精品解析：江西省景德镇市乐平市江西省乐平中学2025-2026学年高一上学期2月期末生物试题

乐平中学2025-2026学年度第一学期期末试卷 高一生物试卷 考试时间：75分钟 一、选择题：本题共12小题，每小题2分，共24分。在每小题给出的4个选项中，只有1项符合题目要求，答对得2分，答错得0分。 1. 乐平中学园艺社成员种植了多种蔬菜瓜果，生物兴趣小组欲利用其中的材料进行“检测生物组织中糖类、脂肪和蛋白质”探究实践。下列相关叙述正确的是（　　） A. 若要观察花生种子切片中的脂肪，直接用高倍显微镜观察 B. 鉴定可溶性还原糖时，可选用梨匀浆、白萝卜匀浆等颜色浅的材料 C. 用斐林试剂检测苹果匀浆时若出现砖红色沉淀，证明其含有葡萄糖 D. 用于鉴定还原糖的斐林试剂甲液和乙液，可直接用于蛋白质的鉴定 2. 肺炎链球菌和支原体均能引发肺炎。青霉素能抑制细菌细胞壁的形成，是治疗肺炎链球菌肺炎的首选药物。下列相关叙述错误的是（　　） A. 肺炎链球菌和支原体都是原核、异养生物 B. 肺炎链球菌、支原体的遗传物质彻底水解后都能得到4种碱基 C. 支原体有游离的DNA和复杂的生物膜系统 D. 推测青霉素不能治疗由支原体引发的肺炎 3. 生物社团的同学对乐安河的水样和乐平特产高家霉豆腐进行了采样。他们在显微镜下观察到了毛霉、乳酸菌等多种微生物。下列观点错误的是（　　） A. 毛霉和乳酸菌都含有细胞膜、细胞质和DNA，这体现了细胞的统一性 B. 毛霉与乳酸菌都是单细胞生物，均可通过有丝分裂方式进行增殖 C. 毛霉和乳酸菌中的核酸及其单体均以碳链为基本骨架 D. 乐安河水样中可能含有易引起腹泻的诺如病毒，该病毒必须寄生在活细胞中 4. 生物学领域的技术、发现不断突破，为我们理解生物学的很多概念提供了生动的例子。下列进展中，不能用来支持细胞学说的是（ ） A. 科学家通过LoxCode技术对小鼠胚胎的每个细胞进行追踪，发现所有组织、器官均起源于少数具有全能性的始祖细胞 B. 科学家利用E2VD框架构建了跨病毒类型、跨毒株类型的通用进化预测模型，重现了病毒在真实世界中的进化路线 C. 科学家将拟南芥叶片气孔前体细胞的 基因模块激活，在28天内再生出具有根、茎、叶的幼苗 D. 科学家发现在小鼠海马神经元和拟南芥根细胞中，CCCP诱导去极化均导致线粒体网络碎片化 5. 奶茶是青少年喜爱的饮品，配料丰富多样：珍珠（主要成分是木薯淀粉）、椰果（富含膳食纤维）、奶盖（含大量脂肪和蛋白质）、白砂糖等。西谷椰子树是热带木本植物，其树干薄壁细胞内储存数百公斤淀粉，可加工制成“西谷米”，常作为奶茶配料的原料来源。研究表明，长期摄入添加糖和脂肪的奶茶可能增加代谢负担，不利于身体健康。下列关于上述材料中糖类和脂质的叙述错误的是（　　） A. 西谷椰子树树干薄壁细胞储存的淀粉与珍珠中的木薯淀粉，均能在植物细胞内通过脱水缩合反应合成 B. 椰果中的膳食纤维与白砂糖中的蔗糖水解产物相同，且只有后者能被人体消化吸收，为细胞提供能量 C. 奶盖中的脂肪属于脂质，其储能效率高于糖类，原因是相同质量下脂肪分子中氧的含量远低于糖类，而氢含量更高。 D. 向奶茶奶盖样液中加入苏丹Ⅲ染液，无需水浴加热即可观察到橘黄色，该现象可证明奶盖含脂肪 6. 如图表示人体小肠上皮细胞对半乳糖、葡萄糖和果糖的吸收过程，半乳糖与葡萄糖共用同一载体蛋白且半乳糖与载体蛋白的亲和力大于葡萄糖与载体蛋白的亲和力，半乳糖和葡萄糖的运输是伴随钠离子从细胞外流入细胞内而完成的，运输过程不需要消耗ATP。下列叙述正确的是（　　） A. 运输半乳糖和葡萄糖的载体蛋白除运输钠离子外也能运输其他有机小分子物质 B. 葡萄糖和半乳糖进入小肠上皮细胞不需要消耗ATP，所以不是主动运输 C. 小肠上皮细胞吸收的葡萄糖可被运送到肝脏合成糖原 D. 细胞外半乳糖的含量不会影响细胞对葡萄糖的吸收 7. 仙人掌科植物生活在干旱地区，存在特殊的CO2固定方式—景天酸代谢途径：夜间气孔开放，通过一系列反应将CO2固定于苹果酸，储存在液泡中；白天气孔关闭，苹果酸运出液泡放出CO2，供叶绿体利用。下列叙述正确的是（　　） A. 仙人掌白天进行光反应释放O2，夜间进行暗反应合成有机物 B. 植物光合作用固定的CO2均来自苹果酸分解释放的CO2 C. 仙人掌液泡pH会呈现白天升高晚上降低的周期性变化 D. 上午10时，若突然降低外界CO2浓度，叶肉细胞中C3含量短时间内会下降 8. 将紫色洋葱鳞片叶外表皮置于一定浓度的葡萄糖溶液中，某一时刻观察到的图像如图1.图2为实验过程中测得的细胞液浓度与该溶液浓度的比值（P值）随时间变化曲线。下列叙述错误的是（　　） A. ①③⑤构成原生质层，其伸缩性大于④ B. 若图1细胞处于t0~t1时间段，则⑤处渗透压大于②处 C. 图2中t0~t1时间段细胞液浓度变大，t0~t2时间段液泡体积最小的时刻是t1 D. t1时刻开始，细胞主动吸收外界溶液中的葡萄糖，导致细胞出现了质壁分离复原 9. ATR是一种主要分布于细胞核及周边细胞质的蛋白质. ATR 缺陷细胞在承受到机械压力时，细胞核易发生不可逆变形，导致核膜破裂和 DNA 暴露.下列关于 ATR的叙述，错误的是（ ） A. 合成过程需内质网和高尔基体参与 B. 参与细胞对机械压力刺激的应答 C. 缺失可能降低核膜运输物质的能力 D. 缺失可能导致 DNA 容易受到损伤 10. 在水中磷脂分子亲水头部插入水中，疏水尾部伸向空气，搅动后形成由双层磷脂分子构成的球形脂质体（如下图所示）。脂质体可以作为药物的运载体，将其运输到特定的细胞发挥作用。下列关于脂质体的说法错误的是（ ） A. 脂质体中的磷脂分子是能够运动的 B. 温度的改变对脂质体包被与运输药物有影响 C. 脂质体到达细胞后将药物送达细胞内利用了细胞膜的选择透过性 D. 水溶性药物包被在a处，而脂溶性药物包被在b处 11. 运动是保持身体健康的一种良好习惯。运动需要消耗能量，糖类和脂肪均可以为运动提供能量。随着运动强度的增大，糖类和脂肪的供能比例如图所示。下列相关叙述错误的是（　　） A. 脂肪转化为糖质量增加主要变化元素是C B. 摄入过多糖类会让人肥胖的原因是糖可以大量转化为脂肪 C. 当进行M点对应强度运动时，人体消耗的脂肪和糖类的量不一样 D. 若要进行减脂，在运动量一定的前提下，建议其进行低强度运动 12. 一多肽链分子式为CxHyOpNqS，彻底水解后，只得到下列四种氨基酸。