2026年辽宁沈阳中考物理自编模拟卷（一）

2026届辽宁沈阳中考物理自编模拟卷（一） 一．选择题（共9小题，满分18分，每小题2分） 1．（2分）如图所示是某国产三折叠屏手机，该手机搭载了先进的人工智能芯片。制造芯片的主要材料是（　　） A．导体 B．半导体 C．绝缘体 D．超导体 2．（2分）河南省贾湖遗址出土的“贾湖骨笛”（如图）是世界上发现年代最早、至今尚可演奏的乐器之一。它用鹤类尺骨制成，多为七孔。在演奏时，按住不同笛孔，骨笛会发出不同的声音。“不同的声音”是指声音的（　　） A．音色 B．音调 C．响度 D．频率 3．（2分）小明身高为1.6m，站立在平面镜前2m处，他远离平面镜0.4m后，他的像到他的距离和像的大小描述正确的是（　　） A．1.6m，像变大 B．2.4m，像变小 C．2.4m，像不变 D．4.8m，像不变 4．（2分）我国深地科探井钻探深度突破万米。钻头钻探过程中内能增大，下列事例中内能改变方式与之相同的是（　　） A．炙手可热 B．抱团取暖 C．扬汤止沸 D．钻木取火 5．（2分）水无常形，于千变万化中孕育自然奇观。如图所示的各种水的物态变化中，属于液化的是（　　） A．雪融成溪 B．滴水成冰 C．气凝成霜 D．气结成露 6．（2分）下列生产生活实例中属于减小压强的是（　　） A．铁轨铺在枕木上 B．冰刀鞋刀刃做得很薄 C．破窗锤敲击端做成锥状 D．切蛋器上不锈钢丝很细 （多选）7．（2分）如图，小明做模拟“蹦极”的实验时，将橡皮筋一端系上小球，另一端固定在A点，B点是不系小球橡皮筋自然下垂时下端所在的位置，C点是系上小球静止时小球所在的位置。小球从A点由静止开始释放，D点是小球下落所能到达的最低点，不考虑空气阻力，在这个运动过程中，以下说法正确的是（　　） A．从A点到D点，小球的重力势能在不断的减小 B．从A点到C点，小球的动能在一直不断的增大 C．小球到达B点时受力平衡，此时动能达到最大 D．小球在D点时，如果力全部消失，小球将静止 （多选）8．（2分）如图所示，将印有花的透明胶片，贴在发光手电筒前端玻璃上，正对着焦距为10cm的凸透镜，调整位置，墙上出现一朵清晰放大正立的“花”，下列分析正确的是（　　） A．胶片上的花是正立的 B．此透镜可作为远视眼镜镜片 C．胶片与透镜的距离小于10cm D．白墙相当于光屏，发生的是漫反射 （多选）9．（2分）如图甲所示，电源电压保持不变，定值电阻R1的阻值是10Ω。闭合开关后当滑动变阻器的滑片P从一端移至另一端过程中，R2消耗的电功率随电阻变化关系如图乙所示，根据图象信息下列判断正确的是（　　） A．电路中最小电流为0.2A B．滑片P在最右端时，滑动变阻器消耗的电功率最大 C．滑片P在最右端时，电压表示数为10V D．电路消耗的最大功率为10W 二．填空题（共6小题，满分10分） 10．（2分）在商场里，妈妈和5岁的小东正乘自动扶梯下楼（如图所示）。以地面为参照物，妈妈和小东的位置都在不断的变化，我们说她们是运动的，这种运动称为 　 　 运动；以妈妈为参照物，小东又是静止的，同样说小东一个人，由于选择的参照物不一样，得到的“答案”不一样，这就是运动和静止的 　 　 性。 11．（2分）用如图的装置演示气体扩散现象，其中一瓶装有密度比空气大的红棕色二氧化氮气体，另一瓶装有空气。为了有力地证明气体发生扩散，装二氧化氮气体的应是　 　 （选填“A”或“B”）瓶。根据　 　 现象可知气体发生了扩散。若实验温度分别为：①0℃，②4℃，③20℃，④30℃。则在　 　 温度下（填序号）气体扩散最快。 12．（2分）如图是探究水的沸腾的实验图象。由图可知，在t时＝　 　 min时，水开始沸腾，实验中水的沸点是 　 　 ℃。 13．（2分）物理学告诉我们，自然界中只有 　 　 种电荷。一根实验室中常用的玻璃棒与丝绸摩擦后所带的电荷大约只有10﹣7　 　 。 14．（2分）小宁在学完了“流体压强与流速的关系”后做了这么一个实验，把一个乒乓球放在一个漏斗里，向下方漏斗口处用力吹气，那么乒乓球 　 　 （填“会”或“不会”，下同）掉落；若从漏斗颈部吸气，乒乓球 　 　 掉落。 15．如图所示，一圆柱形容器底面积为4×10﹣2m2，把它放在水平桌面上，在容器内放入一个底面积为1×10﹣2m2、重为10N的圆柱形物块，物块的密度为0.8×103g/m3，则物块对容器底的压强是　 　 Pao向容器中缓慢注水使物块刚好离开容器底，此时容器中水的深度是　 　 m。 三．作图题（共2小题） 16．如图所示，是两束光通过某光学元件前后的情形，请画出合适的元件。 17．如图所示，在水平静止的纸上向右滑动铅笔，请画出纸对铅笔头的摩擦力示意图（O点为作用点）。 四．实验探究题（共4小题，满分18分） 18．（5分）在进行“光的反射定律”探究实验中，小林同学设计了如图所示的实验，平面镜M平放在桌面上，E、F是粘在一起的两块硬纸板，F可绕ON转动。 （1）如图甲所示，当E、F在同一平面上，让入射光线AO沿E射向镜面，在纸板F上可看到反射光线OB，此时∠BON 　 　 ∠AON（选填“＞”、“＜”或“＝”）。