湖南省长沙市2026届高考物理自编模拟练习试卷08【2026届湖南省高考最新题型结构】

2026届湖南省长沙市高考物理自编模拟试卷08【PDP文件含答案】 【2026届最新题型结构】 考试范围：2026届高考物理全部内容 考试时间：75分钟： 命题人： 学校： 姓名： 班级： 考号： 温馨提示：根据湖南省教育考试院于2025年12月3日发布的《湖南省普通高中学业水平选择性考试试 卷结构(2025年修》，该结构自2026年起实施。2026年湖南高考物理科目的试卷结构如下： 考试形式与时长：采用闭卷、笔试形式，考试时长为75分钟，卷面满分为100分。 试题构成：试题分为选择题和非选择题两大类。 选择题（共10题，总分42-43分） 单项选择题：7-8题，每题4分，总分28-32分。 多项选择题：2-3题，每题5分，总分10-15分。 非选择题（共5题，总分57-58分） 题目数量固定为5题，主要涵盖计算题、实验题和综合应用题，分值较高，更加强调对物理概念的理解、 实验设计与分析、以及综合运用能力的考查。 此次调整的核心变化是减少多项选择题数量，增加单项选择题比例，同时显著提升非选择题的分值权 重，体现了对考生基础知识扎实程度和综合应用能力的双重重视。 注意事项： 1。答卷前，考生务必将自已的姓名、准考证号填写在本试卷和答题卡上 2。回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需 改动。用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡 上。写在本试卷上无效 3。考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 第一部分（选择题共43分） 一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一 项是符合题目要求的。 1.[4分]2024年4月30日，“神舟十七号载人飞船返回舱安全着陆，宇航员顺利出舱。在其返回过程 中，下列说法正确的是()。 A.研究返回舱运行轨迹时，可将其视为质点 B,以返回舱为参考系，宇航员向下加速 C.返回舱落地前，反推发动机点火减速，宇航员处于失重状态 D.用返回舱的轨迹长度和返回时间，可计算其平均速度的大小 2.[4分]河水的流速随离河岸一侧的距离的变化关系如图甲所示，船在静水中的速度与时间的关系如图 乙所示，若要使船以最短时间渡河，则下列说法中不正确的是() v/(m/s) 4v/(m/s) d(m) t(s) 150 300 甲 乙 第1页，共12页 A.船渡河的最短时间是60s B.船在行驶过程中，船头始终与河岸垂直 C.船在河水中航行的轨迹不是一条直线 D.船在河水中的最大速度是5m/s 3.[4分]北斗卫星导航系统上配置的星载氢原子钟是利用氢原子能级跃迁时辐射出来的电磁波去控制校 准石英钟的。如图为氢原子能级图，则下列说法正确的是() n EleV 0------0 54 83 -1.51 -3.4 1 -13.6 A.氢原子从低能级向高能级跃迁时辐射光子 B.大量处于=4能级的氢原子向低能级跃迁时，形成的线状光谱总共有3条亮线 C.大量处于n=4能级的氢原子辐射出来的光子中，波长最长的光子能量为0.66eV D.用大量能量为3.6eV的光子持续照射处于基态的氢原子，一定可使其电离 4.[4分](2025·沧州模拟)如图甲所示，两个质量均为、厚度均为d、高度均为h的木板A、B静止 放置在光滑水平面上，质量为m的子弹（体积忽略）以一定初速度o打入木板A,子弹恰好未离开木板 B且A、B两木板没有发生碰撞。现把A、B两块木板绑在一起横放（如图乙所示），子弹再次以同样的 初速度%打入木板A,子弹也恰好未离开木板。设子弹在木板中受到的阻力恒定，忽略空气阻力和重力 引起的竖直方向的运动，则等于() 6 -h A 0 A wmwwmmamaomm M 甲 乙 A B. c.是 D.芳 5.[4分](2025临沂模拟)如图所示，某理想变压器原、副线圈的匝数之比为2：1，原线圈与定值电阻 R。串联后接在输出电压有效值恒定、内阻不计的交流电源两端，副线圈电路中接有理想电流表和最大阻 值为R的滑动变阻器R,点上下滑动变阻器电阻丝长度之比为3：1。开始时，滑片P位于滑动变阻器 的中间位置。则在将滑片P向下滑至α点的过程中，理想变压器的输出功率() A A.一直增大 B.一直减小 C.先增大后减小 D.先减小后增大 第2页，共12页 6.[4分]一辆汽车在平直的路面上，汽车发动机以恒定功率由静止开始行驶，设所受阻力大小不变，其 牵引力F与速度V的关系如图所示，加速过程在图中B点结束，所用的时间t=10s,经历的路程S= 60m,10s后汽车做匀速运动。由以上数据可知下列错误的是() ◆F(×10N 10m·s A.汽车所受的阻力为1×104N B.汽车运动过程中发动机功率为1×105W C.汽车的质量为8×104kg D.汽车加速度为5m/s2时车的速度大小为2m/s 7.[4分]在测试汽车刹车性能时，为避免汽车未刹停造成损失，常在道路尾端安设电磁阻尼减速器，其 简化原理如图。匀强磁场的宽度L。=4m,磁感应强度大小B=1T,方向竖直向上。一轻质弹簧右端固 定，垂直于磁场边界水平放置，左端恰与磁场右边界平齐。汽车可看作100匝，宽为d=2m,长为 L=4.8m的矩形硬质金属线框ABCD,质量m=1000kg,总电阻R=402。汽车以'。=6m/S的速度沿光 滑水平面进入磁场，且正对弹簧向右运动，AB边向右穿过磁场右边界后开始压缩弹簧，弹簧始终在弹性 限度内，汽车CD边始终未进入磁场。下列说法正确的是() -M A.汽车刚进入磁场时，线框中感应电流方向为ABCD B.汽车刚进入磁场时，线框中感应电流为35A C.汽车刚进入磁场时，汽车的加速度大小为0.6/s2 D.汽车向右运动过程中弹簧获得的最大弹性势能为1.8×104J 二、选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选 项中，有多项是符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有 选错的得0分。 8.[5分]有关下列四幅图的描述正确的是() 7674737270 后表面 B 高频交 流电源 上表面 前表面 分 A.图甲中，为真空治炼炉，当炉外线圈通入高频交流电时，炉内金属产生涡流发热，从而冶炼金属 第3页，共12页 B.图乙中，安检门利用自感现象可以检测金属物品，如携带金属经过时，会触发报警 C.图丙中，给铜板通上大小为1的电流，电流方向如图所示，则前后表面出现电势差，且前表面电 势较高 D.图丁中，粒子初速度为零经电场加速后（电压U一定），进入磁场则粒子的比荷大于b的比荷 9.[5分]摩尔数为n的理想单原子气体初始状态压强为2po,体积为Vo,对应下图中的a点.现在这部分 气体经过等压膨胀，体积变为2o,对应下图中的b点，气体在状态b经等温膨胀至状态c,压强变为po 又经等压压缩至状态d,最后等温压缩回到状态α己知理想气体的体积八、压强p和温度T满足方程 p=RT;内能V满足关系URT,其中R为常数，n为物质的量根据以上信息可以判断 () P个 2p.6 po 0.2.3.4V。7 A.气体在状态点a时的内能为3po% B.气体在状态点b时温度为2povo nR C.由c到d的过程外界对气体做功为4poVo D.由c到d的过程气体向外界放热 10.[5分]如图，空间存在磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向外的匀强磁场，OA距离为2L,OP是 一足够大的荧光屏，粒子打在荧光屏上均被吸收，在O、A之间有大量质量为、电荷量为+q的粒子， 以相同的速度沿纸面垂直于OA开始运动.其中从OA中点射入的粒子恰好能垂直打在荧光屏上（不计粒子 重力及其相互作用).图中∠POA=120°，则可判断带电粒子 () ‘B·····yp 1209人··· tft个t ---… A 0 A.运动速度大小为9L B.在磁场中运动的最长时间为需 C.打在荧光屏上的位置距离O点最远为L D.打在荧光屏上的位置距离0点最远为L 第二部分（非选择题共57分） 三、非选择题：本大题共5题，共57分。 11.[8分]某小组为了测量电源电动势和内阻，设计了如图甲所示电路。并进行了如下操作： 甲 第4页，共12页 (1)闭合开关K1,保持开关K2断开，调节电阻箱的阻值为R1时，电流表A1的示数为o。将K2打至b 端，调节电阻箱的阻值为2时，使电流表A1的示数仍为Io。则电流表A2的内阻为。 (2)将K,打至α端，调节电阻箱的阻值，得到多组电阻箱示数R和电流表A,示数I。 (3)将每组数据对应的点描绘在R坐标系中，并拟合做出图像，如图乙所示。己知，图像的横纵截距 分别为-a和b,则该电源的电动势E=,内阻=。 b -a O R 乙 (4)从理论上分析，本实验中电源内阻的测量值（填“大于等于”或“小于”）真实值。 12.[8分]利用如图1所示的实验装置，可测量滑块的运动及滑块与木板间的动摩擦因数。一端装有滑轮 的长木板固定在水平桌面上，长木板上有一滑块，滑块右端固定一个动滑轮，钩码和弹簧测力计通过绕 在定滑轮上的轻绳相连，放开钩码，滑块在长木板上做匀加速直线运动。 纸带打点计时整上滑块 测力计 E 滑轮 cm 长木板 2.623.84 5.00 6.23 图1 图2 (1)该实验中钩码质量 远小于滑块质量（填写“需要”或者不需要”) (2)打点计时器所用交流电频率为50Hz,实验得到一条如图2所示的纸带（每相邻两个计数点间有4 个点图中未画出)。打点计时器在打B时，滑块运动的速度大小是s,运动的加速度大小是 /s2。(计算结果保留三位有效数字) (3)己知滑块和定滑轮的总质量为M,重力加速度为g。若实验中弹簧测力计示数为F时，测得滑块运 动的加速度为α，则滑块和木板之间动摩擦因数的计算式为 13.[12分](16分)如图所示，倾角为0-37的足够长的斜面上有一个质量=4kg的长木板，长木板与斜 面之间的动摩擦因数为41=0.7.将长木板由静止释放，经过△=2.5s,将一质量为2=1kg的物块无初速度 地放到距长木板底端=9.628处.已知物块最终从长木板底端滑出，物块与长木板之间的动摩擦因数 2=0.3,重力加速度g=10m/s2,sn37=0.6,cos37-0.8,不计空气阻力，物块体积较小，计算时可视为 质点 (1)刚放上物块的瞬间，求长木板的加速度α1的大小： (2)求物块在长木板上滑行的时间t: (3)求整个过程中物块和长木板之间产生的热量Q, 一物块 长木板底端 0 14.[14分](16分)如图()所示，在x<0空间有一圆形磁场区域，磁感应强度为B,方向垂直纸面向外， 圆与y轴相切于坐标原点O,平行于x轴且与圆相切于C点的电场边界N下方有沿y轴正方向的匀强 第5页，共12页 电场，在x>0空间有垂直纸面的随时间周期性变化的磁场B',B随时间变化如图b)所示，其中Bo己知， 垂直纸面向外为正方向.足够长的挡板PQ垂直于x轴放置，挡板可沿x轴左右平移.质量为、电荷量为 q(心0)的粒子从电场中的A点以速度o沿x轴正方向进入匀强电场，并从C点进入圆形区域磁场，接着 从原点O进入第一象限（此时仁0）.已知A、C两点沿x轴方向的距离为2L,沿y轴方向的距离为V3L,不 计粒子重力，不考虑磁场变化产生的感应电场求： (1)匀强电场的电场强度大小： (2)粒子在圆形磁场区域内的运动时间t: (3)若粒子恰好能垂直击中挡板，挡板距离y轴的距离o应满足的关系式. y个·B··· ·B· 3πm5元m 8元m1U元 18gBo:18gBo 18gBo:18gBo -3B 图(a) 图b) 15.[15分](16分)如图，AB是半径为R的固定圆弧轨道，半径OB竖直.在水平向左的匀强电场中，固 定有一足够长的绝缘斜面CD,其倾角=53°一质量为、电荷量为q的带正电小物块恰好静止在斜面顶 端一绝缘小球从A点由静止释放，沿圆弧轨道下滑，从B点水平飞出后最终与小物块发生弹性正碰，己 知小球碰前瞬间速度恰好沿CD方向，重力加速度为g,sin53-0.8,cos53-0.6,小物块的电荷量始终 保持不变，不计空气阻力和摩擦，小球和小物块均可视为质点 (I)求场强大小E以及B、C两点间的高度差h: (2)若小球的质量为2，求小球第2次碰前瞬间的速度大小： (3)若小球的质量为，求第1次碰后瞬间到第6次碰前瞬间的时间. 第6页，共12页 参考答案 1.【答案】A 【详解】研究返回舱运行轨迹时，其形状和大小对轨迹分析无影响，可视为质点，A正确：以返回舱为 参考系，航天员与返回舱一起运动，相对返回舱静止，B错误：反推发动机点火减速时，返回舱加速度 向上，宇航员受支持力大于重力，处于超重状态，C错误；轨迹长度为路程，轨迹长度与时间的比值是 平均速率，D错误。 2.【答案】A 【详解】当船头重直河岸设河时，过河时间为最短无。一39”。=10，A情误，B正确：因阿水的速度是 变化的，故船相对于岸的速度的大小和方向均是变化的，船在河水中航行的轨迹不是一条直线，当船在 河中心时，船速最大y。s=V32+4ms=5m/s,CD正确。 3.【答案】C 【详解】氢原子从低能级向高能级跃迁时需要吸收光子，A错误：大量处于=4能级的氢原子向低能 级跃迁时，形成的线状光谱总共有6条亮线（易错：混淆大量氢原子和一个氢原子跃迁的区别），分别 是4→3、4→2、4→1、3→2、3→1、2→1能级之间跃迁产生的，B错误：大量处于n=4能 级的氢原子辐射出来的光子中，波长最长的光子为4→3能级跃迁产生的，能量大小为0.66eV,C正 确：若想使处于基态的氢原子电离，光子的能量最小需要13.6eV,D错误。 4.【答案】D 【详解】子弹第一次打入木板A的过程中，由动量守恒定律有o1+2,由能量守恒定律有 -uo2-212-1v22,子弹打入木板B的过程中，由动量守恒定律有=2mm3,由能量守恒定律有 2之2mg2,联立解得名mo2,子弹第二次打入木板A的过程中，由动量守恒定律有 m34,由能量守恒定律有62mw42,联立解得o2,则号D项正确。 5.【答案】B 【详解】首先，将变压器及其右侧电路等效为一个电阻R微，设滑动变阻器接入电路的阻值为R,原线 圈电压为，电流表的电流为1，根据理想变压器原副线圈电压与匝数成正比，则副线圈电压， 根据电流与匝数成反比，原线圈电流I之，由欧姆定律，滑动变阻器接入电路的电阻R华，等效电阻R ,2,-4R,其次，将定值电阻视为电源内阻，作出等效电源输出功率与外电阻阻值即等效电阻阻值 特发1子 的关系图，如图所示，当等效电阻阻值为R时，等效电源输出功率最大。P在中点时，滑动变阻器接入 电路的阻值为R受，则等效电阻R2R,P在a时，滑动变阻器接入电路的阻值为R3,则等效电 4 阻R=3R0,由于理想变压器输出功率等于输入功率，也始终等于等效电源输出功率。从图像可以看 出，等效电阻从2R增加3Ro,理想变压器的输出功率一直减小，B项正确。 第7页，共12页 ↑P出 OR。2R。3R。4R。R 6.【答案】C 【详解】由图像可知，阻力f=1×104N,匀速速度vm=10m/S,汽车的功率P=fVm=1× 105W,A、B正确：加速过程，由动能定理，得Pt-fs=号mv品，解得m=8×103kg,C错 误；当a=5m/s2时，设车的速度v,根据牛顿第二定律-f=ma,解得v=2m/s,D正确。 17 7.【答案】A 【详解】汽车刚进入磁场时，根据楞次定律的增反减同，感应电流的磁场方向为竖直向下，再根据右手 螺旋定则知，线框中感应电流方向为ABCD,据E=Bh。=I200V,由闭合电路的欧姆定律有 I-8 =30A,汽车所受安培力大小为F=nBd=60ON,故汽车的加速度大小为a=P=6ms,故A正 R 确B错误，C错误：AB边向右穿过磁场过程中通过某一截面的电荷量为g=-”Bd=20C,设AB RR 边向右穿过磁场时汽车的速度为v,由动量定理有-nBId△t=-nBd=-。,联立解得v=2ms,由系 统机械能守恒有E,=2=2000J,故D错误。 2 8.【答案】AC 【详解】图甲是真空治炼炉，当炉外线圈通入高频交流电时，由互感现象可知炉内金属产生涡流发热， 从而冶炼金属，故A正确；金属物体过安检门时，金属物在安检门的磁场中发生电磁感应互感现象，内 部出现感应电流，感应电流产生的磁场反作用于安检门发生报警，故B错误；图丙中，铜板中自由电荷 为电子带负电，由左手定则可知，电子向后表面偏转，则有后表面电势较低，前表面电势较高，故C正 确，图丁质谱仪中粒子经电场加速gU=},磁场中洛伦兹力提供向心力8=m ,联立两式解得 R=2mC,因为R大于R,则a的比荷小于b的比荷，故D错误。 B g 9.【答案】AD 【详解】本题考查气体图像与热力学第一定律综合.在状态点α时，根据p=RT,U马RT,可知内能为 U广.V2×2pw=3po,A正确：气体在状态点b时体积变为2，从a到b等压膨胀，根据p=RT, 温度为To204,B错误：从b到c等温膨胀，则22op.,解得-4%，从d到a为等温压 nR nR 缩，则2 Do Vo-poVa,解得V=2Vo,由c到d的过程外界对气体做功W=po(W-Va)=2po%,C错误；由c到 d的过程，体积减小，外界对气体做功，根据p=RT可知，气体温度降低，内能减小，根据热力学第一 定律可知，气体向外界放热，D正确 10.【答案】AD 【详解】本题考查带电粒子在直边界磁场中的运动.从OA中点射入的粒子恰好能垂直打在荧光屏上，粒 子运动轨迹如图1所示，由几何知识可知，粒子在磁场中做匀速圆周运动的轨迹半径=L,对粒子，由牛 顿第二定律得g乃=片，解得粒子的速度大小1一，A正确；所有粒子速度相同，则粒子在磁场中做圆 m 周运动的轨迹半径相等，从A点射入磁场的粒子打在O点，该粒子在磁场中转过的圆心角最大，该粒子 第8页，共12页 在磁场中的运动时间最长，最大圆心角180，粒了在藏场中的最长运动时间么品器智品。日 错误；粒子打在荧光屏上时的速度方向平行于AO时，其位置距离O点最远，如图2所示，由几何关系 可知粒子打在荧光屏上的位置距离0点的最远距离为止”2L.C错误，D正确 sin60°3 YP. 。。 N120° .tf处t 120° 0 图1 0 图2 1.【答案】R-:分：aR-R:等于 【详解】闭合开关K,保持开关K断开，则 E =”+R+R41+R42,闭合开关K1,将K2打至b端，调节 电阻箱的阻值为R时，使电流表A1的示数仍为，则月=T+R+Ra,联立解得电流表A的内阻为 I R:=R-R,依据闭合电路欧姆定律E=I(R+r+R-R),解得)R++R-及，斜率k=b-1 a E 解得B=名由答腿空2可知，图像纵线距b-+RR,解得7-a+几-R,因电流表A的内阻已 E 知，不存在系统误差，实验测量值无偏差 12.【答案】(1)不需要；(2)0,323：119：(3)u=2F- Mg 【详解】(1)弹簧测力计可以测出滑块质量所受的合外力，不需要钩码质量远小于滑块质量。 (2)每相邻两个计数点间有4个点图中未画出，则时间间隔为T=5×0.02s=0.1s,打点计时器在打B 点时，滑块运动的速度等于4C段的平均速度，大小是，=二=262+38 ×0.01m/s=0.323m/s,滑块运 2T 2×0.1 动的加速度大小是a=二e-5.00+6.23-2.62-3.84x0.01mWg=119m/g。 4T2 4×0.12 (3)根据牛顿第二定律可得2P-g=a,解得μ=2F-M恤 13.【答案】(1)1.6m/s2(2)2.3s(3)23.3472J 【详解】本题考查没有外力作用的板块模型分析。 (1)由静止释放长木板之后，设长木板的加速度为a1,由牛顿第二定律有1gin0-u1gcos1a (1分) 解得a4=gsin0-ungcos0-0.4m/s2,方向沿斜面向下 (1分) 放上物块瞬间，同理由牛顿第二定律，可得长木板的加速度大小a12m2gcos9+mz+m)gcos0-m10sim61.6 m1 ms2,方向沿斜面向上 (1分) (2)刚放上物块时，设物块的加速度为a,由牛顿第二定律有2gsin件u2gcos=2a2 (1分) 解得a=sim件2gcos-8.4m/s2,方向沿斜面向下， 此时长木板的速度大小yh=△仁l.0m/s (1分) 设经过△t1时间二者共速，则v1-a1△t=a2△t1 (1分) 第9页，共12页 解得△t=0.1s,v共=0.84/s, 这段时间内长木板比物块多运动的距离 △x1n△-2a1(△)2-22（△）2=0.05m (1分) 经过判断，物块会继续相对长木板加速下滑，长木板的加速度大小a”11m1tm2)9cos9-m9sm9-m29cos9-0,4 m1 m/s2,方向沿斜面向上 (1分) 物块的加速度a'2=gsin0-gcos0=3.6m/s2,方向沿斜面向下 (1分) 设又经过△t2时间长木板停下，v共=a△t2, 解得△t2=2.1s (1分) △2时间内物块比长木板多运动的距离 Ax22a2ta"1)a)2-882m (1分) 此时物块的速度v2=△t1+a2△t2=8.4m/s (1分) 到长木板底端的距离△x3=L+△x1-△x20.858m (1分) 设再经△时间，物块从长木板上滑落，则△x2△+a2(At)2, 解得△t3=0.1s (1分) 所以物块在长木板上滑行的时间仁△t1+△t2十△t=2.3s. (3)整个过程中，物块和长木板之间产生的热量 Q=2l28c0sθ×（△x1+△x2+△3）=23.3472J (2分) 14.【答案】a(Q6a0e0,1,2) 【详解】本题考查带电粒子在电场和交变磁场中的运动. (1)粒子在电场中做类平抛运动，有qE=a (1分) 沿x轴方向有2Lot (1分) 沿y轴方向有V3I (1分) 联立解得v3m (1分) 2gL (2)粒子从A到C过程，由动能定理，有 qE-V3i-22-2u6 (1分) 解得粒子在C点的速度大小1=2o (1分) 粒子在C点时，速度v与x轴正方向的夹角满足c0s00,可得-60° (1分) 粒子从C点到O点的运动轨迹如图甲所示，根据几何关系可知，粒子在圆形磁场内运动的圆弧轨迹所对 的圆心角为30° (1分) 309 甲 粒子做圆周运动，有T2 (1分) 第10页，共12页 2026届湖南省长沙市高考物理自编模拟试卷08【word文件含答案】【2026届最新题型结构】 考试范围：2026届高考物理全部内容 考试时间：75分钟； 命题人： 学校:___________姓名:___________班级:___________考号:___________ 温馨提示：根据湖南省教育考试院于2025年12月3日发布的《湖南省普通高中学业水平选择性考试试卷结构(2025年修订)》，该结构自2026年起实施。2026年湖南高考物理科目的试卷结构如下： ‌考试形式与时长‌：采用闭卷、笔试形式，考试时长为75分钟，卷面满分为100分。 ‌试题构成‌：试题分为‌选择题‌和‌非选择题‌两大类。 选择题（共10题，总分42–43分） ‌单项选择题‌：7–8题，每题4分，总分28–32分。 ‌多项选择题‌：2–3题，每题5分，总分10–15分。 非选择题（共5题，总分57–58分） 题目数量固定为5题，主要涵盖计算题、实验题和综合应用题，分值较高，更加强调对物理概念的理解、实验设计与分析、以及综合运用能力的考查。 此次调整的核心变化是‌减少多项选择题数量，增加单项选择题比例‌，同时‌显著提升非选择题的分值权重‌，体现了对考生基础知识扎实程度和综合应用能力的双重重视。 注意事项： 1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试卷和答题卡上． 2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号．回答非选择题时，将答案写在答题卡上．写在本试卷上无效． 3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回． 第一部分（选择题 共43分） 一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1．[4分]2024年4月30日，“神舟十七号载人飞船”返回舱安全着陆，宇航员顺利出舱。在其返回过程中，下列说法正确的是（　　）。 A．研究返回舱运行轨迹时，可将其视为质点 B．以返回舱为参考系，宇航员向下加速 C．返回舱落地前，反推发动机点火减速，宇航员处于失重状态 D．用返回舱的轨迹长度和返回时间，可计算其平均速度的大小 2．[4分]河水的流速随离河岸一侧的距离的变化关系如图甲所示，船在静水中的速度与时间的关系如图乙所示，若要使船以最短时间渡河，则下列说法中不正确的是（　　）    A．船渡河的最短时间是60s B．船在行驶过程中，船头始终与河岸垂直 C．船在河水中航行的轨迹不是一条直线 D．船在河水中的最大速度是5m/s 3．[4分]北斗卫星导航系统上配置的星载氢原子钟是利用氢原子能级跃迁时辐射出来的电磁波去控制校准石英钟的。如图为氢原子能级图，则下列说法正确的是（ ） A. 氢原子从低能级向高能级跃迁时辐射光子 B. 大量处于能级的氢原子向低能级跃迁时，形成的线状光谱总共有3条亮线 C. 大量处于能级的氢原子辐射出来的光子中，波长最长的光子能量为 D. 用大量能量为的光子持续照射处于基态的氢原子，一定可使其电离 4．[4分]（2025·沧州模拟）如图甲所示，两个质量均为m、厚度均为d、高度均为h的木板A、B静止放置在光滑水平面上，质量为m的子弹（体积忽略）以一定初速度v0打入木板A，子弹恰好未离开木板B且A、B两木板没有发生碰撞。现把A、B两块木板绑在一起横放（如图乙所示），子弹再次以同样的初速度v0打入木板A，子弹也恰好未离开木板。设子弹在木板中受到的阻力恒定，忽略空气阻力和重力引起的竖直方向的运动，则等于（　　） A． B． C． D． 5．[4分]（2025·临沂模拟）如图所示，某理想变压器原、副线圈的匝数之比为2∶1，原线圈与定值电阻R0串联后接在输出电压有效值恒定、内阻不计的交流电源两端，副线圈电路中接有理想电流表和最大阻值为R0的滑动变阻器R，a点上下滑动变阻器电阻丝长度之比为3∶1。开始时，滑片P位于滑动变阻器的中间位置。则在将滑片P向下滑至a点的过程中，理想变压器的输出功率（　　） A．一直增大 B．一直减小 C．先增大后减小 D．先减小后增大 6．[4分]一辆汽车在平直的路面上，汽车发动机以恒定功率由静止开始行驶，设所受阻力大小不变，其牵引力与速度的关系如图所示，加速过程在图中点结束，所用的时间，经历的路程，后汽车做匀速运动。由以上数据可知下列错误的是（ ） A．汽车所受的阻力为 B．汽车运动过程中发动机功率为 C．汽车的质量为 D．汽车加速度为时车的速度大小为 7．[4分]在测试汽车刹车性能时，为避免汽车未刹停造成损失，常在道路尾端安设电磁阻尼减速器，其简化原理如图。匀强磁场的宽度，磁感应强度大小，方向竖直向上。一轻质弹簧右端固定，垂直于磁场边界水平放置，左端恰与磁场右边界平齐。汽车可看作100匝，宽为，长为的矩形硬质金属线框ABCD，质量，总电阻。汽车以的速度沿光滑水平面进入磁场，且正对弹簧向右运动，AB边向右穿过磁场右边界后开始压缩弹簧，弹簧始终在弹性限度内，汽车CD边始终未进入磁场。下列说法正确的是（　　） A．汽车刚进入磁场时，线框中感应电流方向为ABCD B．汽车刚进入磁场时，线框中感应电流为35A C．汽车刚进入磁场时，汽车的加速度大小为 D．汽车向右运动过程中弹簧获得的最大弹性势能为 二、选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项是符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8．[5分]有关下列四幅图的描述正确的是（   ） A．图甲中，为真空冶炼炉，当炉外线圈通入高频交流电时，炉内金属产生涡流发热，从而冶炼金属 B．图乙中，安检门利用自感现象可以检测金属物品，如携带金属经过时，会触发报警 C．图丙中，给铜板通上大小为的电流，电流方向如图所示，则前后表面出现电势差，且前表面电势较高 D．图丁中，粒子初速度为零经电场加速后（电压一定），进入磁场则粒子的比荷大于的比荷 9．[5分]摩尔数为n的理想单原子气体初始状态压强为2p0，体积为V0，对应下图中的a点.现在这部分气体经过等压膨胀，体积变为2V0，对应下图中的b点，气体在状态b经等温膨胀至状态c，压强变为p0.又经等压压缩至状态d，最后等温压缩回到状态a.已知理想气体的体积V、压强p和温度T满足方程pV=nRT；内能U满足关系U=nRT，其中R为常数，n为物质的量.根据以上信息可以判断 (　　) A．气体在状态点a时的内能为3p0V0 B．气体在状态点b时温度为 C．由c到d的过程外界对气体做功为4p0V0 D．由c到d的过程气体向外界放热 10．[5分]如图，空间存在磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向外的匀强磁场，OA距离为2L，OP是一足够大的荧光屏，粒子打在荧光屏上均被吸收，在O、A之间有大量质量为m、电荷量为+q的粒子，以相同的速度沿纸面垂直于OA开始运动.其中从OA中点射入的粒子恰好能垂直打在荧光屏上(不计粒子重力及其相互作用).图中∠POA=120°，则可判断带电粒子 (　　) A．运动速度大小为 B．在磁场中运动的最长时间为 C．打在荧光屏上的位置距离O点最远为L D．打在荧光屏上的位置距离O点最远为L 第二部分（非选择题 共57分） 3、 非选择题：本大题共5题，共57分。 11．[8分]某小组为了测量电源电动势和内阻，设计了如图甲所示电路。并进行了如下操作： （1）闭合开关K1，保持开关K2断开，调节电阻箱的阻值为R1时，电流表A1的示数为I0。将K2打至b端，调节电阻箱的阻值为R2时，使电流表A1的示数仍为I0。则电流表A2的内阻为。 （2）将K2打至a端，调节电阻箱的阻值，得到多组电阻箱示数R和电流表A2示数I。 （3）将每组数据对应的点描绘在-R坐标系中，并拟合做出图像，如图乙所示。已知，图像的横纵截距分别为-a和b，则该电源的电动势E=，内阻r=。 （4）从理论上分析，本实验中电源内阻的测量值（填“大于”“等于”或“小于”）真实值。 12．[8分]利用如图1所示的实验装置，可测量滑块的运动及滑块与木板间的动摩擦因数。一端装有滑轮的长木板固定在水平桌面上，长木板上有一滑块，滑块右端固定一个动滑轮，钩码和弹簧测力计通过绕在定滑轮上的轻绳相连，放开钩码，滑块在长木板上做匀加速直线运动。 （1）该实验中钩码质量 远小于滑块质量（填写“需要”或者“不需要”） （2）打点计时器所用交流电频率为50Hz，实验得到一条如图2所示的纸带（每相邻两个计数点间有4个点图中未画出）。打点计时器在打B时，滑块运动的速度大小是 m/s，运动的加速度大小是 。（计算结果保留三位有效数字） （3）已知滑块和定滑轮的总质量为M，重力加速度为g。若实验中弹簧测力计示数为F时，测得滑块运动的加速度为a，则滑块和木板之间动摩擦因数的计算式为 。 13．[12分](16分)如图所示，倾角为θ=37°的足够长的斜面上有一个质量m1=4 kg的长木板，长木板与斜面之间的动摩擦因数为μ1=0.7.将长木板由静止释放，经过Δt=2.5 s，将一质量为m2=1 kg的物块无初速度地放到距长木板底端L=9.628 m处.已知物块最终从长木板底端滑出，物块与长木板之间的动摩擦因数μ2=0.3，重力加速度g=10 m/s2，sin 37°=0.6，cos 37°=0.8，不计空气阻力，物块体积较小，计算时可视为质点. (1)刚放上物块的瞬间，求长木板的加速度a'1的大小； (2)求物块在长木板上滑行的时间t； (3)求整个过程中物块和长木板之间产生的热量Q. 14．[14分](16分)如图(a)所示，在x<0空间有一圆形磁场区域，磁感应强度为B，方向垂直纸面向外，圆与y轴相切于坐标原点O，平行于x轴且与圆相切于C点的电场边界MN下方有沿y轴正方向的匀强电场，在x>0空间有垂直纸面的随时间周期性变化的磁场B'，B'随时间变化如图(b)所示，其中B0已知，垂直纸面向外为正方向.足够长的挡板PQ垂直于x轴放置，挡板可沿x轴左右平移.质量为m、电荷量为q(q>0)的粒子从电场中的A点以速度v0沿x轴正方向进入匀强电场，并从C点进入圆形区域磁场，接着从原点O进入第一象限(此时t=0).已知A、C两点沿x轴方向的距离为2L，沿y轴方向的距离为L，不计粒子重力，不考虑磁场变化产生的感应电场.求: (1)匀强电场的电场强度大小E； (2)粒子在圆形磁场区域内的运动时间t； (3)若粒子恰好能垂直击中挡板，挡板距离y轴的距离x0应满足的关系式. 图(a)　图(b) 15．[15分](16分)如图，AB是半径为R的固定圆弧轨道，半径OB竖直.在水平向左的匀强电场中，固定有一足够长的绝缘斜面CD，其倾角θ=53°.一质量为m、电荷量为q的带正电小物块恰好静止在斜面顶端.一绝缘小球从A点由静止释放，沿圆弧轨道下滑，从B点水平飞出后最终与小物块发生弹性正碰，已知小球碰前瞬间速度恰好沿CD方向，重力加速度为g，sin 53°=0.8，cos 53°=0.6，小物块的电荷量始终保持不变，不计空气阻力和摩擦，小球和小物块均可视为质点. (1)求场强大小E以及B、C两点间的高度差h； (2)若小球的质量为2m，求小球第2次碰前瞬间的速度大小； (3)若小球的质量为m，求第1次碰后瞬间到第6次碰前瞬间的时间. 参考答案 1．【答案】A 【详解】研究返回舱运行轨迹时，其形状和大小对轨迹分析无影响，可视为质点，A正确；以返回舱为参考系，航天员与返回舱一起运动，相对返回舱静止，B错误；反推发动机点火减速时，返回舱加速度向上，宇航员受支持力大于重力，处于超重状态，C错误；轨迹长度为路程，轨迹长度与时间的比值是平均速率，D错误。 2．【答案】A 【详解】当船头垂直河岸渡河时，过河时间为最短，A错误，B正确；因河水的速度是变化的，故船相对于岸的速度的大小和方向均是变化的，船在河水中航行的轨迹不是一条直线，当船在河中心时，船速最大，CD正确。 3．【答案】C 【详解】氢原子从低能级向高能级跃迁时需要吸收光子，错误；大量处于能级的氢原子向低能级跃迁时，形成的线状光谱总共有6条亮线（易错：混淆大量氢原子和一个氢原子跃迁的区别），分别是、、、、、能级之间跃迁产生的，错误；大量处于能级的氢原子辐射出来的光子中，波长最长的光子为能级跃迁产生的，能量大小为，正确；若想使处于基态的氢原子电离，光子的能量最小需要，错误。 4．【答案】D 【详解】子弹第一次打入木板A的过程中，由动量守恒定律有mv0=mv1+mv2，由能量守恒定律有fd=m-m-m，子弹打入木板B的过程中，由动量守恒定律有mv1=2mv3，由能量守恒定律有fd=m-·2m，联立解得fd=m，子弹第二次打入木板A的过程中，由动量守恒定律有mv0=3mv4，由能量守恒定律有fh=m-·3m，联立解得fh=m，则=，D项正确。 5．【答案】B 【详解】首先，将变压器及其右侧电路等效为一个电阻R等效，设滑动变阻器接入电路的阻值为R，原线圈电压为U1，电流表的电流为I，根据理想变压器原副线圈电压与匝数成正比，则副线圈电压U2=U1，根据电流与匝数成反比，原线圈电流I1=I，由欧姆定律，滑动变阻器接入电路的电阻R=，等效电阻R等效===4R，其次，将定值电阻视为电源内阻，作出等效电源输出功率与外电阻阻值即等效电阻阻值的关系图，如图所示，当等效电阻阻值为R0时，等效电源输出功率最大。P在中点时，滑动变阻器接入电路的阻值为R=，则等效电阻R等效=2R0，P在a时，滑动变阻器接入电路的阻值为R=，则等效电阻R等效=3R0，由于理想变压器输出功率等于输入功率，也始终等于等效电源输出功率。从图像可以看出，等效电阻从2R0增加3R0，理想变压器的输出功率一直减小，B项正确。 6．【答案】C 【详解】由图像可知，阻力，匀速速度，汽车的功率，、正确；加速过程，由动能定理，得，解得，错误；当时，设车的速度，根据牛顿第二定律，解得，正确。 7．【答案】A 【详解】汽车刚进入磁场时，根据楞次定律的增反减同，感应电流的磁场方向为竖直向下，再根据右手螺旋定则知，线框中感应电流方向为ABCD，据，由闭合电路的欧姆定律有，汽车所受安培力大小为，故汽车的加速度大小为，故A正确B错误，C错误；AB边向右穿过磁场过程中通过某一截面的电荷量为，设AB边向右穿过磁场时汽车的速度为，由动量定理有，联立解得，由系统机械能守恒有，故D错误。 8．【答案】AC 【详解】图甲是真空冶炼炉，当炉外线圈通入高频交流电时，由互感现象可知炉内金属产生涡流发热，从而冶炼金属，故A正确；金属物体过安检门时，金属物在安检门的磁场中发生电磁感应互感现象，内部出现感应电流，感应电流产生的磁场反作用于安检门发生报警，故B错误；图丙中，铜板中自由电荷为电子带负电，由左手定则可知，电子向后表面偏转，则有后表面电势较低，前表面电势较高，故C正确；图丁质谱仪中粒子经电场加速，磁场中洛伦兹力提供向心力，联立两式解得，因为大于，则的比荷小于的比荷，故D错误。 9．【答案】AD　 【详解】本题考查气体图像与热力学第一定律综合.在状态点a时，根据pV=nRT，U=nRT，可知内能为U=paVa=×2p0V0=3p0V0，A正确；气体在状态点b时体积变为2V0，从a到b等压膨胀，根据pV=nRT，温度为Tb==，B错误；从b到c等温膨胀，则2p0·2V0=p0Vc，解得Vc=4V0，从d到a为等温压缩，则2p0·V0=p0Vd，解得Vd=2V0，由c到d的过程外界对气体做功W=p0(Vc-Vd)=2p0V0，C错误；由c到d的过程，体积减小，外界对气体做功，根据pV=nRT可知，气体温度降低，内能减小，根据热力学第一定律可知，气体向外界放热，D正确. 10．【答案】AD　 【详解】本题考查带电粒子在直边界磁场中的运动.从OA中点射入的粒子恰好能垂直打在荧光屏上，粒子运动轨迹如图1所示，由几何知识可知，粒子在磁场中做匀速圆周运动的轨迹半径r=L，对粒子，由牛顿第二定律得qvB=m，解得粒子的速度大小v=，A正确；所有粒子速度相同，则粒子在磁场中做圆周运动的轨迹半径相等，从A点射入磁场的粒子打在O点，该粒子在磁场中转过的圆心角最大，该粒子在磁场中的运动时间最长，最大圆心角θ=180°，粒子在磁场中的最长运动时间tm=T=×=，B错误；粒子打在荧光屏上时的速度方向平行于AO时，其位置距离O点最远，如图2所示，由几何关系可知粒子打在荧光屏上的位置距离O点的最远距离为d==L.C错误，D正确. 图1　图2 11．【答案】R2-R1；；a+R1-R2；等于 【详解】闭合开关K1，保持开关K2断开，则，闭合开关K1，将K2打至b端，调节电阻箱的阻值为R2时，使电流表A1的示数仍为I0，则，联立解得电流表A2的内阻为，依据闭合电路欧姆定律，解得，斜率，解得，由答题空2可知，图像纵截距，解得，因电流表A2的内阻已知，不存在系统误差，实验测量值无偏差 12．【答案】（1）不需要；（2）0.323；1.19；（3） 【详解】（1）弹簧测力计可以测出滑块质量所受的合外力，不需要钩码质量远小于滑块质量。 （2） 每相邻两个计数点间有4个点图中未画出，则时间间隔为，打点计时器在打B点时，滑块运动的速度等于AC段的平均速度，大小是，滑块运动的加速度大小是。 （3）根据牛顿第二定律可得，解得。 13．【答案】(1)1.6 m/s2　(2)2.3 s　(3)23.347 2 J 【详解】本题考查没有外力作用的板块模型分析. (1)由静止释放长木板之后，设长木板的加速度为a1，由牛顿第二定律有m1gsin θ-μ1m1gcos θ=m1a1 (1分) 解得a1=gsin θ-μ1gcos θ=0.4 m/s2，方向沿斜面向下 (1分) 放上物块瞬间，同理由牛顿第二定律，可得长木板的加速度大小a'1==1.6 m/s2，方向沿斜面向上 (1分) (2)刚放上物块时，设物块的加速度为a2，由牛顿第二定律有m2gsin θ+μ2m2gcos θ=m2a2 (1分) 解得a2=gsin θ+μ2gcos θ=8.4 m/s2，方向沿斜面向下， 此时长木板的速度大小v1=a1Δt=1.0 m/s (1分) 设经过Δt1时间二者共速，则v1-a'1Δt1=a2Δt1 (1分) 解得Δt1=0.1 s，v共=0.84 m/s， 这段时间内长木板比物块多运动的距离 Δx1=v1Δt1-a'1(Δt1)2-a2(Δt1)2=0.05 m (1分) 经过判断，物块会继续相对长木板加速下滑，长木板的加速度大小a″1==0.4 m/s2，方向沿斜面向上 (1分) 物块的加速度a'2=gsin θ-μ2gcos θ=3.6 m/s2，方向沿斜面向下 (1分) 设又经过Δt2时间长木板停下，v共=a″1Δt2， 解得Δt2=2.1 s (1分) Δt2时间内物块比长木板多运动的距离 Δx2=(a'2+a″1)(Δt2)2=8.82 m (1分) 此时物块的速度v2=a2Δt1+a'2Δt2=8.4 m/s (1分) 到长木板底端的距离Δx3=L+Δx1-Δx2=0.858 m (1分) 设再经Δt3时间，物块从长木板上滑落，则Δx3=v2Δt3+a'2(Δt3)2， 解得Δt3=0.1 s (1分) 所以物块在长木板上滑行的时间t=Δt1+Δt2+Δt3=2.3 s. (3)整个过程中，物块和长木板之间产生的热量 Q=μ2m2gcos θ×(Δx1+Δx2+Δx3)=23.347 2 J (2分) 14．【答案】(1)　(2)　(3)x0=(n=0，1，2，…) 【详解】本题考查带电粒子在电场和交变磁场中的运动. (1)粒子在电场中做类平抛运动，有qE=ma (1分) 沿x轴方向有2L=v0t (1分) 沿y轴方向有L=at2 (1分) 联立解得E= (1分) (2)粒子从A到C过程，由动能定理，有 qE·L=mv2-m (1分) 解得粒子在C点的速度大小v=2v0 (1分) 粒子在C点时，速度v与x轴正方向的夹角θ满足cos θ=，可得θ=60° (1分) 粒子从C点到O点的运动轨迹如图甲所示，根据几何关系可知，粒子在圆形磁场内运动的圆弧轨迹所对的圆心角为30° (1分) 甲 粒子做圆周运动，有T= (1分) 洛伦兹力提供向心力有qvB=m (1分) 联立解得粒子在圆形磁场运动的时间t=T= (1分) (3)粒子到达O点时速度大小为v，由(2)分析结合几何知识可知，v与x轴正方向的夹角为30°，设在第1、4象限内，磁感应强度大小为2B0和3B0时粒子做圆周运动的半径分别为R1和R2，周期分别为T1和T2，则有qv·2B0=m，qv·3B0=m (1分) T1=，T2= (1分) 乙 联立解得R1=，R2=，T1=，T2= (1分) 通过计算和对比B'-t图像可以发现，粒子运动轨迹为圆心角60°、半径R1和R2的圆弧交替变化的周期性运动，如图乙所示，由几何关系可知，若要粒子能够垂直击中挡板，则x0=+n·(n=0，1，2，…) (1分) 联立解得x0=(n=0，1，2，…) (1分) 15．【答案】(1)　R　(2)　(3) 【详解】本题考查带电体在电场中的运动. (1)小物块受力分析如图所示，则有qE=mgtan θ (1分) 解得E= (1分) 小球从A点运动到B点的过程中，根据机械能守恒定律有m球gR=m球 (1分) 解得vB=， 小球碰前瞬间速度方向沿CD方向，设小球由B到C所需时间为t，则有gt=vBtan θ，h=gt2 (1分) 解得h=R (1分) (2)设小球第一次碰前瞬间的速度大小为v，小球从A点运动到C点前的过程中，根据机械能守恒定律有2mg(R+h)=×2mv2 (1分) 解得v=， 小球与小物块发生弹性正碰，以沿斜面向下为正方向，根据动量守恒定律和机械能守恒定律有2mv=2mv1+mv2 (1分) ×2mv2=×2m+m (1分) 解得v1=，v2= (1分) 碰后对小球，根据牛顿第二定律有2mgsin θ=2ma (1分) 设第1次碰后瞬间到第2次碰前瞬间的时间为T1，小球第2次碰前瞬间的速度大小为u，则有v1T1+a=v2T1，u=v1+aT1 (1分) 解得u= (1分) (3)小球与小物块发生弹性正碰，由于二者的质量相等，分析可知碰撞前后交换速度，第1次碰撞后瞬间小球、小物块的速度大小分别为0、v.设第1次碰后瞬间到第2次碰前瞬间的时间为t1，小球第2次碰前瞬间的速度大小为u1，则有vt1=a，u1=at1 (1分) 解得t1=，u1=2v， 第2次碰撞后二者交换速度，第2次碰撞后瞬间小球、小物块的速度大小分别为v、2v，设第2次碰后瞬间到第3次碰前瞬间的时间为t2，则有2vt2=vt2+a (1分) 解得t2==t1 (1分) 同理，后三次过程所需时间也都等于t1，则第1次碰后瞬间到第6次碰前瞬间的时间t总=t1+t2+t3+t4+t5=5t1= (1分) 第 page number 页，共 number of pages 页 第 page number 页，共 number of pages 页 学科网（北京）股份有限公司 $