分析推算可知，水解得到的氨基酸个数为（ ） A. q+1 B. p-1 C. q-2 D. p+1 二、选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的4个选项中，有2项或2项以上符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。 13. 细胞中化合物A与化合物B生成化合物（或结构）D的过程如图所示，其中C表示化学键。下列叙述正确的是（　　） A. 若A、B为单糖，则D为二糖 B. 若A、B为两条肽链，D为胰岛素，则C可能是肽键 C. 若A、B为一条链上相邻的两个脱氧核苷酸，则C为磷酸二酯键 D. 若A为ADP、B为磷酸，则C断裂时，末端的磷酸基团会携带能量转移 14. 下列有关蛋白质说法错误的是（　　） A. 生命活动的主要承担者是蛋白质，所有蛋白质都有催化、运输、信息传递、免疫功能 B. 高温使蛋白质变性后，肽键并未断裂，仍能与双缩脲试剂呈紫色反应 C. 强酸、强碱、重金属离子等化学因素与高温、振荡、紫外线照射等物理因素会使蛋白质变性 D. 蛋白质在盐析前后功能会发生改变 15. 反渗透是利用压力使高浓度溶液中的水分子通过半透膜进入低浓度溶液，而其他物质不能够通过的技术。下图展示了渗透和反渗透的过程，相关叙述错误的是（　　） 注：溶质不能通过半透膜。 A. 渗透装置中水分子只能从低浓度溶液一侧向高浓度溶液一侧运动 B. 反渗透技术的原理与高等植物根部细胞吸水的原理相同 C. 利用反渗透技术淡化海水时可通过增大半透膜两侧溶液浓度差来降低所需压力 D. 图中反渗透装置中左侧溶液渗透压始终高于右侧溶液渗透压 16. 豌豆种子细胞呼吸时，底物经脱氢酶催化释放氢。在种子萌发过程中，其CO2释放速率和O2吸收速率的变化如图所示，下列有关种子萌发和发育说法正确的是（ ） A. 12～14小时这段时间，种子主要的呼吸方式为无氧呼吸，此过程有还原性氢的积累 B. 豌豆种子发育，有机物快速积累时期，应创设低温条件 C. 豌豆种子萌发过程中干重不断下降，有机物的种类增加 D. b点后氧化分解底物可能包括糖类、脂肪等物质 三、非选择题 17. 细胞内部生物膜系统各个部分之间的物质传递常常通过膜泡运输方式进行。如从内质网到高尔基体，高尔基体到溶酶体，细胞分泌物的外排，都要通过过渡性小泡进行转运。细胞自噬是细胞通过溶酶体降解自身受损或衰老的细胞器和大分子物质（如蛋白质等）。细胞通过自噬可以重复利用有用的物质，确保细胞本身的代谢需要和某些细胞器的更新。下图表示一种常见的细胞自噬过程。 （1）由题中信息可推测，当细胞养分不足时，细胞自噬会________（填“增强”、“减弱”或“不变”）。在自噬过程中，起主要作用的是溶酶体中的________。 （2）细胞内受损蛋白质可与热休克蛋白形成复合物，然后与位于溶酶体膜上的受体结合，并在其作用下转入溶酶体腔进行降解。据研究，癌细胞中热休克蛋白比正常细胞内的含量多，由此分析，癌细胞能在营养条件较为恶劣环境下存活的原因可能是_______。 （3）图中内质网参与形成的自噬体有_____层膜，图示过程显示了细胞内的不同生物膜在结构与功能上的紧密联系，这些生物膜的主要成分都是________。 （4）细胞内部产生的蛋白质被包裹于小泡之中，这些小泡能够精准的运输。为了确定参与小泡运输的基因（Sec基因），科学家筛选了两种酵母菌突变体，这两种突变体与正常酵母菌电镜照片差异如下： 酵母菌突变体 与正常酵母菌电镜照片的差异 Sec12基因突变体 突变体细胞内内质网特别大 Sec17基因突变体 突变体细胞内，内质网和高尔基体间积累大量的未融合小泡 （提示：基因是DNA上的片段，可以控制蛋白质的合成，例如Sec12基因控制合成Sec12蛋白；基因突变体是指该酵母菌相关基因异常，不能指导合成正常的蛋白质。） 据此推测，Sec12基因控制合成的蛋白质的功能是与_______有关，Sec17基因控制合成的蛋白质的功能是_______。 18. 腌制的泡菜往往含有大量的细菌，可利用“荧光素-荧光素酶生物发光法”对市场上泡菜中的细菌含量进行检测。荧光素接受细菌细胞ATP中提供的能量后被激活，在荧光素酶的作用下形成氧化荧光素并且发出荧光，根据发光强度可以计算出生物组织中ATP的含量。分析并回答下列问题。 （1）“荧光素-荧光素酶生物发光法”中涉及的能量转换的形式是________（用文字与箭头表示）。 （2）“荧光素-荧光素酶生物发光法”的操作过程是：①将泡菜研磨后离心处理，取一定量上清液放入分光光度计（测定发光强度的仪器）反应室内，加入等量适量的_______，在适宜条件下进行反应；②记录发光强度并计算ATP含量；③测算出细菌数量。④多次重复上述①②③过程，进而计算出_________。 （3）研究人员用不同条件处理荧光素酶后，测定酶浓度与发光强度如图1所示。其中高浓度盐溶液经稀释后酶活性可以恢复，高温和Hg2+处理后酶活性不可恢复。若要节省荧光素酶的用量，可以使用________处理；Hg2+处理后酶活性降低可能是因为_________。 （4）酶的抑制剂能降低酶的活性，不同的抑制剂对酶活性的影响不同。某科研小组通过实验研究两种抑制剂对某消化酶酶促反应速率的影响，实验结果如下图2。不同的抑制剂抑制酶活性原理如图3所示。 ①据图2分析，随着底物（反应物）浓度升高，抑制剂________（填“Ⅰ”或“Ⅱ”）的抑制作用逐渐减小。 ②据图3分析，竞争性抑制剂和非竞争性抑制剂两者降低酶促反应速率的原因不同，后者是通过__________，从而降低酶促反应速率。 ③结合图2和图3分析，抑制剂Ⅱ属于________性抑制剂。 19. 光合作用与细胞呼吸相互依存、密不可分，各自又具有相对的独立性。下图是某植物光合作用和细胞呼吸过程示意图，其中Ⅰ~ Ⅶ代表物质，①~⑤代表过程。 （1）图中Ⅰ~Ⅶ代表同种物质的是______________________________。 （2）现有一种酶，可能参与光合作用或呼吸作用，且已知其依赖还原氢的存在才能发挥催化作用，推测这种酶参与了图中①~⑤中的_______________过程。 （3）空气中的 CO₂浓度由 0.03%增加到 1%，则短时间内叶绿体中 C₅含量和C₃含量、光合作用速率的变化分别是________________。 （4）为研究某植物光合作用与呼吸作用的速率问题，研究小组取该植物大小相似的叶片，进行分组实验：已知叶片实验前的重量相等，在不同温度下分别暗处理1h，测其质量变化，立即光照1 h(光照强度相等)，再测其重量的变化。得到如下的结果： 组别 一 二 三 四 温度(℃) 27 28 29 30 暗处理后的重量变化(mg) -2 -3 -4 -5 光照后与暗处理前重量变化(mg) -3 +3 +3 +2 注：“一”表示减少重量.“一”表示增加重量 假如叶片的重量变化只与光合作用和呼吸作用有关，则二氧化碳固定量最多的是第_______组叶片.在：29℃条件下每小时光合作用制造有机物为_______mg。 20. 高强度学习后，及时补充营养对恢复体力、保护脑细胞至关重要。一顿理想的恢复餐应包括碳水化合物、优质蛋白、健康脂肪以及丰富的维生素和矿物质，例如。糙米饭、鸡胸肉、三文鱼、菠菜和坚果。请根据所学知识，分析回答下列问题∶ （1）学习过程中，脑细胞高度活跃，会消耗大量能量并产生大量代谢废物。代谢废物的排出离不开水作为良好的______。 （2）菠菜焯水后可减少草酸含量，而草酸会影响钙和铁等无机盐的吸收。铁是构成血红蛋白的重要成分，缺铁会引起贫血，这说明无机盐具有______的生理作用。 （3）鸡胸肉富含蛋白质，可使用______进行鉴定。蛋白质在消化过程中被分解为氨基酸，进而用于合成人体自身蛋白质。在细胞内，由核糖体合成的蛋白质需通过______进入细胞核，参与染色体的构成。 （4）三文鱼富含的DHA（一种不饱和脂肪酸）是脑细胞膜的重要成分。细胞膜的基本骨架是______。与饱和脂肪酸相比，DHA的碳链结构较为弯曲，使磷脂分子尾部排列变得松散，从而增强膜的______，促进神经信号传递，对学习和记忆能力产生积极影响。 （5）为探究DHA是否真的能提高学习记忆能力，某生物兴趣小组设计了如下实验，实验步骤如下： ①将生长状况相同的幼年小鼠随机均分为A、B两组； ②A组饲喂普通饲料，B组饲喂______，其他饲养条件相同且适宜； ③一段时间后，对两组小鼠进行迷宫实验，记录每只小鼠走出迷宫所需的时间。若______，进一步说明DHA有助于提高小鼠的学习记忆能力。 21. 原生质体表面积大小的变化可作为质壁分离实验的检测指标。用葡萄糖基本培养基和NaCl溶液交替处理柽柳细胞，其原生质体表面积的测定结果如图所示。 （1）甲组中随着培养时间延长，与0时相比，原生质体表面积逐渐增大，说明甲组细胞______（填“吸水”或“失水”），该NaCl浓度处理下，______（填“能”或“不能”）引起细胞发生质壁分离。 （2）乙、丙组中，与0时相比，乙、丙组NaCl处理后原生质体表面积略有下降，说明乙、丙组NaCl处理都能使细胞发生______，紧接着重新移至葡萄糖基本培养基的细胞可发生______。 （3）若将该细胞先100℃水浴5min，再用NaCl溶液处理，原生质体表面积无变化，理由是___________。 （4）柽柳的根部吸收Mg2⁺离子是主动运输还是被动运输？请设计实验加以证明，请写出实验思路：_____________。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 乐平中学2025-2026学年度第一学期期末试卷 高一生物试卷 考试时间：75分钟 一、选择题：本题共12小题，每小题2分，共24分。在每小题给出的4个选项中，只有1项符合题目要求，答对得2分，答错得0分。 1. 乐平中学园艺社成员种植了多种蔬菜瓜果，生物兴趣小组欲利用其中的材料进行“检测生物组织中糖类、脂肪和蛋白质”探究实践。下列相关叙述正确的是（　　） A. 若要观察花生种子切片中的脂肪，直接用高倍显微镜观察 B. 鉴定可溶性还原糖时，可选用梨匀浆、白萝卜匀浆等颜色浅的材料 C. 用斐林试剂检测苹果匀浆时若出现砖红色沉淀，证明其含有葡萄糖 D. 用于鉴定还原糖的斐林试剂甲液和乙液，可直接用于蛋白质的鉴定 【答案】B 【解析】 【详解】A、观察花生种子切片中的脂肪时，需先染色（如苏丹Ⅲ染液），再用显微镜观察。因高倍镜视野小，需先在低倍镜下找到目标物，再换高倍镜观察，不能直接使用高倍镜，A错误； B、鉴定还原糖需选用富含还原糖且颜色浅的材料，避免干扰颜色反应。梨匀浆、白萝卜匀浆含还原糖且颜色浅，符合实验要求，B正确； C、斐林试剂与还原糖（如葡萄糖、果糖、麦芽糖）反应生成砖红色沉淀，但无法特异性区分葡萄糖与其他还原糖。苹果匀浆含果糖等还原糖，出现砖红色沉淀不能证明仅含葡萄糖，C错误； D、斐林试剂甲液（0.1g/mLNaOH）和乙液（0.05g/mLCuSO₄）需混合使用，而鉴定蛋白质双缩脲试剂A液（0.1g/mLNaOH）与斐林试剂甲液成分相同，但B液（0.01g/mLCuSO₄）浓度不同，不可直接混用，D错误。 故选B。 2. 肺炎链球菌和支原体均能引发肺炎。青霉素能抑制细菌细胞壁的形成，是治疗肺炎链球菌肺炎的首选药物。下列相关叙述错误的是（　　） A. 肺炎链球菌和支原体都是原核、异养生物 B. 肺炎链球菌、支原体的遗传物质彻底水解后都能得到4种碱基 C. 支原体有游离DNA和复杂的生物膜系统 D. 推测青霉素不能治疗由支原体引发的肺炎 【答案】C 【解析】 【详解】A、肺炎链球菌和支原体均无核膜包被的细胞核，属于原核生物；二者缺乏光合色素，需从外界获取有机物，为异养生物，A正确； B、二者的遗传物质均为DNA，DNA彻底水解产物为磷酸、脱氧核糖及含氮碱基（腺嘌呤、鸟嘌呤、胞嘧啶、胸腺嘧啶），共4种碱基，B正确； C、支原体虽含游离的DNA（拟核无核膜），但作为原核生物，仅有核糖体一种细胞器，无内质网、高尔基体等膜结构，故无复杂的生物膜系统，C错误； D、青霉素通过抑制肽聚糖（细胞壁主要成分）合成发挥作用。支原体无细胞壁，故青霉素对其无效，D正确。 故选C。 3. 生物社团的同学对乐安河的水样和乐平特产高家霉豆腐进行了采样。他们在显微镜下观察到了毛霉、乳酸菌等多种微生物。下列观点错误的是（　　） A. 毛霉和乳酸菌都含有细胞膜、细胞质和DNA，这体现了细胞的统一性 B. 毛霉与乳酸菌都是单细胞生物，均可通过有丝分裂的方式进行增殖 C. 毛霉和乳酸菌中的核酸及其单体均以碳链为基本骨架 D. 乐安河水样中可能含有易引起腹泻的诺如病毒，该病毒必须寄生在活细胞中 【答案】B 【解析】 【详解】A、毛霉为真核生物，乳酸菌为原核生物，二者均具有细胞膜、细胞质和DNA等基本结构，体现了细胞的统一性，A正确； B、毛霉是多细胞真菌（属真核生物），通过孢子繁殖而非有丝分裂；乳酸菌是单细胞原核生物，通过二分裂增殖（原核生物不进行有丝分裂），B错误； C、核酸（DNA、RNA）为生物大分子及其单体（核苷酸），均以碳链为基本骨架，C正确； D、诺如病毒无细胞结构，必须寄生在活细胞中才能增殖，D正确。 故选B。 4. 生物学领域的技术、发现不断突破，为我们理解生物学的很多概念提供了生动的例子。下列进展中，不能用来支持细胞学说的是（ ） A. 科学家通过LoxCode技术对小鼠胚胎的每个细胞进行追踪，发现所有组织、器官均起源于少数具有全能性的始祖细胞 B. 科学家利用E2VD框架构建了跨病毒类型、跨毒株类型的通用进化预测模型，重现了病毒在真实世界中的进化路线 C. 科学家将拟南芥叶片气孔前体细胞的 基因模块激活，在28天内再生出具有根、茎、叶的幼苗 D. 科学家发现在小鼠海马神经元和拟南芥根细胞中，CCCP诱导去极化均导致线粒体网络碎片化 【答案】B 【解析】 【详解】A、该技术追踪胚胎细胞发育为组织器官的过程，说明生物体由细胞分化形成，体现了细胞是生物体结构和功能的基本单位，支持细胞学说，A不符合题意； B、该模型研究病毒进化，病毒属于非细胞生物，其进化不涉及细胞结构或功能，与细胞学说无关，B符合题意； C、通过激活特定基因模块使单细胞再生完整植株，证明植物细胞具有全能性，体现细胞可独立发育为个体，支持细胞学说，C不符合题意； D、不同生物细胞中线粒体对刺激的相似反应，说明细胞结构具有共性，支持细胞学说的统一性观点，D不符合题意。 故选B。 5. 奶茶是青少年喜爱的饮品，配料丰富多样：珍珠（主要成分是木薯淀粉）、椰果（富含膳食纤维）、奶盖（含大量脂肪和蛋白质）、白砂糖等。西谷椰子树是热带木本植物，其树干薄壁细胞内储存数百公斤淀粉，可加工制成“西谷米”，常作为奶茶配料的原料来源。研究表明，长期摄入添加糖和脂肪的奶茶可能增加代谢负担，不利于身体健康。下列关于上述材料中糖类和脂质的叙述错误的是（　　） A. 西谷椰子树树干薄壁细胞储存的淀粉与珍珠中的木薯淀粉，均能在植物细胞内通过脱水缩合反应合成 B. 椰果中的膳食纤维与白砂糖中的蔗糖水解产物相同，且只有后者能被人体消化吸收，为细胞提供能量 C. 奶盖中的脂肪属于脂质，其储能效率高于糖类，原因是相同质量下脂肪分子中氧的含量远低于糖类，而氢含量更高。 D. 向奶茶奶盖样液中加入苏丹Ⅲ染液，无需水浴加热即可观察到橘黄色，该现象可证明奶盖含脂肪 【答案】B 【解析】 【详解】A、淀粉属于多糖，在植物细胞中由葡萄糖分子通过脱水缩合形成糖苷键聚合而成。西谷米淀粉与木薯淀粉均为植物源性多糖，合成方式相同，A正确； B、膳食纤维（如椰果中的纤维素）水解产物为葡萄糖，蔗糖水解产物为葡萄糖和果糖，二者水解产物不同。且膳食纤维不能被人体消化吸收供能，仅蔗糖可被水解后供能，B错误； C、脂肪与糖类均含C、H、O，但脂肪中H元素比例高、O元素比例低，氧化分解时耗氧多、产能高，故相同质量下储能效率高于糖类，C正确； D、苏丹Ⅲ染液检测脂肪时，可直接与脂肪结合显橘黄色，无需水浴加热（区别于斐林试剂检测还原糖）。奶盖含脂肪，故该现象可证明，D正确。 故选B。 6. 如图表示人体小肠上皮细胞对半乳糖、葡萄糖和果糖的吸收过程，半乳糖与葡萄糖共用同一载体蛋白且半乳糖与载体蛋白的亲和力大于葡萄糖与载体蛋白的亲和力，半乳糖和葡萄糖的运输是伴随钠离子从细胞外流入细胞内而完成的，运输过程不需要消耗ATP。下列叙述正确的是（　　） A. 运输半乳糖和葡萄糖的载体蛋白除运输钠离子外也能运输其他有机小分子物质 B. 葡萄糖和半乳糖进入小肠上皮细胞不需要消耗ATP，所以不是主动运输 C. 小肠上皮细胞吸收的葡萄糖可被运送到肝脏合成糖原 D. 细胞外半乳糖的含量不会影响细胞对葡萄糖的吸收 【答案】C 【解析】 【详解】A、运输半乳糖和葡萄糖的载体蛋白可运输钠离子，不能运输其他有机小分子物质，这是由载体蛋白的特异性决定的，A错误； B、半乳糖与葡萄糖进入细胞是从低浓度运输到高浓度，需要载体，需要钠离子浓度差形成的电化学势能，属于主动运输，B错误； C、糖原的基本单位是葡萄糖，主要在肝脏和肌肉中合成，因此小肠上皮细胞吸收的葡萄糖可被运送到肝脏合成糖原，C正确； D、葡萄糖和半乳糖转运时能量来源于钠离子浓度梯度的势能，半乳糖与载体的亲和力大于葡萄糖，可见细胞外半乳糖的含量会影响葡萄糖的吸收，D错误。 故选C。 7. 仙人掌科植物生活在干旱地区，存在特殊的CO2固定方式—景天酸代谢途径：夜间气孔开放，通过一系列反应将CO2固定于苹果酸，储存在液泡中；白天气孔关闭，苹果酸运出液泡放出CO2，供叶绿体利用。下列叙述正确的是（　　） A. 仙人掌白天进行光反应释放O2，夜间进行暗反应合成有机物 B. 植物光合作用固定的CO2均来自苹果酸分解释放的CO2 C. 仙人掌液泡pH会呈现白天升高晚上降低的周期性变化 D. 上午10时，若突然降低外界CO2浓度，叶肉细胞中C3含量短时间内会下降 【答案】C 【解析】 【详解】A、暗反应需要光反应提供ATP和NADPH，所以暗反应也需要在白天进行，A错误； B、叶绿体光合作用所利用的CO2，来源于细胞呼吸和苹果酸分解，B错误； C、该植物晚上吸收二氧化碳生成苹果酸进入液泡使pH降低，白天苹果酸分解产生二氧化碳用于暗反应，使pH升高，故仙人掌液泡pH会呈现白天升高晚上降低的周期性变化，C正确； D、仙人掌在白天气孔会关闭，突然降低外界CO2浓度，不会影响细胞内CO2的供应，C3含量基本不变，D错误。 故选C。 8. 将紫色洋葱鳞片叶外表皮置于一定浓度的葡萄糖溶液中，某一时刻观察到的图像如图1.图2为实验过程中测得的细胞液浓度与该溶液浓度的比值（P值）随时间变化曲线。下列叙述错误的是（　　） A. ①③⑤构成原生质层，其伸缩性大于④ B. 若图1细胞处于t0~t1时间段，则⑤处渗透压大于②处 C. 图2中t0~t1时间段细胞液浓度变大，t0~t2时间段液泡体积最小的时刻是t1 D. t1时刻开始，细胞主动吸收外界溶液中的葡萄糖，导致细胞出现了质壁分离复原 【答案】D 【解析】 【详解】A、原生质层由细胞膜、液泡膜和两膜之间的细胞质构成，其伸缩性大于细胞壁，A正确； B、t0-t1时间段，细胞液浓度小于外界溶液浓度，细胞失水，⑤处渗透压大于②处，B正确； C、t0-t1时间段，细胞失水，细胞液浓度变大，t1-t2时间段细胞液浓度大于外界溶液，细胞吸水，发生质壁分离复原，整个实验过程中，液泡体积最小的时刻是t1，C正确； D、细胞从t0时刻开始，从外界溶液吸收溶质，使得细胞液浓度增加，只不过此时细胞液浓度依然低于外界溶液浓度，表现为失水，D错误。 故选D。 9. ATR是一种主要分布于细胞核及周边细胞质的蛋白质. ATR 缺陷细胞在承受到机械压力时，细胞核易发生不可逆变形，导致核膜破裂和 DNA 暴露.下列关于 ATR的叙述，错误的是（ ） A. 合成过程需内质网和高尔基体参与 B. 参与细胞对机械压力刺激的应答 C. 缺失可能降低核膜运输物质的能力 D. 缺失可能导致 DNA 容易受到损伤 【答案】A 【解析】 【分析】组成细胞核的核膜具有双层膜结构，具有选择透过性。细胞核是遗传信息库，是细胞代谢和遗传的控制中心。 【详解】A、ATR是细胞核及周边细胞质中的蛋白质，属于细胞内蛋白，由游离核糖体合成，无需内质网和高尔基体加工，A错误； B、题干指出ATR缺陷细胞在机械压力下核膜破裂，说明ATR参与机械压力刺激的应答，B正确； C、缺失该物质导致核膜破裂，核膜行使其正常的功能需要完整的核膜结构，故可能降低核膜运输物质的能力，C正确； D、核膜破裂使DNA暴露，易受外界因素损伤，D正确。 故选A。 10. 在水中磷脂分子亲水头部插入水中，疏水尾部伸向空气，搅动后形成由双层磷脂分子构成的球形脂质体（如下图所示）。脂质体可以作为药物的运载体，将其运输到特定的细胞发挥作用。下列关于脂质体的说法错误的是（ ） A. 脂质体中的磷脂分子是能够运动的 B. 温度的改变对脂质体包被与运输药物有影响 C. 脂质体到达细胞后将药物送达细胞内利用了细胞膜的选择透过性 D. 水溶性药物包被在a处，而脂溶性药物包被在b处 【答案】C 【解析】 【详解】A、脂质体中的磷脂分子是能够运动的，体现膜的流动性，A正确； B、温度的改变影响膜的流动性，进而影响脂质体的包被和药物运输，B正确； C、脂质体到达细胞后将药物送达细胞内利用了细胞膜的流动性，C错误； D、磷脂分子的头部具有亲水性，尾具有疏水性，脂质体既可以用于运载脂溶性药物，也可以用于运载水溶性药物。图中药物a位于脂质体内部，接近磷脂分子的头部，为水溶性药物；药物b位于磷脂双分子层中，接近磷脂分子的尾部，为脂溶性药物，D正确。 故选C。 11. 运动是保持身体健康的一种良好习惯。运动需要消耗能量，糖类和脂肪均可以为运动提供能量。随着运动强度的增大，糖类和脂肪的供能比例如图所示。下列相关叙述错误的是（　　） A. 脂肪转化为糖质量增加主要变化的元素是C B. 摄入过多糖类会让人肥胖的原因是糖可以大量转化为脂肪 C. 当进行M点对应强度运动时，人体消耗的脂肪和糖类的量不一样 D. 若要进行减脂，在运动量一定的前提下，建议其进行低强度运动 【答案】A 【解析】 【详解】A、糖类物质中O含量大于脂肪，故脂肪转化为糖质量增加主要变化的元素是O元素，A错误； B、细胞中糖类与脂肪能相互转化，糖类能大量转化为脂肪，因此摄入过多糖类会让人肥胖的原因是糖类过多会转化为脂肪，B正确； C、当进行M点对应强度运动时，脂肪和糖类的供能比例相同，但由于相同质量的脂肪中含氢较高，氧化释放的能量较多，故中等运动强度消耗的脂肪和糖类的质量不一样（消耗脂肪更少），C正确； D、图中能看出进行低强度运动时分解脂肪较多，因此若某人要进行减脂，在运动量一定的前提下，则建议其进行低强度运动，D正确。 故选A。 12. 一多肽链分子式为CxHyOpNqS，彻底水解后，只得到下列四种氨基酸。分析推算可知，水解得到的氨基酸个数为（ ） A. q+1 B. p-1 C. q-2 D. p+1 【答案】B 【解析】 【详解】分析水解所得的四种氨基酸：这四种氨基酸都只含有一个羧基，两个氧原子，因此可以根据氧原子数目进行计算。假设水解得到的氨基酸个数为n，则该多肽合成时脱去的水分子数目为n-1。根据氧原子数目进行计算，该多肽中氧原子数目=氨基酸数目×2-脱去的水分子数×1=2n-（n-1）=p，可计算出n=p-1，B正确，ACD错误。 故选B。 二、选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的4个选项中，有2项或2项以上符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。 13. 细胞中化合物A与化合物B生成化合物（或结构）D的过程如图所示，其中C表示化学键。下列叙述正确的是（　　） A. 若A、B为单糖，则D为二糖 B. 若A、B为两条肽链，D为胰岛素，则C可能是肽键 C. 若A、B为一条链上相邻的两个脱氧核苷酸，则C为磷酸二酯键 D. 若A为ADP、B为磷酸，则C断裂时，末端的磷酸基团会携带能量转移 【答案】ACD 【解析】 【详解】A、二糖是由两分子单糖脱水形成，因此若A、B为单糖，则D为二糖，A正确； B、氨基酸脱水缩合形成肽链，中间以肽键相连，若A、B为两条肽链，D为胰岛素，两条肽链间可通过二硫键形成一定的空间结构，则C可能为二硫键，B错误； C、若A、B为一条链上相邻的两个脱氧核苷酸，两个脱氧核苷酸通过磷酸二酯键相连，即C为磷酸二酯键，C正确； D、若A为ADP、B为磷酸，则C为特殊的化学键（含有能量），水解时末端磷酸基团会携带能量转移，D正确。 故选ACD。 14. 下列有关蛋白质的说法错误的是（　　） A. 生命活动的主要承担者是蛋白质，所有蛋白质都有催化、运输、信息传递、免疫功能 B. 高温使蛋白质变性后，肽键并未断裂，仍能与双缩脲试剂呈紫色反应 C. 强酸、强碱、重金属离子等化学因素与高温、振荡、紫外线照射等物理因素会使蛋白质变性 D. 蛋白质在盐析前后功能会发生改变 【答案】ACD 【解析】 【详解】A、生命活动的主要承担者是蛋白质，不是所有蛋白质都有催化、运输、信息传递、免疫功能，如胰岛素只有调节功能，A错误； B、高温会使蛋白质变性，但肽键并未断裂，能与双缩脲试剂呈紫色反应，B正确； C、强酸、强碱、重金属离子等化学因素与高温、紫外线照射等物理因素会使蛋白质变性，但振荡不会使蛋白质变性，C错误； D、盐析只是改变了蛋白质的溶解度，不会使蛋白质变性，D错误。 