考前题型专项练19 计算题抢分练3（PPT课件）-【正禾一本通】2026年高考物理二轮专题复习高效讲义

该高中物理高考复习课件聚焦二轮专题复习与考前题型突破，依据高考评价体系梳理了物质、运动和相互作用、能量等核心物理观念，通过题型专项练明确了计算题等高频考点的权重分布，归纳了典型问题的解题路径。 课件亮点在于“专题突破+抢分训练+素养提升”的备考策略，以计算题抢分练为载体，通过模型建构和科学推理培养学生科学思维，如针对运动学综合问题解析“过程分段法”和“能量守恒应用技巧”。帮助学生掌握解题规范，教师可借助专项训练精准提升学生得分率，助力高考冲刺。

物 理 高三二轮专题复习高效讲义 高三二轮专题复习高效讲义 物 理 1 PPT下载 http:///xiazai/ 考前题型专项练 2 [计算题抢分练3] 01 02 03 04 01 02 03 04 01 02 03 04 01 02 03 04 01 02 03 04 01 02 03 04 01 02 03 04 01 02 03 04 01 02 03 04 01 02 03 04 01 02 03 04 01 02 03 04 01 02 03 04 01 02 03 04 01 02 03 04 01 02 03 04 谢谢观看 1．(2025·河北模拟)如图半径为R＝1 m，匝数n＝10的圆形线圈和间距为2R的水平光滑平行金属导轨用导线相连。两劲度系数都为k＝100π N/m的轻弹簧左端固定，右端与金属棒ab连接。金属棒与轨道接触良好且始终与轨道垂直，其接入电路中的电阻为r＝0.1 Ω，质量m＝ kg。垂直线圈平面向里有变化磁场，磁感应强度随时间变化关系为B1＝0.1t T。垂直轨道平面向外有匀强磁场B2＝1 T，金属棒受力平衡处于静止状态。t1时刻线圈内磁场以新的规律周期性变化，导致回路电流始终为零，金属棒沿导轨只受弹簧弹力作用开始做简谐运动。已知若简谐运动回复力F＝－kx, 则其周期为T＝2π，线圈和导轨电阻不计。 (1)求t1之前，弹簧的形变量； (2)以t1时刻为计时起点，求t1之后B1随时间的变化率的表达式。 解析：(1)根据法拉第电磁感应定律可得 E＝n＝n×0.1πR2＝π V 感应电流I＝＝10π A 由金属棒受力平衡可知2kx＝B2I·2R 解得x＝0.1 m。 (2)根据题意，线圈产生的感应电动势应与金属棒切割磁感线产生的电动势抵消，使金属棒受弹簧作用力做简谐运动。由于两根弹簧共同作用，等效劲度系数为2k，故简谐运动的圆频率ω＝＝10π 金属棒经过平衡位置时速度最大，有 ·A 根据(1)知振幅A＝0.1 m 解得vm＝π m/s 则从t1时刻开始重新计时，金属棒的速度随时间变化规律为v＝vmsin ωt＝πsin 10πt 又nπR2＝B2·2Rv 解得＝0.2sin 10πt (T/s) (写作＝－0.2sin 10πt同样给分)。 答案：(1)0.1 m　(2)＝0.2sin 10πt (T/s) 2．(2025·广西模拟)如图，在有圆孔的水平支架上放置一物块，玩具子弹从圆孔下方竖直向上击中物块中心并穿出，穿出后物块和子弹上升的最大高度分别为h和8h。已知子弹的质量为m，物块的质量为4m，重力加速度大小为g；在子弹和物块上升过程中，子弹所受阻力忽略不计，物块所受阻力大小为自身重力的。不计物块厚度的影响，则： (1)若忽略子弹穿过物块的时间，求子弹击中物块前瞬间的速度大小； (2)若忽略子弹穿过物块的时间，求子弹从击中物块到穿出过程中，系统损失的机械能； (3)若子弹穿过物块的时间t＝，求子弹对物块的平均作用力大小。 解析：(1)设子弹射穿物块后子弹和物块的速度分别为v1和v2，则 ＝2ah 其中4mg＋×4mg＝4ma 子弹射穿物块的过程，以v0的方向为正方向，由动量守恒定律得 mv0＝mv1＋4mv2 解得子弹击中物块前瞬间的速度大小 v0＝10。 (2)子弹从击中物块到射穿的过程中，系统损失的机械能 ΔE＝ 解得ΔE＝37.5mgh。 (3)子弹从击中物块到射穿的过程中，以向上为正方向，对子弹由动量定理得 －(F＋mg)t＝mv1－mv0 解得F＝29mg。 答案：(1)10　(2)37.5mgh　(3)29mg 3．(2025·海南模拟)如图所示，在Oxy坐标系的第一象限0≤x≤L＝0.1 m的区域内存在沿y轴正方向的匀强电场，场强大小为E＝103 V/m，一挡板下端固定在x＝0.2 m处，其上有一小孔，挡板与x轴负方向夹角θ＝53°，挡板右侧有一与挡板相切于小孔的圆形匀强磁场区域，磁感应强度大小B＝ T，方向垂直纸面向里，一比荷为 C/kg的带正电粒子从坐标原点处沿x轴正方向飞入电场区域，其恰好垂直挡板从小孔飞出，不计粒子重力。已知圆形磁场区域的半径R＝sin 53°＝0.8，cos 53°＝0.6，求： (1)粒子飞入电场时的速度大小v0； (2)粒子在磁场中运动的时间t； 解析：(1)根据题意画出粒子运动轨迹，如图所示， 粒子在电场中做类平抛运动，则出电场时有 tan θ＝ 沿电场方向有v1＝at1 垂直电场方向有L＝v0t1 根据牛顿第二定律有qE＝ma 解得v0＝＝10 m/s。 (2)粒子飞出电场时的速度为v＝ 粒子在磁场中做匀速圆周运动，有 qvB＝ 解得r＝25 m 设粒子在磁场中转过的圆心角为α，且 tan 解得α＝ 故粒子在磁场中运动的时间为 t＝ 解得t＝ s。 答案：(1)10 m/s　(2) s 4．(2025·安徽合肥模拟)如图所示，一固定在竖直平面内，倾角θ＝37°的粗糙斜面AB与粗糙水平平台BC平滑连接于B点，小物块甲从A处静止释放，滑到平台上的边缘C点与小物块乙发生弹性碰撞(碰撞时间极短)，碰撞后乙从C点以水平速度飞出，当乙运动至D点时，恰好沿切线方向进入圆心角∠DOE＝37°的固定光滑圆弧轨道DE，经圆弧轨道后滑上与E点等高、静止在粗糙水平地面上的长木板，圆弧轨道E端切线水平，乙与长木板两者达到共同速度时，乙恰好在长木板的中点。已知甲、乙质量均为m＝0.5 kg，长木板的质量M＝1 kg，甲与斜面AB间的动摩擦因数μ1＝0.5，甲与水平平台间的动摩擦因数μ2＝0.2，乙与长木板间的动摩擦因数μ3＝0.4，长木板与地面间的动摩擦因数μ4＝0.1，A、B两点的距离s＝6.25 m，B、C两点的距离xBC＝2.25 m，D点距E点的高度h＝0.55 m，重力加速度g＝10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，不计空气阻力，两物块均可视为质点。求： (1)甲到达B点时的速度大小vB和甲、乙第一次碰撞后的瞬间乙的速度大小v乙； (2)C点距E点的高度H和乙滑动至E点时对圆弧轨道E点的压力大小F(计算结果保留一位小数)； (3)长木板的长度L。 解析：(1)甲从A端运动到B端的过程中，由动能定理有 mgs sin θ－μ1mg cos θ·s＝－0 代入数据解得甲到达B点时的速度大小 vB＝5 m/s 设甲向右运动到C点时的速度大小为vC，从B到C由动能定理有 －μ2mgxBC＝ 代入数据解得vC＝4 m/s 甲与乙发生碰撞的过程中，由动量守恒定律有 mvC＝mv甲＋mv乙 由机械能守恒定律有 联立解得v甲＝0，v乙＝4 m/s。 (2)乙做平抛运动，竖直方向有 H－h＝gt2 由几何关系可知tan 37°＝ 解得t＝0.3 s，H＝1 m 乙滑至E点的过程中，根据动能定理有 mgH＝ 解得vE＝6 m/s 在E点，对乙由牛顿第二定律有 N－mg＝m 根据几何关系h＝R(1－cos 37°) 根据牛顿第三定律，乙滑动至E点时，对圆弧轨道E点的压力大小为F＝N≈11.5 N。 (3)乙滑上木板后，对乙由牛顿第二定律有 μ3mg＝ma1 对木板由牛顿第二定律有 μ3mg－μ4(m＋M)g＝Ma2 解得a1＝4 m/s2，a2＝0.5 m/s2 当两者达到共同速度时，有 v＝vE－a1t＝a2t 由于乙与长木板两者达到共同速度时，乙恰好在长木板的中点，则有 联立解得长木板的长度为L＝8 m。 答案：(1)5 m/s　4 m/s　(2)1 m　11.5 N　(3)8 m $