4.3 动能 动能定理 同步练习-2025-2026学年高一下学期物理粤教版必修第二册

4.3动能 动能定理 同步练习-2025-2026学年高一下学期物理粤教版必修第二册 学号： 班级： 姓名： 一、单选题 1.质量为10 g、以800 m/s飞行的子弹与质量为60 kg、以10 m/s奔跑的运动员相比（　　） A.运动员的动能较大 B.子弹的动能较大 C.二者的动能一样大 D.无法比较他们的动能 2.一质量为2 kg的物体放在水平桌面上，物体与桌面间的动摩擦因数为0.25.现用6 N的力沿水平方向推物体，使其做匀加速直线运动5 m，则此过程中，该物体动能增加（重力加速度g取10 m/s2）（　　） A.15 J B.10 J C.5 J D.2 J 3.如图，轻质弹簧左端固定且呈水平状态，用手使一木球压紧轻质弹簧并保持静止.松手后，弹簧将木球弹出.在木球被弹出的过程中，弹簧的弹性势能减少了50 J.木球克服阻力做的功为30 J，则在此过程中（　　） A.阻力对木球做了30 J的功 B.弹力对木球做了－50 J功 C.木球的动能减少了30 J D.木球的动能增加了20 J 4.关于动能定理，下列说法正确的是（　　） A.在某过程中，合力做的总功等于各个力单独做功的绝对值之和 B.只要有力对物体做功，物体的动能就一定改变 C.动能定理只适用于直线运动，不适用于曲线运动 D.动能定理既适用于恒力做功的情况，又适用于变力做功的情况 5.如图所示，某儿童电动玩具车的发动机额定功率为15 W，质量为2 kg，运行中受地面的摩擦力恒为5 N，忽略空气阻力的影响，当玩具车以额定功率启动后，下列说法正确的是（　　） A.玩具车一开始做匀加速运动 B.玩具车运行时牵引力大小不变 C.玩具车运行的最大速度为3 m/s D.玩具车所受牵引力做的功等于克服摩擦力做的功 6.（2024·茂名高一检测）如图甲所示，一轻绳一端与静置在光滑水平面上质量为m的小物块相连，另一端绕过定滑轮，现施加竖直向上的力F使小物块从A点运动到B点，该过程中拉力F随力的作用点的位移变化如图乙所示，当物块到达B点时，轻绳与水平方向的夹角α＝60°，则此时力F作用点的速度大小为（　　） 第6题图 A. B. C. D.2 7.绳子一端固定，另一端拴一小球，如图所示.将小球分别从水平位置A点和与水平方向成30°的B点无初速度释放，则经过最低点C时，绳子的张力之比是（　　） 第7题图 A.2∶1 B.3∶2 C.4∶3 D.4∶1 二、多选题 8.在光滑的水平面上，质量为m的小滑块停放在质量为M、长度为L的静止的长木板的最右端，小滑块和长木板之间的动摩擦因数为μ.现用一个大小为F的恒力作用在长木板上，当小滑块滑到长木板的最左端时，小滑块和长木板的速度大小分别为v1、v2，小滑块和长木板相对于水平面的位移大小分别为s1、s2，重力加速度为g.下列关系式正确的是（　　） A.μmgs1＝m B.Fs2－μmgs2＝M C.μmgL＝m D.Fs2－μmgs2＋μmgs1＝M＋m 9.一质量为m的物体从地面上方H高处无初速度释放，落在地面后出现一个深为h的坑，如图所示，在此过程中（　　） A.重力对物体做功为mgH B.重力对物体做功为mg（H＋h） C.合力对物体做的总功为零 D.地面对物体的平均阻力为 10.某一斜面固定在水平地面上，顶端到正下方水平面O点的高度为h，斜面与水平面平滑连接，斜面的倾角为θ.一小木块从斜面的顶端由静止开始下滑，滑到水平面上的A点停下，已知木块与斜面、水平面间的动摩擦因数均为μ，A点到O点的距离为x，重力加速度为g，则下列说法正确的是（　　） A.整个过程摩擦力对小木块做的功为μmgx B.只增加小木块的质量，其他条件不变，小木块停A点的右侧 C.只增加斜面的倾角，其他条件不变，小木块仍停在A点 D.在A点小木块获得2mgh大小的动能，小木块刚好滑到斜面顶端 三、非选择题 11.（2024·深圳高一检测）如图是一种大型户外水上游乐活动的简化图，光滑斜面轨道固定在地面上，浮板A与斜面底部平滑连接并靠在一起.游客从斜面顶端静止滑下，经过斜面底端后，沿浮板的上表面从左端水平滑上浮板.游客滑上浮板的同时，立即启动引擎，使浮板在恒定牵引力F的作用下沿直线驶向目的地.已知：斜面高h＝1.8 m，游客和浮板的质量均为m＝50 kg，浮板长度L＝3 m，游客与浮板之间的动摩擦因数μ＝0.5，水对浮板的阻力f＝300 N，重力加速度g取10 m/s2.求： （1）游客滑到斜面底端时速度的大小； （2）游客刚滑上浮板时加速度的大小； （3）为保证游客不会脱离浮板，牵引力F应满足的条件. 1.B　解析：根据动能的定义得子弹的动能为 Ek1＝m1＝×0.01×8002 J ＝3 200 J， 运动员的动能为Ek2＝m2＝×60×102 J＝3 000 J， 故子弹的动能大.故选B. 2.C　解析：根据动能定理可得FL－μmgL＝ΔEk， 代入数据可得此过程中，该物体动能增加ΔEk＝6×5 J－0.25×2×10×5 J＝5 J，故选C. 3.D　解析：A.木球克服阻力做的功为30 J，则阻力对木球做了－30 J的功，故A错误；B.弹簧的弹性势能减少了50 J，则弹力做正功，对木球做了50 J功，故B错误；CD.根据动能定理，木球的动能变化量ΔEk＝W合＝W弹＋W阻＝20 J，故C错误，D正确.故选D. 4.D　解析：合力做的总功等于各个力单独做功的代数和，A错误；根据动能定理，决定动能是否改变的是总功，而不是某一个力做的功，B错误；动能定理既适用于直线运动，也适用于曲线运动，既适用于恒力做功的情况，又适用于变力做功的情况，C错误，D正确. 5.C　解析：由P＝Fv可知，当玩具车以额定功率启动后，速度增大，牵引力减小，不是做匀加速运动，故A、B错误；当玩具车匀速运动时，速度最大，为v＝＝3 m/s，故C正确；由动能定理可知Ek＝WF－Wf，玩具车所受牵引力做的功等于克服摩擦力做的功与动能增加量之和，故D错误. 6.A　解析：小物块从A点运动到B点，由动能定理可得＝m－0，可得物块到达B点的速度vB＝，根据速度的合成与分解可得力F作用点的速度v＝vBcos 60°＝， 故选A. 7.B　解析：从水平位置A点释放，根据动能定理得mgl＝m，经过最低点C时FA－mg＝m，从水平位置B点释放，根据动能定理mgl（1－sin 30°）＝m，经过最低点C时FB－mg＝m，解得＝，故B正确，A、C、D错误. 8.ABD　解析：AC.小滑块在摩擦力作用下前进的距离为s1，对于小滑块，根据动能定理有μmgs1＝m，A正确，C错误；B.长木板前进的距离为s2，对于长木板，根据动能定理有Fs2－μmgs2＝M，B正确；D.由以上两式得Fs2－μmgs2＋μmgs1＝M＋m，D正确，故选ABD. 9.BCD　解析：AB.重力对物体做功为WG＝mg（H＋h），故A错误，B正确；C.从最高点到最低点，物体动能变化为零，由动能定理得合力对物体做的总功为零，故C正确；D.设地面对物体的平均阻力为F阻，由动能定理得mg（H＋h）－F阻h＝0，得F阻＝，故D正确.故选BCD. 10.CD　解析：A.设A到斜面底端的距离为x2，则整个过程摩擦力对小木块的功为Wf＝－μmgcos θ·－μmgx2＝－μmg（＋x2）＝－μmgx，故A错误；BC.从释放到停下，根据动能定理可得mgh－μmg（＋x2）＝mgh－μmgx＝0，可知小木块停下位置与小木块的质量和斜面的倾角均无关，则只增加小木块的质量或只增加斜面的倾角，其他条件不变，小木块仍停在A点，故B错误，C正确；D.若小木块在A点获得大小为2mgh的动能，由于＝2mgh＝mgh＋μmgx，可知小木块刚好滑到斜面顶端，故D正确.故选CD. 11.（1）6 m/s　 （2）5 m/s2　（3）100 N≤F≤800 N 解析：（1）游客从斜面滑下的过程，根据动能定理，有mgh＝mv2， 解得v＝6 m/s. （2）游客刚滑上浮板时，根据牛顿第二定律，有μmg＝ma，解得a＝5 m/s2. （3）设游客滑上浮板后，浮板的加速度为a'，经时间t共速，要想保证游客不会脱离浮板，则有v－at＝a't，vt－at2－a't2≤L，解得a'≥1 m/s2，根据F＋μmg－f＝ma'，解得F≥100 N. 要想保证游客不会从浮板左侧脱离，则有F2－f＝2ma，F2＝800 N.为保证游客不会脱离浮板，牵引力：100 N≤F≤800 N. 学科网（北京）股份有限公司 $