精品解析：2026届新疆高三上学期普通高考二月适应性检测理综物理试卷

2026年普通高考二月适应性检测 理科综合能力测试 （卷面分值：300分 考试时间：150分钟） 注意事项： 1、答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡的相应位置上。 2、作答时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。 3、考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 本卷重力加速度g取10m/s2 二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第14∼18题只有一项符合题目要求，第19∼21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 1. 杨振宁和李政道因提出弱相互作用中“宇称不守恒”而获得诺贝尔物理学奖。考虑一个钴60发生β衰变伴随着γ射线产生核反应：，则（　　） A. γ射线的电离本领比β射线的强 B. γ射线在真空中的传播速度小于光速 C. 镍60有28个中子 D. 钴60有60个核子 2. 2025年5月29日，我国发射天问二号探测器对某小行星进行探测。已知该小行星绕日公转椭圆轨道的近日点到太阳的距离为0.9AU，远日点到太阳的距离为1.1AU（1AU是地球公转圆轨道的半径）。下列关于该小行星绕太阳公转过程中的说法正确的是（　　） A. 小行星的公转周期大于地球的公转周期 B. 小行星在近日点的速度小于在远日点的速度 C. 小行星在近日点的加速度大于在远日点的加速度 D. 小行星在近日点的机械能小于在远日点的机械能 3. 如图所示为两列频率均为f、振幅均为A的简谐横波在时刻相遇的情况，实线表示波峰，虚线表示波谷，此时M点位于其正向最大位移处，则时，M点的位移为（　　） A A B. C. D. 4. 一个氦气罐内装有体积为80L、压强为的氦气。现用罐内氦气给扁平的气球充气。每个气球需要充入压强为、体积为12L的氦气，忽略漏气和温度变化，当氦气罐内的压强降为时，已充气球的个数为（　　） A. 666 B. 660 C. 400 D. 393 5. 如图所示，真空中三个点电荷、、分别固定在边长为0.5m的等边三角形的顶点上，已知，所受静电力为。静电力常量，下列判断可能正确的是（　　） A. B. C. D. 6. 1932年，劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器，其原理如图所示。下列说法正确的是（　　） A. 粒子从磁场中获得能量 B. 在D形盒内设计磁场的主要目的是为了减小设备所占空间 C. 增大交流电源的频率和磁感应强度，设备不可能正常运行 D. 多次加速的设计目的是为了使加速电压不至于过高 7. 如图所示，将带铁芯的线圈A通过滑动变阻器和开关连接到电源上，线圈B通过开关连接到灵敏电流计上，线圈A放入线圈B中，均闭合。下列操作中，电流计发生偏转的是（　　） A. 拔出铁芯的瞬间 B. 断开的瞬间 C. 断开的瞬间 D. 断开，迅速移动滑片P 8. 如图所示，在倾角为60°的长斜面上放一木架，细线一端系小球，另一端固定在木架顶部。由静止释放木架，小球会向后“飘”，待小球与木架相对静止后，关于细线所在方向与竖直方向的夹角，下列判断正确的是（　　） A. 若木架与斜面间无摩擦，此夹角为45° B. 若木架与斜面间无摩擦，此夹角60° C. 若木架与斜面间动摩擦因数为1，此夹角为15° D. 若木架与斜面间动摩擦因数为1，此夹角为30° 三、非选择题：共174分。 9. 用如图所示的装置“验证向心力与质量m、半径r、角速度ω的关系”。转动手柄1使长槽4和短槽5分别随变速塔轮2、3匀速转动，槽内的球做匀速圆周运动。横臂6的挡板对球的压力提供了向心力，其反作用力通过横臂杠杆作用使测力计的圆筒7下降，从而标尺8上露出刻度，两标尺显示的刻度比就是小球所受向心力大小的比值。已知变速塔轮2、3的第一、二、三层皮带盘半径的比分别是、和。 （1）使用变速塔轮2、3的第三层时，皮带套在两侧皮带盘上，变速塔轮2、3边缘处的线速度大小之比是_______，角速度大小之比是_______。 （2）当左、右两侧小球质量相同时，放在旋转半径为槽上，实验记录下左、右两侧的标尺刻度分别是2.0格、4.1格，说明向心力之比约为_______（选填“”或“”），那么变速塔轮的皮带位于第_______层皮带盘（选填“一”“二”或“三”）。 （3）关于实验操作中的注意事项，下列说法正确的是_______。（多选） A. 转动手柄时应缓慢加速 B. 每次改变实验条件后，待转速稳定时再读数 C. 改变皮带盘半径时，只需将一侧的皮带移动即可 D. 控制变量m和r，验证与ω关系时，要保证每次转速相同 10. 某实验小组测量电池组的电动势和内电阻的实验如下： （1）依图1完成图2的实物连线，将未接导线的A端接在_______点（选填“B”或“C”）。 闭合开关S前，滑动变阻器的滑片应置于最_______端（选填“左”或“右”）。 （2）用图1电压表的示数U和电流表的示数I分别为纵轴和横轴，计算机拟合得到如图3所示的图像，拟合公式是：，则电池组的电动势_______V，内电阻_______Ω（保留两位小数）。 （3）上述实验产生的系统误差主要原因是_______。（单选） A. 电压表分流作用 B. 电流表的分压作用 C. 定值电阻的分压作用 （4）现在实验桌上有如下器材：电压表（0~3V，内阻很大）、电流表（0~0.6A、内阻很小）、电阻箱（0~9999.9Ω）、滑动变阻器（0~10Ω）、电键各一个、电池盒（两节串联）、导线若干。选用合适的器材（不得添加其他器材），设计两种测量电池组电动势和内电阻的电路，将电路图画在方框中。 11. 如图所示，固定在匀强磁场中的正方形导线框abcd边长为1.0m，其中ab边是电阻的均匀电阻丝，其余三边用电阻可忽略的铜线，匀强磁场的磁感应强度，方向垂直于纸面向里，现有一段长短、粗细、材料均与ab边相同的合金PQ架在线框上，并以恒定速度从ad边滑向bc边。PQ在滑动过程中与导线框的接触良好。当PQ滑过ab的四分之一距离时，求： （1）P、Q两点哪点电势高； （2）合金PQ所受的安培力大小； （3）aP段电阻丝的电功率。 12. 如图所示，长为2.6m的水平传送带AB顺时针匀速转动，传送带左端与半径为1.8m的四分之一光滑圆弧轨道相切，右端与长为3.5m、倾角为37°的粗糙斜面BD平滑连接。质量为0.5kg的物块P以8m/s的初速度竖直向下进入圆弧轨道，之后与静止在斜面上C点的物块Q发生弹性碰撞，物块Q的质量为1kg。碰后物块Q恰好能够滑上斜面的顶端。已知BC间距为2m，物块P与传送带、斜面间的动摩擦因数均为0.5，物块Q与斜面间的动摩擦因数为0.75，不计空气阻力。重力加速度为，，。求： （1）物块Q在斜面上运动的加速度大小； （2）物块P与物块Q碰撞后，各自的速度大小； （3）传送带速度的最小值； （4）若传送带以（3）中的速度匀速运行，物块P至少以多大的初动能进入圆弧轨道，才能使物块P、Q都经过斜面顶端。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 2026年普通高考二月适应性检测 理科综合能力测试 （卷面分值：300分 考试时间：150分钟） 注意事项： 1、答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡的相应位置上。 2、作答时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。 3、考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 本卷重力加速度g取10m/s2 二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第14∼18题只有一项符合题目要求，第19∼21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 1. 杨振宁和李政道因提出弱相互作用中“宇称不守恒”而获得诺贝尔物理学奖。考虑一个钴60发生β衰变伴随着γ射线产生的核反应：，则（　　） A. γ射线的电离本领比β射线的强 B. γ射线在真空中的传播速度小于光速 C. 镍60有28个中子 D. 钴60有60个核子 【答案】D 【解析】 【详解】A．γ射线是光子流，不带电荷，电离本领弱；β射线是电子流，带电荷，电离本领强。因此γ射线的电离本领比β射线弱，故A错误； B．γ射线属于电磁波，在真空中的传播速度等于光速，故B错误； C．