第1章 微专题2 自由组合定律的应用-【金版新学案】2025-2026学年高中生物必修2 遗传与进化同步课堂高效讲义配套课件PPT（人教版，多选）

微专题2　自由组合定律的应用 　 第1章　遗传因子的发现 学习目标 掌握利用自由组合定律解决遗传问题的方法。 题型一　运用分离定律解答自由组合的常规问题 分离定律是自由组合定律的基础，要学会运用分离定律的方法解决自由组合的问题。请结合下面给出的例子归纳自由组合问题的解题规律。 1．方法：分解组合法。 2．思路：将自由组合问题转化为若干个分离定律问题。 在独立遗传的情况下，有几对杂合基因就可分解为几个分离定律问题，如AaBb×Aabb可分解为Aa×Aa、Bb×bb。 3．根据亲本的基因型推测子代的基因型、表型及比例——正推型 (1)配子类型及概率问题：求AaBbCc产生的配子种类，以及产生ABC配子的概率。 产生的配子种类： 产生ABC配子的概率为1/2×1/2×1/2＝1/8。 Aa   Bb   Cc ↓   ↓   ↓ 2 × 2 × 2＝8种 (2)子代基因型(表型)种类及概率问题 如AaBbCc与AaBBCc杂交，其后代有多少种基因型？可能有多少种表型？ 先分解为三个分离定律，再用乘法原理组合。 ⇒后代有3×2×3＝18种基因型； 同理，表型有：2×1×2＝4种。 微提醒 1．计算子代杂合子概率时不能直接使用乘法定律，应该先计算纯合子的比例，然后用1－纯合子的比例。 2．计算子代表型或基因型不同于亲本的概率时不能直接使用乘法定律，应先计算与亲本基因型或表型相同的概率，然后用1－基因型或表型与亲本相同的概率。　　 4．根据子代表型分离比推测亲本基因型——逆推型 (1)子代：9∶3∶3∶1＝(3∶1)(3∶1)⇒AaBb×AaBb (2)子代：1∶1∶1∶1＝(1∶1)(1∶1)⇒ (3)子代：3∶1∶3∶1＝(3∶1)(1∶1)⇒ (4)子代：3∶1＝(3∶1)×1⇒ 典例 1 (2025·河南新乡期中)已知A与a、B与b、C与c，3对等位基因自由组合，基因型分别为AaBbCc、AabbCc的两个体进行杂交。下列关于杂交后代的推测，正确的是 A．表型有8种，基因型为AaBbCc个体的比例为1/16 B．表型有4种，基因型为AaBbCc个体的比例为1/16 C．表型有4种，基因型为AaBbCc个体的比例为1/8 D．表型有8种，基因型为aaBbCc个体的比例为1/16 √ 根据基因的分离定律和自由组合定律可知，子代表型为2×2×2＝8种，AaBbCc个体的比例为1/2×1/2×1/2＝1/8，aaBbCc个体的比例为1/4×1/2×1/2＝1/16，A、B、C错误，D正确。 (2025·安徽黄山期末)南瓜果实的白色(W)对黄色(w)为显性，盘状(D)对球状(d)为显性，控制两对性状的基因独立遗传，那么基因型WwDd和WWDd的南瓜杂交，子代基因型和表型的种类依次为 A．2种和3种 B．3种和2种 C．6种和2种 D．6种和3种 典例 2 据题意可知，控制两对性状的基因独立遗传，基因型WwDd和WWDd的南瓜杂交可拆解为Ww和WW，Dd和Dd，Ww和WW杂交后代基因型有2种，表型只有1种，Dd和Dd杂交后代基因型有3种，表型有2种，综合在一起分析可知，基因型WwDd和WWDd的南瓜杂交，子代基因型和表型的种类依次为2×3＝6种、1×2＝2种，C正确，A、B、D错误。 √ 已知玉米的某两对基因按照自由组合定律遗传，子代的基因型及比值如图所示，则双亲的基因型是 A．DdSs×DDSs B．DDSS×DDSs C．DdSs×DdSs D．DdSS×DDSs 典例 3 子代基因型及比例为DD∶Dd＝1∶1，SS∶Ss∶ss＝1∶2∶1，故双亲的基因型为DdSs×DDSs，A符合题意。 √ 题型二　和为“16”的“9∶3∶3∶1”的变式 1．基因互作(F1的基因型为AaBb) 条件 F1(AaBb)自交后代比例 F1(AaBb)测交后代比例 存在一种显性基因(A或B)时表现为同一种性状，其余正常表现 9∶6∶1 1∶2∶1 即A_bb和aaB_个体的表型相同 A、B同时存在时表现为一种性状，否则表现为另一种性状 9∶7 1∶3 即A_bb、aaB_、aabb个体的表型相同 a(或b)成对存在时表现为同一种性状，其余正常表现 9∶3∶4 1∶1∶2 即aaB_和aabb的表型相同或A_bb和aabb的表型相同 只要存在显性基因(A或B)就表现为同一种性状，其余正常表现 15∶1 3∶1 即A_B_、A_bb和aaB_的表型相同 2.显性基因累加效应 (1)表型 (2)原因：A与B的作用效果相同，但显性基因越多，效果越强。 现用一对纯合灰鼠杂交，F1都是黑鼠，F1中的雌雄个体相互交配，F2体色表现为9黑∶6灰∶1白。下列叙述正确的是 A．小鼠体色遗传遵循自由组合定律 B．若F1与白鼠杂交，后代表现为2黑∶1灰∶1白 C．F2灰鼠中能稳定遗传的个体占1/2 D．F2黑鼠有2种基因型 典例 4 根据F2性状分离比为9∶3∶3∶1的变式，可判断小鼠体色基因的遗传遵循自由组合定律，A正确；若相关基因用A/a、B/b表示，F1(AaBb)与白鼠(aabb)杂交，后代中AaBb(黑)∶Aabb(灰)∶aaBb(灰)∶aabb(白)＝1∶1∶1∶1，即1黑∶2灰∶1白，B错误；F2灰鼠(A_bb、aaB_)中能稳定遗传的即纯合子占1/3，C错误；F2黑鼠(A_B_)有4种基因型，D错误。 √ (2025·山东潍坊期中)香豌豆的花色有紫花和白花两种，显性基因C和P同时存在时开紫花。两个纯合白花品种杂交，F1开紫花，F1自交，F2的性状分离比为紫花∶白花＝9∶7。下列分析不正确的是 A．两个白花亲本的基因型为CCpp与ccPP B．F1测交结果紫花与白花的比例为1∶1 C．F2紫花中纯合子的比例为1/9 D．F2中白花的基因型有5种 典例 5 √ 9∶7是9∶3∶3∶1的变式，由题意可知，F1开紫花，其基因型为CcPp，两对基因的遗传遵循自由组合定律，两个白花亲本的基因型为CCpp与ccPP，A正确；CcPp×ccpp→CcPp(紫花)、ccPp(白花)、Ccpp(白花)、ccpp(白花)，紫花∶白花＝1∶3，B错误；F2紫花(C_P_)中纯合子(CCPP)的比例为1/9，C正确；F2中白花的基因型有5种，分别为CCpp、Ccpp、ccPP、ccPp、ccpp，D正确。 控制棉花纤维长度的三对等位基因A/a、B/b、C/c对长度的作用相等，遵循自由组合定律。已知基因型为aabbcc的棉花纤维长度为6厘米，每个显性基因增加纤维长度2厘米。棉花植株甲(AABbcc)与乙(aaBbCc)杂交，则F1的棉花纤维长度范围是 A．6～14厘米 B．6～16厘米 C．8～14厘米 D．8～16厘米 典例 6 √ 棉花植株甲(AABbcc)与乙(aaBbCc)杂交，AABbcc产生的配子中含有显性基因的数量分别为2、1，aaBbCc产生的配子中含有显性基因的数量分别为2、1、0，所以F1中含有显性基因最少的基因型是Aabbcc，长度最短为6＋2＝8厘米，含有显性基因最多的基因型是AaBBCc，长度为6＋4×2＝14厘米，C正确。 解题模板 性状分离比9∶3∶3∶1的变式题解题模板 题型三　和小于“16”的致死现象 1．胚胎致死或个体致死 2．配子致死或配子不育 AaBb(配子致死) 水稻种子的有芒和无芒由等位基因B/b控制，非糯性与糯性由等位基因R/r控制，两对基因独立遗传。让有芒非糯性水稻自交，F1的表型及比例为有芒非糯性∶有芒糯性∶无芒非糯性∶无芒糯性＝6∶2∶3∶1。下列有关分析错误的是 A．该水稻存在基因B纯合致死现象 B．若亲本测交，子代有4种表型 C．F1的有芒非糯性水稻均为杂合子 D．F1的重组类型中纯合子占3/7 典例 7 √ F1中有芒∶无芒＝2∶1，是3∶1的变式，说明B纯合致死，A正确；由题意分析可知，亲本的基因型为BbRr，让其测交，子代有4种表型，即有芒非糯性、有芒糯性、无芒非糯性、无芒糯性，B正确；由于基因B纯合致死，因此F1的有芒非糯性(BbR_)水稻均为杂合子，C正确；F1的重组类型(有芒糯性∶无芒非糯性∶无芒糯性＝2∶3∶1)中，只有无芒非糯性和无芒糯性各有一份纯合子，因此纯合子占2/(2＋3＋1)＝1/3，D错误。 典例 8 √ (多选)某自花传粉植物的抗病与不抗病(分别由基因A、a控制)、宽叶和窄叶(分别由基因B、b控制)两对相对性状独立遗传。该植物在繁殖过程中，存在一种或几种配子不育或合子致死(某基因纯合致死或某基因型致死)现象。下列有关基因型为AaBb的植株自交，后代出现抗病宽叶、不抗病宽叶、抗病窄叶、不抗病窄叶比例的原因的分析，正确的是 A．若为5∶1∶1∶1，可能是基因型为Ab和aB的花粉不育 B．若为4∶2∶2∶1，可能是基因A和基因B纯合致死 C．若为5∶3∶3∶1，可能是基因型为AB的花粉不育 D．若为6∶3∶3∶1，可能是基因A纯合致死 √ √ 若基因型为Ab和aB的花粉不育，则AaBb的植株可产生雄配子AB∶ab＝1∶1，产生雌配子AB∶ab∶Ab∶aB＝1∶1∶1∶1，根据配子法可得后代出现抗病宽叶(A_B_)∶不抗病宽叶(aaBb)∶抗病窄叶(Aabb)∶不抗病窄叶(aabb)＝5∶1∶1∶1，A正确；若基因A和基因B纯合致死，基因型为AaBb的植株自交，后代中抗病宽叶(AaBb)∶不抗病宽叶(aaBb)∶抗病窄叶(Aabb)∶不抗病窄叶(aabb)＝4∶2∶2∶1，B正确；若基因型为AB的花粉不育，则AaBb的植株可产生雄配子Ab∶aB∶ab＝1∶1∶1，产生雌配子AB∶ab∶Ab∶aB＝1∶1∶1∶1，根据配子法可得后代出现抗病宽叶(A_B_)∶不抗病宽叶(aaB_)∶抗病窄叶(A_bb)∶不抗病窄叶(aabb)＝5∶3∶3∶1，C正确；若基因A纯合致死，基因型为AaBb的植株自交，后代中抗病宽叶(AaB_)∶不抗病宽叶(aaB_)∶抗病窄叶(Aabb)∶不抗病窄叶(aabb)＝6∶3∶2∶1，D错误。 方法技巧 解答致死类问题的方法技巧 (1)从每对相对性状分离比角度分析，如： 6∶3∶2∶1⇒(2∶1)(3∶1)⇒一对显性基因纯合致死。 4∶2∶2∶1⇒(2∶1)(2∶1)⇒两对显性基因纯合致死。 (2)从F2每种性状的基因型种类及比例分析，如BB致死： 微专题专练 1．软骨发育不全是一种显性遗传病，白化病是一种隐性遗传病(两种病都与性别无关)。一对夫妻都患有软骨发育不全，他们所生的第一个孩子患有白化病和软骨发育不全，第二个孩子表现正常。假设控制这两种病的基因在遗传上遵循自由组合定律，请预测他们再生一个孩子同时患两种病的概率是 A．1/6 B．3/16 C．1/8 D．3/8 √ 假设软骨发育不全由B、b基因控制，白化病由A、a基因控制，两个患有软骨发育不全遗传病的人结婚，第一个孩子患有白化病和软骨发育不全，第二个孩子表现正常，则这对夫妇的基因型为AaBb、AaBb，他们再生一个孩子同时患两种病(aaB_)的概率是1/4×3/4＝3/16，B正确。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 1 15 2．南瓜所结果实中黄色与白色、盘状与球状是两对相对性状，分别受遗传因子A/a和B/b控制，且这两对遗传因子独立遗传。性状表现为白色球状的南瓜甲与性状表现为白色盘状的南瓜乙杂交，子代性状表现及其比例如图所示。根据杂交实验的数据，能够得到的结论是 A．亲代南瓜乙是纯合子 B．子代南瓜纯合子占1/4 C．南瓜的白色和盘状是显性性状 D．1/8的子代南瓜与亲代南瓜性状不同 √ 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 1 15 子代白色∶黄色＝(3/8＋3/8)∶(1/8＋1/8)＝3∶1， 可推知白色对黄色为显性，且亲本的相应遗传因 子组成应为杂合子自交，即白色Aa×白色Aa； 子代盘状∶球状＝(3/8＋1/8)∶(1/8＋3/8)＝1∶1， 据此无法推知盘状和球状的显隐性，但可推知亲本的相应遗传因子组成为杂合子测交，即Bb×bb。据此可知亲本的遗传因子组成为AaBb×Aabb，但白色球状甲和白色盘状乙相应的遗传因子组成无法确定。亲代南瓜均为杂合子，A错误。AaBb×Aabb后代纯合子占比为1/2×1/2＝1/4，B正确。由题意分析可知，南瓜的白色为显性性状，但盘状是否为显性性状无法确定，C错误。子代重组型占比为1/8＋1/8＝1/4，D错误。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 1 15 3．在三对基因各自独立遗传的条件下，亲本ddEeFF与DdEeff杂交，其子代表型不同于亲本的个体占全部后代的 A．5/8 B．3/8 C．1/12 D．1/4 √ ddEeFF与DdEeff杂交，其子代表型与亲本中ddEeFF相同的占1/2×3/4×1＝3/8，与亲本中DdEeff相同的概率为0，故其子代性状表现不同于亲本的个体占全部后代的1－3/8＝5/8，A符合题意。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 1 15 4．(2025·广州期末)燕麦颖色受两对基因控制。现用纯种黄颖与纯种黑颖杂交，F1全为黑颖，F1自交产生的F2中，黑颖∶黄颖∶白颖＝12∶3∶1。已知黑颖(B)和黄颖(Y)为显性，只要B存在，植株就表现为黑颖。以下叙述错误的是 A．F2中，黄颖占非黑颖总数的比例是3/4 B．F2中，黄颖的基因型有2种 C．若将F1进行测交，预计植株中黑颖纯种的比例是1/4 D．若将黑颖与黄颖杂交，亲本的基因型为Bbyy×bbYy时，后代中的白颖比例最大 √ 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 1 15 F2中，黄颖(1/16bbYY＋2/16bbYy)占非黑颖(1/16bbYY＋2/16bbYy＋1/16bbyy)总数的比例是3/4，A正确；F2中，黄颖的基因型有2种(bbYY、bbYy)，B正确；若将F1进行测交，后代基因型及比例是BbYy∶Bbyy∶bbYy∶bbyy＝1∶1∶1∶1，则黑颖纯种的比例是0，C错误；若将黑颖(B_ _ _)与黄颖(bbY_)杂交，得到白颖(bbyy)，也就是黑颖(B_ _y)与黄颖(bbYy)杂交，只有亲本基因组合为Bbyy×bbYy时，后代中的白颖比例最大，比例为1/2bb×1/2yy＝1/4，D正确。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 1 15 5．(2025·河南月考)家蚕结黄茧和白茧分 别由一对等位基因Y、y控制，并受另一 对等位基因I、i影响。当基因I存在时， 基因Y的作用不能显现出来。现有下面两 组杂交实验，下列分析错误的是 A．基因Y与基因I独立遗传 B．实验二两亲本的基因型可能是YYIi×YyIi C．若实验一的F2中结黄茧个体自由交配，后代中纯合子占5/9 D．若实验一的F1与F2中结黄茧杂合子杂交，理论上后代结白茧家蚕中纯合子占2/5 √ 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 1 15 实验一显示，F2中白茧∶黄茧＝13∶3 (是9∶3∶3∶1的变式)，因此两对等位 基因遵循自由组合定律，独立遗传， 所以F1白茧的基因型是YyIi，A正确。 Y_I_、yyI_、yyii都表现为白茧，Y_ii 表现为黄茧，因此实验一中亲本黄茧的基因型是YYii，白茧基因型是yyII；实验二中，白茧与白茧杂交，F1中白茧∶黄茧＝3∶1，因此两亲本的基因型可能是YYIi×YyIi，也可能是YyIi×yyii或YYIi×YYIi或YYIi×yyIi，B正确。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 1 15 实验一的F2中，结黄茧个体的基因型及概率为1/3YYii、2/3Yyii，产生的配子为2/3Yi、1/3yi，这些结黄茧个体自由交配，后代中纯合子占2/3Yi×2/3Yi＋1/3yi×1/3yi＝5/9，C正确。实验一的F1基因型为YyIi，F2中结黄茧杂合子基因型为Yyii，二者杂交后代结黄茧家蚕(Y_ii)的概率为3/4×1/2＝3/8，则结白茧家蚕的概率为5/8，后代结白茧家蚕纯合子(yyii)的概率为1/4×1/2＝1/8，因此理论上后代结白茧家蚕中纯合子占1/5，D错误。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 1 15 6．(2025·安徽合肥检测)皮肤中的色素可以防止紫外线对皮肤的灼伤，而且可以防止紫外线对叶酸的破坏。人体肤色的深浅受A、a和B、b两对基因控制(A、B控制深色性状)，基因A和B效应相同，基因a和b效应也相同。两个基因型分别为AaBb和AaBB的人结婚并生育多个子女。关于其子女皮肤颜色深浅的描述，错误的是 A．所有的子女最多有四种表型 B．肤色最浅的孩子基因型是aabb C．与亲代AaBB表型相同的占3/8 D．与亲代AaBb表型相同的占3/8 √ 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 1 15 基因型分别为AaBb与AaBB的人结婚，后代显性基因最多是4个(AABB)，可能是3个(AABb、AaBB)、2个(AaBb、aaBB)，最少是1个(aaBb)，因此有四种表型，肤色最浅的孩子基因型是aaBb，A正确、B错误；基因型分别为AaBb与AaBB的人结婚，AaBB含有3个显性基因，与之表型相同的后代的基因型是AaBB、AABb，所占比例是1/2×1/2＋1/4×1/2＝3/8，C正确；AaBb含有2个显性基因，与之表型相同的后代的基因型是AaBb、aaBB，所占比例是1/2×1/2＋1/4×1/2＝3/8，D正确。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 1 15 7．某植物花色受A、a和B、b两对等位基因控制。当不存在显性基因时，花色为白色，当存在显性基因时，随显性基因数量的增加，花色为红色且逐渐加深。现用两株纯合亲本植株杂交得F1，F1自交得F2，F2中有白花植株和4种红花植株，按红色由深至浅再到白的顺序统计出5种类型植株数量比例为1∶4∶6∶4∶1，下列说法正确的是 A．亲本的表型可为白色和最红色或者两种深浅不同的红色 B．F2中与亲本表型相同的类型占1/8或3/8 C．该植物的花色遗传只遵循自由组合定律 D．用F1作为材料进行测交实验，测交后代每种表型各占1/4 √ 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 1 15 由于F1的基因型是AaBb，因此两株纯合亲本基因型是AABB×aabb或AAbb×aaBB，如果是前者，属于最红色和白色，后者都属于中等红色，A错误；如果亲本基因型是AABB、aabb，F2中表型与亲本相同的类型占1/8，如果亲本基因型是AAbb、aaBB，F2中与亲本表现相同的是含有2个显性基因的个体，分别是AaBb、AAbb、aaBB，占3/8，B正确；该植物的花色遗传同时遵循分离定律和自由组合定律，C错误；F1测交后代的基因型及其比例是AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶1∶1∶1，表型比例是1∶2∶1，D错误。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 1 15 8．在小鼠的一个自然种群中，体色有黄色(Y)和灰色(y)，尾巴有短尾(D)和长尾(d)，两对相对性状的遗传符合自由组合定律。任取一对黄色短尾个体经多次交配，F1的表型为黄色短尾∶黄色长尾∶灰色短尾∶灰色长尾＝4∶2∶2∶1。实验中发现有些基因型有致死现象(胚胎致死)。以下说法错误的是 A．黄色短尾亲本能产生4种正常配子 B．F1中致死个体的基因型共有4种 C．表型为黄色短尾的小鼠的基因型只有1种 D．若让F1中的灰色短尾雌雄鼠自由交配，则F2中灰色短尾鼠占2/3 √ 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 1 15 F1的表型为黄色短尾∶灰色短尾∶黄色长尾∶灰色长尾＝4∶2∶2∶1，即黄色∶灰色＝2∶1，短尾∶长尾＝2∶1，所以黄色纯合致死、短尾纯合致死，也就是说只要有一对显性基因纯合就会导致胚胎致死(YY或DD都导致胚胎致死)，因此亲本黄色短尾个体的基因型为YyDd，它能产生YD、Yd、yD、yd 4种正常配子，A正确；已知YY或DD都导致胚胎致死，所以YyDd相互交配产生的F1中致死个体的基因型有YYDD、YYDd、YyDD、YYdd、yyDD，共5种，B错误；因为YY或DD都导致胚胎致死，所以表型为黄色短尾的小鼠的基因型只有YyDd 1种，C正确；F1中的灰色短尾的基因型为yyDd(yyDD胚胎致死)，它们自由交配，F2中基因型有yyDD、yyDd、yydd，比例为1∶2∶1，其中yyDD胚胎致死，所以只有yyDd、yydd 2种，其中灰色短尾鼠(yyDd)占2/3，D正确。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 1 15 9．(2025·江西阶段练习)某植物的叶色同时受E、e与F、f两对基因控制，两对基因都位于常染色体上。绿叶植株基因型为E_ff，紫叶植株基因型为eeF_。将某绿叶植株与紫叶植株作为亲本进行杂交，所得红叶植株自交得F2，F2的表型及比例为红叶∶紫叶∶绿叶∶黄叶＝7∶3∶1∶1，不考虑突变。下列有关说法错误的是 A．F1产生的基因型为eF的雌配子或雄配子致死 B．这两对基因的遗传遵循自由组合定律 C．F2中红叶植株的基因型有4种，且比例为3∶2∶1∶1 D．取F2绿叶植株与紫叶植株进行正反交，所得子代的表型比例不同 √ 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 1 15 根据题意：F2的表型及比例为红叶∶紫叶∶绿叶∶黄叶＝7∶3∶1∶1，属于9∶3∶3∶1的变式，说明这两对基因的遗传遵循自由组合定律，B正确；由题干信息可推出F1红叶植株的基因型为EeFf，E_F_表现为红叶，eeff表现为黄叶，F2中绿叶和红叶个体各减少了两份，根据棋盘法可推测是基因型为Ef的雌配子或雄配子致死，A错误；根据A项分析可知，F1红叶植株的基因型为EeFf，其配子为EF∶Ef∶eF∶ef＝1∶1∶1∶1，根据雌、雄配子随机结合可知，F2中红叶E_F_(EEFF∶EEFf∶EeFF∶EeFf＝1∶2∶2∶4)∶紫叶eeF_(eeFF∶eeFf＝1∶2)∶绿叶E_ff(EEff∶Eeff＝1∶2)∶黄叶eeff＝9∶3∶3∶1，由于基因型为Ef的雌配子或雄配子致死， 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 1 15 F2中基因型为EEFf(红叶)个体死掉一份、EeFf(红叶)个体死掉一份、Eeff(绿叶)个体死掉一份、EEff(绿叶)个体死掉一份，所以F2中红叶植株的基因型及比例为EeFf∶EeFF∶EEFf∶EEFF＝3∶2∶1∶1，C正确；根据A项和C项分析可知，F2绿叶植株基因型为Eeff(产生配子为Ef∶ef＝1∶1)，紫叶植株基因型为eeF_(产生配子eF∶ef＝2∶1)，由于Ef的雌配子或雄配子致死，故F2绿叶植株与紫叶植株进行正反交，所得子代的表型比例不同，D正确。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 1 15 √ 10．豌豆子叶的黄色(Y)对绿色(y)为显性，种子圆粒(R)对皱粒(r)为显性。若用黄色圆粒和绿色圆粒豌豆作亲本，杂交后子代(F1)表型及比例为黄色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒＝3∶3∶1∶1。选取F1中黄色圆粒植株，去掉花瓣，让它们之间相互授粉，则所结种子的表型比例可能是 A．24∶8∶3∶1 B．64∶8∶8∶1 C．15∶5∶3∶1 D．