(　　) A．交流电的周期为2.5 s B．电压表示数为12 V C．副线圈干路的电流为R1电流的2倍 D．原副线圈功率之比为4∶1 √ 热点二 热点三 课后限时练 热点一 第14课时　电路 B　[由题图乙可知，交流电的周期为2.25 s，故A错误；根据题图乙可知，输入电压最大值Um＝48 V，则输入电压有效值为U1＝＝48 V，根据变压比可知，副线圈电压即电压表示数为U2＝U1＝12 V，故B正确；R1的阻值为R2的2倍，根据并联规律可知，两电阻的电压相同，根据欧姆定律可知，流经R1和R2的电流之比为1∶2，副线圈干路电流等于流经两电阻的电流之和，则副线圈干路的电流为R1电流的3倍，故C错误；根据变压器的原理可知，原副线圈功率相同，故D错误。故选B。] 说明：单选题每小题4分，多选题每小题6分，本试卷总分38分 1．[鲁科版教材选择性必修第二册P69T5改编]如图甲所示，一个矩形线圈abcd在匀强磁场中绕垂直于磁场方向且与线圈共面的轴OO′匀速转动，从某个时刻开始计时，穿过线圈的磁通量Φ随时间t的变化图像如图乙所示，则下列说法正确的是(　　) 课后限时练14　电路 题号 1 3 5 2 4 6 8 7 9 热点一 热点二 热点三 课后限时练 第14课时　电路 36 题号 1 3 5 2 4 6 8 7 9 A．t＝0时刻线圈平面垂直于中性面 B．t1、t3时刻线圈中的感应电流最大且方向相同 C．t2、t4时刻穿过矩形线圈的磁通量最大，但感应电流却为零 D．t5时刻穿过线圈的磁通量为零，电流方向改变 √ 热点一 热点二 热点三 课后限时练 第14课时　电路 37 C　[t＝0时刻通过线圈的磁通量最大，所以线圈平面处在中性面位置，A错误；t1、t3时刻磁通量为零，线圈平面与磁场方向平行，通过线圈的磁通量的变化率最大，线圈中的感应电流最大，但两时刻的电流方向相反，B错误；t2、t4时刻穿过矩形线圈的磁通量最大，磁通量的变化率为零，所以感应电流为零，C正确；t5时刻穿过线圈的磁通量为零，磁通量的变化率最大，线圈中的感应电流最大，方向不变，D错误。] 题号 1 3 5 2 4 6 8 7 9 题号 2 1 3 4 5 6 8 7 9 2．某实验小组采用如图所示电路测量时，在较大范围内调节滑动变阻器阻值，发现电压表示数虽然有变化，但变化不明显，主要原因是(　　) A．滑动变阻器与电路接触处断路 B．电流表阻值太小 C．滑动变阻器的阻值太小 D．电池内阻太小 √ 热点一 热点二 热点三 课后限时练 第14课时　电路 39 D　[用题图所示电路测量时，在较大范围内调节滑动变阻器阻值，发现电压表示数虽然有变化，但变化不明显，说明滑动变阻器既不断路，也不短路，也不是电流表阻值太小的原因，是由于其阻值始终相对于电池内阻很大，即电池内阻太小。故选D。] 题号 2 1 3 4 5 6 8 7 9 40 3．(人教版教材必修第三册P100T7改编)(2025·江苏宿迁泗阳县高三下学期一模)在图甲的电路中，电源内阻不计，不计电表内阻的影响。调节R1的阻值，得到各组电压表和电流表数据，作出的U-I图像如图乙中AB所示，则表示R1阻值的是(　　) A．AB的斜率 B．仅a的斜率 C．仅b的斜率 D．a或b的斜率 题号 2 1 3 4 5 6 8 7 9 √ 热点一 热点二 热点三 课后限时练 第14课时　电路 41 D　[根据闭合电路欧姆定律有U＝E－IR2，可知，AB的斜率的绝对值代表R2的阻值，a的斜率表示通过R1的电流为0.1 A时，R1的有效电阻；b的斜率表示通过R1的电流为0.3 A时，R1的有效电阻。故选D。] 题号 2 1 3 4 5 6 8 7 9 42 4．(多选)(2025·云南卷)电动汽车充电桩的供电变压器(视为理想变压器)示意图如图所示。变压器原线圈的匝数为n1，输入电压U1＝1.1 kV；两副线圈的匝数分别为n2和n3，输出电压U2＝U3＝220 V。当Ⅰ、Ⅱ区充电桩同时工作时，两副线圈的输出功率分别为7.0 kW和3.5 kW，下列说法正确的是(　　) A．n1∶n2＝5∶1 B．n1∶n3＝1∶5 C．变压器的输入功率为10.5 kW D．两副线圈输出电压最大值均为220 V 题号 2 1 3 4 5 6 8 7 9 √ √ 热点一 热点二 热点三 课后限时练 第14课时　电路 43 AC　[由理想变压器的工作原理可知＝＝，代入数据得＝＝，A正确，B错误；理想变压器的输入功率等于输出功率，则P1＝P2＋P3＝10.5 kW，C正确；变压器输出交变电压，两副线圈输出电压的最大值不是220 V，D错误。] 