四川省成都市树德中学2025-2026学年高三下学期学情自测物理试题

树德中学高2023级高三下期开学考试物理试题 命题人：郑秋萍审题人：罗渊 一、单项选择题：本题共7题，每题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目 要求的。 1.如图，在空的铝制饮料罐中插入一根粗细均匀足够长的透明吸管，接口处用蜡密封，吸管中 注入一段长度可忽略的油柱，在吸管上标上温度值，就制作成了一个简易气温计。若外界大气压 不变，下列说法正确的是 A.吸管上的温度刻度分布不均匀 B.吸管上标的温度值由下往上减小 C.温度升高时，罐内气体增加的内能小于吸收的热量 D.温度升高时，饮料罐内壁单位面积、单位时间受到气体分子撞击次数不变 2.28U的衰变方程为8U→%Th+X，已知8U的质量为，新核0Th的质量为，X粒子的质量 为3，下列说法正确的是 A.X粒子是氦原子核，它的电离能力很强 B.2Th的平均核子质量比8U的大 C.gU的比结合能为4-严-m)c 238 D.若28U静止，其衰变后的Th和X粒子的动能之比是2344 3.如图，假设某颗小行星绕太阳做匀速圆周运动，轨道半径为，运动方向如箭头所示。探测器在P处 以较大速度撞击小行星并结合为一体。小行星的轨道变为图中虚线椭圆轨道， 远日点仍为P,近日点为Q,Q到太阳的距离为r1。下列说法正确的是 A.撞击后小行星绕太阳运行的周期可能不变 B.撞击后小行星经过Q点的速度比被撞击前的速度大 Q片太阳p小行星 C.撞击后小行星最大速度与最小速度之比为2： D.探测器可能从后面追上小行星并撞击 4.如图甲，某同学将平面镜倾斜浸于水中，太阳 光（可视为平行光）经水面的折射和平面镜的反 太阳光 射在光屏上形成了彩色条纹。为解释该现象，他 将光路图简化为图乙所示，α、b为太阳光最终折 射出水面的其中两束单色光。不考虑容器对光线 的反射，下列说法正确的是 平面镜 A,水对a光的折射率小于水对b光的折射率 容器 B.α光在水中的传播时间大于b光在水中的传 播时间 甲 乙 C.逐渐增大平面镜与水平面的夹角，α光首先 消失 D.将平面镜水平放置，光线沿不同方向折射出水面 5.如图甲，两波源S和S,分别位于x=0与x=12m处，以x=6m为边界，两侧为不同的均匀介质。t=0 时两波源同时开始振动，其振动图像相同，如图乙所示。t=0.1s时x=4m与x=6m两处的质点开始振动， 不考虑反射波的影响，下列说法正确的是 A.t=0.15s时两列波开始相遇 B.在6m<x≤12m间S,波的波长为0.8m 立m 102s) 8 C.两列波在6m<x≤12m间遇到1m的障碍物不能发 生明显衍射 D.两列波叠加稳定后，x=8.4m处的质点振动减弱 甲 乙 高三物理2026-02无 6.如图，宽度为2d的水平传送带以速度v,向右匀速运动，在其上方固定一光滑挡板，挡板与传送带AB 边界夹角为日。现将质量为的工件（可视为质点）轻放在传送带中心线上一点，当工件相对传送带静 止时恰好碰到挡板，碰后工件垂直于挡板方向的速度减为零，平行于挡板方向的速度不变，最终从DC边 界离开传送带。已知工件与传送带间的动摩擦因数为4，重力加速度大小为g。则工件 >V A.从放上传送带至碰到挡板所用的时间为 U 2μg 10 B.从放上传送带至碰到挡板，摩擦力对其做功为心。 传送带 C.沿挡板运动时对挡板的压力大小为g 挡板 d D.从碰到挡板至离开传送带所用的时间为 vcose 7.如图，足够大的空间内存在与水平方向夹角0=37的匀强电场，长度为L、 不可伸长的轻绳一端系于O点，另一端系一质量为、电荷量为q的带正电小 球（可视为质点），O点距水平地面的高度为2L,其正下方P处固定一刀片， O、P间距离小于L。当小球处于静止状态时，轻绳与竖直方向的夹角为0。现 将小球拉至O点右侧等高位置（轻绳刚好拉直）静止释放，运动至O点正下 .E 方时轻绳被刀片割断，最终小球落到水平地面上。已知重力加速度大小为g, 下列说法正确的是 A.电场强度的大小为3m9 4a B.小球运动至O点正下方时的速度大小为0.8√2gL C.轻绳与刀片接触前瞬间的拉力大小为0.96g 07 D.小球落地点与O点的水平距离为L 二、多项选择题：本题共3题，每题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。 全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8.如图甲，不计电阻、处于匀强磁场中的圆形线圈面积S=100cm2,匝数N=100,磁感应强度B随时间 正弦变化的图像如图乙所示（取垂直纸面向里为磁场正方向）。导线框右边与理想变压器的原线圈连接， 己知变压器原、副线圈匝数之比为1：10，副 线圈连接的电阻R=100n。下列说法正确的 ↑BT 是 0.2 向里 A.t=0.01s时，圆形线圈中无电流 0.01 02*s B.1s内流过R的电流方向改变100次 向外 0.2 C.圆形线圈中电压最大值是202rV 甲 D.电流表的示数为√2πA 乙 9.如图，相同小球A、B用长为L的轻杆连接紧靠墙壁竖直立于水平面上。当系统受到轻微扰动后，B 由静止开始向右滑动，两球始终在同一竖直平面内运动。当A与墙面作用力刚为0时，杆与墙面夹角的 余弦cos日=子不计一切摩擦，重力加速度大小为8。下列说法正确的是 A.球A与墙面作用力为0时，球B的速度为2g西 9 B.球A落地时的速度为√2gL C.球A与墙面作用力为0时，地面对球B的作用力为2g D。从球A释放到落地的过程中，杆对球B做功为2罗 777777777777777777 第1层 第2层 第n层 10.如图，真空中存在多层紧密相邻的水平向右、大小为E的 X 十 学第1页共2页 × XX →XX XX 匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，宽度均为d,长度足够长。电场、磁场的边界互相平行且与电场方 向垂直。一质量为、电荷量为q的带正电的粒子在第1层左侧边界某处由静止释放，粒子从第4层磁 场右侧边界穿出时，速度的方向与水平方向的夹角为30°。不计粒子的重力及运动时的电磁辐射，下列说 法正确的是 A.粒子从第4层磁场右侧边界穿出时的速度大小为2 2Eqd V m B.磁场的磁感应强度为Bm 2 2qd C.若保证粒子不能从第n层磁场右边界穿出，n至少为16 D.若保证粒子不能从第n层磁场右边界穿出，n至少为12 三、实验题（共16分） 11.(6分)如图甲，某实验小组利用位移传感器（发射器）和与之相连的计算机来研究小车做匀变速直 线运动的相关规律。小车开始运动后每隔0.1s记录下小车到出发点的距离，数据如表所示。 位移传感器（接收器） 序号 0 1 2 3 4 5 小车 t/s 0 0.1 0.2 0.3 0.4 0.5 轨道 分 x/cm 0 6.60 14.60 24.00 34.90 47.30 /(cm/s) 66.0 73.0 87.3 94.6 (1)表格中第3组数据为 (2)t=0.2s时，小车的瞬时速度大小为 cm/s. 7/八cm-s-1) (3)根据表中数据，实验小组绘制出⑦一t图像如图乙所示，图像可视为 105 一条直线，则小车的加速度大小 1m/s2。 12.(10分)某学习小组为了弄清新能源汽车新旧电池不能混用的原 因，利用普通5号碱性电池做了如下模拟实验。实验器材如下： 75 新旧5号碱性电池若干：灵敏电流计G一个（量程0~2mA,内阻为 65 102):电流表A一个（量程0~0.3A,内阻为22)：滑动变阻器（阻 值0~202)：电阻箱（阻值0~99992）：开关、导线若干。 00.10.20.30.40.506→s 5 (1)小王同学准备用上述器材分别测量5号碱性电池A、B的电源电动 势和内阻（每次测量一节电池）。首先他把灵敏电流计和电阻箱串联 改装成2V的电压表，电阻箱应调至 2。 UN 3.00用 2.50 2.00 1.50 1.00 0.50 、ImA 10050 200 250 350 (2)改装完成后，设计了图甲所示的电路进行实验：利用实验数据作出了U-I图像如图乙中A和B所示， 其中旧电池的电动势为V,内阻为 2(结果均保留两位有效数字)。 (3)小赵同学对标有“2.5V,0.3W'的小灯泡描绘出了伏安特性曲线如乙图中的C所示。若将上述A、B两 节电池串联起来为该小灯泡供电，则该电池组的发热功率为 W(结果保留两位有效数字)，并从 高三物理2026-02开 能量角度分析为何新旧电池不能混用 四、解答题（共38分） 13.(10分)某无人机在某冰雪地带运送紧急物资，飞行高度H=240m,水平速度'。=10ms。飞至目标 区域时，将质量m=20kg的带缓冲气囊的应急医疗包释放，下落4s后缓冲气囊打开后，气囊对医疗包施 加竖直向上的力，使医疗包在竖直方向做匀减速直线运动，到达待救援者时竖直速度刚好为零。已知待 救援者的质量M60kg,重力加速度大小g=10m/s2,忽略空气阻力和冰面摩擦力。求： (1)(5分)气囊对医疗包施加的力的大小： (2)(5分)医疗包对救援者的水平冲量大小。 14.(12分)如图甲，间距为L的金属板M、N竖直放置，金属板M左侧存在竖直向上的匀强电场，金 属板M、N之间存在垂直纸面的交变磁场，磁感应强度随时间变化如图乙，垂直纸面向里为磁场正方 向，N板右侧有边界为正三角形、磁感应强度大小为B,、方向垂直xOy平面向里的匀强磁场区域（未画 出)，另有一与N板夹角为60°的固定挡板。一质量为、电荷量为q的带正电粒子从与M板水平距离为 d的s点以速度方向与竖直方向成30°、大小为2o射入电场，经过O1在t=T(T=)时刻水平射入磁场 2v0 中，粒子通过变化磁场后从O2点进入N板 右侧区域，经正三角形磁场区域偏转后垂直 X 打到挡板上，不计粒子重力。求： XX XX (1)(4分)匀强电场的电场强度大小： (2)(5分)粒子在交变磁场区域运动的时间 及磁感应强度B。的最小值： 0.5TT1.5T2T (3)(3分)正三角形磁场区域的最小面积。 X×L×X TTT××x× 甲 乙 15.(16分)如图为升降机示意图。间距L=2m的金属导轨MMWN固定在绝缘水平面上，MN端接有 一智能电源。电阻R=22的相同均匀导体棒ab、cd通过绝缘轻杆组成“F’字形，整体质量m=1kg,“F’字 形平放在导轨上，αb棒中点通过细绳绕过滑轮与一质量ME2kg的货物相连，cd棒的中心右侧某位置固定 有一劲度系数仁100、 Ng的绝缘轻弹簧 3 绝缘轻弹簧 (初始时处于原长，左端位于P点)。整 B绝缘轻杆 个装置处于竖直向下、磁感应强度B=1T 滑轮 的匀强磁场中。0时，货物正以v二2/s pwwwwz 匀速上升，仁1s时货物脱钩，当货物上升 智能电源 到最高点时（未碰到滑轮），cd棒刚好运 动至P点。己知cd棒每经过一次P点， 智能电源的电流方向改变，大小不变。不 计一切阻力及除导体棒外其他电阻，弹簧 货物 振子周期T=2π 7 ,己知重力加速度的 大小g=10m/s2,取π=3。求： (1)(4分)货物匀速上升时，通过电源的电流大小与方向； (2)(5分)cd棒运动到P点前瞬间的速度大小以及此时电源的输出电压； (3)(7分)从戶1s至cd棒第二次运动到P点过程中，流过cd棒的电荷量及电源输出的总能量。 学第2页共2页 树德中学高2023级高三下期开学考试物理试题参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 8 9 10 答案C A B A D BD AD AC 11.(1)80.0或80(2分)(2)87.0-87.3或87(2分)(3)1.4(1.371.43)(2分) 12.(1)990(2分)(2)1.4(2分)26(2分)(3)0.14(0.13一0.15)(2分)混用后电池内阻消耗的功率很 大(2分) 13.(1)(5分)设医疗包在竖直方向的加速时间和位移为和么，由运动学规律可知么=2 (1分) 打开气囊前的瞬间物体的速度v1=gt1 (1分) 医疗包在竖直方向的减速位移h2=H-h1 0-v12=-2ah2 (1分) F-mg=ma(1分) 联立以上公式可解得F=300N(1分) (2)救援者接到医疗包时，医疗包具有水平方向的速度'。 接到医疗包后二者共速，动量守恒，所以。=(M+)N (2分) 解得v=2.5m/s 医疗包对救援者的水平冲量大小I=Mv (2分) 解得I=150N·S (1分) 14.(1)(1)粒子在电场中运动 d 2vosin30t (1分) 0=2voc0s30°-at1(1分) Eq =ma (1分) 解得E=3mo (1分) 9d (2)在变化磁场中，T~1.5T时间内粒子做匀速直线运动，运动的距离x=。 T (1分) 解得x牙 在变化磁场中，1.5T2T时间内粒子做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力gB,=m。(1分) R 为保证粒子从O点进入y轴右侧区域，在1.5T~2T时间内粒子需转整数圈，粒子做圆周运动的周期 夏-2xR(n=12,3-）（1分) 粒子做圆周运动的半径R≤x,才能保证粒子从O点进入y轴右侧区 域，解得变化磁场磁感应强度的最小值B,=8m(1分) gL 60° 粒子从O'点射入变化磁场区域至运动到O点的时间t= L 3T 1%2 解得t=3.5r=1分) (3)粒子在正三角形磁场区域中做匀速圆周运动，轨迹如图所示 由洛伦兹力提供向心力，B="d 30 R 等边三角形的高h=2R'+R'cos30°(1分) 等边三角形的边长1=2tan30°(1分) 高三物理2026-02升 等边三角形的面积S=}M 解得S= 195+24m1分) 12Bg2 15.(1)货物匀速上升，对货物与“P字形，有BIL=Mg (2分) 解得I=©=10A BL (1分) 由右手螺旋定则可知，电流方向：N→M(写逆时针，Mc,a→b等类似表述也得分)（1分) (2)货物脱钩，货物到最高点时间5=业=0.2s (1分) g 对导体棒动量定理有BILt,=w。-m。 (1分) 解得'。=6/s。向右未碰到弹簧，此时反电动势E=BL, 电路电流有1=B-B (1分) R 即U=IR+B (1分) 解得U=22V (1分) (3)滑出导体棒碰到弹簧后所受合力与位移关系如图所示，设弹簧最大压缩量为x。 20+10g,合N 3 20 x/m 根据动能定理-c+BL+B)=0-)m (1分) 解得x=0.6。从P点开始，“P?字形与弹簧组成系统在水平面内做简谐运动，其平衡位置在P点左侧，设 弹簧最大形变量为x,,有，=BIL (1分) 解得x。=0.6m。因此，振幅A=x+x。=1.2m “T字形从接触弹簧到离开弹簧A1=?-V5、 (1分) 35 嗣周期79。版试行体华的电有量=0-)-(“小(5-加 (2分) 从1s至cd棒第二次运动到P点过程中，导体棒焦耳热Q1=1Pt1=20 与弹簧接触期同，导休捧焦耳热Q=受a-205=205 3 根据能量守恒定律，电源输出的总能量E=Q1+Q2+mp2-mo2 (1分) 解得E=(36+20V3)J (1分) 学第3页共2页