2026届黑龙江海伦市第七中学第一次模拟考试高三物理试题

( …………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○………… ) ( ※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※ ) ( …………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○………… ) ( …………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○………… ) ( 学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________ ) ( …………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○………… ) 2026届黑龙江省绥化市海伦第七中学第一次模拟考试试题 高三物理 考试时间：75分钟 试卷满分： 100分 （适用地区：山西、辽宁、吉林、黑龙江、广西、海南、重庆、贵州、云南、甘肃、新疆） 注意事项: 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。 3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。 第I卷（选择题） 一、单选题：本大题共7小题，共28分。 1.年月日我国福建舰正式服役。飞机离开甲板点后，继续飞行的轨迹如图所示。关于飞机在轨迹最低点点的速度与所受合外力，下列说法正确的是(    ) A. 速度方向指向轨迹内侧 B. 速度方向沿点切线方向 C. 合外力方向指向轨迹外侧 D. 合外力方向沿点切线方向 2.如图，单匝正方形导线框处于为边界的匀强磁场中，绕与磁场垂直且与线框共面的固定轴匀速转动，轴与正方形对角线重合。若线框从图示位置开始计时，规定方向为电流正方向，产生的感应电流与时间关系图像正确的是(    ) A. B. C. D. 3.大量氢原子处于、、、的四个状态，处于较高能级的原子可以向任意一个较低能级跃迁，下列说法正确的是(    ) A. 最多可以观测到种波长的光 B. 从高能级向低能级跃迁时可能辐射出射线 C. 波长最长的光对应的是从跃迁到的情况 D. 观测到的光中如果只有一种能使某金属发生光电效应，那一定是波长最短的光 4.钚的一种同位素衰变时释放巨大能量，其衰变方程为，则下列说法中正确的是(    ) A. 此衰变为衰变 B. 比的结合能大 C. 比更稳定 D. 经过一个半衰期，个钚还剩下个 5.如图甲，两列沿相反方向传播的横波，形状是半个波长的正弦曲线，上下对称，其振幅和波长都相等。它们在相遇的某时刻会出现两列波“消失”的现象，如图乙。则(    ) A. 此时质点向左运动 B. 相遇过程中点振动速度始终为 C. 此后质点、振动速度相同 D. 此后质点比先停止振动 6.如图甲所示，在真空中固定的两个相同点电荷、关于轴对称，它们在轴上的图像如图乙所示规定轴正方向为电场强度的正方向。若在坐标原点由静止释放一个正点电荷，它将沿轴正方向运动，不计重力。则(    ) A. A、带等量正电荷 B. 点电荷在处电势能最大 C. 点电荷在处动能最大 D. 点电荷沿轴正向运动的最远距离为 7.如图所示，在光滑的水平面内建立坐标系，质量为的小球以某一速度从原点点出发后，受到一平行于轴方向的恒力作用，恰好以沿轴正方向的速度通过点，已知小球通过点的速度大小为，且连线与轴的夹角为，则(    ) A. 恒力的方向可能沿轴正方向 B. 小球从点出发时的动能为 C. 恒力在这一过程中所做的功为 D. 恒力在这一过程中的冲量大小为 二、多选题：本大题共3小题，共18分。 8.如图，两平行金属板、之间有平行轴向右的匀强加速电场，板右侧，轴的上方有垂直于轴向下的匀强偏转电场，在轴的下方有垂直于纸面向里的匀强磁场。H、H、三种带电粒子分别从入口由静止释放。不计带电粒子重力，关于三种带电粒子的运动，下列说法正确的是(    ) A. 第一次进入磁场前，在偏转电场中沿轴方向位移之比为：： B. 第一次进入磁场前，在偏转电场中沿轴方向位移之比为 C. 第一次在磁场中，从进入到离开沿轴方向位移之比为：： D. 第一次在磁场中，从进入到离开沿轴方向位移之比为 9.如图，木板足够长，静止在光滑水平地面上，物块静止在木板右侧，左端固定一劲度系数为的轻弹簧，弹簧处于自然状态。滑块以水平向右的速度滑上木板，与速度相等时刚好与弹簧接触，此后再经过时间弹簧压缩量最大，并且与恰好能始终保持相对静止。已知、和的质量均为，弹簧始终处在弹性限度内，弹性势能与形变量的关系为，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为，下列说法正确的是(    ) A. 木板刚接触弹簧时速度 B. 弹簧的最大压缩量 C. 弹簧压缩量最大时，的位移大小为 D. 与间的动摩擦因数 10.如图所示，真空中有一半径为、质地均匀的玻璃球，束复色光沿射入玻璃球，经折射后分成、两束光分别从、两处折射出玻璃球，已知与的夹角，，。下列说法正确的是(    ) A. 从玻璃球中射出时，光的折射角大于光的折射角 B. 玻璃球对光的折射率为 C. 用同一双缝干涉实验装置进行实验，光在光屏上形成的条纹间距比光的大 D. 光在玻璃球中的传播速度大于光在玻璃球中的传播速度 第II卷（非选择题） 三、实验题：本大题共3小题，共22分。 11.某小组探究物体加速度与所受合外力的关系。实验装置如图所示，水平轨道上安装两个光电门，小车上固定一遮光片，细线一端与小车连接，另一端跨过定滑轮挂上钩码。 实验前先调节轨道，使细线与轨道平行，并平衡小车所受摩擦力。 小车的质量为。利用光电门系统测出不同钩码质量时小车加速度。钩码所受重力记为，作出图像，如图中图线甲所示。 由图线甲可知，较小时，与成正比。进一步探究，分别将小车的质量增加至和重复步骤，作出图像，如图中图线乙和丙所示。 比较图线甲、乙、丙可得：在钩码重力的变化区间相同时，小车的质量增大，图像的线性区间______选填“变大”“变小”；我们可以猜想：要在图像中得到足够大的线性区间，实验中小车的质量和钩码的质量应满足的大小关系为______； 分析实验数据：图线甲、乙、丙都存在非线性区间，是因为非线性区间的加速度和钩码重力在误差允许的范围内不满足关系式，请写出该区间加速度和钩码重力满足的关系式______用、、、表示；如何改进实验可以消除因系统误差产生的非线性区间，请写出一种方案______。 12.某学习小组要测量某电池的电动势和内阻，设计了如图甲所示的电路。 用甲图测电池的电动势和内阻，在电压表和电流表内阻都未知的情况下，其系统误差来源于______。 为了提高实验精度，该小组设计了如图乙所示的电路，其中被测电池为______选填“”或“”。 实验操作如下： 将滑动变阻器和的滑片移到最左端，闭合开关和； 调节滑动变阻器，使灵敏电流计的指针指在______选填“零刻度线”或“满偏刻度”，记录此时电压表的示数为、电流表的示数为； 接着，改变滑动变阻器的滑片位置，再重复步骤，记录另一组数据、。则电池的电动势______，内阻______结果均保留两位小数； 在的操作中，电源电动势的测量值______真实值选填“大于”“等于”“小于”。 13.小明同学设计了如图甲所示的电路测电源电动势及电阻和的阻值。实验器材有：待测电源不计内阻，待测电阻，待测电阻，电流表量程为，内阻较小，电阻箱，单刀单掷开关，单刀双掷开关，导线若干。 先测电阻的阻值。闭合，将切换到，调节电阻箱，读出其示数和对应的电流表示数，将切换到，调节电阻箱，使电流表示数仍为，读出此时电阻箱的示数，则电阻的表达式为______；用和表示 小明同学已经测得电阻，继续测电源电动势和电阻的阻值。他的做法是：闭合，将切换到，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数和对应的电流表示数，由测得的数据，绘出了如图乙所示的图线，则电源电动势______，电阻______；保留两位有效数字 用此方法测得的电动势的测量值______真实值。选填“大于”“小于”或“等于” 四、计算题：本大题共3小题，共30分。 14.如图为游乐场水上乐园的水滑梯，质量为的游客由最高点静止下滑，从滑梯末端飞出，可简化如图所示的模型，其中为斜面的最高点，点处斜面与圆弧平滑连接，点为圆弧轨道的最低点并与水面相切，点为滑梯的末端，并与点等高。圆弧轨道的半径，圆弧对应的圆心角，的竖直高度差为。游客可视为质点，忽略一切阻力，已知重力加速度大小，。求： 游客运动到滑梯末端点时，对轨道的压力大小； 游客刚落入水中时距点的水平距离。 15.某工业余热回收的氦气储能装置如图所示，装置的绝热圆筒内装有两个活塞，顶部重活塞外覆绝热层热损失可忽略，底部轻活塞质量可忽略不计导热性能优异。初始时装置与车间环境处于热平衡，上下两腔各封闭氦气可视为理想气体，两活塞间距及轻活塞到缸底间距均为，现通过缸底余热换热装置缓慢向气体传递热量和均为已知量。设重活塞可以无摩擦地滑动，在整个过程中轻活塞位置保持不变，忽略气体泄漏。重力加速度为，汽缸横截面积为，阿伏加德罗常数的值为 对处在温度为的平衡状态的理想气体，其内能只由气体分子的动能构成。依据能量均分定理，每个气体分子的动能对内能的贡献为，为气体普适常数，利用该常数可将理想气体的三个实验定律统一为为物质的量，即克拉伯龙方程。若上述装置吸收热量前后的温度分别为和，试利用上述规律写出热量与初末态温度间的关系。 求系统再次稳定后轻活塞所受的摩擦力大小。 16.在光滑桌面上，以水平桌面左边缘为轴建立空间直角坐标系如图所示，坐标为处固定一正点电荷，利用屏蔽手段使该点电荷只在空间产生电场，坐标为处有一电荷量大小为，质量为的小球，以初速度沿轴负方向射出，小球离开桌面前恰能做匀速圆周运动，在的空间存在沿轴正方向大小可调的匀强电场，已知静电力常量为，重力加速度为，取桌面所在平面为零势能面。 求固定点电荷所带的电荷量的大小 若小球落地点坐标满足、、相等，求匀强电场电场强度的大小 若匀强电场，求小球从离开桌面到落地前机械能和动能的最小值。 答案和解析 1.【答案】  【解析】解：曲线运动中，速度方向沿轨迹切线方向，合外力方向指向轨迹凹侧内侧，故B正确，ACD错误。故选：。 2.【答案】  【解析】解：由于匀速转动的转轴为磁场边界且与线框对角线重合，在转动过程中，线框始终只有一半的面积即三角形或处于磁场中。 根据法拉第电磁感应定律，感应电动势的大小由磁通量的变化率决定。当线框从图示位置线框平面与磁场垂直开始计时，线框中处于磁场部分的有效面积按余弦规律变化，则感应电动势和感应电流将按正弦规律变化，即。 由于起始时刻线框的线速度方向与磁场方向平行，不切割磁感线，故感应电流从开始。由楞次定律及左手定则判断方向：在至过程中，线框部分在磁场中且向纸面内转动，穿过线框向里的磁通量减小，感应电流的磁场方向应向里，由右手螺旋定则可知感应电流方向为顺时针，即到到到到。题目规定该方向为正方向，故电流初始阶段为正值。 综上所述，感应电流随时间呈正弦规律变化，且起始时刻为、初始方向为正，图像符合要求。故A正确，BCD错误。 故选：。 3.【答案】  【解析】解：大量氢原子处于、、、的四个状态，处于较高能级的原子可以向任意一个较低能级跃迁，最多可以辐射出种不同波长的光，故A错误； B.原子核受激发向低能级跃迁时辐射出射线，故B错误； 、从跃迁到所发出的光频率最高，波长最短，则如果发出的光子中只有一种能使某金属产生光电效应，那一定是由能级跃迁到能级发出的，故C错误，D正确。 故选：。 4.【答案】  【解析】解：此反应中的生成物为，故发生的是衰变，故A错误； B.衰变时，会生成更稳定的原子核，衰变产物的总结合能大于原原子核的结合能，即和的总结合能大于的总结合能，但的核子数小于于的核子数，故的结合能小于的结合能，故B错误； C.衰变释放出能量，原子核越稳定，比结合能越大，故的比结合能比的比结合能大，故比更稳定，故C正确； D.半衰期是针对大量原子核得到的统计规律，对于个钚来说没有意义，无法判断一个半衰期后的情况，故D错误。 故选：。 5.【答案】  【解析】解：由图看出，两列波的波峰与波谷叠加，两波的振幅相等，位移的矢量和为零，所以如图乙所示的时刻两列波“消失“；由质点带动法判断可知，向右传播的波单独引起质点的振动方向向下，向左传播的波单独引起质点的振动方向向下，根据叠加原理可知，此时质点的振动方向是向下的，同理可知质点的振动方向是向上的，故A错误； B.相遇过程中，两列波引起的点的振动方向是一直相反的，且引起的位移大小是一直相等的，所以点的位移一直为，则相遇过程中点振动速度始终为，故B正确； C.根据以上分析可知，、振动速度大小相同，方向不同，故C错误； D.因为两列波的波长相等，波速相同，根据可知周期相等，所以此后质点、振动时间相同，两质点是同时停止振动的，故D错误。 故选：。 6.【答案】  【解析】解：、电荷量为的正点电荷，从点到点，电场力做正功，电势能减小，从点沿轴正方向运动，电场力做负功，电势能增加，因此点电荷在处电势能不是最大；可知点电荷在处动能最大，故B错误，C正确； A、由图像可知，在轴上的点对应点，在点的左侧电场强度为正值，沿轴正方向，右侧为负值，沿轴负方向，可知、带等量负电荷，故A错误； D、由对称性可知，点电荷沿轴正方向最远能到达点关于点的对称点点位置，故点电荷沿轴正向运动的最远距离为，故D错误。 故选：。 7.【答案】  【解析】解：将初速度正交分解，沿轴做匀速直线运动，到点时，沿轴方向速度减为零，做匀减速直线运动，所以小球受力沿轴负方向，故A错误； B.利用逆向思维法，小球由到做类平抛运动，由几何关系可知：，所以小球经过点时，沿轴方向的分速度，小球从点出发时的速度，动能，代入数据可得：，故B错误； C.小球由到，由动能定理可知，恒力在这一过程中所做的功，代入数据可得：，故C错误； D.由动量定理可知，恒力在这一过程中的冲量大小，故D正确。 故选：。 8.【答案】  【解析】解：、设加速电场的加速电压为，偏转电场场强为，匀强磁场磁感应强度为，加速电场出口到轴的距离为，粒子质量为，电荷量为，加速电场中，根据动能定理 解得 偏转电场中，根据牛顿第二定律 方向有 方向有偏移量 联立解得，， 与粒子质量和电荷量都无关，因此第一次进入磁场前，三种粒子在偏转电场中沿轴方向位移之比为：：，故A正确，B错误； 、进入磁场时，设速度大小为，与磁场边界夹角为，则垂直磁场的速度分量 在磁场中，根据半径公式 根据几何关系，方向有偏移量 在偏转电场中，可得 因此 三种粒子电荷量相同，质量之比为：：，因此第一次在磁场中，从进入到离开沿轴方向位移之比为，故C错误，D正确。 故选：。 9.【答案】  【解析】解：、滑块在木板上滑动时，系统动量守恒，有，解得木板刚接触弹簧时的速度，故A正确； B、当、、三者速度相等时，弹簧压缩量最大，设此时共同速度为，由动量守恒定律有，解得：。 根据能量守恒定律有，代入数据解得弹簧最大压缩量，故B错误； C、弹簧压缩过程中，系统质心速度，物块做类简谐运动，根据类简谐运动规律可知，相对于质心的最大位移大小为，则的位移，故C正确； D、当弹簧压缩量最大时，和整体加速度最大，根据牛顿第二定律有，对分析可知其受到的静摩擦力为，当与恰好始终保持相对静止时，有，代入数据解得，故D正确； 故选：。 10.【答案】  【解析】【解答】射入玻璃球时，、光的入射角都为，折射角分别为和。从玻璃球中射出时入射角与射入玻璃球时的折射角相等，根据光路可逆性原理可知，从玻璃球中射出时，光的折射角与光的折射角相等，都是。根据折射定律，可知光的折射率为，光的折射率为，故A错误，B正确； C.对同一种介质，光的折射率大，则光的频率高，波长短，根据双缝干涉条纹间距公式可知，光在光屏上形成的条纹间距比光的大，故C正确； D.根据可知折射率越大，光在玻璃球中传播速度越小，则光在玻璃球中的传播速度小于光在玻璃球中的传播速度，故D错误。 故选：。 11.【答案】增大；； ；在小车前端安装力传感器，用力传感器直接测量小车所受到的拉力  【解析】比较图线甲、乙、丙可得在钩码重力的变化区间相同时，小车的质量增大，图像的线性区间增大； 根据上述分析可知，随着小车质量的增加图像的线性区间增大，因此我们可以猜想要在图像中得到足够大的线性区间，实验中小车的质量和钩码的质量应满足的大小关系为； 设绳子拉力为，对钩码，根据牛顿第二定律 对小车，根据牛顿第二定律 联立解得 当时，可认为 即与成正比； 不满足这个条件时，加速度和钩码重力满足的关系式得； 小车所受拉力由钩码的总重力代替，图线出现非线性区域是没有满足这一条件，因此在小车前端安装力传感器，用力传感器直接测量小车所受到的拉力，可以消除因系统误差产生的非线性区间。 故答案为：增大；；；在小车前端安装力传感器，用力传感器直接测量小车所受到的拉力。 12.【答案】电流表的分压作用；；零刻度线，，；等于。 【解析】解：电流表的内接法引起误差的原因是电流表的分压作用； 电压表测量的是电源的路端电压，同时灵敏电流计的指针指在零刻度线，即两个回路中的电流相等，或者说电流表也测电源回路中的电流，故还是用伏安法测电源的电动势和内阻 前面已经分析过灵敏电流计的指针指在零刻度线，即左右两个回路中的电流相等，电流表也等效测电源回路中的电流 流过灵敏电流计的电流为，流过两电源的电流相等，该实验设计消除了电流表内阻对实验的影响。 由闭合电路的欧姆定律得， 解得 电流表的内接法中电动势的测量值等于真实值。 13.【答案】；；；等于。 【解析】解：闭合，将切换到，电流表内阻较小，忽略不计； 根据闭合电路欧姆定律 闭合，将切换到，根据闭合电路欧姆定律 联立解得 闭合，将切换到，根据闭合电路欧姆定律 变形得 图像的纵截距 图像的斜率 联立解得电动势 电阻 考虑电流表内阻的影响，根据闭合电路欧姆定律 变形得 图像的斜率不变，电动势的测量值等于真实值。 14.【答案】游客对轨道的压力大小为。 游客刚落入水中时距点的水平距离为。 【解析】解：游客从点运动到点的过程中，忽略一切阻力，机械能守恒。由于、两点等高，下落高度，根据，解得：。 在点，根据牛顿第二定律有，解得：。依据牛顿第三定律，游客对轨道的压力大小为。 点距水面的高度等于点相对于圆弧最低点的竖直位移，即，解得：。 游客飞出后做斜抛运动，水平分速度，解得：，竖直分速度，解得：。 设从点运动到水面的时间为，取竖直向上为正方向，由位移公式得，即，解得：。落入水中时距点的水平距离，解得：。 15.【答案】在给底部汽缸传递热量前，设底部汽缸内压强为，由理想气体性质可知，顶部汽缸内压强同为，系统吸热后，两活塞间距变为，由于上部分气体为等压过程，故由盖吕萨克定律可得 上部气体对外做功 由题意可知，上下两部分气体总内能增量为 故由热力学第一定律得 又由题意可知 联立、和式，可得 底部汽缸的下部分气体为等容过程，设吸收热量后，气体压强为，由查理定律可得 对轻活塞，由题意可知其所受静摩擦力为 联立和式可得 将式、式代入上式，解得 16.【答案】解：小球以为半径做匀速圆周运动有 解得 小球在桌面上轨迹如图所示，由几何关系可得，小球从原点离开桌面 设离开时速度与轴负方向夹角为，则， 小球离开桌面时，沿轴负方向做匀速运动有 轴方向做匀减速运动有 由牛顿第二定律得 轴负方向做自由落体运动有 联立以上各式得或 轴方向速度减到时，电场力做负功最多，小球机械能最小 故机械能最小值 解得 小球在轴负方向做匀速运动，在面内做类斜抛运动 设重力与电场力的合力为，与夹角为，则 将沿方向和垂直方向分解，当方向速度减到时，动能最小， 即 解得  第2页，共2页 第1页，共1页 学科网（北京）股份有限公司 $