专题一 分离定律与自由组合定律综合练习-2025-2026学年高一下学期生物人教版必修2

高中生物（人教版） 必修2 分层作业 专题一 分离定律与自由组合定律综合练习 分离定律 1.(2025·江苏泰州期中)老鼠毛色有黑色和黄色之分,这是一对相对性状。下面有三组交配组合,请判断五个亲本中为纯合子的是(　　) 交配组合 子代表现类型及数目 ① 甲(黑色)×乙(黑色) 12(黑)、4(黄) ② 甲(黑色)×丙(黄色) 8(黑)、9(黄) ③ 戊(黑色)×丁(黄色) 全为黑色 A.甲、乙和丙 B.乙、丙和丁 C.丙、丁和戊 D.甲、丁和戊 2.(2025·四川乐山期末)某种植物的叶形(宽叶和窄叶)受一对遗传因子控制,且宽叶对窄叶为显性。现将该植物群体中的宽叶植株与窄叶植株杂交,子一代中宽叶植株和窄叶植株的比例为5∶1,则亲本宽叶植株中纯合子和杂合子的比例为(　　) A.1∶1 B.2∶1 C.3∶1 D.4∶1 3.(2025·江苏连云港质检)假设控制番茄叶颜色的遗传因子用D、d表示,红色和紫色为一对相对性状,且红色为显性。杂合的红叶番茄自交获得F1,将F1中表现类型为红叶的番茄自交得F2,下列叙述正确的是(　　) A.F2中无性状分离 B.F2中性状分离比为3∶1 C.F2红叶个体中杂合子占2/5 D.在F2中首次出现能稳定遗传的紫叶个体 4.南瓜的花色是由一对遗传因子(A和a)控制的,用一株开黄花的南瓜和一株开白花的南瓜杂交,子代(F1)既有开黄花的,也有开白花的。让F1自交产生F2,表现类型如图所示。下列说法错误的是(　　) A.由①不可推知花色的显隐性关系 B.由③可知白花是显性性状 C.F1中白花的遗传因子组成是Aa D.F2中开白花与开黄花的南瓜的理论比是5∶3 5.(2025·江苏宿迁质检)某种植物的花色受一组复等位基因(遗传因子又叫基因)的控制,纯合子和杂合子的性状表现如表所示,若APAS与ASa杂交,子代性状表现的种类及比例分别是(　　) 纯合子 杂合子 AA 红色 A与任一等位基因 红色 aa 纯白色 AP与AS、a 红斑白花 ASAS 红条白花 AS与a 红条白花 APAP 红斑白花 注:等位基因指控制相对性状的基因。 A.3种,2∶1∶1 B.4种,1∶1∶1∶1 C.2种,1∶1 D.2种,3∶1 6.(多选)(2025·江苏苏州检测)无尾猫是一种观赏猫。猫的无尾、有尾是一对相对性状,其遗传遵循分离定律。为了选育纯种的无尾猫,让无尾猫自由交配多代,但发现每一代中总会出现约1/3的有尾猫,其余均为无尾猫。由此推断正确的是(　　) A.猫的有尾性状是由显性遗传因子控制的 B.自由交配后代出现有尾猫是性状分离的结果 C.自由交配后代无尾猫中既有杂合子又有纯合子 D.无尾猫与有尾猫杂交后代中无尾猫约占1/2 7.(多选)(2025·江苏张家港期中)萝卜的花有白、红、紫三种颜色,该性状由遗传因子R、r控制。如表为三组不同类型植株之间的杂交结果。下列相关叙述正确的是(　　) 组别 亲本 子代性状表现及数量 一 紫花×白花 紫花428,白花415 二 紫花×红花 紫花413,红花406 三 紫花×紫花 红花198,紫花396,白花202 A.白花、紫花、红花植株的遗传因子组成分别是rr、Rr、RR B.白花植株自交的后代均开白花,红花植株自交的后代均开红花 C.白花植株与红花植株杂交所得的子代中,既不开红花也不开白花 D.可用紫花植株与白花植株或红花植株杂交验证孟德尔的分离定律 8.(2025·江苏宜兴质检)某动物种群中,遗传因子组成为AA、Aa和aa的个体所占比例依次为25%、50%、25%。