镍60（）的质量数，质子数，中子数 故有32个中子，故C错误； D．钴60（）的质量数，表示核子总数（质子数加中子数），故有60个核子，故D正确。 故选D。 2. 2025年5月29日，我国发射天问二号探测器对某小行星进行探测。已知该小行星绕日公转椭圆轨道的近日点到太阳的距离为0.9AU，远日点到太阳的距离为1.1AU（1AU是地球公转圆轨道的半径）。下列关于该小行星绕太阳公转过程中的说法正确的是（　　） A. 小行星的公转周期大于地球的公转周期 B. 小行星在近日点的速度小于在远日点的速度 C. 小行星在近日点的加速度大于在远日点的加速度 D. 小行星在近日点机械能小于在远日点的机械能 【答案】C 【解析】 【详解】A．由题意可知小行星轨道的半长轴为 与地球公转轨道的半径相同。根据开普勒第三定律可知，小行星的公转周期等于地球的公转周期，故A错误； B．根据开普勒第二定律可知，小行星在近日点的速度大于在远日点的速度，故B错误； C．根据牛顿第二定律可得 可得 可知小行星在近日点的加速度大于在远日点的加速度，故C正确； D．小行星绕太阳转动过程，只有万有引力做功，小行星机械能守恒，所以小行星在近日点的机械能等于在远日点的机械能，故D错误。 故选C。 3. 如图所示为两列频率均为f、振幅均为A的简谐横波在时刻相遇的情况，实线表示波峰，虚线表示波谷，此时M点位于其正向最大位移处，则时，M点的位移为（　　） A. A B. C. D. 【答案】A 【解析】 【详解】根据题意，由图可知，M点为振动加强点，且时，M点位于其正向最大位移处，则M点的振动方程为 则当时，。 故选A。 4. 一个氦气罐内装有体积为80L、压强为的氦气。现用罐内氦气给扁平的气球充气。每个气球需要充入压强为、体积为12L的氦气，忽略漏气和温度变化，当氦气罐内的压强降为时，已充气球的个数为（　　） A. 666 B. 660 C. 400 D. 393 【答案】C 【解析】 【详解】根据题意，设已充气球的个数为，由玻意耳定律有 其中、、、、 联立解得。 故选C。 5. 如图所示，真空中三个点电荷、、分别固定在边长为0.5m的等边三角形的顶点上，已知，所受静电力为。静电力常量，下列判断可能正确的是（　　） A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【详解】A．根据题意，若 由库仑定律可得，受到、的库仑力大小分别为、 方向如图所示 由平行四边形定则可得，受到库仑力大小为，故A错误； B．根据题意，若 由库仑定律可得，受到、的库仑力大小分别为、 方向如图所示 由平行四边形定则可得，受到库仑力大小为，故B正确； C．根据题意，若 由库仑定律可得，受到、的库仑力大小分别为、 方向如图所示 由平行四边形定则可得，受到库仑力大小为，故C错误； D．根据题意，若 由库仑定律可得，受到、的库仑力大小分别为、 方向如图所示 由平行四边形定则可得，受到库仑力大小为，故D错误。 故选B。 6. 1932年，劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器，其原理如图所示。下列说法正确的是（　　） A. 粒子从磁场中获得能量 B. 在D形盒内设计磁场的主要目的是为了减小设备所占空间 C. 增大交流电源的频率和磁感应强度，设备不可能正常运行 D. 多次加速的设计目的是为了使加速电压不至于过高 【答案】BD 【解析】 【详解】A．粒子从加速电场中获得能量，故A错误； B．在D形盒内设计磁场的主要目的是为了减小设备所占空间，故B正确； C．粒子做圆周运动的周期和交流电的周期相同，若磁感应强度B增大，圆周运动的周期减小，频率变大，则适当增大交流电源的频率，设备可能正常运行，故C错误； D．根据题意，由动能定理有 可知，多次加速的设计目的是为了使加速电压不至于过高，故D正确。 故选BD。 7. 如图所示，将带铁芯的线圈A通过滑动变阻器和开关连接到电源上，线圈B通过开关连接到灵敏电流计上，线圈A放入线圈B中，均闭合。下列操作中，电流计发生偏转的是（　　） A. 拔出铁芯的瞬间 B. 断开的瞬间 C. 断开的瞬间 D. 断开，迅速移动滑片P 【答案】AB 【解析】 【详解】A．拔出铁芯的瞬间，穿过线圈A的磁通量减小，线圈B的磁通量发生改变，根据法拉第电磁感应定律可知，线圈B中产生感应电流，电流计发生偏转，故A正确； B．