9∶3∶3∶1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 1 15 F1黄色圆粒植株的基因型为YyR_，去掉花瓣相互授粉，相当于自由交配，可以将自由组合问题转化成两个分离定律问题：①Yy×Yy→黄色Y_＝3/4、绿色yy＝1/4，②R_×R_→皱粒rr＝2/3×2/3×1/4＝1/9，圆粒R_＝8/9，因此F2的表型及其性状分离比是黄色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒＝(3/4×8/9)∶(1/4×8/9)∶(3/4×1/9)∶(1/4×1/9)＝24∶8∶3∶1，A正确。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 1 15 √ 11．(多选)玉米的宽叶(A)对窄叶(a)为显性，杂合子宽叶玉米表现为高产；玉米有茸毛(D)对无茸毛(d)为显性，有茸毛玉米植株表面茸毛茂盛，具有显著的抗病能力，该显性基因纯合时植株幼苗期就不能存活。已知两对基因独立遗传，若高产有茸毛玉米自交产生F1，则F1的成熟植株中 A．有茸毛与无茸毛之比为2∶1 B．有9种基因型 C．高产抗病类型占1/4 D．宽叶有茸毛类型占1/2 √ 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 1 15 分析题意可知，高产有茸毛玉米的基因型为AaDd，其自交后代F1的成熟植株中有茸毛和无茸毛的基因型及概率分别为2/3Dd、1/3dd，因此，F1的成熟植株中有茸毛与无茸毛之比为2∶1，A正确；基因型为AaDd的玉米自交，后代幼苗的基因型有9种，但由于基因型为__DD的幼苗死亡，因此，F1的成熟植株只有6种基因型，B错误；F1的成熟植株中高产抗病类型的基因型为AaDd，所占比例为1/2×2/3＝1/3，C错误；F1的成熟植株中宽叶有茸毛的基因型为AADd或AaDd，所占比例为1/4×2/3＋2/4×2/3＝1/2，D正确。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 1 15 √ 12．(多选)(2025·山东潍坊月考)某植物的花色有白色、紫色和蓝色三种类型，由两对独立遗传的基因A、a和B、b控制，基因型和表型的关系如表所示。现用纯合紫花植株和纯合蓝花植株作亲本，杂交得F1，F1自交得F2。下列分析正确的是 A．理论上推测，F2的表型及比例为白花∶紫花∶蓝花＝10∶3∶3 B．用F1进行测交，推测测交后代有3种基因型，表型之比约为2∶1∶1 C．从F2中任选两株白花植株相互交配，子代的表型可能有3种、2种、1种 D．F1自交产生F2的过程中发生了等位基因的分离和非等位基因的自由组合 基因型 A_B_ A_bb aaB_ aabb 表型 白花 紫花 蓝花 白花 √ √ 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 1 15 理论上推测，F2的基因型及比例是A_B_∶A_bb∶aaB_∶aabb＝9∶3∶3∶1，其中A_B_、aabb表现为白花，A_bb表现为紫花，aaB_表现为蓝花，所以F2的表型及比例为白花∶紫花∶蓝花＝10∶3∶3，A正确；让F1进行测交，即基因型为AaBb的个体与基因型为aabb的个体杂交，子代基因型有4种，分别为AaBb(白花)、aaBb(蓝花)、Aabb(紫花)、aabb(白花)，表型及比例为蓝花∶白花∶紫花＝1∶2∶1，B错误；F2中白花植株的基因型为AABB、AaBB、AABb、AaBb、aabb，任选两株白花植株相互交配，AABB与aabb杂交子代有1种表型，AaBb与aabb杂交子代有3种表型，AABb与aabb杂交子代有2种表型，C正确；F1的基因型为AaBb，A、a和B、b两对基因独立遗传，因此F1个体自交产生F2的过程中发生了等位基因的分离和非等位基因的自由组合，D正确。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 1 15 13．(12分)(2025·广东东莞校考)某两性花二倍体植物的花色由两对等位基因控制。两对基因独立遗传，其中基因A控制紫色，基因a无控制紫色素合成的功能，也不会影响其他基因的功能。基因B控制红色，b控制蓝色。所有基因型的植株都能正常生长和繁殖，基因型为A_B_和A_bb的植株花色为紫红色和靛蓝色。现有该植物的3个不同纯种品系甲、乙、丙，分别为紫红色花、蓝色花和红色花，不考虑突变，杂交结果如下表所示： 请回答以下问题： 杂交组合 组合方式 F1表型 F2表型及比例 Ⅰ 甲×乙 紫红色 紫红色∶靛蓝色∶红色∶蓝色＝9∶3∶3∶1 Ⅱ 乙×丙 红色 红色∶蓝色＝3∶1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 1 15 (1)该两性花的花色性状遗传符合____________________定律。 杂交组合 组合方式 F1表型 F2表型及比例 Ⅰ 甲×乙 紫红色 紫红色∶靛蓝色∶红色∶蓝色＝9∶3∶3∶1 Ⅱ 乙×丙 红色 红色∶蓝色＝3∶1 自由组合 杂交组合Ⅰ中F2表型及比例为紫红色∶靛蓝色∶红色∶蓝色＝9∶3∶3∶1，因而可知，该植物的花色受两对等位基因控制，且遵循自由组合定律。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 1 15 aabb (2)乙植株的基因型是________，自然情况下紫红色花植株的基因型有________种。若想在F2紫红色花植株中获得稳定遗传的个体，最便捷的方法是进行________。 4 自交 杂交组合 组合方式 F1表型 F2表型及比例 Ⅰ 甲×乙 紫红色 紫红色∶靛蓝色∶红色∶蓝色＝9∶3∶3∶1 Ⅱ 乙×丙 红色 红色∶蓝色＝3∶1 根据杂交组合Ⅰ中F2表型及比例可知，甲植株的基因型为AABB，乙植株的基因型为aabb，根据题意可知，自然情况下紫红色花植株的基因型有4种，分别为AABB、AaBb、AABb、AaBB。若想在F2紫红色花植株中获得稳定遗传的个体，最便捷的方法是选择F2中的紫红色花进行连续自交直到不再发生性状分离为止(或者进行自交并单株收获)。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 1 15 (3)让只含隐性基因的植株与F2测交，________(填“能”或“不能”)确定F2中各植株控制花色性状的基因型。 让只含隐性基因的植株(aabb)与F2测交，能确定F2中各植株控制花色性状的基因型，因为该群体中花色有4种类型，且每种基因型测交得到的后代的表型均不同。 杂交组合 组合方式 F1表型 F2表型及比例 Ⅰ 甲×乙 紫红色 紫红色∶靛蓝色∶红色∶蓝色＝9∶3∶3∶1 Ⅱ 乙×丙 红色 红色∶蓝色＝3∶1 能 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 1 15 (4)杂交组合Ⅰ的F2中靛蓝色花植株的基因型有________种，其中杂合子占________。 杂交组合Ⅰ的F2中靛蓝色花植株的基因型有2种，分别为Aabb和AAbb，二者比例为2∶1，可见其中杂合子占2/3。 杂交组合 组合方式 F1表型 F2表型及比例 Ⅰ 甲×乙 紫红色 紫红色∶靛蓝色∶红色∶蓝色＝9∶3∶3∶1 Ⅱ 乙×丙 红色 红色∶蓝色＝3∶1 2 2/3 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 1 15 (5)若甲与丙杂交所得F1自交，则理论上F2表型为__________________，其比例是________。 根据杂交组合Ⅱ中F2表型及比例为红色∶蓝色＝3∶1，因而可知F1的基因型为aaBb，又知乙的基因型为aabb，则丙的基因型为aaBB，甲与丙杂交得到的F1的基因型为AaBB，表现为紫红色，若F1自交，则理论上F2表型为紫红色花(3A_BB)、红色花(aaBB)，其比例是3∶1。 杂交组合 组合方式 F1表型 F2表型及比例 Ⅰ 甲×乙 紫红色 紫红色∶靛蓝色∶红色∶蓝色＝9∶3∶3∶1 Ⅱ 乙×丙 红色 红色∶蓝色＝3∶1 紫红色花、红色花 3∶1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 1 15 (6)请写出杂交组合Ⅰ中F1自交的遗传图解(不要求写配子)。 答案： 杂交组合 组合方式 F1表型 F2表型及比例 Ⅰ 甲×乙 紫红色 紫红色∶靛蓝色∶红色∶蓝色＝9∶3∶3∶1 Ⅱ 乙×丙 红色 红色∶蓝色＝3∶1 杂交组合Ⅰ中亲本的基因型为AABB和aabb，F1的基因型为AaBb，则F1自交的遗传图解见答案。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 1 15 自由组合定律 AAbb 14．(12分)(2024·徐州期中)白车轴草是一种常见的草本植物，叶片内含氰(有剧毒)和不含氰为一对相对性状，其叶片内氰化物的产生途径如图所示。回答下列问题： (1)当两个不含氰的品种进行杂交时，F1却全部含氰。F1自交产生F2，F2中含氰∶不含氰＝9∶7。白车轴草叶片内是否含氰的遗传所遵循的遗传学规律是________________。亲本的基因型为________、________。F2中自交不发生性状分离的个体所占比例为________。 aaBB 1/2 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 1 15 由于F2中含氰∶不含氰＝9∶7，是9∶3∶3∶1的变式，所以白车轴草叶片内是否含氰的遗传所遵循的遗传学规律是自由组合定律。由F2中含氰∶不含氰＝9∶7可推知含氰的基因型为A_B_，不含氰的基因型为A_bb、aaB_、aabb，两个不含氰的品种进行杂交时，F1全部含氰，可推测亲本的基因型为AAbb、aaBB。F2中不含氰的个体自交后代不会出现A_B_，故不会发生性状分离，F2中含氰的个体中只有AABB自交不会发生性状分离，故F2中自交不发生性状分离的个体所占比例为(7＋1)/16＝1/2。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 1 15 (2)现有一株不产氰的白车轴草植株，为确定其基因型，科研人员利用其叶片提取液、含氰糖苷和氰酸酶，进行了如下实验： ①若向叶片提取液中单独加入含氰糖苷后不产氰，单独加入氰酸酶后产氰，则其基因型为______________； ②若向叶片提取液中单独加入含氰糖苷后产氰，单独加入氰酸酶后不产氰，则其基因型为_____________； ③若向叶片提取液中单独加入含氰糖苷或氰酸酶后都不产氰，则其基因型为________。 AAbb或Aabb aaBB或aaBb aabb 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 1 15 不产氰的白车轴草植株的基因型可能为A_bb、aaB_、aabb。①如果该植株基因型为A_bb(AAbb或Aabb)，则该植株能产生含氰糖苷，不能产生氰酸酶，所以向叶片提取液中单独加入含氰糖苷后不产氰，单独加入氰酸酶后产氰。②如果该植株基因型为aaB_(aaBB或aaBb)，则该植株不能产生含氰糖苷，能产生氰酸酶，故向叶片提取液中单独加入含氰糖苷后产氰，单独加入氰酸酶后不产氰。③如果该植株基因型为aabb，则该植株不能产生含氰糖苷和氰酸酶，故向叶片提取液中单独加入含氰糖苷或氰酸酶后都不产氰(只有同时加入含氰糖苷和氰酸酶才产氰)。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 1 15 15．(12分)某多年生植物的高茎和矮茎由等位基因A、a控制，红花和白花由等位基因B、b控制，两对基因独立遗传。某高茎红花植株自交的子一代中高茎红花∶高茎白花∶矮茎红花∶矮茎白花＝5∶3∶3∶1。请回答下列问题： (1)控制这两对相对性状的基因________(填“遵循”或“不遵循”)自由组合定律。 遵循 据题意可知，控制高茎和矮茎、红花和白花的两对基因独立遗传，所以控制这两对相对性状的基因遵循自由组合定律，且亲本高茎红花的基因型为AaBb。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 1 15 (2)已知通过受精作用得到的各种基因型的受精卵均能正常发育。为研究子一代出现该比例的原因，有人提出两种假说， 假说一：亲本产生的AB雄配子不能受精； 假说二：亲本产生的AB雌配子不能受精。 请利用上述实验中的植株为材料，设计测交实验分别证明两种假说是否成立(写出简要实验方案、预期实验结果)。 ①支持假说一的实验方案和实验结果是______________________________ ________________________________________________________________ _______________________。 ②支持假说二的实验方案和实验结果是______________________________ ______________________________________________________________________________________。 以亲本高茎红花为父本与子一代矮茎白花测交，子代出现高茎白花∶矮茎白花∶矮茎红花＝1∶1∶1(或子代仅未出现高茎红花) 以亲本高茎红花为母本与子一代矮茎白花测交，子代出现高茎白花∶矮茎白花∶矮茎红花＝1∶1∶1(或子代仅未出现高茎红花) 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 1 15 假说提出两种可能，AB雄配子不能受精或AB雌配子不能受精，故①要用亲本高茎红花为父本与子一代矮茎白花为母本测交证明假说一，因母本只产生ab雌配子，父本能产生AB、Ab、aB、ab 4种雄配子，若AB雄配子不能受精，则子一代没有高茎红花个体；②用亲本高茎红花为母本与子一代矮茎白花为父本测交证明假说二，因父本只产生ab雄配子，母本能产生AB、Ab、aB、ab 4种雌配子，若AB雌配子不能受精，则子一代没有高茎红花个体。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 1 15 谢 谢 观 看 第1章　遗传因子的发现 $