河南方城县第一高级中学2026届高三寒假第一次学情自测物理试题

2026届高三寒假第一次学情自测物理试题 学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 考生注意： 1.本试卷满分100分，考试时间75分钟。 2.答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。 3.考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分） 1．医学上“锶-90敷贴治疗”的衰变方程为，下列说法正确的是（    ） A．由于与质量数均为90，所以互为同位素 B．A射线为β射线，来源于原子核外部的电子 C．的比结合能大于的比结合能 D．由于东北地区比广东地区天气寒冷，锶-90半衰期会变长 2．某钻石的剖面简化如图，一束复合光斜射到AB面上，经折射后分成a、b两束单色光照射在CO面上，下列说法正确的是（　　） A．钻石对a光的折射率比b光的大 B．钻石中a光的传播速度比b光的小 C．逐渐减小光斜射到AB面上的入射角，从CO面射出的光线中b光先消失 D．让a、b光分别通过同一双缝干涉装置，b光的干涉图样中相邻亮条纹间距更大 3．2025年11月1日，神舟二十一号载人飞船与距地面高度约为400km的空间站组合体顺利完成对接，再次上演“太空会师”。已知同步卫星距地面高度约为36000km，引力常量为，下列说法正确的是（　　） A．空间站的周期大于地球同步卫星的周期 B．空间站的环绕速度小于地球的第一宇宙速度 C．空间站的加速度小于地球同步卫星的加速度 D．根据题中已知物理量可估算地球的质量 4．一列简谐横波沿x轴传播，图（a）是t=0时刻的波形图；P是平衡位置在处的质点，其振动图像如图（b）所示。下列说法正确的是（    ） A．波速为1m/s B．该波的传播方向是沿x轴负方向 C．在t＝3.5s时质点P的速度最大 D．处的质点在时位于平衡位置 5．如图所示为高铁供电流程的简化图，牵引变电所的理想变压器将电压为的高压电进行降压；动力车厢内的理想变压器再把电压降至，为动力系统供电。高铁即将靠站时，保持不变，仅通过调整动力系统的负载，使得电流减小到原来的一半，则（　　） A．将增大 B．将增大 C．的频率将减小到原来的一半 D．电阻的热功率将减小到原来的一半 6．已知两个小物块A、B的质量相等，随圆盘一起在水平面内做匀速圆周运动，它们轨道半径之比为，小物块A、B与圆盘之间的动摩擦因数相同，则下列说法正确的是（　　） A．小物块A受到重力、弹力、摩擦力和向心力 B．小物块A、B的线速度大小相等 C．小物块A、B的向心力大小相等 D．若逐渐增大圆盘角速度，小物块B首先相对圆盘滑动 7．实验小组用手机拍摄水平抛出的小球的下落过程，如图是利用视频软件得到的小球动能与下落时间的平方图像，t=0s时将小球水平抛出，重力加速度g取10m/s²，空气阻力不计，下列说法正确的是（　　） A．小球的质量为0.1kg B．小球水平抛出的初速度为2m/s C．小球的动能为4J时，下落的高度为2m D．小球的动能为4J时，速度为4m/s 二、多项选择题（第8~10题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分，共18分） 8．对下列几幅图的理解正确的是（　　） A．图甲，天宫二号绕地球做匀速圆周运动时，线速度和加速度恒定 B．图乙，力作用在物体上，其中，力对物体做正功 C．图丙，当火车转弯速度过大时，火车外侧车轮的轮缘会挤压外轨 D．图丁，小球在与弹簧相互作用的过程中，小球的机械能守恒 9．如图所示，长为的两正对平行金属板MN、PQ水平放置，板间距离为2d，板间有正交的匀强电场和匀强磁场。一带电粒子从MP的中点O垂直于电场和磁场方向以初速度射入，恰沿直线从NQ的中点A射出；若只撤去电场，该带电粒子仍从O点以初速度水平射入，则粒子从N点射出，粒子重力不计。以下说法正确的是（　　） A．该粒子一定带正电 B．该粒子带正电、负电均可 C．若只撤去磁场，该带电粒子仍从O点以初速度水平射入，则粒子从AQ之间射出 D．若只撤去磁场，该带电粒子仍从O点以初速度水平射入，则粒子打在板PQ上 10．惠州选手潘家杰拿下了第十五届全运会滑板比赛男子街式项目冠军。其比赛部分场景简化如图所示，选手和滑板总质量为，以速度从高度处的平台末端水平飞出，并在空中保持同一姿态落在水平地面上。忽略空气阻力，取重力加速度为，下列说法正确的是（　　） A．选手在空中做匀变速曲线运动 B．选手在空中的运动时间与大小有关 C．选手着地前瞬间，重力的瞬时功率为 D．选手落回水平地面前瞬间的动量大小为 三、实验题（本题共2小题，共14分） 11．“祖冲之”研究小组的同学设计了如图甲所示的装置来验证机械能守恒定律。同学们让带挡光板的小车（未画出）从涂有润滑油的斜面上距斜面底端高h处由静止释放，通过斜面底端O点处的光电门（未画出）时，测得小车的速度为，多次改变小车下滑的高度h；测出和h，作出图线如图乙所示，已知挡光板宽度为L。 (1)若挡光板经过光电门的时间为t，则 （结果用L和t表示）。 (2)若当地的重力加速度 （结果用a和b表示），则验证了机械能守恒定律。 12．某实验小组做“探究压敏电阻的阻值与其所受压力的关系，并利用这个关系设计自动控制电路”的实验。 (1)一位同学把多用电表选择开关打在“×10Ω”挡，欧姆调零后，再把两表笔接触在一个未加压力的压敏电阻的两端，多用电表的表盘指针如图甲所示，则未加压力时电阻为 Ω；另一位同学在压敏电阻上不断加大压力，发现指针偏角不断变大，由此可判断该压敏电阻的阻值随压力的增大而 （选填“变大”或“变小”）。 (2)小组利用该压敏电阻设计了一个可自动注水的小型储水池，如图乙所示。为压敏电阻，其阻值与注水装置中水位h的关系为：（h、的单位分别为m、Ω）。为保护电阻，，恒压电源电动势E=20V，内阻不计。 ①闭合开关S1、S2，水池开始注水。当电磁铁（内阻不计）电流达到I=0.1A时，衔铁被吸引，与触点分离，装置自动停止注水，达到预定水位。当电磁铁电流未达到I时，衔铁与触点接触，装置会自动注水，则注水的临界高度h= m。 ②储水池使用一段时间后，压敏电阻阻值在相同压力下会比刚开始偏大，为保证预定水位不变，应适当 （选填“调小”或“调大”）的阻值。 四、计算题（本题共3小题，共计40分。解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位） 13．如图所示，竖直放置在水平桌面上的左、右两汽缸粗细均匀，内壁光滑，横截面积分别为、，由体积可忽略的细管在底部连通。两汽缸中各有一轻质活塞将一定质量的理想气体封闭，左侧汽缸底部与活塞用轻质细弹簧相连。初始时，两汽缸内封闭气柱的高度均为，弹簧长度恰好为原长。现往右侧活塞上表面缓慢添加一定质量的沙子，直至右侧活塞下降，左侧活塞上升。已知大气压强为，重力加速度大小为，汽缸足够长，汽缸内气体温度始终不变，弹簧始终在弹性限度内。求： (1)最终汽缸内气体的压强； (2)添加的沙子质量。 14．如图甲所示，轻质细线吊着一质量、边长、匝数的正方形线圈，线圈总电阻。在线圈的中间位置以下区域分布着垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小随时间变化关系如图乙所示，重力加速度。求： (1)0~6s内穿过线圈磁通量的变化量； (2)时轻质细线的拉力大小； (3)0~4s内线圈产生的焦耳热。 15．如图所示，与水平方向成角的足够长绝缘固定斜面底端点固定一块与斜面垂直的挡板，整个空间存在平行斜面向下的匀强电场，场强大小。斜面上一个质量为的不带电绝缘滑块静止在距离斜面底端的点，滑块与斜面间的动摩擦因数。将一个质量为带电量为的光滑小球从斜面点上方处的点由静止释放，小球向下运动，与滑块发生弹性碰撞，碰撞时间极短，碰撞过程中无电荷转移。滑块碰挡板后立刻静止在挡板处。已知重力加速度为，，，滑块与小球均视为质点。求： (1)若，求小球与滑块发生第一次碰撞后两者的速度； (2)若，求小球与滑块发生第二次碰撞前（滑块未碰挡板）小球与滑块之间的最大距离； (3)试分析小球与滑块在第一次碰撞与第二次碰撞之间的运动过程中，小球电势能的变化量。 试卷第4页，共7页 试卷第1页，共7页 学科网（北京）股份有限公司 《2026届高三寒假第一次学情自测物理试题》参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C C B B B D B BC AC AC 1．C 【详解】A．同位素需质子数相同，而38Sr与39Y质子数不同，A错误； B． ， ，A是 。β射线来自原子核内中子转化为质子时释放的电子，而非核外电子，B错误； C．衰变产物Y-90比Sr-90更稳定，比结合能更大，C正确； D．半衰期与温度无关，D错误。 故选C。 2．C 【详解】AB．由题图可知，复合光斜射到AB面上，a光的偏折程度较小，则钻石对a光的折射率比b光的小；根据可知，钻石中a光的传播速度比b光的大，故AB错误； C．由全反射临界角公式可知，单色光a的临界角大于单色光b的临界角，逐渐减小光斜射到AB面上的入射角，光线从CO面射出时的入射角逐渐增大，且b光的入射角较大，所以从CO面射出的光线中b光先消失，故C正确； D．让a、b光分别通过同一双缝干涉装置，根据，由于钻石对a光的折射率比b光的小，则a光的频率比b光的小，a光波长比b光的大，所以a光的干涉图样中相邻亮条纹间距更大，故D错误。 故选C。 3．B 【详解】A．根据开普勒第三定律，因，故空间站周期小于同步卫星周期，A错误。 B．根据 可得 因，而第一宇宙速度对应时的环绕速度，故空间站环绕速度小于第一宇宙速度，故B正确。 C．根据 可得 因，故空间站加速度大于同步卫星加速度，故C错误。 D．根据题中已知物理量（高度h和) 无法估算地球质量，故D错误。 故选B。 4．B 【详解】A．由图（a）可知，波长 由图（b）可知，周期 故波速，故A错误； B．由图（b）可知，时刻质点P沿y轴负方向振动，结合图甲根据同侧法可知，该波的传播方向是沿x轴负方向，故B正确； C．由于 故时质点P位于正向最大位移处，速度为零，故C错误； D．由图（a）可知，处的质点时刻位于负向最大位移处，由于 故时，处的质点位于正向最大位移处，故D错误。 故选B。 5．B 【详解】A．保持不变，则根据，可知不变，故A错误； D．由变压器的原副线圈的电流关系可知， 可知电流减小到原来的一半，则减小到原来的一半，所以减小到原来的一半，电阻的热功率为，可知热功率变为原来的，故D错误； B．由上述可得减小到原来的一半，则减小，由于，可得将增大，故B正确； C．调整动力系统的负载不影响交变电流的频率，故C错误。 故选B。 6．D 【详解】A．小物块A受到重力、弹力、摩擦力，其中摩擦力提供向心力，故A错误； B．A、B的角速度相等，根据可知，小物块A、B的线速度大小不相等，故B错误； C．A、B的角速度相等，根据知，小物块A、B的向心力大小不相等，故C错误； D．根据 得，发生相对滑动的临界角速度 因为B的半径大，则发生相对滑动的临界角速度小，增大圆盘的角速度，小物块B首先发生相对滑动，故D正确。 故选D。 7．B 【详解】AB．根据动能定理 由图像可知， 解得小球的质量为m=1kg 初速度v0=2m/s，A错误，B正确； CD．根据 小球的动能为4J时，下落的高度为h=0.2m 速度为，CD错误。 故选B。 8．BC 【详解】A．图甲，天宫二号绕地球做匀速圆周运动时，线速度和加速度大小均恒定，方向都不断变化，故A错误； B．图乙，力作用在物体上，其中，力与位移的夹角为，由，可知力对物体做正功，故B正确； C．图丙，当火车转弯速度过大时，重力和轨道的支持力的合力不足以提供火车做圆周运动所需的向心力，火车有做离心运动的趋势，则火车外侧车轮的轮缘会挤压外轨，故C正确； D．小球在与弹簧相互作用的过程中，小球的机械能减小，小球与弹簧组成的系统机械能守恒，故D错误。 故选BC。 9．AC 【详解】AB．由于撤去电场时，该带电粒子从N点射出，可知洛伦兹力方向向上，根据左手定则可知，粒子带正电，A正确，B错误； CD．有电场与磁场作用时，由于粒子恰沿直线从NQ的中点A射出，可知，此时粒子做匀速直线运动，则有 解得 若只撤去电场，粒子从N点射出，作出轨迹如图所示 根据几何关系有 解得 R=2d 在磁场中 结合上述解得 若只撤去磁场，该带电粒子仍从O点以初速度水平射入，若粒子从AQ之间射出，则有 ， 解得 可知，粒子从AQ之间射出，C正确，D错误。 故选AC。 10．AC 【详解】A．选手仅受重力，加速度恒定（），初速度水平，做匀变速曲线运动，故A正确； B．竖直方向自由落体，运动时间，与无关，故B错误； C．着地时竖直速度，重力瞬时功率，故C正确； D．着地时合速度，动量大小，非，故D错误。 故选AC。 11．(1) (2) 【详解】（1）挡光板经过光电门的时间较短，则小车在过光电门时的速度可用平均速度替代，则小车的速度为。 （2）根据题意，若小车运动过程中机械能守恒，则由机械能守恒定律有 整理可得 结合图像有 解得 即若当地的重力加速度，则验证了机械能守恒定律。 12．(1) 360 变小 (2) 5 调小 【详解】（1）[1]表盘指针所指为36，未加压力时压敏电阻的电阻为36×10Ω=360Ω [2]在压敏电阻上不断加大压力，发现指针偏角不断变大，表明指针所指的刻度值变小，电阻变小，由此可判断该压敏电阻的阻值随压力的增大而变小。 （2）[1]根据闭合电路欧姆定律： 代入数据可解得： 根据题意： 可解得：h=5m [2] 在相同压力之下，即相同水位时，用久的压敏电阻灵敏性变弱一点，电阻偏大，电路电流未达到0.1A偏小而无法把衔铁吸引下来与触点分离，使水位偏高。为保证预定水位不变，应适当调小的阻值去平衡增大的阻值，使电流达到0.1A。 13．(1) (2) 【详解】（1）对左右汽缸内所封的气体，初态压强 体积 末态体积 设末态压强，根据玻意耳定律可得 解得 （2）对右边活塞受力分析可知 解得 14．(1) (2)15N (3)2J 【详解】（1）内穿过线圈磁通量的变化量为 （2）由法拉第电磁感应定律得 根据闭合电路的欧姆定律可得线圈中的感应电流大小为 根据图乙可知，t=3s时磁感应强度为 线圈受到的安培力大小为 由左手定则可知安培力方向竖直向上，则轻质细线的拉力大小为 （3）线圈中感应电流大小为1A，0~4s内线圈产生的焦耳热为 15．(1)，方向沿斜面向上，，方向沿斜面向下 (2) (3)见解析 【详解】（1）根据题意，由牛顿第二定律，对小球有 解得 设小球与滑块发生第一次碰撞前小球的速度为，第一次碰撞后小球的速度为，滑块的速度为，由运动学公式有 解得 由于小球与滑块发生弹性碰撞，且碰撞时间极短，由动量守恒定律和能量守恒定律有， 解得， 若，则有， 即小球的速度大小为，方向沿斜面向上，滑块的速度大小为，方向沿斜面向下。 （2）小球与滑块发生第二次碰撞前（滑块未碰挡板），当小球与滑块速度相等时，小球与滑块之间的距离最大，小球与滑块碰撞后，小球做匀变速直线运动，对滑块受力分析有 可知，滑块碰撞之后沿斜面向下做匀速直线运动，则有 解得 则小球与滑块之间的最大距离为 （3）根据题意，设小球与滑块在第一次碰撞与第二次碰撞之间经过时间，则有 解得 若滑块恰好滑到挡板处，则有 解得 结合小问（1）可得，此时 则当时，小球和滑块第二次碰撞发生在挡板处，电场力对小球做功为 即小球的电势能减少了； 当时，小球经过时间与滑块发生第二次碰撞，此时小球沿斜面向下移动的距离为 电场力对小球做功为 即小球的电势能减少了。 答案第8页，共8页 答案第7页，共8页 学科网（北京）股份有限公司 $