断开的瞬间，线圈A的电流突然减小，导致线圈A的磁通量减小，线圈B的磁通量发生改变，根据法拉第电磁感应定律可知，线圈B中产生感应电流，电流计发生偏转，故B正确； C．断开的瞬间，线圈A、B的磁通量均不发生改变，根据法拉第电磁感应定律可知，线圈B中没有感应电流，同时，电流计处于断路状态，无法偏转，故C错误； D．断开，迅速移动滑片P，线圈B中的磁通量随之发生改变，产生感应电动势，但由于处于断开状态，电路中没有电流，电流计的指针不发生偏转，故D错误。 故选AB。 8. 如图所示，在倾角为60°的长斜面上放一木架，细线一端系小球，另一端固定在木架顶部。由静止释放木架，小球会向后“飘”，待小球与木架相对静止后，关于细线所在方向与竖直方向的夹角，下列判断正确的是（　　） A. 若木架与斜面间无摩擦，此夹角为45° B. 若木架与斜面间无摩擦，此夹角为60° C. 若木架与斜面间动摩擦因数为1，此夹角为15° D. 若木架与斜面间动摩擦因数为1，此夹角为30° 【答案】BC 【解析】 【详解】AB．若木架与斜面间无摩擦，对木架与小球整体有 设细线所在方向与竖直方向的夹角为，对小球有 解得，故A错误，B正确； CD．若木架与斜面间动摩擦因数为1，对木架与小球整体有 若水平竖直方向建立直角坐标系，有， 设细线所在方向与竖直方向的夹角为，对小球水平方向有 竖直方向有 又因为 解得 故C正确，D错误。 故选BC。 三、非选择题：共174分。 9. 用如图所示的装置“验证向心力与质量m、半径r、角速度ω的关系”。转动手柄1使长槽4和短槽5分别随变速塔轮2、3匀速转动，槽内的球做匀速圆周运动。横臂6的挡板对球的压力提供了向心力，其反作用力通过横臂杠杆作用使测力计的圆筒7下降，从而标尺8上露出刻度，两标尺显示的刻度比就是小球所受向心力大小的比值。已知变速塔轮2、3的第一、二、三层皮带盘半径的比分别是、和。 （1）使用变速塔轮2、3的第三层时，皮带套在两侧皮带盘上，变速塔轮2、3边缘处的线速度大小之比是_______，角速度大小之比是_______。 （2）当左、右两侧小球质量相同时，放在旋转半径为的槽上，实验记录下左、右两侧的标尺刻度分别是2.0格、4.1格，说明向心力之比约为_______（选填“”或“”），那么变速塔轮的皮带位于第_______层皮带盘（选填“一”“二”或“三”）。 （3）关于实验操作中的注意事项，下列说法正确的是_______。（多选） A. 转动手柄时应缓慢加速 B. 每次改变实验条件后，待转速稳定时再读数 C. 改变皮带盘半径时，只需将一侧的皮带移动即可 D. 控制变量m和r，验证与ω关系时，要保证每次转速相同 【答案】（1） ①. ②. （2） ①. ②. 二 （3）AB 【解析】 【小问1详解】 [1]根据题意可知，变速塔轮2、3皮带传动，则变速塔轮2、3边缘处的线速度大小之比是； [2]由公式可知，变速塔轮2、3的角速度大小之比是。 【小问2详解】 [1]左、右两侧的标尺刻度分别是2.0格、4.1格，说明向心力之比约为； [2]根据题意，由公式可知，若左、右两侧小球质量相同，放在旋转半径为的槽上，向心力之比约为，则此时变速塔轮的角速度之比为，那么变速塔轮的皮带位于第二层皮带盘。 【小问3详解】 AB．实验时，转动手柄时应缓慢加速，为了减小误差，每次改变实验条件后，待转速稳定时再读数，故AB正确； C．改变皮带盘半径时，需将两侧的皮带移动，保证两侧皮带在同一层上，故C错误； D．控制变量m和r，验证与ω关系时，不需要保证每次转速相同，故D错误。 故选AB。 10. 某实验小组测量电池组的电动势和内电阻的实验如下： （1）依图1完成图2的实物连线，将未接导线的A端接在_______点（选填“B”或“C”）。 闭合开关S前，滑动变阻器的滑片应置于最_______端（选填“左”或“右”）。 （2）用图1电压表的示数U和电流表的示数I分别为纵轴和横轴，计算机拟合得到如图3所示的图像，拟合公式是：，则电池组的电动势_______V，内电阻_______Ω（保留两位小数）。 （3）上述实验产生系统误差主要原因是_______。（单选） A. 电压表的分流作用 B. 电流表的分压作用 C. 定值电阻的分压作用 （4）现在实验桌上有如下器材：电压表（0~3V，内阻很大）、电流表（0~0.6A、内阻很小）、电阻箱（0~9999.9Ω）、滑动变阻器（0~10Ω）、电键各一个、电池盒（两节串联）、导线若干。