微测14 选择题提速测(六)(专题微测PPT)-【赢在微点·考前顶层设计】2026年高考化学大二轮专题复习

该高中化学高考复习课件聚焦选择题专项提速训练，覆盖化学与生活、化学用语、实验安全、物质结构、有机化学等高考核心考点，依据高考评价体系分析各考点权重，归纳15类常考题型，体现备考的系统性和针对性。 课件亮点在于“真题微测+易错点精析+核心素养培养”，如通过实验方案设计题培养科学探究能力，化学平衡题训练科学思维，解析中明确“纤维素与淀粉非同分异构体”等易错点。助力学生掌握答题技巧，教师可据此精准复习，提升备考效率。

1 微测14　选择题提速测(六) 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 选择题：本题共15小题，每小题3分，共45分。每小题只有一个选项符合题目要求。 1.“匡庐云雾绕天空，名茶育出此山中”，庐山云雾茶是中国著名的绿茶之一，下列说法正确的是(　　) A.庐山云雾茶中含少量纤维素，纤维素与淀粉互为同分异构体 B.庐山云雾不会产生丁达尔效应 C.泡茶用的紫砂壶主要成分是新型无机非金属材料 D.庐山云雾茶中具有提神功能的主要成分是咖啡碱 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 纤维素与淀粉都是高分子化合物，属于混合物，二者不互为同分异构体，A项错误；云雾是气溶胶，胶体能产生丁达尔效应，B项错误；紫砂壶主要成分是硅酸盐，不属于新型无机非金属材料，C项错误；茶中含有咖啡碱，具有提神功能，D项正确。 解析 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 解析 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 3.实验室安全至关重要，下列表述错误的是(　　) A.皮肤溅上酸液后，先用大量水冲洗，然后涂上稀Na2CO3溶液 B.活泼金属着火，立即用干燥沙土覆盖 C.用小刀切割金属钠时，可放在玻璃片上操作 D.对于有回收利用价值的有机废液，可用萃取或蒸馏的方法收集 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 皮肤溅上酸液后，应立即用大量水冲洗，然后用5%的NaHCO3溶液冲洗，A项错误；活泼金属多数能与水反应，燃烧不能用水灭火，可以使用干燥的沙土盖灭，B项正确；取用钠时，用镊子从煤油中取出钠，用滤纸吸干钠表面的煤油，再用小刀在玻璃片上切割，C项正确；有机液体一般易溶于有机溶剂，沸点较低，具有回收利用价值的，可以用溶剂萃取或直接蒸馏加以回收利用，D项正确。 解析 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 4.生物大分子血红蛋白分子链的部分结构及载氧示意如图。下列说法错误的是 (　　) A.构成血红蛋白分子链的多肽链之间存在氢键作用 B.血红素中Fe2+提供空轨道形成配位键 C.CO与血红素中Fe2+配位能力强于O2 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 D.用酸性丙酮提取血红蛋白中血红素时仅发生物理变化 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 由题图可知，分子中氮的电负性较强，能形成氢键，则构成血红蛋白分子链的多肽链之间存在氢键作用，A项正确；Fe2+的电子排布式为1s22s22p63s23p63d6，其能够提供空轨道形成配位键，B项正确；碳的电负性小于氧，故CO更容易提供孤电子对与血红素中Fe2+形成配位键，其配位能力强于O2，C项正确；血红素中的肽键会在酸性条件下水解，故用酸性丙酮提取血红蛋白中血红素时也会发生化学变化，D项错误。 解析 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 5.生活中化学试剂有广泛的应用，下列试剂使用与所述的化学知识没有关联的是(　　) 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 选项 试剂使用 化学知识 A 固体管道疏通剂：NaOH和铝粉 2Al+6H2O+2OH-===2[Al(OH)4]-+ 3H2↑ B 水果保鲜剂：浸泡KMnO4的硅藻土 KMnO4可以氧化乙醇 C 耐高温半导体材料：SiC 原子间通过共价键连接，具有类似金刚石的结构 D 可降解塑料：聚乳酸 聚乳酸能够水解，生成的产物可以进一步变成CO2和H2O 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 NaOH溶液和铝粉反应生成四羟基合铝酸钠和氢气，所以NaOH和铝粉作固体管道疏通剂，A项不符合题意；浸泡KMnO4的硅藻土作水果保鲜剂，是因为高锰酸钾能氧化乙烯，B项符合题意；SiC是共价晶体，原子间通过共价键连接，具有类似金刚石的结构，是优良的耐高温半导体材料，C项不符合题意；聚乳酸含酯基、能够水解，生成的产物可以进一步变成CO2和H2O，所以聚乳酸可制取可降解塑料，D项不符合题意。 解析 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 6.化合物e是一种药物递送的良好载体，可用甲基水杨酸(a)为原料合成，合成路线如图。下列说法正确的是(　　) 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 A.c分子一氯代物有6种 B.a和d都能与溴水发生反应 C.d和c反应生成e，反应类型是缩聚反应 D.e分子中采用sp3杂化的原子共有3n+1个 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 解析 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 7.下列实验目的、方案设计和现象以及结论都正确的是(　　) 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 选项 实验目的 方案设计和现象 结论 A 判断AlCl3的化学键类型 将AlCl3固体溶于水，进行导电性实验，AlCl3溶液可导电 AlCl3中含有离子键 B 食品脱氧剂样品中有无+3价铁 将食品脱氧剂样品中的还原铁粉溶于盐酸，滴加KSCN溶液，观察溶液未变红 可能存在+3价铁 C 比较HA和HB酸性 等体积pH=3的HA和HB两种酸溶液分别与足量的锌反应，HA放出的H2多 HA酸性强于HB D 检验鸡皮中的脂肪 取一块鸡皮放于表面皿中，将浓硝酸滴到鸡皮上，鸡皮呈现黄色 鸡皮中含有脂肪 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 判断AlCl3的化学键类型，应该将固体熔化，进行导电性实验，若熔融不导电，则是共价化合物，若熔融状态导电，则是离子化合 物，A项不符合题意；将食品脱氧剂样品中的还原铁粉溶于盐酸，即使食品脱氧剂样品中含有+3价铁，也可能全部被还原铁粉还原为Fe2+，加入KSCN溶液，无明显现象，B项符合题意；两种溶液体积相同，c(H+)相同，酸性越弱，c(酸)越大，产生的氢气越多，所以酸性：HA<HB，C项不符合题意；将浓硝酸滴到鸡皮上，鸡皮呈现黄色，说明鸡皮中含有蛋白质，且为含有苯环结构的蛋白质，D项不符合题意。 解析 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 8.一种以废旧电池正极材料(主要成分为LiCoxNiyMnzO2，其中Co为+3价，还含少量铝箔、炭黑和有机黏合剂为原料制备LiMn2O4的流程如下： 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 下列说法错误的是(　　) A.灼烧后的固体产物中，Co和Al均为+3价 B.酸浸中H2O2的作用为氧化剂 C.“沉锰”过程中，溶液先变为紫红色，原因为5S2+2Mn2++8H2O ===10S+2Mn+16H+ D.合成LiMn2O4过程中，有CO2和O2放出 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 “灼烧”过程中铝箔发生氧化，生成Al2O3，经后续“碱浸”转化为[Al(OH)4]-被分离除去，废料中的钴元素价态未发生变化，故灼烧后的固体产物中，Co和Al均为+3价，A项正确；向“酸浸”后的溶液中再加入氨水和(NH4)2C2O4，可将钴转化为CoC2O4·2H2O沉 淀，酸浸中H2O2的作用为将Co3+还原为Co2+，即H2O2作还原剂，B项错误；“沉锰”过程中，向溶液加入适量的K2S2O8溶液，先将部分Mn2+氧化为Mn，即发生反应5S2+2Mn2++8H2O=== 解析 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 10S+2Mn+16H+，溶液先变为紫红色，后溶液中剩余的Mn2+在酸性条件下与Mn发生归中反应生成MnO2，C项正确；合成LiMn2O4过程中，MnO2和Li2CO3发生氧化还原反应，Mn元素化合价降低，氧元素化合价升高被氧化为O2，同时碳酸盐分解生成CO2，D项正确。 解析 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 9.下列实验设计，能达到实验目的的是(　　) 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 选项 实验设计 实验目的 A   测定待测液中I2的含量 B   探究浓度对反应速率的影响 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 C   检验1-溴丁烷的消去产物 D   煅烧贝壳至900 ℃，得到生石灰 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 Na2S2O3溶液显碱性，应该使用碱式滴定管盛装，再进行滴定，来测定待测液中I2的含量，A项不符合题意；NaHSO3与H2O2发生氧化还原反应时，反应前后溶液均无色，也无气体产生，无论浓度大小，反应快慢均无明显现象，因此不能用于探究浓度对反应速率的影响，B项不符合题意；1-溴丁烷的NaOH乙醇溶液共热，发生消去反应产生1-丁烯，1-丁烯能够与溴的CCl4溶液发生加成反应而使溶液褪色，因此可用于检验1-溴丁烷的消去产物，C项符合题意；高温下，陶瓷坩埚中的二氧化硅和碳酸钙反应生成硅酸钙，D项不符合题意。 解析 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 10.已知X、Y、Z、W为原子序数依次增大的前20号主族元素，四种元素均位于不同周期。其中X、Y、Z三种元素原子序数为等差数 列，基态Y原子s轨道电子数与p轨道电子数相等，基态W原子核外无未成对电子。下列说法正确的是(　　) A.电负性：Y>Z>W B.X与Y、Z、W均可形成化合物，且晶体类型相同 C.Z的最高价氧化物的水化物是强酸 D.W与Y形成的化合物能与水反应，反应类型一定为化合反应 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 已知X、Y、Z、W为原子序数依次增大的前20号主族元素，四 种元素均位于不同周期，则X为H元素；基态Y原子s轨道电子数与p轨道电子数相等，Y电子排布式为1s22s22p4，则Y为O元素；X、Y、Z三种元素原子序数为等差数列，则Z为P元素；基态W原子核外无未成对电子，则W为Ca元素。W、Y、Z分别为Ca、O、P元素，同周期主族元素，从左往右元素电负性依次增大，同主族元素，从上往下元素电负性依次减小，则电负性：O>P>Ca，A项正 解析 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 确；H与Ca、O、P均可形成化合物，如CaH2是离子晶体，H2O和PH3是分子晶体，B项错误；Z为P元素，P的最高价氧化物的水化物是H3PO4，H3PO4不是强酸，C项错误；Ca和O形成的化合物CaO2与水反应生成氢氧化钙和O2，不属于化合反应，D项错误。 解析 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 A.反应的ΔH<0 B.曲线a中NO转化率随温度升高而增大，是由于反应速率变快 C.曲线b中从M点到N点，NO转化率随温度升高而减小是由于催化剂活性减弱 D.催化剂存在时，其他条件不变，增大气体c(O2)，NO转化率随温度的变化为曲线c 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 由图中虚线可知，平衡后继续升高温度，一氧化氮平衡转化率减小，说明升温平衡向逆反应方向移动，该反应是放热反应，则反应的ΔH<0，A项正确；由图可知，相同温度时，曲线b中对应点一氧化氮的转化率大于曲线a，说明曲线a代表未加入催化剂时，一氧化氮转化率与温度变化的关系，所以NO的转化率随温度升高而增大，是因为反应速率变快而导致，B项正确；曲线b对应有催化剂的转化率，M点到N点未平衡，在达到平衡之前，转化率随着 解析 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 温度升高先增大后减小，是因为催化剂活性随温度升高到一定程度后减小，导致反应速率先增大后减小，C项正确；催化剂存在时，其他条件不变，向容器中通入氧气，增大c(O2)，则平衡向正反应方向移动，一氧化氮的转化率升高，高于同温度时虚线，所以c曲线不符合增大c(O2)的曲线变化，D项错误。 解析 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 12.向HgBr2溶液中滴入NH3-NH4Cl混合液，得到晶体M，其每个晶胞由两个小立方体构成，NH3中N位于小立方体的体心，小立方体的边长为a pm，晶胞结构如图。下列说法错误的是(　　) A.Hg在元素周期表第六周期第ⅡB族 B.该晶体类型为离子晶体 C.N—Hg—N中，N—Hg距离为a pm D.1个晶胞中含有Br-的质量为160 g 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 Hg为80号元素，在元素周期表第六周期第ⅡB族，A项正确；该晶体中存在离子键，属于离子晶体，B项正确；NH3中N位于小立方体的体心，小立方体的边长为a pm，则N—Hg—N中，N—Hg距离为小立方体的边长的二分之一：a pm，C项正确；1个晶胞中含有Br-个数为8×+4×=2，其质量应为 g，D项错误。 解析 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 解析 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 解析 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 14.一定条件下，丙烯与HCl反应生成CH3CHClCH3和CH3CH2CH2Cl的反应历程如图所示。下列说法错误的是(　　) 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 A.CH3CHClCH3比CH3CH2CH2Cl更稳定 B.合成CH3CHClCH3的反应中，第Ⅰ步为反应的决速步骤 C.反应中既有极性键的断裂和形成，又有非极性键的断裂和形成 D.其他条件不变，适当升高温度可以提高加成产物中CH3CH2CH2Cl的比例 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 由图可知CH3CHClCH3的能量低于CH3CH2CH2Cl，物质能量越低越稳定，A项正确；在合成CH3CHClCH3的反应历程中，第Ⅰ步反应活化能更大，反应速率更小，慢反应为整个反应的决速步骤，B项正确；丙烯与HCl发生加成反应过程中，断裂碳碳双键和H—Cl键，形成产物时形成C—H和C—Cl键，均为极性键，不存在非极性键的形成，C项错误；其他条件不变，适当升高温度，活化能大的反应的速率常数变化的大，速率增加的更快，相同时间内可以提高加成产物中CH3CH2CH2Cl的比例，D项正确。 解析 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 15.菠萝中含有一种难溶于水的草酸钙针晶，这是菠萝“扎嘴”的原因之一。常温下，草酸钙在不同pH下，体系中lg c(M)与pH关系如图所示(M代表H2C2O4、HC2、C2、Ca2+)，已知Ksp(CaC2O4)=10-8.2、Ksp=10-5.6。下列有关说法正确的是(　　) 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 A.①表示Ca2+的浓度变化 B.A点时，溶液2c(Ca2+)<3c(C2) C.将等浓度的草酸溶液和澄清石灰水按体积比4∶1混合，可得到B点溶液 D.pH>10时，曲线④呈下降趋势的原因是生成了Ca(OH)2沉淀 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 解析 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 Ksp[Ca(OH)2]=c(Ca2+)·c2(OH-)计算判断，据此分析解答。由分析可知，①表示C2、④表示Ca2+，A项错误；由图像可知A点时溶液中c(C2)=c(HC2)，溶液中存在电荷守恒：2c(Ca2+)+ c(H+)=2c(C2)+c(HC2)+c(OH-)，2c(Ca2+)+c(H+)=3c(C2)+ c(OH-)，A点时pH<7，c(H+)>c(OH-)，则2c(Ca2+)<3c(C2)，B项正确；由图像可知B点时溶液中c(H2C2O4)=c(HC2)，H2C2O4的Ka1==c(H+)<10-2，同理由A点可知，H2C2O4的 解析 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 Ka2=≈10-4，等浓度的草酸溶液与澄清石灰水按体积比4∶1混合时，溶液中有等浓度的H2C2O4和HC2溶液，H2C2O4的电离程度和HC2的电离及水解程度不同,c(H2C2O4)≠c(HC2)，C项错误；由图像可知，pH>10时，如pH=13，c(OH-)=0.1 mo/L、c(Ca2+)== mol/L=10-4.1 mol/L，此时Q[Ca(OH)2]=10-4.1×(10-1)2=10-6.1<Ksp[Ca(OH)2]=10-5.6，可见并没有氢氧化钙沉淀析出，D项错误。 解析 1 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 2 3 4 考前顶层设计 化学 第 ‹#› 页 微在字里 赢在行间 本部分内容讲解结束 2.下列化学用语使用正确的是(　　) A.15N、互为同位素 B.基态As原子简化的电子排布式：[Ar]4s24p3 C.2-羟基丁醛的结构简式为 CH3CH2CH(OH)CHO D.用电子式表示Na2S的形成过程为 同位素是指质子数相同而中子数不同的同一元素的不同原子，不是原子，不互为同位素，A项错误；As是33号元素，基态As原子简化的电子排布式：[Ar]3d104s24p3，B项错误；2-羟基丁醛的主链上有4个碳原子，第2号碳上连接—OH，其结构简式为CH3CH2CH(OH)CHO，C项正确；Na2S是离子化合物，用电子式表示Na2S的形成过程为，D项错误。 化合物c中氢原子有6种，则一氯代物有6种,如图所示，A项正确；a含酚羟基，在邻对位上可与溴发生取代反应，d不能与溴水发生反应，B项错误；d和c反应生成e，该反应无小分子生成，发生加聚反应，C项错误；e分子中，链节内有3个饱和C原子采用sp3杂化，2个单键的氧原子采用sp3杂化，链节外有1个饱和C原子采用sp3杂化，1个O原子采用sp3杂化，则共有5n+2个采用sp3杂化的原子，D项错误。 11.为研究反应2NO+O22NO2在不同条件下NO的转化率，向恒压反应器中通入含一定浓度NO与O2的气体，在无催化剂和有催化剂在时，分别测得不同温度下反应器 出口处NO的转化率如图中曲线a、 b所示(图中虚线表示相同条件NO的 平衡转化率随温度的变化)，下列说 法不正确的是(　　) 13.自由基电解法可将有机物自由基和CO2反应转化为羧酸，已知芳香烃可断裂成和两个自由基，其电解装置如图所示。下列说法正确的是(　　) A.分子中有1个手性碳原子 B.电源a端电势高于b端 C.当电路中通过1 mol电子时，右侧电极室溶液的质量减少9 g D.左侧电极室的电极反应方程式之一为+CO2+2e-+2H+=== 由图可知，CO2通入左侧电极，发生还原反应，则左侧电极为阴极，右侧电极为阳极，以此解答。手性碳原子是指与四个各不相同原子或基团相连的碳原子，分子中没有手性碳原子，A项错误；由分析可知，左侧电极为阴极，右侧电极为阳极，电源a端为负极，b端为正极，则电源a端电势低于b端，B项错误；右侧电极为阳极，电极反应式为2H2O-4e-===O2↑+4H+，当电路中通过 1 mol电子时，生成0.25 mol O2，同时有1 mol H+通过阳离子交换膜进入左室，质量又减少1 g，所以右侧电极室溶液的质量减少9 g，C项正确；自由基电解法可将有机物自由基和CO2反应转化为羧酸，左侧电极反应式为+CO2+e-+H+===，+CO2+e-+H+===，D项错误。 CaC2O4为强碱弱酸盐，其溶液呈碱性，体系中存在一系列平衡：CaC2O4(s)Ca2+(aq)+C2(aq)、C2+H2OHC2+OH-、HC2+H2OH2C2O4+OH-，随着pH增大，水解平衡被抑制，H2C2O4浓度减小，HC2浓度会减小的更慢，C2浓度增大，由于C2增大则Ca2+减小，则曲线①表示C2、②表示H2C2O4、③表示HC2、④表示Ca2+，结合H2C2O4的Ka2=， $