2026年中考物理模拟自编练习卷（江苏盐城）

绝密★启用前 2026年江苏盐城市中考第一次模拟练习卷 物理评分标准 注意事项： 1. 本试卷是自制模拟卷，仿照2025年江苏盐城市中考风格（题干简洁，包含2026热点，反套路，创新），并适当拔高。 2. 练习卷满分100分，建议用时90分钟，请做完后按照评分标准进行评分（评分标准严格按照中考阅卷给分） 3. 测试范围：苏科版2024八年级上下册＋九年级上下册 注意：请严格按照改卷标准评分，本评分标准按照中考评分标准阅卷。 一、选择题（每小题2分，共24分。） 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C C D C C B C D D C 题号 11 12 答案 D B 2、 填空题（22分） 13． 电流 热量 高 14．(1) 相互 前 (2) 惯性 运动状态 15． 省力 4 83.3 0-4N 16． 前进 17． 不点燃 4 60 D 18．(1)可再生 (2)6×105 (3)30 (4)32.9% 三、实验题（36分） 20．(1) (2) 光沿直线传播 长 (3) 一 短 (4) 4 慢 (5) 不合理 没有控制光源到物体的距离不变 21．(1)匀速直线 (2)甲、丙 (3)接触面粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力越大 (4) 1.5 水平向右 (5)②③④ 22． 略 断开 右 电阻R短路/电压表断路 电阻一定时，电流与电压成正比 右 1.5 50Ω 1A 7.4 23． 压强 橡胶管脱落 夹住 注射器 大 3 四、简答题（25题6分，27题7分，28题5分，共18分） 25.解：（1）由图像可知，木块静止时对地压力为F压=6N，由受力分析可知，此时木块对地面的压力F压等于木块的重力G，即 F压=G=6N 木块的体积为 V=10cm×10cm×10cm=1000cm3=1×10-3m3 ……………1分 故木块的密度为 ……………2分 （2）由题意可知，木块下落的高度为h=3m，故木块下落过程中，重力所做的功为 W=Gh=6N×3m=18J……………3分 （3）由图中可知，木块对地面的最大压力为F=36N，故木块对地面的最大压强为 ……………4分 （4）木块落地之前，木块的高度减小，木块的速度增大，其动能增加，重力势能减小，故其能量的转化为：重力势能转化为动能，落地后，机械能转化为内能。……………6分 答：（1）木块的密度为0.6×103kg/m3； （2）木块下落过程中，重力所做的功为18J； （3）木块对地面的最大压强为3600Pa； （4）木块落地之前，木块的重力势能转化为动能，落地后，机械能转化为内能。 26.解：（1）根据可知，电路电阻最大时功率最小为保温挡，电阻最小时功率最大为加热挡；如图所示，当动触头接上边时，工作电路中只有R1，此时为保温挡，R1阻值为 ……………1分 当动触头接下边时，工作电路中只有R1、R2并联，此时为加热挡，则R2的功率为 并联电路的电压相等都为220V，则R2阻值为 ……………2分 （2）加热过程中消耗的电能是 不计热损失， ……………3分 这些热量可使1kg的水升高的温度为 ……………4分 （3）加热至60℃时，自动进入保温模式，此时电磁继电器线圈的电流达到30mA，如图丙所示，热敏电阻Rx的阻值为60Ω，控制电路由热敏电阻和变阻器串联，电路总电阻为 则变阻器接入电路的阻值为 ……………5分 （4）由题意可得，要使加热功率为200W，工作电路中就仅能有一个电阻工作，要使保温功率为100W，工作电路中的两个电阻需要串联工作，所以电路连接方式如下图所示：   ……………7分 答：（1）R1和R2的阻值都为242Ω； （2）加热时间为7min，则加热过程中消耗的电能是1.68×105J；不计热损失，这些热量可使1kg的水温度升高40℃； （3）为使温度加热至60℃时，自动进入保温模式，滑动变阻器的电阻需要调到140Ω； （4）略 27.凸 大 B 不成像 2 学科网（北京）股份有限公司 $ 绝密★启用前 2026年江苏盐城市中考第一次模拟练习卷 物 理 考试时间：90分钟；试卷满分：100分 学校：__________姓名：__________班级：__________考号：__________ 注意事项： 1. 本试卷是自制模拟卷，仿照2025年江苏盐城市中考风格（题干简洁，包含2026热点，反套路，创新），并适当拔高。 2. 练习卷满分100分，建议用时90分钟，请做完后按照评分标准进行评分（评分标准严格按照中考阅卷给分） 3. 测试范围：苏科版2024八年级上下册＋九年级上下册 一、单选题（24分） 1．长征二号F遥十七运载火箭在酒泉卫星发射中心成功发射，神舟十六、十七号两个乘组6名航天员在中国空间站胜利会师。如图是神舟十七号正在靠拢空间站组合体，即将完成交会对接。下列说法错误的是（　　） A．在靠拢空间站组合体过程中，以空间站组合体为参照物，神舟十七号是运动的 B．在靠拢空间站组合体过程中，以神舟十七号为参照物，空间站组合体是运动的 C．以地球为参照物，空间站组合体是静止的 D．以地球为参照物，神舟十七号是运动的 【答案】C 【详解】A．在靠拢空间站组合体过程中，以空间站组合体为参照物，神舟十七号相对于空间站组合体的位置在发生变化，所以神舟十七号是运动的。故A正确，不符合题意； B．在靠拢空间站组合体过程中，以神舟十七号为参照物，空间站组合体相对于神舟十七号的位置也在发生变化，所以空间站组合体是运动的。故B正确，不符合题意； C．空间站组合体绕地球轨道运行，其相对于地球的位置在发生变化，所以它是运动的。故C错误，符合题意； D．神舟十七号在绕地球轨道上运行，其相对于地球的位置也在发生变化。是运动的。故D正确，不符合题意。 故选C。 2．关于声现象的下列说法中，正确的是（　　） A．声音在不同介质中的传播速度相同 B．如果音调和响度相同，声音我们就无法分辨 C．开会时把手机关机或调成静音状态是从声源处消除噪声 D．超声波是传播速度超过声音传播速度的声波 【答案】C 【详解】A．声音传播的速度与介质的种类及温度有关，所以声音在不同介质中的传播速度不相同，故A错误； B．我们是通过声音的音色来分辨声音的，所以如果音调和响度相同，声音我们仍可以分辨，故B错误； C．减弱噪声的方式有：在声源处减弱噪声、在传播过程中减弱噪声和在人耳处减弱噪声，开会时把手机关机或调成静音状态是从声源处消除噪声，故C正确； D．超声波是频率大于20000Hz的声波，传播速度与声波相同，故D错误。 故选C。 3．在电影《斯巴达三百勇士》中，波斯军队用投石车投出巨石来攻击斯巴达克城的城墙，在巨石被投出到击中城墙的过程中，下列说法正确的是 A．巨石在最高点时动能为零 B．巨石在最高点时重力势能最小 C．巨石的动能先增大后减小 D．巨石的重力势能先增大后减小 【答案】D 【详解】解答：巨石在最高点时高度最大，速度不是最大，所以，动能不是最大，重力势能最大，故AB错误；巨石运动过程中，上升阶段，速度减小，高度增大，下落阶段速度增大，高度减小，因此整个过程动能先减小后增大，重力势能先增大后减小，故C错误，D正确． 点睛：本题主要考查的是动能和势能的大小变化，解题的关键是要明确物体由于运动而具有的能叫动能，由于被举高而具有的能叫重力势能．需要注意的是影响动能大小的因素有质量和速度，质量越大，速度越大，动能就越大．影响重力势能大小的因素有质量和被举的高度，质量越大，被举的越高，重力势能就越大． 4．关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是 A．必须在通电情况下更换灯泡 B．可以使用绝缘层破损的导线 C．如果发生触电事故，应立即切断电源，然后施救 D．可以把家用电器三脚插头上最长的脚去掉，插入二孔插座中使用 【答案】C 【详解】A. 更换灯泡、搬动电器时容易碰到金属部分，切断电源可以保证金属部分不带电．此选项错误；B. 发现电线绝缘层破损后，导线外露，容易造成漏电，甚至出现触电事故，因此必须用绝缘胶布缠好，防止漏电．此选项错误；C. 如果发生触电事故，应立即断开电源开关，使触电者与电源脱离，并进行现场抢救．此选项正确；D. 家用电器的金属外壳接地时，可避免因电器漏电时外壳带电，三角插头中多出的一个脚是用来接地线的．此选项错误． 故选C. 【点睛】①安全用电的原则之一是，不接触低压带电体；②导线的绝缘层破损，人体接触时容易引起触电；③家庭电路的触电事故，都是人们直接或间接接触火线造成的，一旦发生触电事故，应立即断开电源开关，或用绝缘体将电线挑开，使触电者与电源脱离，并进行现场抢救；④三孔插座中多出一个专门用于接地的孔，目的是为了让金属外壳与大地相连，因此接入电冰箱、洗衣机、电暖器等家用电器都要使用三孔插座． 5．在二十四节气的流转中，倒计时从“雨水”开始，到立春落定，它是中华民族智慧的结晶，下列有关节气的谚语分析正确的是（　　） A．“白露种高山，寒露种河边”，露的形成是汽化现象 B．“伏天三场雨，薄地长好麻”，雨的形成是汽化现象 C．“霜降有霜，米谷满仓”，霜的形成是凝华现象 D．“小寒冻土，大寒冻河”，河水结冰是熔化现象 【答案】C 【详解】A．露是空气中的水蒸气，在温度降低时变成的小水珠，属于液化现象，故A错误； B．雨是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，属于液化现象，故B错误； C．霜是空气中的水蒸气，在温度降低时直接变成小冰晶，属于凝华现象，故C正确； D．河水结冰是由液态变为固态，属于凝固现象，故D错误。 故选C。 6．小明做“探究凸透镜成像的规律”的实验时，蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上图示位置时烛焰恰能在光屏上成清晰的像（像未画出），下列说法正确的是（　　） A．图中成像原理与投影仪成像原理相同 B．取走光屏，保持蜡烛和凸透镜位置不变，从凸透镜右侧适当位置可看到烛焰倒立、缩小的实像 C．凸透镜不动，只将蜡烛移到15cm刻度线处，光屏向左移动到适当位置才能呈现清晰的烛焰像 D．在蜡烛和透镜之间放一个近视眼镜，光屏左移到适当位置也能呈现清晰的烛焰像 【答案】B 【详解】A．由图可知，物距 u＝50.0cm -10.0cm ＝40.0cm v＝80.0cm -50.0cm ＝30.0cm 物距u＞v，故成倒立、缩小的实像，照相机就是利用该原理制成的，故A错误； B．据图可知，当取走光屏后，所成像的情况是不变的，故取走光屏，蜡烛和凸透镜在图中位置，从凸透镜右侧适当位置可看到烛焰倒立、缩小的实像，故B正确； C．据A可知，此时物体应该处于2f之外，故 40cm＞2f……① 像处1倍焦距和2倍焦距之间，即 2f＞30cm＞f……② 由①②，可得焦距的范围是 20cm＞f＞15cm 故将蜡烛移到15cm刻度线处，此时的物距是35cm，即一定处于1倍焦距以外，一定成实像，所以此时的物距变小，像距应该变大，像变大，所以应该将光屏向右移动，故C错误； D．在蜡烛和透镜之间放一个近视眼镜，近视眼镜是凹透镜，对光线具有发散作用，像会推迟会聚，所以光屏向右移到适当位置才能呈现清晰的烛焰像，故D错误。 故选B。 7．如图所示电路中电源电压保持不变，开关S1和S2都闭合时，两灯均正常发光。下列判断正确的是（    ） A．小灯泡L1和L2是串联连接的 B．电压表无法测量灯L2的电压 C．断开S2后电压表的示数不变 D．断开S2后电流表的示数不变 【答案】C 【详解】AB．分析电路图可知，同时闭合开关和时，两灯泡并联，开关控制整个电路，开关控制灯泡；电流表测量干路电流，电压表测量电源电压，因为是并联电路，所以电压表也能测量灯的电压，故AB错误； CD．断开后，电压表测量电源电压，而电源电压不变，电压表示数不变，灯支路断开，电流表的示数变小，故C正确，D错误。 故选C。 8．歼-20隐形战斗机的关键部件采用的碳纤维材料，它具有比同体积的常规材料轻、抗力本领强、耐腐蚀、抗电磁干扰能力好等许多优点，下列属于该材料优点的是（　　） A．密度大 B．强度小 C．超导性 D．抗腐强 【答案】D 【详解】A．已知碳纤维材料比同体积的常规材料轻，说明其密度较小，故A不符合题意； B．已知碳纤维材料具有抗力本领强的特点，说明其强度大，故B不符合题意； C．碳纤维材料虽然属于新材料，但不具有超导性，故C不符合题意； D．已知碳纤维材料具有耐腐蚀的特点，也就是抗腐强，故D符合题意。 故选D。 9．巨磁电阻效应是指某些材料的电阻在磁场中急剧减小的现象，且磁场越强电阻越小．图中是说明巨磁电阻特性原理的示意图，图中GMR是巨磁电阻．如果闭合S1、S2，滑片p向左移动时，电表的变化情况是 A．Ⓐ表和Ⓥ表示数均变小 B．Ⓐ表和Ⓥ表示数均变大 C．Ⓐ表示数变小，Ⓥ表示数变大 D．Ⓐ表示数变大，Ⓥ表示数变小 【答案】D 【分析】分析电路的连接，根据滑片P向左移动时，变阻器连入电路中的电阻变小，左侧电路中的电流变大判断电磁铁磁性变化，根据已知条件分析巨磁电阻的阻值变化，根据电阻的串联和欧姆定律，分析电流表示数与电压表示数的变化． 【详解】由图知，右侧电路中巨磁电阻GMR与定值电阻R串联，电流表测电路中的电流，电压表测巨磁电阻的电压；滑片P向左移动时，变阻器连入电路中的电阻变小，左侧电路中的电流变大，电磁铁的磁性增强（周围的磁场增强），由题意可知巨磁电阻的阻值变小，则右侧电路的总电阻变小，由欧姆定律可知电流表示数变大，根据 可知，定值电阻R的电压变大，根据串联电路电压的规律，巨磁电阻的电压变小，即电压表示数变小，故D正确，ABC错误． 故选D． 10．如图，为了探究液体压强与液体密度的关系，小明将压强计的金属盒先后放入水和酒精中的同一深度处，发现U形管两侧液面高度差相差不明显.他进行了一些改进，下面操作能使实验效果更加明显的是（　　） A．将U形管换成内径更细的 B．将U形管中的水换成浓盐水 C．将烧杯中的水换成浓盐水 D．将金属盒放入的深度减小 【答案】C 【详解】AB．由可知，U形管内的液体压强与U形管的粗细无关，与U形管内液体的密度有关，故将U形管换成内径更细的并不会影响两侧液面的高度差；换用密度更大的浓盐水，在压强相同的情况下，U形管两侧液面高度差会更小，实验效果更不明显，故AB不符合题意； C．将烧杯中的水换成浓盐水，因盐水的密度大于水的密度，所以换成盐水后，在同一深度，压强会增大，实验效果更加明显，故C符合题意； D．由可知，液体压强与液体的深度有关，将金属盒放入的深度减小，橡皮膜受到的压强减小，U形管两侧液面高度差会更小，实验效果更不明显，故D不符合题意。 故选C。 11．下表中是本学期我们学习物理过程中所做过的实验，说法正确的是（　　） 序号 实验目的 实验操作 A 探究电荷间的作用规律实验 实验器材是否干燥对实验没有影响 B 探究“红墨水扩散实验” 用热水做且摇晃烧杯，效果较好 C 探究酒精与水混合实验 为使实验现象明显，应选用“短而粗”的试管 D 用两铅块演示分子间引力实验 应将铅块表面用刀削光滑，并用力挤压 A．A B．B C．C D．D 【答案】D 【详解】A．湿的器材具有导电性，在探究电荷间的作用规律时，电子容易发生转移，会影响实验结果，故A错误； B．摇晃烧杯，红黑墨水会在力的作用下相融合，无法进行实验探究，故B错误； C．探究酒精与水混合实验，为使实验现象明显，应选用“长而细”的试管，长而细的试管，当酒精与水的总体积发生改变时，长而细的试管，横截面积较小，液体的长度变化比较明显，故C错误； D．用两铅块演示分子间引力实验，将铅块表面用刀削光滑，并用力挤压，可以使两铅块的分子间距更小，使实验更容易成功，故D正确。 故选D。 12．《深圳商报》报道：一种新型太阳能公共卫生间落户北京东郊民巷，该卫生间的能源全部由位于顶部的太阳能电池板提供，它还能将多余的能量储存在蓄电池里，这种能量转化和储存的方式是（    ） A．太阳能转化为内能，再转化为电能 B．太阳能转化为电能，再转化为化学能 C．太阳能转化为内能，再转化为化学能 D．太阳能转化为电能．再转化为光能 【答案】B 【详解】卫生间需要消耗电能，该卫生间的能源全部由位于顶部的太阳能电池板提供，所以太阳能先转化为电能；多余的能量储存在蓄电池里，蓄电池储存的是化学能，所以是将多余的电能转化为化学能，故B正确，B符合题意，ACD错误，ACD不符合题意。 故选B。 二、填空题（22分） 13．小华将电阻丝和分别浸没在质量和初温均相同的煤油中，按如图所示接入电路，开关闭合后，通过两电阻丝的 相等，根据温度计示数的变化可比较电阻丝产生 的多少，通电一段时间，发现甲瓶中温度计的示数上升 。    【答案】 电流 热量 高 【详解】[1]如图所示，两电阻丝串联，通过的电流相等。 [2]电阻丝通电后产生热量，热量被煤油吸收，导致煤油温度升高，所以可根据温度计示数的变化可比较电阻丝产生热量的多少。 [3]如图所示，两电阻丝串联，通过的电流相等，通电时间相同，且R1>R2，通电一段时间后，根据焦耳定律可知，电阻丝 R1产生的热量多，由于瓶内的煤油质量、初温相同，不考虑热量损失，甲瓶中温度计的示数上升高。 14．如图，小明正“驾驶”滑板车向前滑行。请回答下列问题。 (1)小明右脚站车上，左脚向后蹬地，滑板车向前运动，这是由于力的作用是 的。左脚受到向 的摩擦力。 (2)当小明蹬地后双脚离地，滑板车由于 向前滑行一段距离，又因受到摩擦力而减速，说明力可以改变物体的 。 【答案】(1) 相互 前 (2) 惯性 运动状态 【详解】（1）[1]左脚向后蹬地,左脚对地面提供一个向后的力，同时地面对脚提供一个向前得力，使得滑板车向前运动，这是力的相互性。 [2]左脚向后蹬地，脚相对地面有向后运动的趋势，因为摩擦力的方向与相对运动或相对运动趋势方向相反，故受到的摩擦力的方向向前。 （2）[1]蹬地后双脚离地时，滑板车有一个向前的速度，由于滑板车要保持原来的运动状态不变，滑板车会继续向前滑行一段距离，即滑板车由于惯性，在双脚离地后还会向前滑行一段距离。 [2]滑板车在摩擦力的作用下减速，即在力的作用下改变了物体的运动状态，说明力可以改变物体的运动状态。 15．如图所示，在“测定动滑轮的机械效率”实验中，小明匀速竖直向上拉动绳子，使物体上升0.2m，G物=20N，F=12N。探究发现，使用动滑轮的好处是可以 ；动滑轮对物体做的有用功为 J，机械效率η= %；由测出数据推断：动滑轮的重力大小的范围 。 【答案】 省力 4 83.3 0-4N 【详解】[1]使用动滑轮可以省力，但不能改变力的方向。 [2]动滑轮对物体做的有用功为 [3]由图可知，承担物重绳子的股数n=2，则拉力做的总功为 滑轮的机械效率为 [4]若不计绳重和摩擦，根据可知，动滑轮重为 如果考虑绳重和摩擦，动滑轮重应该小于4N，且大于0，故动滑轮的重力大小的范围为0-4N。 16．如图是某电动玩具车的工作原理示意图。已知电源电压恒为6V，R2的阻值为，电动机的额定功率为，额定电压为。开关和只能同时接“”或同时接“”，车前进时能调节电动机的转速，后退时则不能，则当开关和同时接时，小车会 （选填“前进“或“后退”）；当车后退时，电流表示数为，此时电动机的实际功率为 ；当电动机以额定功率工作时，车在水平路面上匀速前进的速度为，若此时电动机消耗的电能有转化为车前进的机械能，此时车受到的阻力是 。 【答案】 前进 【详解】[1]由题可知，车前进时能调速；由电路图可知，开关和都接时，滑动变阻器与电动机串联，则调节滑片可改变电路中的电流，从而改变电动机的转速，所以此时小车会前进。 [2]当电动玩具车后退时，开关、同时接时，与电动机串联，由欧姆定律可得电阻两端的电压为 串联电路总电压等于各部分电压之和，电动机两端的电压为 则电动机的实际功率为 [3]由题意可知，电动机的机械功率 由可得，电动玩具车受到的牵引力 因为匀速运动，所以阻力 17．王成在一间很暗的房间内，将竖立的玻璃板前20cm处放一支点燃的蜡烛A，蜡烛高12cm，烛焰高4cm，发现在玻璃板的后面出现蜡烛的像，他再取一段同样的蜡烛B （点燃/不点燃）放在像处，使B与蜡烛A的像完全重合（如图所示），A蜡烛的烛焰像高 cm；将A蜡烛以5cm/s的速度匀速远离玻璃板2s时，B蜡烛应与A相距 cm才可能与A的像完全重合。王成看到点燃的蜡烛通过玻璃板成两个像，其中距离观察者较远的像是来自蜡烛的入射光经过玻璃板 。 A．一次反射、一次折射形成的      B．两次反射、一次折射形成的 C．两次反射、两次折射形成的      D．一次反射、两次折射形成的 【答案】 不点燃 4 60 D 【详解】[1] 当把一支点燃的蜡烛放在平面镜前面，然后再点燃另一支蜡烛，竖立在玻璃板后面移动时，两蜡烛的烛焰会晃动，很难重合，因此B蜡烛还是不点燃更好。 [2]由平面镜成像特点物与像的大小相等可知，烛焰高4cm，蜡烛的烛焰像高4cm。 [3]将A蜡烛以5cm/s的速度匀速远离玻璃板2s时，A蜡烛距平面镜的距离为 根据平面镜成像特点，物与像到平面镜的距离相等可知，B蜡烛应与A相距才可能与A的像完全重合。 [4]光线射到玻璃上，要发生反射和折射。玻璃有两个表面，前表面直接反射，较亮，所以其中距离观察者较近的像较亮，距离观察者较远的像较暗。反射时光线到达玻璃板后有一部分被反射到你的眼睛，所以看到1次反射；2次折射是光到了玻璃板后还有一部分光透过玻璃板，而光从空气进入玻璃板后会折射，这是第一次，然后又要从玻璃板另一侧出来，又一次折射，所以1次反射，2次折射。故选D。 18．阅读短文，解答问题。 如图所示是我国第一艘太阳能混合动力游船“尚德国盛号”。其最具特色的太阳翼采用高效晶硅异型太阳能电池板拼装而成，整艘船最多可容纳170位旅客，满载时排水量为60吨。“尚德国盛号”驾驶室里有一个GPS（全球卫星定位系统）接收器装置，全船照明均采用节能型灯泡及LED灯，大大降低能源损耗，“尚德国盛号”年发电量可达1.7×104 kW·h，相当于每年节约标准煤约6.2×103kg，每年可减少二氧化碳排放量约15.7t。 (1)太阳能是能源 （可再生/不可再生）； (2)如果该船满载乘客从东海驶入黄浦江，游船所受到的浮力为 N；（已知g取10N/kg） (3)LED灯是一种高效的节能光源，该LED灯泡的额定电压为36V、额定功率为3W，与普通白炽灯相比，在达到相同亮度的条件下，假设LED灯可以节约90%的电能，则这个LED灯与功率为 W的白炽灯亮度相当； (4)若仅采用标准煤给“尚德国盛号”提供电能，为使其仍达到现行的年发电量，求完全燃烧标准煤产生的内能转化成电能的效率是 。（保留到小数点后一位）（已知标准煤的热值为3.0×107J/kg） 【答案】(1)可再生 (2)6×105 (3)30 (4)32.9% 【详解】（1）太阳能可以从自然界中源源不断地的获取，是可以再生的，所以是可再生能源。 （2）船满载乘客从东海驶入黄浦江，都是漂浮，受到的浮力都等于船和乘客总重，满载时排水量 根据阿基米德原理可得，游船所受到的浮力 （3）设LED灯正常工作时间为th，消耗的电能 假设LED灯和白炽灯相比可以节约90%的电能，则LED灯消耗的电能为白炽灯消耗电能的10%；白炽灯消耗的电能 白炽灯的功率 （4）完全燃烧6.2×103kg标准煤产生的内能 每年的发电量 转化效率 三、实验题（36分） 19．小明想通过实验测量小石块的密度。 (1)将天平放在水平工作台上，移动游码至标尺的 处，观察到指针指在分度盘上的位置如图甲所示，此时应将平衡螺母向 调节，使指针对准分度盘中央刻度线； (2)将小石块放在天平 盘中，另一盘所加砝码和游码位置如图乙所示，天平平衡小石块的质量为 g； (3)如图丙所示，用量筒测出小石块的体积为 cm3； (4)计算得出小石块的密度为 kg/m3。 【答案】 零刻度线处 左 左 64 20 3.2×103 【分析】(1)将天平放在水平工作台上，游码移到标尺左端的零刻度线处；调节天平平衡时，如果指针偏向分度盘的左侧，应向右调节平衡螺母；如果指针偏向分度盘的右侧，应向左调节平衡螺母，根据图示情景判断螺母的移动方向； (2)用托盘天平测物体质量时，左盘放物体，右盘放砝码；砝码与游码示数之和是所测物体的质量； (3)小石块与水的总体积与水的体积之差是小石块的体积； (4)由密度公式可以求出小石块的密度。 【详解】(1)[1]将天平放在水平工作台上，游码移到标尺左端的零刻度线处。 [2]由图甲所示可知，指针偏向分度盘的右侧，应向左调节平衡螺母，使天平平衡。 (2)[3]将小石块放在天平左盘中。 [4]由图乙所示可知，小石块的质量 m=50g+10g+4g=64g (3)[5]由图丙所示可知，小石块的体积 V=40mL﹣20mL=20mL=20cm3 (4)[6]小石块的密度 20．行人在路灯下的影长与哪些因素有关呢？小爱猜想； 猜想一：影长与光源到物体的距离有关； 猜想二：影长与灯光照射的角度有关。 小爱设计了图2实验，保持橡皮到墙壁间的距离不变，左右移动手电筒，分别测出墙壁上所形成的影子的纵向长度，记录实验数据如下表： 光源到橡皮的距离L/cm 5 10 15 20 25 影子的长度H/cm 10 6 4.5 3.7 3.1 (1)如图1所示，小爱站在路灯下，请画出小爱在地上形成影子的光路图，并用“”标出影子的范围 ； (2)影子的形成原因是 ，继续远离路灯，影子变 （选填“长”或“短”）； (3)此实验是为了寻找猜想 的证据；分析数据后可以发现，若保持其它因素不变，当手电筒由近处逐渐远离橡皮时，影子的长度变 （选填“长”或“短”）； (4)为了进一步发现其中的规律，根据表中数据，以手电筒到橡皮的距离L为横坐标、影子的长度H为纵坐标，H随L变化关系如图3，由图像可知，当手电筒到橡皮的距离L=17.5cm时，影子的长度H大约是 cm；观察图像的变化趋势发现，当手电筒距离橡皮较远时，影子的长度变小得越 （选填“快”或“慢”）； (5)为了寻找另一个猜想的证据，小爱保持橡皮擦位置不变，将手电筒竖直向上移动并始终让灯光对准橡皮擦照，测量影子的长度，并得出结论，你认为 （选填“合理”或“不合理”），理由是 。 【答案】(1) (2) 光沿直线传播 长 (3) 一 短 (4) 4 慢 (5) 不合理 没有控制光源到物体的距离不变 【详解】（1）影子是由于光沿直线传播形成的。连接点光源S与小爱的头顶与地面交于一点，则该交点与小爱的脚之间的部分即为影子，作图如下： （2）[1][2]影子是由于光沿直线传播形成的，光线被挡住照射不到的区域就形成了影子；继续远离路灯，根据（1）中影子的作图可知影子会变长。 （3）[1][2]图2实验中，保持橡皮到墙壁间的距离不变，左右移动手电筒，分别测出墙壁上所形成的影子的纵向长度，只改变了光源到物体的距离，根据控制变量法，是探究影长与光源到物体的距离的关系，即此实验是为了寻找猜想一的证据；由记录的表中数据可知，若保持其它因素不变，当手电筒由近处逐渐远离橡皮时，影子的长度变短。 （4）[1]由图像坐标可知，当手电筒到橡皮的距离L＝17.5cm时，对应的影子的长度H为4cm。 [2]根据图像的变化趋势发现，当手电筒距离橡皮较远时影子变化较慢，当手电筒距离橡皮足够远时，影子大小基本不变。 （5）[1][2]为探究影长与灯光照射的角度的关系，需要控制光源到物体的距离保持不变，橡皮擦位置不变，将手电筒竖直向上移动时，橡皮擦与手电筒的直线距离发生了改变，即没有控制光源到物体的距离不变，所以该方案不合理。 21．在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，小明按照图甲、乙、丙三种情况进行了实验，其中A、C为木块、B为重物。 (1)实验中，小明应该沿水平方向拉动木块做 运动； (2)比较 （填实验序号）两图的实验，可探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系； (3)比较甲、乙两实验可以得出的结论是 ； (4)小明又设计了丁图的实验方案，若水平拉力F＝3.5N，弹簧测力计稳定后的示数为1.5N，则木块C受到的摩擦力大小为 N，方向为 ； (5)在如图戊所示的五种情景中，小明用弹簧测力计拉着小木块使其沿平行于接触面方向做匀速直线运动，其中弹簧测力计对小木块的拉力和小木块所受的摩擦力是一对平衡力的有 （选填序号）。 【答案】(1)匀速直线 (2)甲、丙 (3)接触面粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力越大 (4) 1.5 水平向右 (5)②③④ 【详解】（1）实验中，为了使木块在水平方向上受力平衡，即让拉力和摩擦力是一对平衡力，方便读取摩擦力的大小，所以小明应沿水平方向拉动木块做匀速直线运动。 （2）由图可知，甲和丙在压力相同的条件下，接触面粗糙程度不同，所以可探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系。 （3）甲、乙两图实验中，接触面粗糙程度相同，压力不同且乙图中压力大，弹簧测力计示数大，所以这是为了探究滑动摩擦力的大小与压力大小的关系，同时根据实验现象可得出：接触面粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力越大。 （4）[1][2]拉动长木板，木块C静止处于平衡状态，受到水平向左弹簧测力计的拉力和水平向右的摩擦力是一对平衡力，二力大小相等，所以此时木块C受到的滑动摩擦力大小为1.5N。 （5）由图可知，①中拉力和摩擦力不在同一条直线上，所以不是一对平衡力；②③④中水平匀速直线拉着木块运动，木块处于平衡状态，水平方向上受到的拉力和摩擦力是一对平衡力；⑤中木块沿斜面匀速上升，此时拉力等于摩擦力与重力沿斜面向下的分力之和，拉力与摩擦力不是一对平衡力；所以弹簧测力计对小木块的拉力和小木块所受的摩擦力是一对平衡力的有②③④。 22．甲、乙两小组探究“电流与电压和电阻的关系”．实验室提供的实验器材有：电源（电压恒为4.5V），电流表、电压表各一个，开关一个，四个定值电阻（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω），两只滑动变阻器（规格分别为“20Ω 2 A”和“50Ω 1A”），小灯泡一只（正常发光时电压为2.5V），导线若干． （1）甲小组探究“电流与电压的关系”： ①请你根据图甲的电路图用笔画线代替导线将图乙中的实物电路连接完整 ． ②连接电路时，开关应当 ；开关闭合前，滑动变阻器的滑片P应该滑至最 （左/右）端． ③他们将5Ω的电阻接入电路，检查无误后闭合开关，发现电压表无示数，电流表有示数，造成这一现象的原因可能是 （写出一条即可）． ④排除故障后进行实验得到的数据如下表，由此可得到的实验结论是 ． （2）乙小组探究“电流与电阻的关系”： ①将5Ω的电阻接入电路，检查无误后闭合开关，移动滑片，使电压表的示数为1.5V，并记下相应的电流值．当R的电阻由5Ω更换为10Ω时，滑片应向 （填“左”或“右”）端移动直到电压表的示数为 V，读出电流表的示数． ②为了完成用四个定值电阻进行的实验，应选择滑动变阻器的规格是 ． ③他们用小灯泡替换定值电阻，移动滑片，使小灯泡正常发光，电流表示数如图丙所示，则小灯泡正常发光时的电阻约为 Ω（保留一位小数）． 【答案】 略 断开 右 电阻R短路/电压表断路 电阻一定时，电流与电压成正比 右 1.5 50Ω 1A 7.4 【详解】①把定值电阻、滑动变阻器串联接入电路，电压表并联在电阻两端，滑动变阻器已接了左下的接线柱，所以应将其上面的一个接线柱接入电路中，如下图所示：          ②连接电路时，为保护电路，开关应断开，滑动变阻器连入电路中的电阻最大，即滑片移动到最右端； ③电流表有示数，表明电路接通；电压表无示数表明定值电阻短路，电压表相当与和一段导线并联，故无示数；或者电压表断路（或电压表短路）； ④分析数据可知，当电压为原来的几倍，通过的电流也变为原来的几倍，故得出结论是：电阻一定时，电流与电压成正比； （2）①用10Ω的电阻替代5Ω的电阻，定值电阻变大，根据分压原理，电压表示数变大，因研究电流与电阻的关系时，要控制定值电阻的电压不变，应减小定值电阻的电压，根据串联电路电压的规律，应增大变阻器分得的电压，由分压强原理，就要增大变阻器连入电路中的电阻大小，即滑片向右移动，直到定值电阻两端电压为1.5V； ②由图可知，R=20Ω的定值电阻和滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端的电压，因电压表示数保持1.5V不变，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压为，即变阻器分得的电压是定值电阻的2倍，根据分压强原理，变阻器连入电路中的阻值为定值电阻的2倍，为2×20Ω=40Ω时，即变阻器的最小阻值，故为了完成用四个定值电阻进行实验，应选择滑动变阻器的规格是“50Ω 1A”（因电流表选用小量程，故电路中电流不会超过0．6A＜1A）． ③当小灯泡正常发光时，其两端的电压，电流表选择0~0.6A量程，分度值为0.02A，示数为0.34A，即，小灯泡正常发光时的电阻约为． 故答案为(1). 略    (2). 断开    (3). 右    (4). 电阻R短路/电压表断路    (5). 电阻一定时，电流与电压成正比    (6). 右    (7). 1.5    (8). 50Ω 1A    (9). 7.4 23．两个规格相同、装有不同体积空气的气球相连通，空气该如何流动？小明为此设计实验展开探究。 【明确思路】 要判断空气如何流动，需知道两球内部空气 的关系。 【收集证据】 （1）如图甲，将气球套在三通玻璃管的一端，用橡胶管把气压传感器和注射器分别与三通玻璃管另外两端相连。用细线把气球、气压传感器和注射器与三通玻璃管的连接处扎紧，防止 。 （2）将注射器内的空气，通过橡胶管为气球充气，充气结束后立刻用夹子 连接注射器和三通玻璃管的橡胶管，记录气球半径和传感器显示的气压值。 （3）解开其中一根细线，拔出 ，用注射器再次吸取一定体积的空气，重复以上实验。 （4）按照步骤3，多次实验，获取足够多的半径和气压数据。 （5）将探究实验所得的数据以气球半径为横坐标，内外压强差为纵坐标绘制得到如图乙图像。 【交流结论】 （1）若小气球半径，大气球半径，则它们相连通后空气将向半径 的气球流动。 （2）两个规格相同、装有不同体积空气的气球相连通，空气流动可能发生的情况有 种。 【答案】 压强 橡胶管脱落 夹住 注射器 大 3 【详解】[1]空气该如何流动，取决于气体压强，空气要由压强大的位置流向压强小的位置。 （1）[2]用细线把气球、气压传感器和注射器与三通玻璃管的连接处扎紧，防止橡胶管从三通上脱落。 （2）[3]充气结束后立刻用夹子夹住连接注射器和三通玻璃管的橡胶管，防止气球内的空气跑出。 （3）[4]解开其中一根细线，是解开注射器这边的细线，拔出注射器，是为了用注射器再次吸取一定体积的空气。 【交流结论】（1）[5]由图像可知，球的半径为2cm时的压差大于4cm时的压差，因空气要由压强大的位置流向压强小的位置，则它们相连通后空气将向半径大的气球流动。 （2）[6]两个规格相同、装有不同体积空气的气球相连通，由图乙可知，有可能半径小的气球内部气压大，则此时空气从半径小的气流流向半径大的气球；也可能半径小的气球内部气压小，则此时空气从半径大的气球流向半径小的气球；还可能两球内气体的压强相同，则此时空气不流动。故空气流动可能发生的情况有三种。 四、简答题（25题6分，27题7分，28题5分，共18分） 24．一棱长为10cm的正方体木块，从距离水平地面3m的高处由静止释放，空气阻力忽略不计，用压力传感器记录了从木块撞击地面开始到最后完全静止时的压力变化情况，并根据记录的数据绘制了压力随时间变化的关系图像，如图所示，（g取10N/kg）求： （1）木块的密度； （2）木块下落过程中，重力所做的功； （3）木块对地面的最大压强； （4）从开始下落到完全静止的过程中，能量是怎样转化的？ 【答案】（1）0.6×10 3 kg/m 3 ；（2）18J ；（3）3600Pa；（4）见解析 【详解】解：（1）由图像可知，木块静止时对地压力为F压=6N，由受力分析可知，此时木块对地面的压力F压等于木块的重力G，即 F压=G=6N 木块的体积为 V=10cm×10cm×10cm=1000cm3=1×10-3m3 故木块的密度为 （2）由题意可知，木块下落的高度为h=3m，故木块下落过程中，重力所做的功为 W=Gh=6N×3m=18J （3）由图中可知，木块对地面的最大压力为F=36N，故木块对地面的最大压强为 （4）木块落地之前，木块的高度减小，木块的速度增大，其动能增加，重力势能减小，故其能量的转化为：重力势能转化为动能，落地后，机械能转化为内能。 答：（1）木块的密度为0.6×103kg/m3； （2）木块下落过程中，重力所做的功为18J； （3）木块对地面的最大压强为3600Pa； （4）木块落地之前，木块的重力势能转化为动能，落地后，机械能转化为内能。 25．图甲为某加热器内部电路可分为工作电路和控制电路两部分，受控电路的电源电压为220V，加热器加热功率为400W，保温功率为200W。电磁继电器所在控制电路的电源电压U=6V，电磁继电器线圈的电阻可不计，加热至60℃时，自动进入保温模式，此时电磁继电器线圈的电流达到30mA，热敏电阻Rx的阻值随温度变化的曲线如图丙所示。 （1）求R1和R2的阻值。 （2）在一次使用过程中，加热时间为7min，则加热过程中消耗的电能是多少？不计热损失，这些热量可使1kg的水温度升高多少？[c水=4.2×103J/（kg•℃）] （3）为使温度加热至60℃时，自动进入保温模式，滑动变阻器的电阻需要调到多大？ （4）乐乐同学觉得该加热器功率太大，为了在办公室可以安全使用，她想修改工作电路使得加热功率为200W，保温功率为100W，聪明的你能在图乙中帮助乐乐同学完成这个设计么？        【答案】（1）242Ω；242Ω；（2）1.68×105J；40℃；（3）140Ω；（4）   【详解】解：（1）根据可知，电路电阻最大时功率最小为保温挡，电阻最小时功率最大为加热挡；如图所示，当动触头接上边时，工作电路中只有R1，此时为保温挡，R1阻值为 当动触头接下边时，工作电路中只有R1、R2并联，此时为加热挡，则R2的功率为 并联电路的电压相等都为220V，则R2阻值为 （2）加热过程中消耗的电能是 不计热损失， 这些热量可使1kg的水升高的温度为 （3）加热至60℃时，自动进入保温模式，此时电磁继电器线圈的电流达到30mA，如图丙所示，热敏电阻Rx的阻值为60Ω，控制电路由热敏电阻和变阻器串联，电路总电阻为 则变阻器接入电路的阻值为 （4）由题意可得，要使加热功率为200W，工作电路中就仅能有一个电阻工作，要使保温功率为100W，工作电路中的两个电阻需要串联工作，所以电路连接方式如下图所示：    答：（1）R1和R2的阻值都为242Ω； （2）加热时间为7min，则加热过程中消耗的电能是1.68×105J；不计热损失，这些热量可使1kg的水温度升高40℃； （3）为使温度加热至60℃时，自动进入保温模式，滑动变阻器的电阻需要调到140Ω； （4）略 26．阅读短文，回答问题： 数码相机 数码相机是集光学、机械、电子一体化的产品，它集成了影像信息的转换、存储和传输等部件，具有数字化存取模式，与电脑交互处理和实时拍摄等功能。图甲是通过伸缩镜头来调节像距实现完美成像的某型号数码相机，光通过单镜头或者镜头组进入相机，再通过成像元件转化为数字信号，数字信号通过影像运算芯片储存在存储设备中。 快门是照相机用来控制感光部分有效曝光时间的构件，相机上所标快门数据“100”，表示快门打开的时间是秒，秒数低时可轻松抓拍急速移动的目标。 图乙的光圈是相机内用来控制光通过镜头进入机身内感光面光量的装置，它的大小决定着感光元件受光的多少，光圈大小的计算公式为：光圈=镜头的焦距/镜头光圈直径。 （1）数码相机镜头的主要元件是 （选填“凸”或“凹”）透镜，若要抓拍运动员苏炳添百米冲刺时的瞬间照片，快门数据要调 （选填“大”或“小”）； （2）关于数码相机，下列说法中正确的是 ； A．制作相机镜头的玻璃是晶体 B．为扩大拍摄范围，应将照相机远离景物，此时成像变小 C．照相机是利用凸透镜成缩小虚像的原理 D．拍摄近、远景时的“调焦”采用了模仿眼睛的功能，即调节镜头的焦距 （3）小明参观南通博物苑时，用简单的单镜片数码相机拍摄远处张謇的塑像，如果有一只小虫子停留在镜头上，此时小虫子在感光元件上成像情况为 （选填“倒立缩小实像”、“不成像”或“正立放大虚像”）； （4）某数码相机镜头的焦距为50mm，若此时镜头通光孔直径为25mm，那么光圈数据为 。 【答案】 凸 大 B 不成像 2 【详解】（1）[1]照相机的镜头相当于一个凸透镜，拍照时成的是倒立、缩小的实像，所以数码相机镜头的主要元件是凸透镜。 [2]由短文知，相机上所标快门数据“100”，表示快门打开的时间是0.01秒，秒数低时可轻松抓拍急速移动的目标，所以快门数据越大，打开时间秒数越低，若要抓拍运动员苏炳添百米冲刺时的瞬间照片，快门数据要调大。 （2）[3]A．玻璃在熔化时先变软、变稀，最后变成液体，没有固定的熔点，是非晶体，故A错误； B．凸透镜成实像时，物近像远像变大，物远像近像变小。因此为扩大拍摄范围应将镜头远离景物，所成像变小，故B正确； C．照相机成像时，物体距离镜头的距离较大，即物距较大，此时成的是倒立缩小的实像，故C错误； D．由短文知，数码相机是通过伸缩镜头来调节像距来完美成像的，所以摄近、远景时的“调焦”调节是像距；人眼看远处和近处物体时是通过调节晶状体厚度，即凸透镜的焦距使清晰像成视网膜上的，故D错误。 故选B。 （3）[4]如果有一只小虫子停留在镜头上，此时小虫子处到镜头一倍焦距以内，成的是虚像，所以在感光元件上（感光元件相当于光屏）不成像。 （4）[5]某数码相机镜头的焦距为50mm，镜头通光孔直径为25mm，则 学科网（北京）股份有限公司 $ 绝密★启用前 2026年江苏盐城市中考第一次模拟练习卷 物 理 考试时间：90分钟；试卷满分：100分 学校：__________姓名：__________班级：__________考号：__________ 注意事项： 1. 本试卷是自制模拟卷，仿照2025年江苏盐城市中考风格（题干简洁，包含2026热点，反套路，创新），并适当拔高。 2. 练习卷满分100分，建议用时90分钟，请做完后按照评分标准进行评分（评分标准严格按照中考阅卷给分） 3. 测试范围：苏科版2024八年级上下册＋九年级上下册 一、单选题（24分） 1.长征二号F遥十七运载火箭在酒泉卫星发射中心成功发射，神舟十六、十七号两个乘组6名航天员在中国空间站胜利会师。如图是神舟十七号正在靠拢空间站组合体，即将完成交会对接。下列说法错误的是（　　） A．在靠拢空间站组合体过程中，以空间站组合体为参照物，神舟十七号是运动的 B．在靠拢空间站组合体过程中，以神舟十七号为参照物，空间站组合体是运动的 C．以地球为参照物，空间站组合体是静止的 D．以地球为参照物，神舟十七号是运动的 2．关于声现象的下列说法中，正确的是（　　） A．声音在不同介质中的传播速度相同 B．如果音调和响度相同，声音我们就无法分辨 C．开会时把手机关机或调成静音状态是从声源处消除噪声 D．超声波是传播速度超过声音传播速度的声波 3．在电影《斯巴达三百勇士》中，波斯军队用投石车投出巨石来攻击斯巴达克城的城墙，在巨石被投出到击中城墙的过程中，下列说法正确的是 A．巨石在最高点时动能为零 B．巨石在最高点时重力势能最小 C．巨石的动能先增大后减小 D．巨石的重力势能先增大后减小 4．关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是 A．必须在通电情况下更换灯泡 B．可以使用绝缘层破损的导线 C．如果发生触电事故，应立即切断电源，然后施救 D．可以把家用电器三脚插头上最长的脚去掉，插入二孔插座中使用 5．在二十四节气的流转中，倒计时从“雨水”开始，到立春落定，它是中华民族智慧的结晶，下列有关节气的谚语分析正确的是（　　） A．“白露种高山，寒露种河边”，露的形成是汽化现象 B．“伏天三场雨，薄地长好麻”，雨的形成是汽化现象 C．“霜降有霜，米谷满仓”，霜的形成是凝华现象 D．“小寒冻土，大寒冻河”，河水结冰是熔化现象 6．小明做“探究凸透镜成像的规律”的实验时，蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上图示位置时烛焰恰能在光屏上成清晰的像（像未画出），下列说法正确的是（　　） A．图中成像原理与投影仪成像原理相同 B．取走光屏，保持蜡烛和凸透镜位置不变，从凸透镜右侧适当位置可看到烛焰倒立、缩小的实像 C．凸透镜不动，只将蜡烛移到15cm刻度线处，光屏向左移动到适当位置才能呈现清晰的烛焰像 D．在蜡烛和透镜之间放一个近视眼镜，光屏左移到适当位置也能呈现清晰的烛焰像 7．如图所示电路中电源电压保持不变，开关S1和S2都闭合时，两灯均正常发光。下列判断正确的是（    ） A．小灯泡L1和L2是串联连接的 B．电压表无法测量灯L2的电压 C．断开S2后电压表的示数不变 D．断开S2后电流表的示数不变 8．歼-20隐形战斗机的关键部件采用的碳纤维材料，它具有比同体积的常规材料轻、抗力本领强、耐腐蚀、抗电磁干扰能力好等许多优点，下列属于该材料优点的是（　　） A．密度大 B．强度小 C．超导性 D．抗腐强 9．巨磁电阻效应是指某些材料的电阻在磁场中急剧减小的现象，且磁场越强电阻越小．图中是说明巨磁电阻特性原理的示意图，图中GMR是巨磁电阻．如果闭合S1、S2，滑片p向左移动时，电表的变化情况是 A．Ⓐ表和Ⓥ表示数均变小 B．Ⓐ表和Ⓥ表示数均变大 C．Ⓐ表示数变小，Ⓥ表示数变大 D．Ⓐ表示数变大，Ⓥ表示数变小 10．如图，为了探究液体压强与液体密度的关系，小明将压强计的金属盒先后放入水和酒精中的同一深度处，发现U形管两侧液面高度差相差不明显.他进行了一些改进，下面操作能使实验效果更加明显的是（　　） A．将U形管换成内径更细的 B．将U形管中的水换成浓盐水 C．将烧杯中的水换成浓盐水 D．将金属盒放入的深度减小 11．下表中是本学期我们学习物理过程中所做过的实验，说法正确的是（　　） 序号 实验目的 实验操作 A 探究电荷间的作用规律实验 实验器材是否干燥对实验没有影响 B 探究“红墨水扩散实验” 用热水做且摇晃烧杯，效果较好 C 探究酒精与水混合实验 为使实验现象明显，应选用“短而粗”的试管 D 用两铅块演示分子间引力实验 应将铅块表面用刀削光滑，并用力挤压 A．A B．B C．C D．D 12．《深圳商报》报道：一种新型太阳能公共卫生间落户北京东郊民巷，该卫生间的能源全部由位于顶部的太阳能电池板提供，它还能将多余的能量储存在蓄电池里，这种能量转化和储存的方式是（    ） A．太阳能转化为内能，再转化为电能 B．太阳能转化为电能，再转化为化学能 C．太阳能转化为内能，再转化为化学能 D．太阳能转化为电能．再转化为光能 二、填空题（22分） 13．小华将电阻丝和分别浸没在质量和初温均相同的煤油中，按如图所示接入电路，开关闭合后，通过两电阻丝的 相等，根据温度计示数的变化可比较电阻丝产生 的多少，通电一段时间，发现甲瓶中温度计的示数上升 。    14．如图，小明正“驾驶”滑板车向前滑行。请回答下列问题。 (1)小明右脚站车上，左脚向后蹬地，滑板车向前运动，这是由于力的作用是 的。左脚受到向 的摩擦力。 (2)当小明蹬地后双脚离地，滑板车由于 向前滑行一段距离，又因受到摩擦力而减速，说明力可以改变物体的 。 15．如图所示，在“测定动滑轮的机械效率”实验中，小明匀速竖直向上拉动绳子，使物体上升0.2m，G物=20N，F=12N。探究发现，使用动滑轮的好处是可以 ；动滑轮对物体做的有用功为 J，机械效率η= %；由测出数据推断：动滑轮的重力大小的范围 。 16．如图是某电动玩具车的工作原理示意图。已知电源电压恒为6V，R2的阻值为，电动机的额定功率为，额定电压为。开关和只能同时接“”或同时接“”，车前进时能调节电动机的转速，后退时则不能，则当开关和同时接时，小车会 （选填“前进“或“后退”）；当车后退时，电流表示数为，此时电动机的实际功率为 ；当电动机以额定功率工作时，车在水平路面上匀速前进的速度为，若此时电动机消耗的电能有转化为车前进的机械能，此时车受到的阻力是 。 17．王成在一间很暗的房间内，将竖立的玻璃板前20cm处放一支点燃的蜡烛A，蜡烛高12cm，烛焰高4cm，发现在玻璃板的后面出现蜡烛的像，他再取一段同样的蜡烛B （点燃/不点燃）放在像处，使B与蜡烛A的像完全重合（如图所示），A蜡烛的烛焰像高 cm；将A蜡烛以5cm/s的速度匀速远离玻璃板2s时，B蜡烛应与A相距 cm才可能与A的像完全重合。王成看到点燃的蜡烛通过玻璃板成两个像，其中距离观察者较远的像是来自蜡烛的入射光经过玻璃板 。 A．一次反射、一次折射形成的      B．两次反射、一次折射形成的 C．两次反射、两次折射形成的      D．一次反射、两次折射形成的 18．阅读短文，解答问题。 如图所示是我国第一艘太阳能混合动力游船“尚德国盛号”。其最具特色的太阳翼采用高效晶硅异型太阳能电池板拼装而成，整艘船最多可容纳170位旅客，满载时排水量为60吨。“尚德国盛号”驾驶室里有一个GPS（全球卫星定位系统）接收器装置，全船照明均采用节能型灯泡及LED灯，大大降低能源损耗，“尚德国盛号”年发电量可达1.7×104 kW·h，相当于每年节约标准煤约6.2×103kg，每年可减少二氧化碳排放量约15.7t。 (1)太阳能是能源 （可再生/不可再生）； (2)如果该船满载乘客从东海驶入黄浦江，游船所受到的浮力为 N；（已知g取10N/kg） (3)LED灯是一种高效的节能光源，该LED灯泡的额定电压为36V、额定功率为3W，与普通白炽灯相比，在达到相同亮度的条件下，假设LED灯可以节约90%的电能，则这个LED灯与功率为 W的白炽灯亮度相当； (4)若仅采用标准煤给“尚德国盛号”提供电能，为使其仍达到现行的年发电量，求完全燃烧标准煤产生的内能转化成电能的效率是 。（保留到小数点后一位）（已知标准煤的热值为3.0×107J/kg） 三、实验题（36分） 19．小明想通过实验测量小石块的密度。 (1)将天平放在水平工作台上，移动游码至标尺的 处，观察到指针指在分度盘上的位置如图甲所示，此时应将平衡螺母向 调节，使指针对准分度盘中央刻度线； (2)将小石块放在天平 盘中，另一盘所加砝码和游码位置如图乙所示，天平平衡小石块的质量为 g； (3)如图丙所示，用量筒测出小石块的体积为 cm3； (4)计算得出小石块的密度为 kg/m3。 20．行人在路灯下的影长与哪些因素有关呢？小爱猜想； 猜想一：影长与光源到物体的距离有关； 猜想二：影长与灯光照射的角度有关。 小爱设计了图2实验，保持橡皮到墙壁间的距离不变，左右移动手电筒，分别测出墙壁上所形成的影子的纵向长度，记录实验数据如下表： 光源到橡皮的距离L/cm 5 10 15 20 25 影子的长度H/cm 10 6 4.5 3.7 3.1 (1)如图1所示，小爱站在路灯下，请画出小爱在地上形成影子的光路图，并用“”标出影子的范围 ； (2)影子的形成原因是 ，继续远离路灯，影子变 （选填“长”或“短”）； (3)此实验是为了寻找猜想 的证据；分析数据后可以发现，若保持其它因素不变，当手电筒由近处逐渐远离橡皮时，影子的长度变 （选填“长”或“短”）； (4)为了进一步发现其中的规律，根据表中数据，以手电筒到橡皮的距离L为横坐标、影子的长度H为纵坐标，H随L变化关系如图3，由图像可知，当手电筒到橡皮的距离L=17.5cm时，影子的长度H大约是 cm；观察图像的变化趋势发现，当手电筒距离橡皮较远时，影子的长度变小得越 （选填“快”或“慢”）； (5)为了寻找另一个猜想的证据，小爱保持橡皮擦位置不变，将手电筒竖直向上移动并始终让灯光对准橡皮擦照，测量影子的长度，并得出结论，你认为 （选填“合理”或“不合理”），理由是 。 21．在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，小明按照图甲、乙、丙三种情况进行了实验，其中A、C为木块、B为重物。 (1)实验中，小明应该沿水平方向拉动木块做 运动； (2)比较 （填实验序号）两图的实验，可探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系； (3)比较甲、乙两实验可以得出的结论是 ； (4)小明又设计了丁图的实验方案，若水平拉力F＝3.5N，弹簧测力计稳定后的示数为1.5N，则木块C受到的摩擦力大小为 N，方向为 ； (5)在如图戊所示的五种情景中，小明用弹簧测力计拉着小木块使其沿平行于接触面方向做匀速直线运动，其中弹簧测力计对小木块的拉力和小木块所受的摩擦力是一对平衡力的有 （选填序号）。 22．甲、乙两小组探究“电流与电压和电阻的关系”．实验室提供的实验器材有：电源（电压恒为4.5V），电流表、电压表各一个，开关一个，四个定值电阻（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω），两只滑动变阻器（规格分别为“20Ω 2 A”和“50Ω 1A”），小灯泡一只（正常发光时电压为2.5V），导线若干． （1）甲小组探究“电流与电压的关系”： ①请你根据图甲的电路图用笔画线代替导线将图乙中的实物电路连接完整 ． ②连接电路时，开关应当 ；开关闭合前，滑动变阻器的滑片P应该滑至最 （左/右）端． ③他们将5Ω的电阻接入电路，检查无误后闭合开关，发现电压表无示数，电流表有示数，造成这一现象的原因可能是 （写出一条即可）． ④排除故障后进行实验得到的数据如下表，由此可得到的实验结论是 ． （2）乙小组探究“电流与电阻的关系”： ①将5Ω的电阻接入电路，检查无误后闭合开关，移动滑片，使电压表的示数为1.5V，并记下相应的电流值．当R的电阻由5Ω更换为10Ω时，滑片应向 （填“左”或“右”）端移动直到电压表的示数为 V，读出电流表的示数． ②为了完成用四个定值电阻进行的实验，应选择滑动变阻器的规格是 ． ③他们用小灯泡替换定值电阻，移动滑片，使小灯泡正常发光，电流表示数如图丙所示，则小灯泡正常发光时的电阻约为 Ω（保留一位小数）． 23．两个规格相同、装有不同体积空气的气球相连通，空气该如何流动？小明为此设计实验展开探究。 【明确思路】 要判断空气如何流动，需知道两球内部空气 的关系。 【收集证据】 （1）如图甲，将气球套在三通玻璃管的一端，用橡胶管把气压传感器和注射器分别与三通玻璃管另外两端相连。用细线把气球、气压传感器和注射器与三通玻璃管的连接处扎紧，防止 。 （2）将注射器内的空气，通过橡胶管为气球充气，充气结束后立刻用夹子 连接注射器和三通玻璃管的橡胶管，记录气球半径和传感器显示的气压值。 （3）解开其中一根细线，拔出 ，用注射器再次吸取一定体积的空气，重复以上实验。 （4）按照步骤3，多次实验，获取足够多的半径和气压数据。 （5）将探究实验所得的数据以气球半径为横坐标，内外压强差为纵坐标绘制得到如图乙图像。 【交流结论】 （1）若小气球半径，大气球半径，则它们相连通后空气将向半径 的气球流动。 （2）两个规格相同、装有不同体积空气的气球相连通，空气流动可能发生的情况有 种。 四、简答题（25题6分，27题7分，28题5分，共18分） 24．一棱长为10cm的正方体木块，从距离水平地面3m的高处由静止释放，空气阻力忽略不计，用压力传感器记录了从木块撞击地面开始到最后完全静止时的压力变化情况，并根据记录的数据绘制了压力随时间变化的关系图像，如图所示，（g取10N/kg）求： （1）木块的密度； （2）木块下落过程中，重力所做的功； （3）木块对地面的最大压强； （4）从开始下落到完全静止的过程中，能量是怎样转化的？ 25．图甲为某加热器内部电路可分为工作电路和控制电路两部分，受控电路的电源电压为220V，加热器加热功率为400W，保温功率为200W。电磁继电器所在控制电路的电源电压U=6V，电磁继电器线圈的电阻可不计，加热至60℃时，自动进入保温模式，此时电磁继电器线圈的电流达到30mA，热敏电阻Rx的阻值随温度变化的曲线如图丙所示。 （1）求R1和R2的阻值。 （2）在一次使用过程中，加热时间为7min，则加热过程中消耗的电能是多少？不计热损失，这些热量可使1kg的水温度升高多少？[c水=4.2×103J/（kg•℃）] （3）为使温度加热至60℃时，自动进入保温模式，滑动变阻器的电阻需要调到多大？ （4）乐乐同学觉得该加热器功率太大，为了在办公室可以安全使用，她想修改工作电路使得加热功率为200W，保温功率为100W，聪明的你能在图乙中帮助乐乐同学完成这个设计么？        26．阅读短文，回答问题： 数码相机 数码相机是集光学、机械、电子一体化的产品，它集成了影像信息的转换、存储和传输等部件，具有数字化存取模式，与电脑交互处理和实时拍摄等功能。图甲是通过伸缩镜头来调节像距实现完美成像的某型号数码相机，光通过单镜头或者镜头组进入相机，再通过成像元件转化为数字信号，数字信号通过影像运算芯片储存在存储设备中。 快门是照相机用来控制感光部分有效曝光时间的构件，相机上所标快门数据“100”，表示快门打开的时间是秒，秒数低时可轻松抓拍急速移动的目标。 图乙的光圈是相机内用来控制光通过镜头进入机身内感光面光量的装置，它的大小决定着感光元件受光的多少，光圈大小的计算公式为：光圈=镜头的焦距/镜头光圈直径。 （1）数码相机镜头的主要元件是 （选填“凸”或“凹”）透镜，若要抓拍运动员苏炳添百米冲刺时的瞬间照片，快门数据要调 （选填“大”或“小”）； （2）关于数码相机，下列说法中正确的是 ； A．制作相机镜头的玻璃是晶体 B．为扩大拍摄范围，应将照相机远离景物，此时成像变小 C．照相机是利用凸透镜成缩小虚像的原理 D．拍摄近、远景时的“调焦”采用了模仿眼睛的功能，即调节镜头的焦距 （3）小明参观南通博物苑时，用简单的单镜片数码相机拍摄远处张謇的塑像，如果有一只小虫子停留在镜头上，此时小虫子在感光元件上成像情况为 （选填“倒立缩小实像”、“不成像”或“正立放大虚像”）； （4）某数码相机镜头的焦距为50mm，若此时镜头通光孔直径为25mm，那么光圈数据为 。 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 $