选用合适的器材（不得添加其他器材），设计两种测量电池组电动势和内电阻的电路，将电路图画在方框中。 【答案】（1） ① B ②. 左 （2） ①. 2.87 ②. 0.20 （3）A （4）任选两种 【解析】 【小问1详解】 [1]依据图1、2，电压表要测量滑动变阻器和电流表两端的总电压，故导线的A端应接在B点； [2]闭合开关S前，滑动变阻器接入电路的电阻应为最大值，故滑动变阻器的滑片应置于最左端。 【小问2详解】 [1]依据图1，根据闭合电路欧姆定律，可知 结合拟合公式，可得电动势 [2]同上可知 结合图1，解得电源内阻 【小问3详解】 图1中的电压表不是理想的元件，有内阻，闭合电路中流过电源的电流并没有全部被电流表测得，其中一小部分流过电压表，即 所以系统误差是由电压表的分流作用引起的，故选A。 【小问4详解】 方法一和方法二：用伏安法来测量电池组电动势和内电阻，电路图如下 不论是电流表内接法还是外接法，都可根据闭合电路欧姆定律列式 可作出图像并求出对应的电池组电动势和内电阻； 方法三：可将电路图简化，不使用滑动变阻器，仅使用电阻箱和电压表，即伏阻法。电路图如下 根据闭合电路欧姆定律可知 又因为 联立可得 可作出图像并求出对应的电池组电动势和内电阻； 方法四：可将电路图简化，不使用滑动变阻器，仅使用电阻箱和电流表，即安阻法。电路图如下 根据闭合电路欧姆定律可知 又因为 联立可得 可作出图像并求出对应的电池组电动势和内电阻。 11. 如图所示，固定在匀强磁场中的正方形导线框abcd边长为1.0m，其中ab边是电阻的均匀电阻丝，其余三边用电阻可忽略的铜线，匀强磁场的磁感应强度，方向垂直于纸面向里，现有一段长短、粗细、材料均与ab边相同的合金PQ架在线框上，并以恒定速度从ad边滑向bc边。PQ在滑动过程中与导线框的接触良好。当PQ滑过ab的四分之一距离时，求： （1）P、Q两点哪点电势高； （2）合金PQ所受的安培力大小； （3）aP段电阻丝的电功率。 【答案】（1）P点电势高 （2）0.1N （3）0.0225W 【解析】 【小问1详解】 由右手定则可知，P点为电源正极，故P点电势高。 小问2详解】 当PQ滑过ab的四分之一距离时，外电路电阻为 电动势 电流 PQ所受安培力 【小问3详解】 aP段电阻丝的电流 解得 aP段电阻丝电功率 解得 12. 如图所示，长为2.6m的水平传送带AB顺时针匀速转动，传送带左端与半径为1.8m的四分之一光滑圆弧轨道相切，右端与长为3.5m、倾角为37°的粗糙斜面BD平滑连接。质量为0.5kg的物块P以8m/s的初速度竖直向下进入圆弧轨道，之后与静止在斜面上C点的物块Q发生弹性碰撞，物块Q的质量为1kg。碰后物块Q恰好能够滑上斜面的顶端。已知BC间距为2m，物块P与传送带、斜面间的动摩擦因数均为0.5，物块Q与斜面间的动摩擦因数为0.75，不计空气阻力。重力加速度为，，。求： （1）物块Q在斜面上运动的加速度大小； （2）物块P与物块Q碰撞后，各自的速度大小； （3）传送带速度的最小值； （4）若传送带以（3）中的速度匀速运行，物块P至少以多大的初动能进入圆弧轨道，才能使物块P、Q都经过斜面顶端。 【答案】（1） （2）， （3） （4） 【解析】 【小问1详解】 物块Q在斜面上做匀减速直线运动，由牛顿第二定律得 解得 【小问2详解】 CD之间距离，设物块P以和物块Q在C点发生弹性碰撞，碰后物块P、Q的速度分别为。物块Q碰后恰好能滑上斜面顶端，由运动学公式得 解得 物块P、Q弹性碰撞，由动量守恒、能量守恒得， 解得； 即物块P碰后以3m/s的速度返回传送带。 【小问3详解】 从物块P以进入圆弧轨道到运动至A点，由机械能守恒得 解得 BC之间距离，物块P从B点到C点有 解得 物块P从A点到B点的过程中做匀加速直线运动的部分有 解得 ，说明物块P随后做匀速直线运动，故传送带速度的最小值为11m/s。 【小问4详解】 若要物块P碰后再次返回斜面，且能恰好到达顶端，设物块P再次到达B点时速度至少应为。由动能定理得 由于，说明物块P碰后下滑到B点时速度大小也为。 设物块P以和物块Q弹性碰撞，碰后物块P、Q的速度大小分别为、 ， 物块P碰后从C点到B点，由动能定理得 解得， 物块P以从B点滑上斜面到与物块Q碰前，由动能定理得 由于，说明物块P在传送带上一直减速。 物块P从开始到B点的过程，由动能定理得 解得 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $