2026届河南南阳市方城县第一高级中学高三一模考前物理模拟试卷（三）

方城县第一高级中学2026届高三一模考前物理模拟试卷（三） 学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 考生注意： 1.本试卷满分100分，考试时间75分钟。 2.答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。 3.考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分） 1．有关四幅图的描述，下列说法正确的是（　　） A．图1中，农民用拖拉机耕地是利用毛细现象让灌溉水能更好地渗入到地下 B．图2中，碎裂钢化玻璃的裂缝处由于进入了空气发生了薄膜干涉，因此特别亮 C．图3中的核反应是一种链式反应，其中的质量大于与一个中子的质量之和 D．图4为等离子体极化子在晶体薄膜中的传播，因其图像具有较高的对称性可判断其各向同性 2．在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法和科学假说法、建立物理模型法等。以下关于所用物理学研究方法的叙述正确的是（　　） A．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法 B．从科学方法角度来说，物理学中引入“平均速度”概念运用了理想化模型方法 C．根据速度定义式，当时间非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了微元法 D．在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法 3．国际空间站将在2030年左右退役，届时中国天宫空间站将成为世界上唯一的空间站，继续承载着人类的太空梦想。天宫空间站在距地面约400km高的近圆轨道上运行，大约每90min绕地球运动一周。下列关于天宫空间站说法正确的是（　　） A．空间站运行的角速度小于地球自转的角速度 B．空间站的运行速度小于同步卫星的运行速度 C．在空间站内进行科学实验时托盘天平可正常使用 D．空间站内的航天员在24小时内大约可以观测到16次日出和日落 4．渔船常用回声探测器发射的声波探测水下鱼群与障碍物，声波在水中传播速度为1 500 m/s，若探测器发出频率为1.5×106 Hz的声波，下列说法正确的是（　　） A．声波由水中传播到空气中，频率会改变 B．声波由水中传播到空气中，波长会改变 C．该声波在水中遇到尺寸约为 1m 的被探测物时会发生明显衍射 D．当鱼群远离探测器运动时，探测器接收到的频率变大 5．如图所示，一倾角为的粗糙斜面固定在水平地面上，斜面上有一质量为的物体，上端用平行于斜面的细绳跨过定滑轮连接着物体，物体、通过轻弹簧相连，质量分别为、，此时恰好静止。已知重力加速度为，下列说法正确的是（　　） A．物体与斜面间的动摩擦因数为 B．剪断弹簧的瞬间，物体的加速度为 C．剪断细绳的瞬间，物体的加速度为 D．剪断细绳的瞬间，物体的加速度为 6．为实现高精度环境监测，某团队研发了一款基于光的全反射原理的光纤传感模块，其核心部件为一等腰直角三棱镜，棱镜折射率，光纤射出的一束单色光从边的中点平行于边射入棱镜，传播过程始终在棱镜截面内。已知光在真空中的速度为，下列说法正确的是（　　） A．该棱镜对该单色光的临界角为 B．该单色光在边会发生全反射 C．该单色光在棱镜中的传播速度为 D．若增大棱镜折射率，临界角会变大 7．在炎热酷暑的时候，大量的电器高负荷工作，一些没有更新升级输电设备的老旧社区，由于输电线老化，线损提高，入户电压降低，远达不到电器正常工作的需要，因此出现了一种“稳压源”的家用升压设备，其原理就是根据入户电压与电器工作电压，智能调节变压器原副线圈匝数比的机器，现某用户工作情况如图所示，忽略变压器电阻。下列说法正确的是（　　） A．现入户电压，若要稳压源输出电压，则需调节 B．空调制冷启动时，热水器实际功率不变 C．空调制冷停止时，导线电阻耗能升高 D．在用电器正常工作时，若入户电压减小，则需要更大的入户电流，从而输电线路损耗更大 二、多项选择题（第8~10题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分，共18分） 8．如右图所示，A是 圆柱体的横截面，质量为M，其弧形表面光滑，与地面接触的下表面粗糙，在光滑竖直墙壁与柱体之间放置一质量为m 的球体，系统处于平衡状态。若使柱体缓慢向左移动少许，球体m未与地面接触，且系统再次静止，则下列说法正确的是（　　） A．地面对柱体的支持力变小 B．地面对柱体的摩擦力大小变大 C．地面对柱体的支持力大小为（M+m）g不变 D．地面对柱体的摩擦力大小不变 9．如图所示，虚线a、b、c表示O处点电荷的电场中的三个等势面，1、2两个带电粒子射入电场后，仅在电场力作用下的运动轨迹如图中两条实线所示，其中粒子1的运动轨迹与等势面c、b分别相交于P、Q两点，粒子2的运动轨迹与等势面c、a分别相交于M、N两点（不考虑两个粒子间的相互作用）。由此可以判定（　　） A．两个粒子一定带异种电荷 B．M、N两处电势一定是 C．粒子1在P点的加速度小于在Q点的加速度 D．粒子2在运动过程中的电势能先增大后减小 10．如图所示，MN和PQ为在同一水平面内足够长的平行固定金属导轨，处在竖直向下的匀强磁场中。质量均为m金属杆a、b垂直于导轨放置，一不可伸长的轻质绝缘细线一端系在金属杆b的中点，另一端绕过轻小定滑轮与质量为的重物c相连，细线的水平部分与导轨平行且足够长。已知两杆与导轨动摩擦因数相同，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，不计导轨电阻、滑轮轴的摩擦及电磁辐射，重力加速度大小为g。整个装置由静止释放后，下列关于b杆的速度、b杆所受的安培力与重力的比值随时间变化的规律可能正确的是（　　） A． B．C． D． 三、实验题（本题共2小题，共14分） 11．某中学实验小组做“验证动量守恒定律”的实验装置示意图如图所示。主要步骤为： ①将斜槽固定在水平桌面上，使槽的末端水平； ②让质量为的入射球多次从斜槽上S位置静止释放，记录其平均落地点位置； ③把质量为的被碰球静置于槽的末端，再将入射球从斜槽上S位置静止释放，与被碰球相碰，并多次重复，记录两小球的平均落地点位置； ④记录小球抛出点在地面上的垂直投影点O测出碰撞前后两小球的平均落地点的位置MP、N与O的距离分别为、、，如图乙，分析数据： (1)若入射小球半径为，被碰小球半径为，则要求：（　　） A．， B．， C．， D．， (2)关于该实验，下列说法正确的有（　　） A．入射小球每次都必须从斜槽同一高度由静止释放 B．铅垂线的作用是检验斜槽末端是否水平 C．入斜槽轨道必须光滑 D．实验中必须测量出小球抛出点的离地高度H (3)若两球碰撞时的动量守恒，应满足的关系式为 ；若碰撞是弹性碰撞，还应满足的关系式为 。（均用题中所给物理量的符号表示） 12．某实验小组的同学研究一个标有“14V  7W”字样的灯泡L的电压随电流的变化特点，实验室提供的器材如下： A．电源（电动势15V，内阻很小）； B．电压表V（量程为3V，内阻）； C．电流表A（量程，内阻约为）； D．小灯泡（14V、7W）； E．定值电阻； F．定值电阻； G．定值电阻； H．滑动变阻器（阻值范围为，额定电流为2A）； I．滑动变阻器（阻值范围为，额定电流为1A）； J．开关、导线若干。 (1)实验前改装时，电压表与定值电阻 （选填“串”或“并”）联，该同学选用的定值电阻应为 （选填“”“”或“”）； (2)实验器材中备有两个滑动变阻器，该实验应选用的是 （选填“”或“”），实验要求能够较准确的画出灯泡的伏安特性曲线，请在虚线框中帮助该同学画出实验电路原理图 ； (3)在研究小灯泡电压随电流的变化特点时，若某次读取电流、电压分别为、U0，则在如图所示坐标纸上描点时对应坐标为 （用、U0表示），依次描点绘图得到如图所示伏安特性曲线； (4)直接将该灯泡接到电动势为15V，内阻为的电源两端时，灯泡L消耗的电功率为 W（保留2位有效数字）。 四、计算题（本题共3小题，共计40分。解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位） 13．如图所示，竖直导热圆筒固定不动，粗筒横截面积是细筒的4倍，细筒足够长，粗筒中A、B两轻质活塞间封有一定量的理想气体，气柱长。活塞A上方为水银，粗细两筒中水银柱的高度分别为和，两活塞与筒壁间的摩擦不计。用外力向上托住B，使之处于平衡状态。若外界大气压始终为，环境温度为27℃。 （1）保持温度不变，向上缓慢推动活塞B，试计算粗筒中的水银柱刚好完全进入细筒时，封闭气体的压强p2和活塞B上升的距离x； （2）在第（1）问的基础上，固定活塞B的位置不变，将装置放入57℃的恒温箱中。一段时间后，在细筒上方注入水银，为保证活塞A不向下移动，则注入水银的最大高度为多少？ 14．如图所示为一控制粒子运动装置的模型。以为原点建立平面直角坐标系xOy，直线AB、CD与轴平行，AB与轴之间有沿轴负方向的匀强电场区域与轴之间有一半径为的圆形区域，圆形区域内有垂直于坐标平面向里的匀强磁场II，磁场边界分别与轴和CD相切，CD右侧有垂直于坐标平面向里的匀强磁场区域III。AB左侧M、N两个平行金属板之间的电压为，一个质量为、电荷量为的带正电的粒子（不计粒子重力）从靠近板的点由静止开始做加速运动，从AB上坐标为的点水平向右垂直于AB射入电场，粒子恰好从坐标原点进入磁场II，以垂直CD的方向进入磁场III，粒子经磁场III偏转后再次进入磁场II，并从点再次进入电场I，求： (1)粒子运动到点射入电场的速度大小和第一次通过点时速度的大小与方向； (2)匀强磁场II、III的磁感应强度大小； (3)匀强电场I的电场强度大小。 15．如图所示，水平地面上固定一倾角为的斜面，其底端垂直斜面固定一挡板P。斜面顶端固定一光滑圆弧轨道，轨道所对应的圆心角为，轨道下端与斜面相切。长木板A放置在斜面上，其上端与斜面上端对齐，下端到挡板P的距离为s，物块B放在A上表面的中点。初始时AB均静止，物块C从圆弧最高点由静止释放，沿圆弧轨道滑到斜面顶端时与相碰。已知木板A足够长，物块B、C均可视为质点，碰撞均为弹性碰撞，圆弧轨道的半径，AC与斜面间的动摩擦因数均为，B与A间的动摩擦因数 (1)求C在圆弧轨道最低点与A碰前瞬间对轨道的压力大小； (2)若s足够长，A、B在接触挡板P前已达到共同运动，求A刚接触挡板P时B在A上表面的划痕长度； (3)若，A与挡板P碰撞后，速度大小不变，方向反向，在A与挡板P第一次碰撞到第二次碰撞期间内，试推理说明A与C能否发生碰撞。 试卷第8页，共9页 试卷第9页，共9页 学科网（北京）股份有限公司 《方城县第一高级中学2026届高三一模考前物理模拟试卷（三）》参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C D D B B B D BC AC ABC 1．C 【详解】A．拖拉机耕地主要是为了松土、增加土壤通气与透水性，并非利用“毛细现象”来让水渗入地下，故A错误； B．碎裂的钢化玻璃裂缝处明亮通常是由于内部应力释放后形成的多重反射效应，不是由薄膜干涉引起，故B错误； C．发生核反应时，其质量大于生成的和中子质量的总和，正是这种质量亏损转化为核能释放出来，故C正确。 D．等离子体极化子属较高层次的凝聚态物理研究，且简单的图像对称性并不能说明材料各向同性，故D错误。 故选C。 2．D 【详解】A．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫理想模型法，故A错误； B．从科学方法角度来说，物理学中引入“平均速度”概念运用了等效替代方法，故B错误； C．根据速度定义式，当时间非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想法，故C错误； D．在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法，故D正确。 故选D。 3．D 【详解】A．地球自转周期为24 h（86400 s），角速度 空间站运行周期为5400 s，角速度 比较得 ，故空间站角速度大于地球自转角速度，A错误。 B．同步卫星轨道高度约36000 km，周期24 h。由万有引力提供向心力，可得，因，故，即空间站速度大于同步卫星速度，B错误。 C．空间站处于失重状态（重力提供向心力，内部为微重力环境），托盘天平依赖重力平衡测量质量，在失重条件下无法正常工作，故C错误。 D．空间站运行周期为90 min，24h（1440 min）内绕地球圈数。每绕地球一圈，航天员经历一次日出和一次日落（因轨道运动穿越昼夜区域），故24 h内可观测到约16次日出和16次日落，D正确。 故选D。 4．B 【详解】AB．声波由水中传播到空气中，频率不会发生改变，波速变小，根据可知，波长变小，故A错误，B正确； C．由波速的计算公式有 当声波遇到障碍物的尺寸跟波长相近或者更小时，会产生明显衍射现象，所以该声波遇到尺寸约为1m的被探测物时不会发生明显衍射，故C错误； D．探测器发射频率由自身决定，根据声波的多普勒效应，当鱼群远离探测器运动时，探测器接收到的频率变小，故D错误。 故选B。 5．B 【详解】A．以bc为整体受力分析可知：绳子拉力 此时恰好静止，对a受力分析有 解得物体与斜面间的动摩擦因数为，故A错误； B．剪断弹簧的瞬间，以物体为系统，有 所以系统可以平衡，其加速度为0，故B正确； C．对c受力分析有 剪断细绳的瞬间，物体有 剪断细绳的瞬间，物体的加速度为，故C错误； D．剪断细绳的瞬间，物体有 剪断细绳的瞬间，物体的加速度为，故D错误。 故选B。 6．B 【详解】A．根据临界角公式 代入数据解得，因此临界角并非60°，故A错误； B．该单色光平行于边射入边，因边与边垂直，该单色光垂直边入射，传播方向不变，沿水平方向到达边。等腰直角三棱镜中，该单色光到达边时的入射角等于45°（通过几何关系推导，入射光线与边的法线夹角为45°）。由于（临界角），满足全反射条件（光从光密介质射向光疏介质，且入射角≥临界角），因此该单色光在边会发生全反射，故B正确； C．光在介质中的传播速度与真空中光速的关系 解得，故C错误； D．由临界角公式可知，折射率增大时，减小，临界角会变小，故D错误。 故选B。 7．D 【详解】A．变压器有，代入数据有，故A错误； BC．空调启动时电流增大，导线电阻分压增加，导线电阻耗能升高，热水器电压降低，功率降低，反之，空调制冷停止时，导线电阻耗能降低，故BC错误； D．在用电器正常工作时，原副线圈的功率都不变且一样，若入户电压减小，则需要更大的入户电流，从而输电线路损耗更大，故D正确。 故选D。 8．BC 【详解】对小球进行受力分析可得，如图所示 根据平衡条件可得， 柱体向左移动，增大，、都增大，把柱体和球看作一个整体进行受力分析，根据平衡条件可得， 增大，增大，柱体所受地面的摩擦力增大，地面对柱体的支持力大小为（M+m）g不变。 故选BC。 9．AC 【详解】A．由图中轨迹可知，粒子1受到库仑斥力作用，粒子1与场源点电荷带同种电荷；粒子2受到库仑引力作用，粒子2与场源点电荷带异种电荷；则两个粒子一定带异种电荷，故A正确； B．由于不清楚场源点电荷的电性，故无法判断M、N两处电势的高度，故B错误； C．根据点电荷场强公式可知，离场源点电荷越远，场强越小，则粒子1在P点受到的电场力小于在Q点受到的电场力，根据牛顿第二定律可知，粒子1在P点的加速度小于在Q点的加速度，故C正确； D．由图中轨迹可知，粒子2在运动过程中，电场力对粒子2先做正功，后做负功，则电势能先减小后增大，故D错误。 故选AC。 10．ABC 【详解】A．设两杆与导轨的摩擦因数为，两导轨宽度为，两杆的总电阻为，当时a杆将不会运动，对b杆和c物体 随着b杆速度增大，b杆所受安培力增加，b杆加速度减小，故b杆将做加速度不断减小的加速运动，稳定时 加速度为零，b杆做匀速直线运动，A正确； C．由 得 b杆匀速时 C正确； BD．当时，a杆也会运动，稳定时，对a、b、c 对a杆 得 结合，得 故b杆做加速度不断减小的加速运动，稳定后以做匀加速直线运动，B正确，D错误。 故选ABC。 11．(1)C (2)A (3) 【详解】（1）为了避免碰撞后小球被撞回，所以要求入射球的质量大于被碰球的质量，两球正碰，半径相同，即，。 故选C。 （2）A．只要保证每一次小球从同一位置静止释放，使得小球获得相同的初速度即可，故A正确； B．铅垂线的作用是用来确定O点位置的，不是用来检验斜槽是否水平，故B错误； C．斜槽轨道可以不用光滑，故C错误； D．小球从斜槽末端飞出后，做平抛运动，由于高度相同，所以在空中运动时间相同，即可用水平位移表示速度，所以不需要测量小球抛出点的离地高度H，故D错误。 故选A。 （3）设小球在空中运动的时间为t，若满足动量守恒定律有 整理得 若碰撞是弹性碰撞，还应满足机械能守恒定律，即 12．(1) 串 (2) (3) (4)6.1/6.2/6.3 【详解】（1）[1][2]电压表量程扩大时应串联电阻，灯泡正常工作时14V，故量程扩大到原来5倍比较合适，则串联电阻阻值为 故应串联； （2）[1][2]分压接法应采用总阻值小的滑动变阻器，故选用，电流表电阻相对于灯泡电阻不是很小，故电流表应外接，电路图如图所示； （3）电压表读数为时，灯泡两端电压为，电压表流过的电流忽略不计，灯泡流过的电流为，故对应坐标为； （4）设灯泡两端电压为，电流为，由于电源内阻很小，由闭合电路欧姆定律得 即 在伏安特性曲线中作出该方程的直线，如图所示。 两图线交点即为灯泡工作电流及电压，坐标为，功率为 13．（1），4cm；（2）9cm 【详解】(1)封闭气体的初始压强为 粗筒的面积是细筒的4倍，则水银柱完全推入细筒时水银柱的高度为 由活塞A的受力平衡可得 设封闭气体后来的高度为，粗筒截面积为S，温度不变，根据玻意耳定律可得 可得 则 (2)该过程体积不变，根据查理定律 得 则 又 所以 14．(1)，方向与x轴成60°角 (2)， (3) 【详解】（1）粒子在MN极板间被加速，则 解得 从a点到O点做类平抛运动，则， 解得 可知粒子第一次通过O点时速度的大小， 可知速度方向与x轴正向夹角为60°。 （2）粒子从O点进入圆形磁场时的轨迹如图；设粒子在磁场中运动的轨道半径为r，由几何关系可知2Rcos30°=r 可得 根据 可得匀强磁场II的磁感应强度大小 由几何关系可知粒子在匀强磁场III内运动的轨道半径为 根据 可得匀强磁场III的磁感应强度大小 （3）在匀强电场I内运动时 可得电场强度大小 15．(1)48N (2) (3)不相碰 【详解】（1）物块C沿圆弧轨道下滑过程中，由动能定理有 到达圆弧轨道最低点 联立解得v0=3m/s，FN=48N 由牛顿第三定律，物块C在圆弧轨道最低点时对轨道的压力为48N。 （2）C与A发生弹性碰撞，以沿斜面向下为正方向，由动量守恒定律得mCv0=mCv1+mAvA 由能量守恒定律得 联立解二次方程得v1=1m/s，vA=4m/s 此后A向下做匀减速运动，加速度大小为a1，B向下做匀加速运动，加速度大小为a2 对A有μ1（mA+mB）gcos37°+μ2mBgcos37°-mAgsin37°=mAa1 对B有mBgsin37°+μ2mBgcos37°=mBa2 联立解得a1= 13m/s2，a2=13m/s2 经t1后AB共速有vA-a1t1=a2t1=v共 解得，v共=2m/s 划痕长度 （3）从C与A碰撞到AB达到共同速度的t1时间内 代入数据解得 A恰好与P相碰，然后A以加速度a′1向上匀减速运动，根据牛顿第二定律有μ1（mA+mB）gcos37°+μ2mBgcos37°+mAgsin37°=mAa′1 B向下以加速度a′2匀减速运动，同理有μ2mBgcos37°-mBgsin37°=mBa′2 解得：a′1=25m/s2，a′2=1m/s2 A与挡板碰后反向弹回，速度大小仍为v共，再经时间t2，A速度减为零，则v共=a1′t2 解得 A上滑最大位移 因，可知碰后C匀速下滑，则此过程中C物块的位移x0=v1（t1+t2） 代入数据解得 xA1+xC＜s 所以C与A未相撞。 答案第10页，共10页 答案第1页，共10页 学科网（北京）股份有限公司 $