题号 2 1 3 4 5 6 8 7 9 44 5．(2025·北京朝阳区高三下学期二模)某学习小组想将一块表头改装为电压表和电流表，设计了如图所示的电路。下列说法不正确的是(　　) A．若将S调到1位置，则为改装后的电流表 B．若将S调到2位置，则为改装后的电压表 C．若想扩大电流表的量程，可适当增大R1 D．若想扩大电压表的量程，可适当增大R2 题号 2 1 3 4 5 6 8 7 9 √ 热点一 热点二 热点三 课后限时练 第14课时　电路 45 C　[将S调到1位置时，电阻R1与表头并联，这是扩大表头的电流量程，故其改装后是电流表，故A正确；将S调到2位置，电阻R2与改装后的电流表串联，电阻R2起到分压作用，则为改装后的电压表，故B正确；若想扩大电流表的量程，电阻R1分流作用增大，电流增大，根据欧姆定律可知需要减小电阻R1，故C错误；若想扩大电压表的量程，则电阻R2分压作用要增大，故需要适当增大R2，故D正确。故选C。] 题号 2 1 3 4 5 6 8 7 9 46 6．(2025·河南部分重点高中联合模拟考试)在如图所示的电路中，开关S闭合，理想变压器的输入电压U＝22sin 100πt(V)，原线圈匝数n1＝10，副线圈匝数n2＝100，定值电阻的阻值R1＝24 Ω，R2＝R3＝40 Ω，在变压器的闭合铁芯上还绕有一匝线圈，该线圈接交流电压表。电流表和电压表均为理想电表，下列说法正确的是(　　) A．电压表的示数为 V B．原线圈的输入功率为1 100 W C．通过定值电阻R1的电流每秒钟方向改变50次 D．仅断开开关S，电压表的示数变小，电流表的示数变小 题号 2 1 3 4 5 6 8 7 9 √ 热点一 热点二 热点三 课后限时练 第14课时　电路 47 B　[输入电压的有效值U1＝＝22 V，根据＝，解得UV＝2.2 V，A错误；根据＝，解得U2＝220 V，副线圈上接的总电阻R＝R1＋＝44 Ω，则通过副线圈的电流I2＝＝5 A，根据＝，解得I1＝50 A，原线圈的输入功率P＝U1I1＝1 100 W，B正确；输入电压的频率f＝＝50 Hz，可知通过定值电阻R1的电流频率也是50 Hz，而交变电流一个周期内方向改变两次，故通过定值电阻R1的电流每秒钟方向改变100次，C错误；仅断开开关S，电压表的示数不变，但副线圈上接的总电阻变大，则电流表示数变小，D错误。故选B。] 题号 2 1 3 4 5 6 8 7 9 48 7．(2025·重庆第八中学高三下学期三诊)如图甲所示为某自行车的车灯发电机，其结构图如图乙所示。绕有线圈的“ ”形铁芯开口处装有磁铁(图示时刻通过铁芯横截面的磁通量大小为Φ、铁芯不漏磁)，车轮转动时带动与其接触的摩擦轮转动，摩擦轮又通过传动轴带动磁铁一起(与车轮角速度相等)转动，从而使铁芯中磁通量发生变化，线圈两端c、d作为发电机输出端，通过导线与标有“12 V　 6 W”的灯泡L 相连，当车轮匀速转动时，发电机输出电压视为正弦交流电，该发电机供电线圈匝数为n，假设灯泡阻值不变，摩擦轮与轮胎间不打滑，则(　　) 题号 2 1 3 4 5 6 8 7 9 热点一 热点二 热点三 课后限时练 第14课时　电路 49 A．在磁铁从图示位置匀速转过90°的过程中，通过L的电流方向由d到c B．在磁铁从图示位置匀速转过90°的过程中，L中的电流逐渐变小 C．若灯泡L正常发光，车轮转动的角速度为(rad/s) D．若灯泡L正常发光，车轮转动的角速度为(rad/s) 题号 2 1 3 4 5 6 8 7 9 √ 热点一 热点二 热点三 课后限时练 第14课时　电路 50 C　[根据题意，磁铁转动过程中通过线圈的磁通量向上逐渐减小，由楞次定律可知，感应电流产生向上的磁场，通过L的电流方向由c到d，故A错误；由题图可知，开始阶段，穿过线圈的磁通量最大，磁通量的变化率最小，转动后，磁通量减小，磁通量的变化率增大，当转过90°时，穿过线圈的磁通量最小，磁通量的变化率最大，可知，转动过程中L中的电流逐渐增大，故B错误；若灯泡L正常发光，两端电压的最大值为Um＝12 V，根据Em＝Um＝nBSω＝nΦω＝12 V，可得ω＝(rad/s)，故C正确，D错误。故选C。] 题号 2 1 3 4 5 6 8 7 9 51 8．