2026届河南南阳市方城县第一高级中学高三上学期一轮复习检验考试物理试卷

2026届河南南阳市方城县第一高级中学高三上学期一轮复习检验考试物理试卷 学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 考生注意： 1.本试卷满分100分，考试时间75分钟。 2.答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。 3.考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分） 1．如图所示，平行金属板M、N之间的距离为d，其中匀强磁场的磁感应强度为B，方向垂直于纸面向外，有带电量相同的正、负离子组成的等离子束，以速度v沿着水平方向由左端连续射入，电容器的电容为C，当S闭合且电路达到稳定状态后，平行金属板M、N之间的内阻为r，电容器的带电量为Q，则下列说法正确的是（    ） A．当S断开时，电容器的充电电荷量Q>CBdv B．当S断开时，电容器的充电电荷量Q＝CBdv C．当S闭合时，电容器的充电电荷量Q＝CBdv D．当S闭合时，电容器的充电电荷量Q>CBdv 2．在如图所示的直角坐标系xOy中，存在平行于纸面的匀强电场。从a点以16eV的动能沿纸面向不同方向先后射出两个电子，仅在电场力的作用下，一电子经过b点时的动能为4eV，另一电子经过c点时的动能为8eV。不考虑两电子间的相互作用，下列判断正确的是（　　） A．b点的电势比a点的电势高 B．该电场强度的大小为200V/m C．若在纸面内只改变电子从a点射出时速度的方向，无论速度方向朝哪里电子都不可能通过O点 D．若在纸面内只改变电子从a点射出时速度的方向，电子通过d点时的动能为12eV 3．如图，水平放置的挡板上方有垂直纸面的匀强磁场，一带正电粒子垂直于纸板从板上的小孔射入磁场，另一带电粒子垂直于磁场且与挡板成角射入磁场，、两个带电粒子比荷大小相等，两粒子恰好都打在板上点，不计重力，下列说法正确的是（    ） A．粒子带负电 B．在磁场中的运动时间一定大于在磁场中的运动时间 C．若磁场方向垂直纸面向里，则、的初速度大小之比为 D．若磁场方向垂直纸面向外，则、的初速度大小之比为 4．如图所示，截面为等腰直角三角形的区域内存在垂直截面向里的匀强磁场，，一边长为L的正方形导线框沿对称轴匀速通过磁场，已知正方形线圈也关于该对称轴对称，时刻恰好位于图示位置。规定导线框中感应电流沿逆时针方向时为正，则感应电流i与时间t的关系图线可能正确的是（　　） A．   B．   C．   D．   5．如图，绝缘细线一端系一质量为m 的带电小球，另一端固定在O点，整个装置置于电场强度大小为 E、方向水平向右的匀强电场中。现拉直细线将小球自O点正下方由静止释放，小球向右摆动的最大偏角θ=60°，重力加速度为g，则（　　） A．小球带负电 B．小球的电荷量 C．小球到达最大摆角处，细线上拉力的大小为T=mg D．小球在摆动过程中细线上的最大拉力为 6．某同学通过实验制作一个简易的温控装置，实验原理电路图如图1所示，继电器与热敏电阻、滑动变阻器串联接在电源两端，当继电器的电流超过时，衔铁被吸合，加热器停止加热，实现温控。继电器的电阻约，热敏电阻的阻值与温度的关系如图2所示。提供的电源有：（3V，内阻不计）、（6V，内阻不计）；滑动变阻器有：、。为使该装置实现对之间任一温度的控制，应选用（　　） A．， B．、 C．、 D．、 7．如图，灯泡左侧存在水平向右的磁感应强度为的匀强磁场，长为L=1m的金属棒绕竖直轴OP在磁场中匀速转动，且始终平行于OP。两个分别以P、O为圆心、半径R=1m的光滑金属圆环上下平行水平放置，分别与金属棒上下端接触，理想变压器原线圈两端串联小灯泡由金属棒供电，三个小灯泡、、完全相同且电阻不变，当金属棒以角速度转动时，三个小灯泡均能正常发光。下列说法正确的是（　　） A．当金属棒转动的速度与磁场方向平行时，电压表的示数为零 B．理想变压器的匝数之比为2：1 C．小灯泡的额定电压为6V D．若在副线圈再并联一个相同的小灯泡，变压器的输出功率变小 二、多项选择题（第8~10题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分，共18分） 8．某同学利用电压传感器来研究电感线圈工作时的特点。图1中三个灯泡完全相同，不考虑温度对灯泡电阻的影响。在闭合开关的同时开始采集数据，当电路达到稳定状态后断开开关。图2是由传感器得到的电压随时间变化的图像。电感线圈自感系数较大，不计线圈的电阻及电源内阻。下列说法正确的是（　　） A．开关S闭合瞬间，灯、的瞬时功率相等 B．开关S断开瞬间，灯闪亮一下再熄灭 C．根据题中信息可推出与的比值为2∶3 D．根据题中信息可推出与的比值为 9．如图甲所示，两平行光滑金属导轨固定在绝缘水平面上，左端连接阻值为的电阻，导轨间距为。一长为，阻值为的导体棒垂直放置在导轨上，到导轨左端的距离为，空间中有垂直导轨平面向里均匀分布的磁场，磁感应强度随时间变化的图线如图乙所示。从时刻开始，导体棒在外力作用下向左做初速度为零的匀加速直线运动，速度随时间变化的关系如图丙所示，在导体棒离开导轨前的过程，已知净电荷量等于沿两个方向通过的电荷量代数差的绝对值，下列说法正确的是（　　） A．回路中的电流先逐渐增大后逐渐减小 B．2~3s内某时刻回路中电流方向发生变化 C．时导体棒所受安培力大小为、方向向左 D．导体棒从开始到导轨左端过程中通过定值电阻R的净电荷量为0 10．如图所示，两足够长的光滑平行金属导轨、水平放置，两侧导轨所在空间区域，导轨间距分别为和，磁感应强度分别为和，方向分别为竖直向上和竖直向下，，，电阻均为R、质量均为m的导体棒a、b垂直导轨放在左右两侧，并与导轨保持良好接触，不计其他电阻．现给导体棒b一个水平向右的瞬时冲量I，关于a、b两棒此后整个运动过程，下列说法正确的是（　　） A．a、b两棒组成的系统动量守恒 B．a、b两棒最终都将以大小为的速度做匀速直线运动 C．整个过程中，a棒上产生的焦耳热为 D．整个过程中，通过a棒的电荷量为 三、实验题（本题共2小题，共14分） 11．一同学想要测定某电源的电动势和内电阻，所使用的器材有：待测干电池一节、电流表A（量程0.6A，内阻RA小于1Ω）、电流表A1（量程0.6A，内阻未知），电阻箱R1（0~999.99Ω）、滑动变阻器R2（0~10Ω）、单刀双掷开关S、单刀单掷开关K各一个，导线若干。 （1）为了更准确地进行测量，该同学计划先用欧姆表测出电流表A的内阻，如图1所示所用欧姆表内部电源电动势为4.60V，表盘中间刻线示数为“15”，将该欧姆表红、黑表笔接在电流表两接线柱上，则红表笔应接在电表 （选填“正”或“负”）接线柱，欧姆表选取“x1”挡位时，发现指针偏转角度较大，而此时电表读数为0.30A，可知电流表内阻为 Ω。（保留两位有效数字） （2）该同学又设计了如图2所示电路进行实验操作。 ①利用该电路测电流表A的内阻：闭合开关K，将开关S与D接通，通过调节电阻箱R1和滑动变阻器R2，读取电表A的示数为0.20A、电流表A1的示数为0.60A，电阻箱R1的示数为0.15Ω，则电流表A的内阻RA= Ω。（保留两位有效数字） ②测电源的电动势和内阻：断开开关K，将开关S接C，调节电阻箱R1，记录电阻箱R1的阻值和电流表A的示数；多次调节电阻箱R1重新实验，并记录多组电阻箱R1的阻值R和电流表A的示数I。如图3所示是由实验数据绘出的-R图象，获得图象的斜率为k，纵轴的截距为b，由此求出干电池的电动势E= 、内阻r= 。（均用字母k、b、RA表示） 12．重庆市杨家坪中学高二年级在“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”实验中，泽泽老师和同学们一起采用了如图所示的可拆式变压器进行研究，图中各接线柱对应的数字表示倍率为“×100”的匝数。 (1)实验室中有下列器材： A、可拆变压器（铁芯、两个已知匝数的线圈） B、条形磁铁 C、直流电源 D、开关、导线若干 E、多用电表 在本次实验中，上述器材不需要的是 ； (2)小何同学正确组装变压器后，把12.0V的学生交流电源接到原线圈“2”“8”接线柱，副线圈接到线“0”“1”接线柱，如图所示，在确认电路连接无误的情况下，接在副线圈两端的交流电压表的实际读数可能是___________； A．0V B． C． D． (3)实验时，小沈听到变压器内部有轻微的“嗡嗡”声，他做出如下猜想，正确的是___________； A．“嗡嗡”声来自交变电流在线圈中产生变化磁场时发出的 B．“嗡嗡”声来自副线圈中电流流动的声音 C．交变电流的磁场对铁芯有吸、斥作用，使铁芯振动发声 D．若去掉铁芯，“嗡嗡”声马上消失，也能完成“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”实验 (4)某次用匝数匝和匝的线圈进行实验，测量的数据如下表所示，下列说法正确的是___________。 2.10 3.18 4.22 5.03 4.00 6.01 8.02 9.98 A．原线圈的匝数为，原、副线圈两端的电压与匝数成正比 B．副线圈的匝数为，原、副线圈两端的电压与匝数成反比 C．原线圈的匝数为，原、副线圈两端的电压与匝数成正比 D．副线圈的匝数为，原、副线圈两端的电压与匝数成反比 四、计算题（本题共3小题，共计40分。解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位） 13．如图所示，空间有一垂直纸面向外的磁感应强度为的匀强磁场，且足够长的绝缘木板静止在光滑水平面上，在木板左端放置、带电荷量的滑块，滑块与绝缘木板之间的动摩擦因数，滑块受到的最大静摩擦力可认为等于滑动摩擦力。现对木板施加方向水平向左，的恒力，取，求： （1）滑块匀加速运动的时间及匀加速结束时的速度？ （2）滑块最终的速度？ 14．如图所示的坐标系，、轴分别水平向右、竖直向上，第一象限存在竖直向下的匀强电场，第四象限存在垂直纸面向里的匀强磁场。A点是轴上与点相距为的点，图中的虚线是过A点与轴平行的虚线。现让一质量为、电荷量为的带电粒子（不计重力）从A点以水平向右的速度射入电场，粒子经过轴上的点再运动到轴上点，然后运动到虚线上的点，至此完成一个周期性运动，接着粒子完成下一个周期性运动再次回到虚线上。已知粒子在点的速度与轴的夹角为，、两点间距离与、两点间距离相等。 (1)求匀强电场的电场强度大小以及匀强磁场的磁感应强度大小； (2)粒子从A点到点，求对时间而言所受的平均作用力的大小（力在一段时间上的等效恒力为平均作用力）； (3)长时间看，粒子向右漂移，求粒子漂移速度的大小（一个周期内粒子的位移与周期的比值为漂移速度）。 15．如图（a）所示，一个电阻不计的平行金属导轨，间距，左半部分倾斜且粗糙，倾角，处于沿斜面向下的匀强磁场中；右半部分水平且光滑，导轨之间存在一个三角形匀强磁场区域，磁场方向竖直向下，其边界与两导轨夹角均为。右半部分俯视图如图（b）。导体棒借助小立柱静置于倾斜导轨上，其与导轨的动摩擦因数。导体棒以的速度向右进入三角形磁场区域时，撤去小立柱，棒开始下滑，同时对棒施加一外力使其始终保持匀速运动。运动过程中，两棒始终垂直于导轨且接触良好。已知两磁场的磁感应强度大小均为，两棒的质量均为，棒电阻，棒电阻不计。重力加速度大小取，以棒开始下滑为计时起点。求 （1）撤去小立柱时，棒的加速度大小； （2）棒中电流随时间变化的关系式； （3）棒达到的最大速度及所用时间。 试卷第10页，共10页 试卷第9页，共10页 学科网（北京）股份有限公司 《2026届河南南阳市方城县第一高级中学高三上学期一轮复习检验考试物理试卷》参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 B C C A C D B AD BCD BC 1．B 【详解】AB．等离子群射入磁场中，受到洛伦兹力，离子将打到平行金属板M、N上而产生电场，达到稳定状态后，后来的离子所受的洛伦兹力与电场力平衡，有 得 当S断开，电路稳定之后，电容器两端电压也为U，所以电容器的充电电荷量为 故A错误，B正确； CD．当S闭合时，电容器两端电压也为 所以电容器的充电电荷量为 故CD错误。 故选B。 2．C 【详解】A．仅在电场力的作用下，电子由a到b，根据 可得 所以b点的电势比a点的电势低，故A错误； B．根据 可得 则 则可知坐标(2，4)的电势与c点电势相同，连接两点为等势线，电场线垂直等势线，如图所示 根据几何关系可得cb沿电场方向的距离为 则电场强度 故B错误； C．根据几何关系可知 所以 根据动能定理可得 可得 故无法到达O点，故C正确； D．根据几何关系可知ad连线垂直电场方向，为等势面，电子通过d点时的动能仍为16eV，故D错误。 故选C。 3．C 【详解】A．根据题意可知，两粒子在磁场中的偏转方向相同，所以根据左手定则可知，两粒子的电性相同，所以带正电，故A错误； B．根据粒子在磁场中做圆周运动周期 又因为，粒子比荷大小相等，所以二者周期相同。若磁场方向垂直纸面向里，粒子的运动轨迹如图1所示，此时在磁场中运动的时间大于，若磁场方向垂直纸面向外，粒子的运动轨迹如图2所示，此时在磁场中运动的时间大于，故B错误。 CD．无论磁场方向是垂直纸面向里还是向外，根据几何知识有 因为 所以粒子做圆周运动的速度为 则，故C正确，D错误。 故选C。 4．A 【详解】如图所示    自初始位置至图①位置，切割磁感线的有效长度不变，电流恒定，根据楞次定律，感应电流为逆时针方向；自图①至图②过程，切割有效长度变小，电流方向未变；自图②至图③过程，切割有效长度变大，电流变大，方向为顺时针方向，自图③至图④，切割有效长度不变，电流恒定，方向为顺时针，自图④至完全离开磁场，切割有效长度变短，电流变小，电流为顺时针方向。 故选A。 5．C 【详解】A．根据力的平衡条件可知小球受到水平向右的电场力，所以小球带正电，故A错误； B．当小球运动到最大摆角处时，速度为零，细线拉力不做功，由动能定理可知 解得 故B错误. C．小球到达最大摆角处时，速度为零，沿细线方向受力平衡，如图所示 则有 解得 故C正确; D．由上分析可知 故重力与电场力合力方向沿与竖直方向成30°角斜向下，当速度方向与合力方向垂直时速度最大，如图所示 由动能定理得 解得 根据牛顿第二定律，有 解得小球在摆动过程中细线上的最大拉力为 故D错误。 故选C。 6．D 【详解】根据闭合电路欧姆定律有 由图2可知，当温度为时，热敏电阻的阻值，根据题意此时回路中的电流，即 当温度为时，热敏电阻的阻值，根据题意此时回路中的电流，即 为充分利用滑动变阻器的阻值，应选用、，故选D。 7．B 【详解】A．金属棒转动的俯视图如下图所示 导体棒线速度大小为 设t时刻导体棒相对竖直轴转动的角度为，则 在t时刻导体棒的线速度沿垂直磁场方向的分速度大小 由法拉第电磁感应定律可得 从题意可知，电压表的示数为金属棒产生感应电动势的有效值 故A错误； B．由于三个小灯泡完全相同且电阻不变，并均能正常发光，说明三个灯泡此时功率相同，根据可知，流过每个小灯泡的电流相等，若原线圈电流为，副线圈电流应为，则理想变压器原、副线圈的匝数比为 故B正确； C．根据理想变压器原、副线圈电压与匝数比之间的关系，可知 又因为三个小灯泡均能正常发光，则有， 根据电路图可知 联立可得 故C错误； D．将理想变压器和负载部分等效为电阻，则有 可得 将灯泡等效为电源内阻，设小灯泡的电阻为，则越靠近时，变压器的输出功率越大，在副线圈只有两个灯泡并联时，等效电阻 当副线圈再并联一个相同的小灯泡时，等效电阻 可见当副线圈再并联一个相同的小灯泡时，等效电阻更靠近，变压器的输出功率变大，故D错误。 故选B。 8．AD 【详解】A．开关S闭合瞬间，由于电感线圈自感系数较大，电感线圈的阻碍作用比较大，电路电流流经D2和D1，之后灯D3才逐渐变亮，所以开关S闭合瞬间，流经D2和D1的电流相同，灯、的瞬时功率相等，故A正确； B．开关S断开瞬间，灯D1所在回路为断路，故灯D1立刻熄灭，而灯D2、D3和电感线圈形成闭合回路，由于电感线圈阻碍电流的减小，电感线圈充当电源，产生的感应电动势与流过D3原电流的方向相同，继续为灯D2和D3提供电流，所以D2和D3逐渐熄灭，故B错误； CD．设电源电动势为E，灯泡电阻为R，S闭合瞬间，灯D1、D2与电源串联，电压传感器所测电压为D2两端电压，有 电路稳定后，流过D3的电流为 开关S断开瞬间，电感线圈能够提供与之前等大电流，故其两端电压为 则，故C错误，D正确。 故选AD。 9．BCD 【详解】AB．根据题意，由图乙可知，磁感应强度随时间变化的关系式为 由图丙可知，导体棒运动速度与时间的关系式 导体棒运动位移与时间的关系式 解得 磁感应强度变化产生的感生电动势为 导体棒运动产生的动生电动势为 由楞次定律和右手定则可知，感生电动势与动生电动势方向相反，则回路中感应电动势为 感应电流为 可知，随着增大，感应电流减小，当 即 感应电流方向改变，电流开始反向增大，即回路中的电流先逐渐减小后逐渐增大，内某时刻回路中电流方向发生变化，故A错误，B正确； C．结合AB分析可知，时，感应电流为 方向为逆时针，磁感应强度为 导体棒所受安培力大小为 由左手定则可知，方向向左，故C正确； D．根据题意可知，初状态穿过线圈的磁通量为零，末状态穿过线圈的磁通量也为零，则整个过程通过定值电阻的净电荷量为0，故D正确。 故选BCD。 10．BC 【详解】A．b棒向右运动，电流方向向里，受到向左的安培力，a棒受到的电流方向向外，也受到向左的安培力，系统受到的合外力方向向左，系统动量不守恒，选项A错误； B．b棒的初速度为 b棒向右做减速运动，a棒向左做加速运动，当时，系统达到稳定，可设 对b棒，有 对a棒，有 解得 选项B正确； C．系统的总发热量为 a棒上产生的焦耳热为 选项C正确； D．对a棒 解得 选项D错误； 故选BC。 11． 负 0.33 0.30 【详解】（1）[1][2] 欧姆表红表笔接内部电源的负极，故红表笔应接在电流表负接线柱，欧姆表选取“×1”挡位时，则欧姆表内部电阻为，发现指针偏转角度较大，而此时电表读数为0.30A，则根据闭合电路欧姆定律 电流表A的内阻 （2）[3] 开关S与D接通，电表A的示数为0.20A、电流表A1的示数为0.60A，电阻箱R1的示数为0.15 解得 [4][5] 断开开关K，将开关S接C，记录电阻箱R1的阻值R和电流表A的示数I，多次重复实验得到多组数据。根据 即 根据题意有 解得 12．(1)BC (2)D (3)C (4)A 【详解】（1）实验中不需要条形磁铁和直流电源，故选BC。 （2）小何同学正确组装变压器后，变压器还是存在漏磁现象，还有铜损、铁损等损耗，则连接副线圈的交流电压表的实际读数总是小于理想变压器的副线圈的读数，若为理想变压器，则 实际电压小于2.0V。故选D。 （3）听到变压器内部有轻微的“嗡嗡”声，其原因是交变电流的磁场对铁芯有吸、斥作用，使铁芯振动发声，故选C。 （4）由表格数据可知，考虑到实验中所用变压器并非理想变压器，即存在功率损失，使得原、副线圈电压之比大于匝数比，所以原线圈的匝数为na，副线圈的匝数为nb。原、副线圈两端的电压与匝数成正比。故选A。 13．（1）3s，6m/s；（2） 【详解】（1）由题意知长木板的质量为，滑块的质量，滑块与木板间动摩擦因数，当作用于长木板时，对于木板由拉力和摩擦力的合力产生加速度，对于滑块由摩擦力产生加速度，由题意知滑块与木板间的最大静摩擦力，产生的最大加速度 当的恒力单独对长木板产生的加速度 所以力作用时，和一起匀加速运动，所以根据牛顿第二定律有开始时木板和滑块的共同加速度为 当物体受到的最大静摩擦力小于时，物块将相对于木板滑动， 则有 解得 则加速时间 （2）滑块在木板对滑块的摩擦力作用下做加速运动，当速度最大时木板对滑块的摩擦力为0，对滑块进行受力分析有：滑块受到向上的洛伦兹力，木板的支持力、重力和木板的滑动摩擦力，根据分析知，滑动摩擦力 ， 当滑块速度最大时，，即 所以此时滑块速度 代入数据得 14．(1)， (2) (3) 【详解】（1）把粒子在点的速度分别沿着水平方向和竖直方向分解，则有 解得， 粒子从A到由动能定理可得 联立解得 设、两点间距离与、两点间距离均为，由类平抛运动在竖直方向做初速度为0的匀加速直线运动的规律可得 水平方向做匀速运动的规律可得 过、两点做粒子速度的垂线，设圆周运动的半径为，由几何关系可得 解得，， 由洛伦兹力充当向心力可得 联立解得 （2）粒子从到的运动时间为 粒子从A到由动量定理可得 根据对称性在两点上有，故速度的变化量 又 联立解得 （3）根据对称性粒子在A、两点间的距离即漂移的距离 粒子从A到的运动时间即漂移的周期 漂移速度 联立解得 15．（1）；（2）；（3）， 【详解】（1）撤去小立柱时，导体棒刚刚进入三角形磁场区域，没有感应电动势，则对Q棒受力分析 （2）只有P棒在切割磁感线，所以感应电动势为 磁场穿过闭合电路的面积与时间的关系为 所以 （3）对Q棒受力分析 当Q棒速度达到最大时 解得此时 ， 三角形磁场总长有 而P棒在4s内运动的位移为2m，小于L1。 Q棒的加速度与时间的关系为 画出Q棒的a-t图，则Q棒速度的变化量等于图线下方与坐标轴围成的面积，则棒达到的最大速度为 所用时间=4s。 答案第10页，共14页 答案第11页，共14页 学科网（北京）股份有限公司 $