考前题型专项练 选择题满分练4（Word练习）-【正禾一本通】2026年高考物理二轮专题复习高效讲义

[选择题满分练4] (选择题每题5分，非选择题每题10分，建议用时：40分钟) 　一、单选题 1．(2025·江苏扬州模拟)如图为直升机悬停于高空时，某伞兵跳伞离机沿竖直方向运动的v ­t图像，图线表示(　　 ) A．在0<t<10 s内伞兵所受的重力大于空气阻力 B．第10 s末伞兵打开降落伞，此后做匀减速运动直至第15 s末 C．在10 s<t<15 s内伞兵的速度变小，加速度变大 D．15 s后伞兵保持匀速下落，运动过程中机械能守恒 解析：选A。在0<t<10 s内伞兵竖直向下加速运动，所受合力竖直向下，所受的重力大于空气阻力，故A正确；第10 s末伞兵打开降落伞，此后做加速度减小的减速运动直至第15 s末，故B、C错误；15 s后伞兵保持匀速下落，动能不变，重力势能减小，运动过程中机械能减小，故D错误。 2． (2025·江苏常州二模)高空抛物危害巨大。现有一重物在无风的情况下从高空被斜向下抛出，如图所示。已知重物所受空气阻力的大小与坠落速率成正比，则该重物在下落过程中重力的瞬时功率P随时间t变化的图像可能是(　　 ) 解析：选C。重物在下落过程中受到重力和空气阻力作用，随着速率的增加，空气阻力逐渐增大，重物在水平方向减速，竖直方向加速，故阻力在竖直方向的分力逐渐增大，则重物在竖直方向做加速度越来越小的加速运动，vy增大，但vy ­t图像的切线斜率变小，而重力的瞬时功率为P＝mgvy，则P ­t图像的切线斜率变小，初始时刻vy不等于零，即初始时刻重力功率不为零，故C正确。 3．(2025·全国卷)“天都一号”通导技术试验卫星测距试验的成功，标志着我国在深空轨道精密测量领域取得了技术新突破。“天都一号”在环月椭圆轨道上运行时，(　　 ) A．受月球的引力大小保持不变 B．相对月球的速度大小保持不变 C．离月球越近，其相对月球的速度越大 D．离月球越近，其所受月球的引力越小 解析：选C。“天都一号”在环月椭圆轨道上运行时与月球的距离不断发生变化，根据F＝G可知受月球的引力大小发生变化，离月球越近，其所受月球的引力越大，故A、D错误；根据开普勒第二定律可知“天都一号”在环月椭圆轨道上运行时相对月球的速度大小改变，近月点速度最大，远月点速度最小，即离月球越近，相对月球的速度越大，故B错误，C正确。 4． 用如图所示的实验装置研究光电效应现象。所用光子能量为2.75 eV的光照射到光电管上时发生了光电效应，电流表G的示数不为零，移动变阻器的触点c，发现当电压表的示数大于或等于1.7 V时，电流表示数为零，则该实验中(　　 ) A．光电子的最大初动能为1.05 eV B．光电管阴极的逸出功为1.7 eV C．开关S断开，电流表G示数为零 D．当触点c向a端滑动时，电压表示数增大 解析：选D。由题可知，遏止电压Uc＝1.7 V，最大初动能Ekm＝eUc＝1.7 eV，故A错误；根据光电效应方程可知，逸出功W0＝E－Ekm＝1.05 eV，故B错误；断开开关S，光电效应依然发生，有光电流，光电管、电流表、滑动变阻器构成闭合回路，电流表中电流不为零，故C错误；电源电压为反向电压，当触点c向a端滑动时，反向电压增大，电压表示数增大，故D正确。 5．(2025·四川成都模拟)2024年12月13日晚，一道道“寒夜灯柱”在我国新疆克拉玛依市区上空闪现，与城市灯火交相辉映，美不胜收。“寒夜灯柱”是一种可与极光比肩的冰晕现象，因大气中的冰晶反射灯光而形成。简化光路如图所示，一束灯光(复色光)从左侧界面折射进入冰晶，分离成两束单色光a和b，再经右侧界面反射，又从左侧界面折射出来被游客看到。下列说法正确的是(　　 ) A．在冰晶中，a光的速度比b光大 B．若在同一界面发生全反射，a光的临界角比b光大 C．若在同一界面发生全反射，a光的临界角比b光小 D．单色光a和b与冰晶右侧的反射是全反射 解析：选C。根据折射率公式、折射率与光速、临界角的关系有n＝，由光路图可知，从空气进入介质中时，入射角相等，a的折射角小一些，则a光折射率大、临界角小、同介质中波速小，b光折射率小、临界角大、同介质中波速大，故A、B错误，C正确；根据图示光路的简化图中左右界面平行，右侧界面的入射角等于左侧界面的折射角，可知右侧界面的入射角小于临界角，光在右侧界面没有发生全反射，所以简化光路图中“寒夜灯柱”的形成过程没有全反射，故D错误。 6．(2025·重庆模拟)一定质量的理想气体从状态a开始，经等温过程a→b、等容过程b→c、等压过程c→a三个过程后回到初始状态a，其p ­V图像如图所示。则下列说法正确的是(　　 ) A．a→b过程中，气体从外界吸热 B．b→c过程中，气体对外界放热 C．c→a过程中，外界对气体做的功大于气体对外界放出的热量 D．c→a过程中气体的内能减少量大于b→c过程中内能的增加量 解析：选A。a→b过程为等温变化ΔU＝0，气体体积增大，则气体对外界做功W<0，由热力学第一定律ΔU＝W＋Q，可知气体从外界吸热，A正确；b→c过程为等容变化，外界没有对气体做功，气体温度升高，有ΔU2＝0＋Q2>0，气体从外界吸热，B错误；c→a过程为等压变化，气体体积减小，外界对气体做功W3>0，温度降低，有ΔU3＝W3＋Q3<0，可知W3<|Q3|，C错误；整个过程中，气体内能不变，即ΔU2＋ΔU3＝0，即ΔU2＝|ΔU3|，D错误。 7． (2025·云南普洱模拟)质量为1 kg的某种海鸟可以像标枪一样一头扎入水中捕鱼，假设其在空中的俯冲可以看作自由落体运动，进入水中后可以看作匀减速直线运动，其v ­t图像如图所示，自由落体运动的时间为t1＝0.6 s，整个过程的运动时间为最大速度为vm＝6 m/s，重力加速度g取10 m/s2，下列说法正确的是(　　 ) A．0～t1内，海鸟动量变化量的大小为10 kg·m/s B．整个过程中，海鸟下落的高度为6 m C．t1～t1时间内，海鸟所受的阻力是重力的2.5倍 D．t1～t1时间内，海鸟的加速度大小为m/s2 解析：选C。0～t1内，海鸟动量变化量的大小为Δp＝mΔv＝6 kg·m/s，故A错误；v ­t图像与横轴围成的面积表示位移，可知整个过程中，海鸟下落的高度为h＝vm·×0.6 m＝3 m，故B错误；t1～t1时间内，海鸟的加速度大小为a＝根据牛顿第二定律可得f－mg＝ma，可得，故t1～t1时间内，海鸟所受的阻力是重力的2.5倍，故C正确，D错误。 二、多选题 8．(2025·海南海口模拟)如图所示，在一固定点电荷产生的电场中，将一带正电的粒子先后以大小相等、方向不同的初速度从M点射入电场，粒子仅在电场力作用下形成了曲线轨迹1和直线轨迹2，P、Q分别为轨迹1和轨迹2上的点，已知粒子经过P、Q两点时的速度大小相等，则(　　 ) A．粒子在P、Q两点的加速度大小相同 B．粒子沿轨迹2向左运动过程电势能一定增加 C．M点电势比Q点电势高 D．P点电势比Q点电势低 解析：选AB。粒子从M点射入电场的速度大小相等，经过P、Q两点时的速度大小相等，由动能定理可知UMP＝UMQ，则P、Q两点电势相同，P、Q两点与固定点电荷的距离相等，由E＝k可知P、Q两点电场强度大小相等，由a＝，可知粒子在P、Q两点的加速度大小相同，故A正确，D错误；由题图知带正电的粒子q从M点出发抵达P点做曲线运动，所受电场力方向指向轨迹内侧，从M点出发抵达Q点做直线运动，所受电场力方向沿QM，粒子经过P、Q两点时的速度大小相等，故固定的点电荷在Q左侧，粒子沿轨迹2向左运动过程，电场力做负功，电势能一定增加，由沿电场线方向电势越来越低，可知M点电势低于Q点电势，故B正确，C错误。 9．(2025·海南海口模拟)一列简谐横波在t＝0时的波形图如图所示，a、b、c分别为介质中的三个质点，其平衡位置分别为xa＝0.5 m、xb＝2.0 m、xc＝3.5 m。此时质点b正沿y轴负方向运动，且在t＝1.5 s时出现在波谷。则下列说法正确的是(　　 ) A．该波沿x轴正方向传播 B．该波的传播速度大小可能为3 m/s C．t＝1.5 s时刻质点a的速度一定最大 D．质点c的振动方程可能为y＝0.4cos m 解析：选BC。由于此时质点b正沿y轴负方向运动，根据“同侧法”可知，该波沿x轴负方向传播，A错误；由于质点b正沿y轴负方向运动，且在t＝1.5 s时第一次运动到波谷，则nT＋T＝1.5 s(n＝0，1，2，…)，解得T＝ s，由图像可知，波长λ＝2 m，则波速v＝，解得v＝ m/s，n＝2时，波速为3 m/s，B正确；t＝1.5 s时刻，即经过时间nT＋，结合图像可知质点a一定在平衡位置，此时速度一定最大，C正确；根据T＝ s可知无论n取何值，T都不可能等于4 s，即质点c的振动方程不可能为y＝0.4cos m，D错误。 10．(2025·四川绵阳二模)如图所示，理想变压器原副线圈匝数比为5∶1，原线圈与阻值R＝100 Ω的电阻串联后接在N＝500匝的线圈上，线圈电阻不计，线圈处于竖直向下B＝×10-3 T的匀强磁场中，线圈面积S＝ m2，转速为n＝50 r/s，线圈从中性面开始转动并计时。副线圈连接电感器L、电容器C和电阻RL＝4 Ω的灯泡，电压表为理想电压表，则(　　 ) A．电容器和滑动变阻器所在支路始终无电流 B．电压表的示数为40 V C．t＝0.06 s时，每匝线圈的磁通量变化率为零 D．仅将滑动变阻器滑片向上滑动，变压器输出功率将增大 解析：选CD。变压器副线圈输出的是交流电，通过的电流发生变化，由于电感器自感对交流电的阻碍效果，不能视为导线，电容器由于两极板电压不断改变，所在支路存在充放电流，所以滑动变阻器并不会被短路，电容器和滑动变阻器所在支路始终存在电流，故A错误；线圈转动产生的感应电动势最大值为Em＝NBSω＝NBS·2πn＝40 V，由于线圈电阻不计，则电压表示数等于感应电动势的有效值，所以示数为E＝＝40 V，故B错误；线圈转动的周期为T＝＝0.02 s，由于线圈从中性面开始转动并计时，所以t＝0.06 s时线圈和中性面重合，此时每匝线圈的磁通量为最大值，磁通量变化率为零，故C正确；根据欧姆定律有U1＝E－I1R，根据理想变压器变压、变流规律可得，解得U2＝I2R，将发电线圈、变压器原、副线圈整体视为一个等效电源，则该等效电源的电动势和内阻分别为E′＝E＝8 V，r′＝＝4 Ω，设变压器副线圈所接回路总电阻为R2，则变压器输出功率为P＝，根据数学知识可知当R2>r′时，P随R2的减小而增大；由于RL＝4 Ω，所以R2一定大于r′，仅将滑动变阻器滑片向上滑动时，滑动变阻器R′接入回路的阻值减小，即R2减小，此时变压器输出功率将增大，故D正确。 学科网（北京）股份有限公司 $