故选ACD。 15. 反渗透是利用压力使高浓度溶液中的水分子通过半透膜进入低浓度溶液，而其他物质不能够通过的技术。下图展示了渗透和反渗透的过程，相关叙述错误的是（　　） 注：溶质不能通过半透膜。 A. 渗透装置中水分子只能从低浓度溶液一侧向高浓度溶液一侧运动 B. 反渗透技术的原理与高等植物根部细胞吸水的原理相同 C. 利用反渗透技术淡化海水时可通过增大半透膜两侧溶液浓度差来降低所需压力 D. 图中反渗透装置中左侧溶液渗透压始终高于右侧溶液渗透压 【答案】ABC 【解析】 【详解】A、渗透装置中，水分子可在低浓度溶液与高浓度溶液之间双向运输，A错误； B、反渗透是利用压力使高浓度溶液中的水分子通过半透膜进入低浓度溶液，高等植物根细胞吸水是渗透作用，使低浓度溶液中的水分子通过半透膜进入高浓度溶液中，二者原理不同，B错误； C、增大半透膜两侧的浓度差，所需压力增大，C错误； D、反渗透装置中，左侧初始渗透压大于右侧，在人为压力下，水分子从左侧移向右侧，左侧渗透压始终高于右侧（因为右侧是纯水），D正确。 故选ABC。 16. 豌豆种子细胞呼吸时，底物经脱氢酶催化释放氢。在种子萌发过程中，其CO2释放速率和O2吸收速率的变化如图所示，下列有关种子萌发和发育说法正确的是（ ） A. 12～14小时这段时间，种子主要的呼吸方式为无氧呼吸，此过程有还原性氢的积累 B. 在豌豆种子发育，有机物快速积累时期，应创设低温条件 C. 豌豆种子萌发过程中干重不断下降，有机物的种类增加 D. b点后氧化分解的底物可能包括糖类、脂肪等物质 【答案】CD 【解析】 【分析】种子萌发的外界条件有充足的水分、适宜的温度和足够的氧气，种子萌发的初期主要进行无氧呼吸，胚根突破种皮后主要进行有氧呼吸。脂肪中氧的含量低于糖类，脂肪氧化分解时消耗的氧的体积大于产生二氧化碳的体积。 【详解】A、无氧呼吸不吸收氧气，产生二氧化碳，有氧呼吸消耗葡萄糖时，产生的二氧化碳体积与消耗氧的体积相同。据图可知，在12～24h期间，氧气吸收量很少，而二氧化碳释放量很多，表明此时的呼吸方式主要是无氧呼吸，无氧呼吸过程中还原性氢在第二阶段被利用，没有积累，A错误； B、种子快速发育时期，细胞代谢旺盛，植物光合作用强才能积累更多有机物，需要提供适宜的温度等条件，B错误； C、 因为种子萌发需要有机物作为营养成份，所以总量减少，但是有机物被分解后变成小分子物质，种类就多了，C正确； D、b点后吸收的O2量远多于释放的CO2量，说明氧化分解的底物除糖类还有脂肪类等物质，D正确。 故选CD。 三、非选择题 17. 细胞内部生物膜系统各个部分之间的物质传递常常通过膜泡运输方式进行。如从内质网到高尔基体，高尔基体到溶酶体，细胞分泌物的外排，都要通过过渡性小泡进行转运。细胞自噬是细胞通过溶酶体降解自身受损或衰老的细胞器和大分子物质（如蛋白质等）。细胞通过自噬可以重复利用有用的物质，确保细胞本身的代谢需要和某些细胞器的更新。下图表示一种常见的细胞自噬过程。 （1）由题中信息可推测，当细胞养分不足时，细胞自噬会________（填“增强”、“减弱”或“不变”）。在自噬过程中，起主要作用的是溶酶体中的________。 （2）细胞内受损蛋白质可与热休克蛋白形成复合物，然后与位于溶酶体膜上的受体结合，并在其作用下转入溶酶体腔进行降解。据研究，癌细胞中热休克蛋白比正常细胞内的含量多，由此分析，癌细胞能在营养条件较为恶劣环境下存活的原因可能是_______。 （3）图中内质网参与形成的自噬体有_____层膜，图示过程显示了细胞内的不同生物膜在结构与功能上的紧密联系，这些生物膜的主要成分都是________。 （4）细胞内部产生蛋白质被包裹于小泡之中，这些小泡能够精准的运输。为了确定参与小泡运输的基因（Sec基因），科学家筛选了两种酵母菌突变体，这两种突变体与正常酵母菌电镜照片差异如下： 酵母菌突变体 与正常酵母菌电镜照片的差异 Sec12基因突变体 突变体细胞内内质网特别大 Sec17基因突变体 突变体细胞内，内质网和高尔基体间积累大量的未融合小泡 （提示：基因是DNA上的片段，可以控制蛋白质的合成，例如Sec12基因控制合成Sec12蛋白；基因突变体是指该酵母菌相关基因异常，不能指导合成正常的蛋白质。） 据此推测，Sec12基因控制合成的蛋白质的功能是与_______有关，Sec17基因控制合成的蛋白质的功能是_______。 【答案】（1） ①. 增强 ②. （多种）水解酶 （2）较多的热休克蛋白促进细胞自噬，降解产物为癌细胞提供原料 （3） ①. 2 ②. 磷脂和蛋白质 （4） ①. 内质网形成小泡 ②. 参与（或促进）内质网产生的小泡与高尔基体的融合 【解析】 【分析】分析图解：细胞内由内质网形成一个双膜的杯形结构，衰老的细胞器从杯口进入，杯形结构形成双膜的小泡，后其与溶酶体结合，自噬溶酶体内的物质被水解后，其产物的去向是排出细胞或在细胞内被利用。 【小问1详解】 在细胞自噬过程中，起主要作用的是溶酶体中的多种水解酶，该过程分解产物的去向是在细胞内被利用或排出细胞外，当细胞养分不足时，“自噬作用”会增强，以分解细胞中的一些结构，将有用的物质供给细胞利用。 【小问2详解】 分析题意可知，癌细胞中热休克蛋白比正常细胞内的含量多，可以更多的与细胞中的蛋白质结合形成复合物，促进细胞自噬，降解产物为癌细胞提供原料，故癌细胞能在营养条件较为恶劣环境下存活。 【小问3详解】 从图中可知内质网参与形成的自噬体有2层膜；生物膜的主要成分都是脂质（磷脂）和蛋白质，不同生物膜在结构和功能上紧密联系，体现了细胞内各种结构之间的协调配合。 【小问4详解】 据表可知，Sec12基因突变体细胞内的内质网特别大，正常情况下，内质网形成小泡发送至高尔基体，所以Sec12基因编码的蛋白质的功能是与内质网小泡的形成有关；Sec17基因突变体内质网和高尔基体间积累大量的未融合小泡，所以其功能是参与膜泡（小泡）与高尔基体的融合。 18. 腌制的泡菜往往含有大量的细菌，可利用“荧光素-荧光素酶生物发光法”对市场上泡菜中的细菌含量进行检测。荧光素接受细菌细胞ATP中提供的能量后被激活，在荧光素酶的作用下形成氧化荧光素并且发出荧光，根据发光强度可以计算出生物组织中ATP的含量。分析并回答下列问题。 （1）“荧光素-荧光素酶生物发光法”中涉及的能量转换的形式是________（用文字与箭头表示）。 （2）“荧光素-荧光素酶生物发光法”的操作过程是：①将泡菜研磨后离心处理，取一定量上清液放入分光光度计（测定发光强度的仪器）反应室内，加入等量适量的_______，在适宜条件下进行反应；②记录发光强度并计算ATP含量；③测算出细菌数量。④多次重复上述①②③过程，进而计算出_________。 （3）研究人员用不同条件处理荧光素酶后，测定酶浓度与发光强度如图1所示。其中高浓度盐溶液经稀释后酶活性可以恢复，高温和Hg2+处理后酶活性不可恢复。若要节省荧光素酶的用量，可以使用________处理；Hg2+处理后酶活性降低可能是因为_________。 （4）酶的抑制剂能降低酶的活性，不同的抑制剂对酶活性的影响不同。某科研小组通过实验研究两种抑制剂对某消化酶酶促反应速率的影响，实验结果如下图2。不同的抑制剂抑制酶活性原理如图3所示。 ①据图2分析，随着底物（反应物）浓度升高，抑制剂________（填“Ⅰ”或“Ⅱ”）的抑制作用逐渐减小。 ②据图3分析，竞争性抑制剂和非竞争性抑制剂两者降低酶促反应速率的原因不同，后者是通过__________，从而降低酶促反应速率。 ③结合图2和图3分析，抑制剂Ⅱ属于________性抑制剂。 【答案】（1）ATP 中的化学能→光能 （2） ①. 荧光素和荧光素酶 ②. 平均值 （3） ①. Mg2+ ②. Hg2+破坏了荧光素酶的空间结构 （4） ①. Ⅰ ②. 与酶的非活性部位结合，改变酶的空间结构，使酶的活性部位无法与底物结合 ③. 非竞争 【解析】 【分析】ATP的能量转换形式：ATP中储存的化学能可转换为其他形式的能量（如本题中转换为荧光的光能）。ATP与放能 / 吸能反应的联系：ATP的合成过程通常与放能反应相联系（放能反应释放的能量用于合成 ATP），ATP的水解过程通常与吸能反应相联系。酶的激活剂：某些离子（如Mg²⁺）可作为酶的激活剂，提高酶的活性。酶的空间结构对活性的影响：高温、重金属离子（如Hg²⁺）会破坏酶的空间结构（尤其是酶的活性部位），导致酶活性不可逆丧失。 【小问1详解】 荧光素接受 ATP 提供的化学能被激活，最终发出荧光（光能），因此能量转换形式为 ATP 中的化学能→光能。 小问2详解】 实验原理是 “荧光素 + 荧光素酶 + ATP→发光”，因此将泡菜研磨后离心处理，取一定量上清液放入分光光度计（测定发光强度的仪器）反应室内，加入等量适量的荧光素和荧光素酶；多次重复实验后计算平均值，可减少偶然因素导致的误差，提高实验结果的准确性。 【小问3详解】 图1中，Mg²⁺处理组的发光强度最高（酶活性最强），因此使用 Mg2+处理可提高酶活性，从而节省酶的用量；Hg2+是重金属离子，会破坏荧光素酶的空间结构（尤其是活性部位的结构），所以Hg2+处理后会导致酶活性降低。 小问4详解】 图2中，抑制剂Ⅰ的酶促反应速率随底物浓度升高，逐渐接近无抑制剂组，说明其抑制作用逐渐减小（符合竞争性抑制剂的特点）；竞争性抑制剂的作用机制是与底物竞争酶的活性部位，使底物无法与酶结合，非竞争性抑制剂的作用机制是与酶的非活性部位结合，改变酶的空间结构，导致活性部位无法与底物结合；抑制剂Ⅱ的酶促反应速率始终低于无抑制剂组，且不随底物浓度升高而恢复，符合非竞争性抑制剂的特点，所以抑制剂Ⅱ属于非竞争性抑制剂。 19. 光合作用与细胞呼吸相互依存、密不可分，各自又具有相对的独立性。下图是某植物光合作用和细胞呼吸过程示意图，其中Ⅰ~ Ⅶ代表物质，①~⑤代表过程。 （1）图中Ⅰ~Ⅶ代表同种物质的是______________________________。 （2）现有一种酶，可能参与光合作用或呼吸作用，且已知其依赖还原氢的存在才能发挥催化作用，推测这种酶参与了图中①~⑤中的_______________过程。 （3）空气中的 CO₂浓度由 0.03%增加到 1%，则短时间内叶绿体中 C₅含量和C₃含量、光合作用速率的变化分别是________________。 （4）为研究某植物光合作用与呼吸作用的速率问题，研究小组取该植物大小相似的叶片，进行分组实验：已知叶片实验前的重量相等，在不同温度下分别暗处理1h，测其质量变化，立即光照1 h(光照强度相等)，再测其重量的变化。得到如下的结果： 组别 一 二 三 四 温度(℃) 27 28 29 30 暗处理后的重量变化(mg) -2 -3 -4 -5 光照后与暗处理前重量变化(mg) -3 +3 +3 +2 注：“一”表示减少重量.“一”表示增加重量 假如叶片的重量变化只与光合作用和呼吸作用有关，则二氧化碳固定量最多的是第_______组叶片.在：29℃条件下每小时光合作用制造有机物为_______mg。 【答案】（1）III 和VII、 II和V （2）②④ （3）下降、上升、上升 （4） ①. 四 ②. 11 【解析】 【分析】1、左图表示光合作用，右图表示呼吸作用。 2、暗处理时，叶片只进行呼吸作用分解有机物，暗处理时消耗的有机物的量可表示呼吸速率；光照时植物既进行光合作用合成有机物，又进行呼吸作用分解有机物；光照时只有光合作用强度大于呼吸作用强度，有机物的量才会增加。 【小问1详解】 图中I是光反应水的光解的产物NADPH，II是氧气，III能与C5结合形成C3，表示的是CO2 。V与有氧呼吸前两个阶段产生的IV参与有氧呼吸第三阶段形成水，VII是有氧呼吸第二阶段的产物，是CO2。因此V是氧气，IV是NADH，VI是ATP。所以II (O2) 和V (O2)是同一种物质，III(CO2)和 VII (CO2)是同一种物质。 【小问2详解】 根据题干可知该酶依赖于还原氢发挥催化作用，所以参与了暗反应阶段的②三碳化合物的还原过程和④有氧呼吸的第三阶段。 【小问3详解】 空气中的 CO2浓度由 0.03%增加到1%，则说明CO2供应增加，由于光反应不变，则C5与CO2的结合增加，所以C3的含量上升，则C5的含量下降，由于CO2供应增加，最终光合作用速率增加。 【点睛】暗处理1h，重量变化表示呼吸分解的有机物的量。光照后，重量的变化代表净产生(积累)的有机物。二氧化碳固定量应是总光合作用量，即净光合量加上呼吸量，最多的是第四组叶片，为5+5+2=12mg。在29°C条件下每小时光合作用合成的有机物也是总光合作用量为4+4+3=11mg。 20. 高强度学习后，及时补充营养对恢复体力、保护脑细胞至关重要。一顿理想的恢复餐应包括碳水化合物、优质蛋白、健康脂肪以及丰富的维生素和矿物质，例如。糙米饭、鸡胸肉、三文鱼、菠菜和坚果。请根据所学知识，分析回答下列问题∶ （1）学习过程中，脑细胞高度活跃，会消耗大量能量并产生大量代谢废物。代谢废物的排出离不开水作为良好的______。 （2）菠菜焯水后可减少草酸含量，而草酸会影响钙和铁等无机盐的吸收。铁是构成血红蛋白的重要成分，缺铁会引起贫血，这说明无机盐具有______的生理作用。 （3）鸡胸肉富含蛋白质，可使用______进行鉴定。蛋白质在消化过程中被分解为氨基酸，进而用于合成人体自身蛋白质。在细胞内，由核糖体合成的蛋白质需通过______进入细胞核，参与染色体的构成。 （4）三文鱼富含的DHA（一种不饱和脂肪酸）是脑细胞膜的重要成分。细胞膜的基本骨架是______。与饱和脂肪酸相比，DHA的碳链结构较为弯曲，使磷脂分子尾部排列变得松散，从而增强膜的______，促进神经信号传递，对学习和记忆能力产生积极影响。 （5）为探究DHA是否真的能提高学习记忆能力，某生物兴趣小组设计了如下实验，实验步骤如下： ①将生长状况相同的幼年小鼠随机均分为A、B两组； ②A组饲喂普通饲料，B组饲喂______，其他饲养条件相同且适宜； ③一段时间后，对两组小鼠进行迷宫实验，记录每只小鼠走出迷宫所需的时间。若______，进一步说明DHA有助于提高小鼠的学习记忆能力。 【答案】（1）溶剂 （2）参与构成细胞内某些重要化合物 （3） ①. 双缩脲试剂 ②. 核孔 （4） ①. 磷脂双分子层 ②. 流动性 （5） ①. 等量添加DHA的饲料 ②. B组走出迷宫时间显著短于A组 【解析】 【分析】水在细胞中以两种形式存在，绝大部分的水呈游离状态，可以自由流动，叫作自由水；一部分水与细胞内的其他物质相结合，叫作结合水。细胞中自由水和结合水所起的作用是有差异的：自由水是细胞内良好的溶剂；结合水是细胞结构的重要组成部分。 【小问1详解】 水是生物体内含量最多的成分，也是一种极好的溶剂，代谢废物可以溶解在水中排出体外，因此代谢废物的排出离不开水作为良好的溶剂。 【小问2详解】 铁是构成血红蛋白的重要成分，直接体现了无机盐参与构成细胞内某些重要化合物的作用。 【小问3详解】 双缩脲试剂和蛋白质反应，会产生紫色的物质，因此，蛋白质可以用双缩脲试剂鉴定。在真核细胞内，核糖体合成的蛋白质，需要运送到细胞核内发挥作用。这个运输过程是通过核膜上的核孔完成的，核孔控制着大分子物质的进出。 【小问4详解】 磷脂双分子层构成了细胞膜的基本支架。饱和脂肪酸的碳链是直链，排列紧密；而不饱和脂肪酸（如DHA）的碳链存在双键，导致结构弯曲，使得磷脂分子尾部排列变得松散。这降低了膜的刚性，增强了流动性，这对于膜蛋白的运动、物质运输、细胞识别和信息传递至关重要，尤其有利于神经信号的快速传递。 【小问5详解】 A组是对照组，饲喂普通饲料，提供基线数据。B组是实验组，为了探究DHA的作用，唯一的变量应该是饲料中是否含有DHA。因此，B组应饲喂等量添加DHA的饲料。一段时间后，对两组小鼠进行迷宫实验，记录每只小鼠走出迷宫所需的时间。若B组走出迷宫时间显著短于A组，进一步说明DHA有助于提高小鼠的学习记忆能力。 21. 原生质体表面积大小的变化可作为质壁分离实验的检测指标。用葡萄糖基本培养基和NaCl溶液交替处理柽柳细胞，其原生质体表面积的测定结果如图所示。 （1）甲组中随着培养时间延长，与0时相比，原生质体表面积逐渐增大，说明甲组细胞______（填“吸水”或“失水”），该NaCl浓度处理下，______（填“能”或“不能”）引起细胞发生质壁分离。 （2）乙、丙组中，与0时相比，乙、丙组NaCl处理后原生质体表面积略有下降，说明乙、丙组NaCl处理都能使细胞发生______，紧接着重新移至葡萄糖基本培养基的细胞可发生______。 （3）若将该细胞先100℃水浴5min，再用NaCl溶液处理，原生质体表面积无变化，理由是___________。 （4）柽柳的根部吸收Mg2⁺离子是主动运输还是被动运输？请设计实验加以证明，请写出实验思路：_____________。 【答案】（1） ①. 吸水 ②. 不能 （2） ①. 质壁分离 ②. 质壁分离复原 （3）高温使细胞死亡，原生质层失去选择透过性，无法发生渗透作用 （4）取生长状况相同的柽柳幼苗若干，平均分为两组，一组加入呼吸抑制剂，另一组加入等量清水作对照；在相同且适宜条件下，置于含相同浓度Mg2+的溶液中培养一段时间；检测并比较两组根部对Mg2+的吸收速率。若加入呼吸抑制剂组吸收速率显著降低，则说明为主动运输；否则为被动运输（注：分组也可以一组抑制细胞呼吸，另一组给予正常的细胞呼吸）。 【解析】 【分析】自由扩散和协助扩散都是顺浓度梯度运输，都不需要细胞提供能量，因此属于被动运输。 借助载体蛋白逆浓度梯度运输，需要细胞提供能量的运输方式称为主动运输。 【小问1详解】 甲组使用的是0.3mol/L NaCl 溶液，由图可知，随着培养时间延长，原生质体表面积逐渐增大，说明细胞在吸水，表明该浓度下外界溶液浓度小于细胞液浓度，未达到质壁分离条件，不能引起细胞发生质壁分离。 【小问2详解】 乙组（1.0mol/L NaCl）和丙组（1.5mol/L NaCl）在NaCl处理后，原生质体表面积均略有下降，说明细胞失水，发生了质壁分离，紧接着移回葡萄糖基本培养基，葡萄糖基本培养基为等渗（或稍低渗）的环境，细胞吸水，这时细胞可发生质壁分离复原。 【小问3详解】 100℃水浴5分钟会导致蛋白质变性，细胞膜失去选择透过性，细胞死亡，死亡细胞不再具有渗透调节能力，即高温使细胞死亡，原生质层失去选择透过性，无法发生渗透作用，此时，无论外界溶液如何变化，原生质体表面积不再改变。 【小问4详解】 主动运输需要消耗能量，而被动运输不需要消耗能量，若要证明柽柳的根部吸收Mg2+离子是主动运输还是被动运输，可以取生长状况相同的柽柳幼苗若干，平均分为两组，一组加入呼吸抑制剂，另一组加入等量清水作对照；在相同且适宜条件下，置于含相同浓度Mg2+的溶液中培养一段时间；检测并比较两组根部对Mg2+的吸收速率。若加入呼吸抑制剂组吸收速率显著降低，则说明为主动运输；否则为被动运输。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $