2026届辽宁省名校联盟高三下学期高考模拟卷（调研卷）（一）物理试题

辽宁省名校联盟2026年高考模拟卷（调研卷） 物理（一） 本试卷满分100分，考试时间75分钟。 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2.答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡 皮擦干净后，再选涂其他答案标号。答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上 无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要 求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的 得3分，有选错的得0分。 1.2025年4月19日，全球首个人形机器人半程马拉松赛在北京开跑，天工U1tra机器人用时2小时 40分42秒跑完全程21.0975公里夺得冠军，如图所示为线路示意图。对天工U1tra机器人，下列 说法正确的是 A.科研人员在观察其奔跑姿态时可将其视为质点 B.全程的平均速度大小约为2.2m/s C.在匀速率跑过弯道时加速度并不为零 D.跑过前、后半程的平均速度相同 2.下列说法正确的是 A.列车鸣笛进站时车内的驾驶员和站台上的乘客听到的声音频率相同 B.在湖边被击音叉，岸上的人和潜人水下的人听到的声音频率相同 C,主动降噪耳机收集的噪声信号和产生的抵消声波只要振幅相同就能起到降噪效果 D.“闻其声而不见其人”说明声波能发生衍射现象而光波不能发生衍射现象 物理（一）第1页（共8页） 辽宁名校联盟调研卷 3.如图所示，质量为2m的木箱静登在水平面上，木箱内一质量为m的小球用一根细线和一轻弹簧 吊起，小球静止时弹簧恰好水平，细线与竖直方向夹角为45°。已知木箱与水平面间的动摩擦因数 4=0.2,最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g。现剪断细线，则在剪断细线的瞬间，木箱 的加速度大小为 459 www●m1 eeeeeeeeteeeeeeetd A.0 B.0.2g C.0.3g D.0.5g 4,在x轴上分别固定两个点电荷q19,取无限远处电势为0，x正半轴上各点电势P随x变化的图 像如图所示（其中x,处为图像最低点）。下列说法正确的是 A.9、92为异种电荷且负点电荷的电荷量大于正点电荷的电荷量 B.x2处的电势最高，场强为零 C.0~x,和x,~x两段的电场方向相反 D,若将一带负电的试探电荷从x,处沿x轴移到x1处，则该电荷的电势能将增加 5.如图()所示是半径为r的透明玻璃球体的纵截面，在球体的内侧有一点光源P,球体表面恰有四 分之三的面积有光透出。已知球冠是由球面被平面截得的一部分，如图(b)所示，若球的半径为 R,球冠的高度为h,则球冠的表面积为S=2πRh,真空中光速为c,不考虑光在球体内的反射，下列 判断正确的是 :R 图(a 图b) A球华的折射率为29 B.球体的折射率为2 C,从球面透射出的光在球内传播的最短时间为漫 D.从球面透射出的光在球内传播的最短时间为2： c 辽宁名校联盟调研卷 物理（一）第2页（共8页） 6.将额定电压为12V的灯泡，通过原、副线圆匝数比为16·1的理想变压器接在有效值220V交流 电源上，设计出如图()、(b)两种供电电路，均能保证灯泡正常发光。下列说法正确的是 图(a 图(b) A.电阻R、R'两端电压之比为55：3 B.电阻R、R'消耗的功率相等 C.电阻R,R的阻值之比为16：1 D.图(a)电路消耗的总功率大于图(b)电路 7.“压缩空气储能”作为一种新型长时储能技术，它以空气为介质，通过在用电低谷期压缩空气，储存 能量，进而在用电高峰期加热高压空气，驱动机组发电。空气储能装备在某工作过程中经历A· B、B→C两个过程，VT图像如图所示，空气可视为理想气体，下列说法正确的是 A.由A→B过程单位时间内气体分子与单位面积器壁碰撞的次数不变 B.由B→C过程单位时间内气体分子与单位面积器壁碰撞的次数增加 C.由A→B过程气体对外界做的功大于气体从外界吸收的热量 D.由B→C过程气体对外界做的功等于气体从外界吸收的热量 8.如图所示，木卫一、木卫二、木卫三是木星的三颗卫星，三颗卫星在同一平面内绕木星做圆周运动， 三者绕行方向一致，其周期分别为T、2T、4T。若某时刻三颗卫星和木星恰好处在同一条直线上， 则下列判断正确的是 木卫- 木星 木卫二 木卫三 A.木卫一、木卫三的轨道半径之比为1·2√2 B.木卫一、木卫二的线速度之比为√厄：1 C,从此刻开始到木卫二、木卫三相距最远的最短时间为3T D.从此刻开始再次出现三颗卫星在同一直线上的最短时间为4T 物理（一）第3页（共8页） 辽宁名校联盟调研卷 9.机场地勤工作人员利用传送带从飞机上卸行李。如图所示，传送带以恒定速率逆时针转动，工作 人员沿传送方向以速度功从传送带顶端推下一件包裹。若传送带足够长，取沿传送带向下为正方 向，则下列描述包裹在传送带上运动的v-图像可能正确是 10.如图所示，圆心为O、半径分别为R和2R的圆形区域内存在着垂直于纸面向里的匀强磁场，两圆 之间的环形区域内磁感应强度大小为B,小圆内部区域内磁感应强度大小为2B。在大圆内侧P 点有一粒子源，可发射质量为m、电荷量为+g的粒子，粒子以不同速度沿大圆切线方向射人磁 场。不计粒子的亚力及粒子间相互作用，下列说法正确的是 B.× A,能进人小圆区坟的粒子速度满足R<U<3gBR 2m 2m B.人射速度<S的粒子第一次返回P点的时间与速度成反比 2m C.人射速度-的粒子第一次返回P点的时向为号 D.人射速度v=B迟的粒子第一次返回P点经过的路程为11xR m 二、非选择题：本题共5小题，共54分。 11.(8分)某同学用图(a)所示的电路探究电容器的充、放电规律，进行了如下操作。 S电流 传感器 电压 传8器 图(a) 辽宁名校联盟调研卷 物理（一）第4页（共8页） Ai/mA 30 15 15 -30 2345678910111213 s 3456789101112137s 图6) (1)先将开关接1，待电路稳定后再接2。电流传感器和电压传感器将电流、电压信息传给计算 机，得到电流、电压随时间变化的t图线、t图线如图(b)i、ⅱ所示。（电源内阻不计） ①由(a)、(b)两图可判断定值电阻R,Rz= ②图(b)i中两块阴影面积S, S,(填“>”“=”或“<”)。 (2)利用数据处理软件得到图(b)i中阴影部分面积S,=37.8mA·s,可得电容器的电容C= μF。 (3)利用数据处理软件得到图(b)ⅱ中放电过程t图线阴影部分面积为S:=S。,电压最大值为 U。根据该实验数据也可以测得电容器的电容，请写出电容测量值的表达式C= (用题所给物理量Um、R2、S。表示)。 12.(8分)某同学通过实验探究小车加速度与所受合外力的关系。 (1)实验装置组装好，如图()所示（图中打点计时器使用的交流电源未画出），则图中装置仍需要 调整的2处地方是 打点计时器 ,小车 细线 纸带 长木板 水平实验台 砝码盘 AB C D单位：cmE 2.401281322 ，3.60 图(a) 图6) (2)调整好实验装置，接通打点计时器电源，释放小车，打完纸带后，及时关闭电源。 (3)保证小车的质量不变，多次改变砝码盘中砝码的质量，重复(2)步骤。 (4)某次打出的纸带如图(b)所示，打点计时器使用的交变电流频率为50Hz,纸带上相邻两个计 数点间有4个点未画出，则该次小车运动过程中的加速度大小为Q= m/s2(结果保留 2位有效数字)。 物理（一）第5页（共8页） 辽宁名校联盟调研卷 (5)根据纸带计算出小车的加速度大小a,用天平称量出对应砝码和砝码盘的总质量，并描绘出 am图像如图(c)所示，根据图(c)可以得出的实验结论是 根据图(c)还可以计算出小车的质量为M= kg(结果保留2位有效数字，重力 加速度g取9.8m/s2)。 04am·s吗y 0.3 0.2 0.1 6 810/g 图(c) 13.(10分)如图所示，质量分别为m和4m的物块A、B静置于水平面上，两物块间夹有少量炸药，在 两者右侧安装有一个弹性挡板P,物块A与水平面间无摩擦，物块B与水平面间的动摩擦因数为 4。现被击物块B,两物块获得大小为、方向向右的速度的同时炸药爆炸，物块B速度恰好在爆 炸瞬间减为零。之后物块A、B之间及A与挡板P之间的碰撞均为弹性碰撞，若炸药的质量忽略 不计，重力加速度为g。求： (1)两物块A,B在炸药爆炸过程中增加的机械能： (2)物块A与B第一次碰撞后物块B滑动的距离。 77 辽宁名校联盟调研卷 物理（一）第6页（共8页） 14.(12分)如图(a)所示，单匝矩形金属线框abcd用绝缘细线悬挂在天花板上，线框ad边长为L= 2m,ab边长为L'=1m,质量为m=2kg,电阻为r=1Q。线框中轴线MN上方的空间存在垂直 线框平面的匀强磁场，规定垂直纸面向里为正方向，匀强磁场的磁感应强度B随时间：变化关系 如图(b)所示，已知重力加速度g取10m/s,线框平面始终与纸面平行，ab边始终沿水平方向。 (1)求在0~1s线框内的电流大小和方向： (2)在图（©）中画出在0~2s内细线内张力大小随时间变化的关系图线：（仅需画出图线，标出图 线关键点的坐标) (3)在t=3s时，剪断细线，已知线框离开磁场区域时，速度为3.25m/5,求线框离开磁场区域的 时刻。 ↑FN 2 16 8 0 2 图(a) 图(b) 图c) 物理（一）第7页（共8页） [江宁名校联图调研卷 15.(16分)某实验小组用如图所示模型研究电磁驱动和电磁阻尼规律，在足够大的范围内存在着沿 竖直方向等距离相间排列、方向相反的匀强磁场，磁感应强度大小均为B=1,0T、每个磁场分布 区间宽度均为l=O.5m。整个磁场向右运动时，绝缘水平面上的边长也为l的正方形线框abcd 在磁场力作用下也会向右运动。当磁场停止运动后，线框会逐渐诚速最终停下。·现磁场以速度 v=10m/s向右匀速运动，线框能获得的最大速度为um=8m/s,线框的总电阻为R=2、总质 量为m=0.5kg,重力加速度g取10m/s2,不计空气阻力。 (1)求线框与水平面间的动摩擦因数及达到最大速度后安培力对线框做功的功率； (2)若当线框达到最大速度后，磁场突然停止运动，线框继续运动5=4.78m后停下，求此过程中 线框运动的时间； (3)若当线框达到最大速度后，磁场以a=4m/s2的加速度向右匀加速运动，经1。=2s线框也开 始匀加速运动，求在。时间内安培力对线框做的功。 b ×××··;×××x。。· x×B*×B”· i。。。 d L 辽宁名校联盟调研卷 物理（一）第8页（共8页）物理·辽宁名校联盟 物理( 一、选择题 1.C【解析】科研人员在观察其奔跑姿态时不 能忽略机器人的大小和形状，不能看作质 点，A项借误；整个运动过程的位移未知，不 能确定其平均速度，B项错误；在匀速率跑过 弯道时，速度方向一定改变，加速度不为零， C项正确；前、后半程的平均速度的方向不 同，D项错误。 2.B【解析】由多普勒效应可知，站台上的乘 客会感觉驶近站台的火车汽笛音调变高，频 率增大，A项错误；声波的周期和频率由振 源决定，故声波在空气中和在水中传播的周 期和频率均相同，B项正确；主动降噪耳机是 根据波的干涉原理，当抵消声波与噪声的振 幅、频率相同，相位相反，叠加后才能相互抵 消实现降噪，C项错误；通常的声波波长为 1.7cm~17m,跟一般障碍物的尺寸相当， 所以声波能发生明显的衍射，光波波长很 短，远小于障碍物的尺寸，没有发生明显衍 射，并非光波不能发生衍射现象，D项错误。 3.C【解析】剪断细线前，小球受重力、细线拉 力和弹簧弹力作用，根据平衡条件可知，弹 簧弹力F=mg,木箱对水平面的压力大小为 3mg。在剪断细线的瞬间，弹簧弹力不变，木 箱对水平面的压力大小变为2mg,木箱与水 平面间的滑动摩擦力F,=μX2mg= 0.4mg,则木箱的加速度a=FB=0.3g。 2m 故选C项。 4.A【解析】p-x图像的切线斜率表示场强， x2点场强为零，电势最低，B项错误；0~x2 电势逐渐降低，依据沿电场线的方向电势降 低，0~x1和x1~x2两段电场方向相同， C项错误；因为图x1处的电势等于零，所以 。1 参考答案及解析 q1和q2为异种电荷，两电荷应位于x负半 轴，结合0~x2之间电场方向向右、x>x2部 分电场方向向左综合分析可知，正电荷更靠 近原点，由x2位置场强为零，可知负电荷电 荷量大于正电荷电荷量，A项正确；x1点电 势高于x点电势，负电荷在高电势位置电 势能小，试探电荷从x移到x1,电势能先增 大后减小，D项错误。 ,A【解析】球体表面没有光透射出的面积 S=寻×42=，光射到球体表面发生全 反射的临界角为C,sinC=7,S=2wh= 2rX2 cos CXcos C=,解得m=2y3, 3, A项正确，B项错误；从球面透射出的光在球 体内传播的最短距离x=2 rcos C=r,光在 球体内的速度v=二，传播的最短时间t= n 吾=2，CD项错误. B【解折】根据号-是可知，图（电路变 压器原线圈输人电压U1=16×12V,R两端 电压UR=220V一U1=28V,对图(b)电路 R两端电压Ue=V-12V=1.75V,电 阻R、R'两端电压之比为16：1，A项错误； 两电路灯泡均正常发光，则两电路变压器输 出电流相等，根据是=兴可知，两电路原线 圈输人电流相同，由P=UI1=(220V)XI1 可知，整个电路消耗的功率相等，D项错误； 高考模拟调研卷 因为两电路中灯泡消耗功率相等，则电阻R、 R消耗功率相等，B项正确；由P-爱-是 可得，R,R的阻值之比为256：1，C项借误。 7.D【解析】A→B为等压过程，体积逐渐增 大，分子平均动能增大，单个分子与器壁碰 撞的平均撞击力增大，但压强不变，故单位 时间内气体分子与单位面积器壁碰撞的次 数减少，A项错误；B→C过程气体体积增 大，温度不变压强减小，气体分子数密度减 小，单个分子与器壁碰撞的平均撞击力不 变，故单位时间内气体分子与单位面积器壁 碰撞的次数减少，B项错误；A→B过程气体 对外界做功，温度升高内能增加，根据热力 学第一定律，可知气体对外界做的功小于气 体从外界吸收的热量，C项错误；B→C过程 温度不变内能不变，体积增大对外界做功， 根据热力学第一定律，可知B→C过程气体 对外界做的功等于从外界吸收的热量，D项 正确。 &BD【解析】根据开普勒第三定律有舞- 膏-幕，可得木卫二、木卫三的载道半径分 别为r2=4r、r3=22r,A项错误；由v= ,可得：=范：1，B项正确：由 (祭一)=元，解得=2T,C项错误：三颗 卫星周期的最小公倍数为4T,可得再经过 4T时间三颗卫星将再次出现在同一直线 上，D项正确。 9.ABC【解析】当包裹的初速度小于传送带 的速度时，由牛顿第二定律有mgsin0+ mgcos0=ma1,即a1=gsin0+μgcos0,可 知，包要将沿传送带向下做匀加速直线运动， 当包裹达到传送带速度时，若满足mgsin0≤ ·2 mgcos0,二者将共速，包裹随传送带一起做 匀速直线运动，若满足mgsin>mgcos0, 包裹继续加速下滑，其加速度大小为a2= gsin0-μgcos0<a1,B项正确，D项错误；当 包裹的初速度大于传送带的速度时，若满足 ngsin>mgcos0,则包裹一直做匀加速直 线运动，加速度大小为ag=gsin0-gcos0, A项正确；当包裹的初速度大于传送带的速 度时，若满足mgsin0<μngcos0,则包裹应 沿传送带向下做匀减速直线运动，其加速度 大小为a4=μgcos0.-gsin0,二者共速后包 裹随传送带一起做匀速直线运动，C项正确。 0.AD【解析】粒子的运动轨迹与小圆相切 有两种情况，如图所示， 由几何关系可得n-受=婴，解得w= gBR 2m v=3gBR 2m ,粒子能进人小圆区域的速 度范围为S<<3g,A项正确；人射 2m 2m 速度<器的粒子，运转一周回到P点， 其运动时间T=留，与速度大小无关，返 回P点的时间相同，B项错误；粒子在环形 区域和小圆内做圆周运动的半径分别为 =R,=,周期分别为T、I,T,= 智1一器由题意分析，粒子相邻两次 与大圆相切的时间间隔内的运动轨迹如图 所示， 物理·辽宁名校联盟 由对称性可知，在环形区域两段圆弧所对 12 圆心角相同，设为，小圆内所对圆心角设 为2，圆弧和大圆的两个切点与圆心O连 线间的夹角为α，由几何关系可得0，= 120°，02=180°，与大圆两个切点之间圆弧 所对应的圆心角α=60°，粒子重复上述交 替运动到P点，粒子在环形区域做圆周运 动的时间名=3D×器1，在小圆内做圆 周运动的时间h=60×器T,可得粒子 a 在磁场中运动的总时间1=4十=1x”, gB C项错误；设运动的路程为5，由运动学公 式可得s=9BR×=11R,D项正确。 m 二、非选择题 11.(1)①3：5(2分) ②=(2分) (2)4200(2分) 8x2分) 【解析】(1)①充电结束和放电开始电容器13 两端电压均为Um=9V,t=0时刻Im充= U一 =30mA,2=6s时刻1a做= R 18mA,可得R1:R2=3:5。 ②图(b)i中阴影面积S,、S2分别表示充电 和放电电容器上的总电荷量，所以两者 相等。 (2)由图(b)i中阴彤面积代表总电荷量，则 C=8-号-38×10F=420R. 9 3 参考答案及解析 (3)根据q=1= U ,L=2,有4=R, cU。,则电容为C-mR° So (1)需要调节小车与滑轮之间的细线与长 木板平行(1分)需要将木板左端适当垫 高，平衡小车受到的阻力(1分) (4)0.40(2分) (5)当小车质量一定时，小车的加速度与小 车受到的合外力成正比(2分，未说明小车 质量一定，只得1分)0.20(2分) 【解析】(1)由图(a)可知，装置明显需要调 整的两处地方是，一是需要调节小车与滑 轮之间的细线与长木板平行，二是需要将 木板左端适当垫高，平衡小车受到的阻力。 (4)由图(b)可知，小车的加速度大小为a= (3.2+3.60-2.81-2.40)X102m/3≈ (2×0.1)2 0.40m/s2。 (5)由图(c)可知，当小车质量一定时，小车 的加速度与小车受到的合外力成正比，由 牛顿第二定律有mg=Ma,解得a=忌m, 结合图(o0可知，k8X&-景，解得M 0.20kg。 (1)10m6 (2)26 ug 【解析】(1)炸药爆炸后瞬间两物块A、B的 速度大小分别为VA、vB=0,由动量守恒和 能量守恒有(m十4m)=mvw+4mvB (2分) 合(m+4m)喝+△E=号m暖+号×4m品 (2分) 解得Vw=5vo,△E=10mw (1分) 高考模拟调研卷 (2)B保持静止，A、B之间的第一次碰撞发 生在原位置，因A与水平面间无摩擦，与B 碰撞前A的速度大小为VA,方向向左，设第 一次碰撞后，A、B的速度分别为1、2，由 动量守恒和机械能守恒有 -mVA=mU1十4mV2 (1分) 合m质=之m听+号×4m呢 (1分) 解得U1=30、2=一2v0 (1分) 设第一次碰后B运动的最大距离为x1,根 据动能定理有一u×4mgx=0-号×4m呢 (1分) 1÷26 (1分) ug 14.(1)4A顺时针 (2)图线见解析 (3)3.525s 【解析】(1)由图(b)可知在0~1s内，通过 线框的磁通量在减小，根据楞次定律可知 线框内的电流方向为a→b→c→d→a(顺时 针) (1分) 线框内的感应电动势大小为E=(告 △（2 L）=4V (1分) 所以线框内的感应电流大小为I==4A (1分) (2)0~1s内，线框ab边受到的安培力方向 向上，对线框受力分析，可知细线的张力 FT=mg-BIL' 0~1s内，磁感应强度B随时间t变化满足 B=4-4t(T) 整理得细线的张力F=4+16(N)(0<t<1) 同理可知在1~2s内，线框内的感应电动 势大小为E=8(5·L)=2V △t2 感应电流大小为1，==2A 线框ab边受到的安培力方向向下 细线的张力Fr=mg+BI2L 1~2s内，磁感应强度B随时间t变化满足 B=2(t-1)(T) 整理得Fr=16+4t(N)(1<t<2) 所以在0~2s内，细线内的张力随时间变 化关系图线如图所示 个FN 24 16 s (4分) (3)从剪断细线到线框离开磁场区域过程 中，由动量定理有mg△t一BIL'△t=mv一0 (2分) 该过程中线框内的电荷量q= BL'L=2 C 2r (1分) 解得△t=0.525s (1分) t=3s+△t=3.525s (1分) 5.（1)0.210W (2)1.61s (3)40J 【解析】（1)线框中的感应电动势 E=2Bl(v-vm） (1分) 线框中的感应电流1一景 线框所受安培力F=2BIL F=4B21(w-) R (1分) 此时F=μmg 解得μ=0.2 (1分) 克服阻力做功的功率P1=4mgvm=8W 线框的热功率P2=PR=2W （1分) 物理·辽宁名校联盟 安培力对线框做功的功率P=P,+P2=10W (1分) (2)磁场停止运动后，线框减速运动的某时 刻速度为，线框所受安培力F,=4B心 (1分) 经时间t线框静止，由动量定理有 ∑(F;+umg)△t=mvm (1分) 即4Bs+mgt=mun R (1分) 解得t=1.61s (1分) (3)磁场匀加速运动，当线框开始匀加速运 动后，线框加速度与磁场的加速度相同，设 经历时间。=2s线框速度为2，此刻磁场 的速度为v,,有U1=v十ato (1分) 参考答案及解析 磁场的位移x1=十立a6 (1分) 线框中的感应电动势E=2B(一2) 线框所受安培力F=4B-)(1分) R 根据牛顿第二定律有F'一mg=ma 解得v2=12m/s (1分) 对线框应用动量定理有 ∑F△t-umgo=mv2一mwm (1分) 又∑(U1一V2)△t=x1一x2 解得线框位移x2=20m 根据动能定理，安培力对线框做的功有 W一mg,=司m暖-方ma呢 1 (1分) 解得W=40J （1分)