(2025·浙江杭州模拟)如图甲所示，一电阻不计的单匝线圈处于变化的磁场中，图乙是穿过线圈的磁通量Φ随时间t按正弦变化的图像(规定磁感应强度垂直纸面向里时Φ为正)。线圈右边与理想变压器的原线圈连接，已知理想变压器原、副线圈的匝数比n1∶n2＝20∶1，电阻R1＝ 20 Ω、R2＝10 Ω，D为理想二极管，取π2＝10，下列说法正确的是(　　) 题号 2 1 3 4 5 6 8 7 9 热点一 热点二 热点三 课后限时练 第14课时　电路 52 A．t＝0.01 s时，圆形线圈中电流为零 B．t＝0.005 s时，圆形线圈中有最大电流 C．0～0.005 s内，流过R1的电荷量可能为0.005 C D．原线圈的输入功率为75 W 题号 2 1 3 4 5 6 8 7 9 √ 热点一 热点二 热点三 课后限时练 第14课时　电路 53 C　[由法拉第电磁感应定律E＝，可知Φ-t图像的斜率绝对值为感应电动势，由题图乙可知t＝0.01 s时线圈中磁通量的变化率最大，感应电动势最大，线圈中的电流不为零，故A项错误；由题图乙可知，0.005 s时Φ-t图像的斜率为零，由法拉第电磁感应定律可知线圈的感应电动势为零，故线圈内感应电流也为零，故B项错误；0～0.005 s内的磁通量变化量为ΔΦ1＝2.0 Wb－0 Wb＝2.0 Wb，设该过程中线圈产生的平均感应电动势为 题号 2 1 3 4 5 6 8 7 9 54 ，由理想变压器的变压规律＝，通过电阻R1的平均电流为＝，又因为＝，联立解得q＝0.005 C，故C项正确；线圈产生的感应电动势的最大值为em＝NBSω＝NΦmω，有效值为U有＝，副线圈两端电压的有效值U副满足＝，电阻R1消耗的功率为PR1＝，由于R2与二极管串联，则在磁通量变化的一个周期内，仅在半个周期内有电流流过R2，设电阻R2两端电压有效值为UR2，有T＝，电阻R2消耗的功率为PR2＝，联立解得副线圈的总功率为P副＝PR1＋PR2＝50 W，由于变压器为理想变压器，所以P原＝P副＝50 W，故D项错误。] 题号 2 1 3 4 5 6 8 7 9 55 9．“西电东送”是我国实现经济跨区域可持续快速发展的重要保证，如图为模拟远距离高压输电示意图。已知升压变压器原、副线圈两端的电压分别为U1和U2，降压变压器原、副线圈两端的电压分别为U3和U4。在输电线路的起始端接入两个互感器，两个互感器原、副线圈的匝数比分别为20∶1和1∶20，各互感器和电表均为理想状态，则下列说法错误的是(　　) 题号 2 1 3 4 5 6 8 7 9 热点一 热点二 热点三 课后限时练 第14课时　电路 56 A．电压互感器起降压作用，电流互感器起把强电流变为弱电流作用 B．若电压表的示数为200 V，电流表的示数为5 A，则线路输送电功率为100 kW C．若保持发电机输出电压U1和用户数不变，仅将滑片Q下移，则输电线损耗功率增大 D．若发电机输出电压U1一定，仅增加用户数，为维持用户电压U4不变，可将滑片P上移 题号 2 1 3 4 5 6 8 7 9 √ 热点一 热点二 热点三 课后限时练 第14课时　电路 57 B　[电压互感器起降压作用，电流互感器起减小电流作用，故A正确，不符合题意； 电压互感器原线圈两端电压U2＝U＝×200 V＝4 000 V，电流互感器原线圈中的电流I2＝I＝×5 A＝100 A，对于理想变压器，线路输送电功率P＝P2＝U2I2＝4 000×100 W＝400 kW，故B错误，符合题意；仅将滑片Q下移，相当于增加了升压变压器副线圈的匝数n2，根据理想变压器的规律U2＝U1可知，升压变压器副线圈两端的电压U2增大；降压变压器原线圈两端电压U3增大，副线圈两端电压U4增大，通过负载的电流I4＝， 题号 2 1 3 4 5 6 8 7 9 58 又用户数不变，即负载总电阻R不变，则I4增大，降压变压器原线圈中的电流I3＝I4，匝数比不变，I3增大，根据ΔP＝r，则输电线上损耗功率增大，故C正确，不符合题意；仅增加用户数，即负载总电阻R减小，若降压变压器副线圈两端电压U4不变，则通过副线圈的电流I4＝增大，降压变压器原线圈中的电流增大，输电线上的电压损失ΔU＝I3r，可知输电线上的电压损失增大，降压变压器原线圈两端电压U3＝U2－ΔU减小，根据U4＝U3可知，当U3减小时，减小n3可以使U4不变，所以要将降压变压器的滑片P上移，故D正确，不符合题意。故选B。] 题号 2 1 3 4 5 6 8 7 9 59 谢 谢！ $