若该种群中的aa个体没有繁殖能力,其他个体间可以随机交配,理论上,下一代遗传因子组成为AA、Aa、aa的个体的数量比为(　　) A.3∶3∶1 B.4∶4∶1 C.1∶2∶0 D.1∶2∶1 自由组合定律 9.(2025·江苏扬州期中)香豌豆的紫花与白花是一对相对性状,由两对独立遗传的等位基因A/a、B/b控制,其显性基因决定花色的过程如图所示。若基因型为AaBb的植株自交,则子代中紫花植株与白花植株的比例为(　　) A.1∶1 B.9∶7 C.13∶3 D.15∶1 10.(2025·江苏锡山中学月考)在西葫芦的皮色遗传中,已知黄皮基因(Y)对绿皮基因(y)为显性,但在另一白色显性基因(W)存在时,则基因Y和y都不能表达。现有基因型为 WwYy的个体自交,其后代皮色表型种类及比例是(　　) A.4种,9∶3∶3∶1 B.2种,13∶3 C.3种,12∶3∶1 D.3种,10∶3∶3 11.(2025·江苏无锡调研)某两性花植物花的颜色受A/a、B/b两对独立遗传的基因控制,其中A控制红色色素的合成(AA和Aa的作用相同);B能减少红色色素的含量,且BB将红色色素减少为0。以下为某杂交实验及其结果(亲本都是纯合子)。下列有关叙述错误的是(　　) A.F2中白花植株的基因型共有5种 B.亲本中白花植株基因型为aaBB C.F1测交后代表型及其比例为红花∶粉红花∶白花=1∶1∶2 D.将F2中红花植株自交,后代中白花植株占1/9 12.(2025·江苏常州调研)牡丹的花色种类多种多样,其中白色的不含花青素,深红色的含花青素最多,花青素含量的多少决定着花瓣颜色的深浅,由两对独立遗传的基因(A/a、B/b)所控制;显性基因A和B可以使花青素含量增加,两者增加的量相等,并且可以累加。若一深红色牡丹与一白色牡丹杂交,就能得到中等红色的个体,若这些个体自交,其子代将出现的花色种类和比例分别是(　　) A.3种,9∶6∶1 B.4种,9∶3∶3∶1 C.5种,1∶4∶6∶4∶1 D.6种,1∶4∶3∶3∶4∶1 13.(2025·江苏苏州调研)已知某作物晚熟(W)对早熟(w)为显性,易感病(R)对抗病(r)为显性,两对基因独立遗传。含早熟基因的花粉有50%死亡,且纯合易感病个体不能存活。现有一株纯合晚熟抗病个体与一株早熟易感病个体,杂交得F1,取其中所有晚熟易感病个体自交,所得F2表型比例为(　　) A.6∶3∶2∶1 B.15∶5∶3∶1 C.16∶8∶2∶1 D.10∶5∶2∶1 14.(2025·江苏南通期中)某观赏植物的白花对紫花为显性,花瓣一直为单瓣,但经人工诱变后培育出一株重瓣白花植株,研究发现重瓣对单瓣为显性,且含重瓣基因的花粉致死。以新培育出的重瓣白花植株作母本与单瓣紫花植株杂交,F1中出现1/2重瓣白花、1/2单瓣白花,让F1中的重瓣白花自交,所得F2中表型之间的比例为(　　) A.9∶3∶3∶1 B.3∶3∶1∶1 C.6∶3∶2∶1 D.4∶2∶1∶1 15.(多选)(2025·江苏溧水期中)已知某种植物籽粒的红色和白色为一对相对性状,这一对相对性状受到多对等位基因的控制。某研究小组将若干个籽粒红色与白色的纯合亲本杂交,结果如图所示。下列相关说法错误的是(　　) A.控制红色和白色相对性状的基因分别位于两对同源染色体上 B.第Ⅰ、Ⅱ组杂交组合产生的F1的基因型均可能有3种 C.第Ⅲ组杂交组合中F1的基因型只有1种 D.第Ⅰ组的F1测交后代中红色和白色的比例为3∶1 答案 1.答案　C 解析　根据组合③:戊(黑色)×丁(黄色)→后代全部是黑色,说明黑色为显性性状,黄色是隐性性状,假设B为显性遗传因子,b为隐性遗传因子,组合③的遗传因子组成为戊(BB)×丁(bb)→Bb,戊、丁均为纯合子;组合①后代有隐性性状黄色bb,说明亲本的遗传因子组成为甲(Bb)×乙(Bb)→1BB∶2Bb∶1bb,说明甲、乙均为杂合子;组合②中丙(黄色)为纯合子bb,所以五个亲本中为纯合子的是丙、丁和戊,故选C。 2.答案　B 解析　由于子一代中宽叶植株∶窄叶植株=5∶1,则窄叶植株所占比例为1/6,若设亲代宽叶植株中杂合子占x,与窄叶植株杂交,子一代中窄叶植株所占比例为x/2=1/6,则x=1/3,所以亲代宽叶植株中,纯合子∶杂合子=2∶1,B符合题意。 3.答案　C 解析　杂合的红叶番茄(Dd)自交,F1的遗传因子组成及数量比例为DD∶Dd∶dd=1∶2∶1,且dd为稳定遗传的紫叶个体,F1中红叶个体的遗传因子组成为1/3DD、2/3Dd。DD自交,F2全为DD(占1/3);Dd自交,F2中DD占1/4×2/3=1/6,Dd占1/2×2/3=1/3,dd占1/4×2/3=1/6。所以F2中红叶∶紫叶=5∶1(出现了性状分离),F2红叶个体中杂合子Dd占2/5,A、B、D错误,C正确。 4.答案　D 解析　③过程中,白花南瓜自交后代发生性状分离,说明该白花的遗传因子组成是Aa,同时可知白花是显性性状,黄花是隐性性状,A、B、C正确;在F2中开白花所占的比例为1/2×3/4=3/8,开黄花所占的比例为1/2+1/2×1/4=5/8,所以开黄花与开白花的南瓜的理论比为5∶3,D错误。 5.答案　C 解析　APAS与ASa杂交,产生的配子随机组合,子代中遗传因子组成为APAS、APa、ASAS和ASa。根据基因的显隐性关系,它们的性状表现分别是红斑白花、红斑白花、红条白花和红条白花,比例为1∶1∶1∶1。因此,APAS与ASa杂交,子代性状表现的种类及比例是红斑白花∶红条白花=1∶1。 6.答案　BD 解析　无尾猫自由交配后代中出现约1/3的有尾猫,则无尾对有尾为显性,且显性遗传因子纯合致死,A错误;无尾猫自由交配后代出现有尾猫是性状分离的结果,B正确;显性遗传因子纯合致死,所以自由交配后代无尾猫中只有杂合子,C错误;假设相关遗传因子用A、a表示,无尾猫(Aa)与有尾猫(aa)杂交后代的遗传因子组成及比例为Aa(无尾)∶aa(有尾)=1∶1,其中无尾猫约占1/2,D正确。 7.答案　BCD 解析　该对遗传因子控制的性状有三种,且由组别三可知,紫花植株与紫花植株的杂交子代的性状分离比为红花∶紫花∶白花≈1∶2∶1,说明R对r为不完全显性,且紫花植株的遗传因子组成为Rr,但根据三组杂交实验的结果均不能判断出白花植株和红花植株的遗传因子组成分别是rr、RR,还是RR、rr,A错误;白花植株与红花植株均为纯合子,二者分别自交,其子代都不会出现性状分离,二者杂交,则其子代都开紫花,B、C正确;杂交组合Rr×rr和Rr×RR的子代中各有两种不同的性状表现,且比例均为1∶1,故都可用来验证孟德尔的分离定律,D正确。 8.答案　B 解析　遗传因子组成为AA、Aa和aa的个体所占比例依次为25%、50%、25%。若该种群中的aa个体没有繁殖能力,则具有繁殖能力的个体中,AA占1/3,Aa占2/3,因此A配子的比例为1/3+2/3×1/2=2/3,a配子的比例为1/3,由于个体间可以随机交配,后代中AA的比例为2/3×2/3=4/9,Aa的比例为2×1/3×2/3=4/9,aa的比例为1/3×1/3=1/9,因此AA∶Aa∶aa=4∶4∶1。 9.答案　B 解析　由图可知,紫花植株的基因型为A_B_,白花植株的基因型为A_bb、aa_ _。基因型为AaBb的紫花植株自交,子代中紫花植株(1AABB、2AaBB、2AABb、4AaBb)∶白花植株(1AAbb、2Aabb、1aaBB、2aaBb、1aabb)=9∶7,B正确。 10.答案　C 解析　由题意可知,基因W抑制Y、y基因表达,则基因型为W_Y_、W_yy的个体均表现为白色,基因型为wwyy的个体表现为绿色,基因型为wwY_的个体表现为黄色,因此基因型为WwYy的个体自交后代中皮色表型有白色、黄色、绿色3种,比例为12∶3∶1,C正确。 11.答案　D 解析　由题干信息可知,某植物的花色由两对等位基因控制,A_BB、aa_ _为白花,A_bb 为红花,A_Bb为粉红花,纯种白花与纯种红花进行杂交,F1均为粉红花,F1自交,F2表现为红花∶粉红花∶白花=3∶6∶7,其性状分离比是9∶3∶3∶1的变式,因此两对等位基因的遗传遵循自由组合定律,所以F1的基因型是AaBb,亲本红花的基因型是AAbb,白花的基因型是aaBB。F2中白花植株的基因型有A_BB(2种)、aa_ _(3种),共5种,A、B正确;F1基因型为AaBb,测交后代基因型及比例为1/4AaBb(粉红花)∶1/4aaBb(白花)∶1/4Aabb(红花)∶1/4aabb(白花),故表型及其比例为红花∶粉红花∶白花=1∶1∶2,C正确;F2中红花植株(1/3AAbb、2/3Aabb)自交,后代中白花(aabb)占2/3×1/4=1/6,D错误。 12.答案　C 解析　显性基因A和B可以使花青素含量增加,两者增加的量相等,并且可以累加,则深红色牡丹基因型为 AABB,白色牡丹基因型为aabb,两者杂交所得F1基因型为AaBb,颜色为中等红色。当F1自交时,所得子代有9种基因型,其中有4(1AABB)、3(2AABb、2AaBB)、2(1aaBB、1AAbb、4AaBb)、1(2Aabb、2aaBb)、0(1aabb)个显性基因的个体分别呈现了由深到浅5种不同的颜色,比例分别为1∶4∶6∶4∶1,C正确。 13.答案　D 解析　含有w基因的花粉有50%死亡,因此基因型为Ww的父本产生的可育配子的类型及比例为W∶w=2∶1,母本产生的可育配子的类型及比例为W∶w=1∶1,雌雄配子随机结合,子代的基因型及比例为WW∶Ww∶ww=2∶3∶1,即后代的晚熟∶早熟=5∶1;亲本纯合抗病个体基因型为rr,易感病个体基因型为Rr,F1的基因型及比例为rr∶Rr=1∶1,取F1中所有易感病个体(Rr)自交,后代中能存活的易感病个体(Rr)∶抗病个体(rr)=2∶1,故F2表型比例为(5∶1)×(2∶1)=10∶5∶2∶1,D正确。 14.答案　B 解析　设控制白花和紫花的基因分别为A、a,控制重瓣和单瓣的基因分别为B、b,单瓣紫花植株的基因型为aabb,由于F1都为白花,且重瓣∶单瓣=1∶1,因此亲本中重瓣白花的基因型为AABb,则F1中重瓣白花植株的基因型为AaBb,单瓣白花植株的基因型为Aabb。由于重瓣白花植株(AaBb)产生的雄配子只有Ab和ab两种,产生的雌配子有AB、Ab、 aB、ab四种,随机结合后,F2的表型及比例为重瓣白花∶单瓣白花∶重瓣紫花∶单瓣紫色=3∶3∶1∶1,B正确。 15.答案　AD 解析　根据第Ⅲ组产生的F2的比例为63∶1,总份数为64(43),说明控制该性状的基因有三对,它们分别位于三对同源染色体上(用A/a、B/b、C/c表示),并且F1的基因型只有AaBbCc 1种,A错误,C正确;根据第Ⅰ、Ⅱ组F2的性状比例分别为3∶1、15∶1可知,第Ⅰ组的F1的基因型中只有一对基因为杂合,另两对基因为隐性纯合,则第Ⅰ组的F1的基因型有3种,第Ⅱ组的F1的基因型中有两对基因为杂合,另一对基因为隐性纯合,则第Ⅱ组的F1的基因型有3种,B正确;由于第Ⅰ组的F1只能产生两种配子,因此,它与aabbcc个体测交产生的后代中红色和白色的比例为1∶1,D错误。 1 学科网（北京）股份有限公司 $