若将AO向ON靠近，则OB 　 　 （选填“靠近”或“远离”）ON； （2）若光线沿BO入射，则经镜面反射后光线沿OA射出，这说明光路是 　 　 的； （3）在图乙中，把纸板F向前或向后折叠，则在纸板F上都 　 　 （能/不能）看到反射光线，说明反射光线与入射光线和法线应在 　 　 。 19．如图（a），某小组在两个相同的烧杯中分别装入质量相同的水和食用油，比较它们的吸热能力。 （1）为使两个电加热器在单位时间内放出的热量相同，电加热器的规格应 　 　 。 （2）本实验中使用的液体温度计是根据液体 　 　 的规律制成的。 （3）每隔0.5min记录一次温度，并将数据记录在下表中。第2.5min时，食用油中的温度计示数如图（b）所示，为 　 　 ℃。 加热时间/min 0 0.5 1 1.5 2 2.5 … 水的温度/℃ 25 27 29 31 33 35 … 食用油的温度/℃ 25 30 34 37 42 … 分析表中数据，发现 　 　 吸热能力强。 （4）为使内部充有液态介质的电暖器通电后能迅速升温，内部应充入吸热能力较 　 　 （填“强”或“弱”）的介质。（仅从吸热能力的角度分析） 20．（7分）某学习小组计划探究电流与电阻的关系。可供使用的实验器材有：电源（电压恒为6V）、电流表、电压表、开关各一个，阻值分别为5Ω、15Ω、25Ω的定值电阻各一个，滑动变阻器、导线若干。 （1）连接电路时开关应该 　 　 （选填“断开”或“闭合”）。 （2）如图甲所示的实物电路中存在错误，小兰发现只需要改接一根导线就可以了，请在错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确。（导线不允许交叉） （3）正确连接电路后，小组同学将5Ω的电阻R接入电路后，将滑动变阻调至最大阻值后闭合开关，发现电流表无示数，电压表有示数。若电路故障只出现在定值电阻R或滑动变阻器上，则电路故障是 　 　 ，排除电路故障后，适当调整滑动变阻器，当电压表示数为U0时，读出了对应的电流值。 （4）图乙是小组根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R的变化图象，由图象可知U0＝　 　 V，为保证分别使用三个定值电阻均能顺利完成实验，应该选取规格为 　 　 的滑动变阻器。 A.20Ω 1.0A B.30Ω 1.0A C.50Ω 1.0A 21．（6分）杆秤是前些年我们家中常用的测量重量的工具，小刚所在的实践创新小组对家中的杆秤进行观察，并准备动手制作一个杆秤。 （1）如图甲所示是我们家中常用的杆秤，杆秤利用了 　 　 原理。这个杆秤有两个提纽，当小刚使用提纽1时杆秤最大能称量20kg的物体，当他使用提纽2时杆秤能称量物体的最大质量会 　 　 （选填“大于”、“小于”或“等于”）20kg。使用这两个提纽时，零刻度线的位置 　 　 （选填“相同”或“不相同”）。 （2）已知杆秤粗细不均匀，小刚通过分析可知，杆秤的刻度是 　 　 （选填“均匀”或“不均匀”）的；若某次称量时小刚只使用了提纽1，称量了同一物体两次，当他第二次换用质量更大的秤砣时，第二次秤砣在杆秤上的位置会 　 　 （选填“靠近”或“远离”）提纽的位置。 （3）如图乙所示，小刚用一根长为1m、分度值为1cm、质量不计的粗细均匀的直尺来制作杆秤，制作过程如下： ①他分别在直尺上5cm和10cm刻度处钻了一个小孔，各穿了一根细绳作为秤钩和提纽（秤钩和提纽的质量均忽略不计）； ②接着他又找来一个质量为2kg的钩码挂在细绳上作为秤砣，可以在秤杆上移动； 当小刚用这个自制的杆秤称量物体时，这个杠杆的支点是 　 　 （选填“提纽”或“秤钩”）所在的位置，当在秤钩上挂一重物时，秤砣的位置在如图乙所示位置，则秤钩上挂的重物的质量为 　 　 kg。 五．计算题（共3小题，满分23分） 22．（8分）如图所示的小型起重机，某次吊起重为6×103N的物体，电动机的拉力为4×103N，用时20s，使物体上升了5m，不计绳重和绳子与滑轮之间的摩擦力，求：（1）物体的质量； （2）起重机通过滑轮组做的有用功； （3）滑轮组的机械效率。 23．（8分）如表所示为某家用电水壶铭牌的部分参数，如图所示为其简化电路图，它有加热和保温两个挡位，R1、R2均为电热丝，其中R1＝1170Ω。求： 型号 XXX﹣XXXX 容积 1L 额定电压 220V 额定频率 50Hz 加热功率 1210W 保温功率 ？W （1）该电热水壶以加热挡正常工作时的电流是 　 　 A，R2的阻值是 　 　 Ω。 （2）电水壶的保温功率是多少？ （3）电水壶处于加热挡时，要将一满壶初温为25℃的水烧开。这些水吸收的热量是多少？ [此时的气压为标准大气压，ρ水＝1.0×103kg/m3，c水＝4.2×103J/（kg•℃） （4）如果以加热挡正常工作5min可以烧开一满壶水，则该电热水壶这次烧水的效率是多少？（结果精确到0.1%） 24．（7分）珠海的春季，天气潮湿，需要除湿，简化后的电路图如图2所示。控制电路中的电源电压U1＝12V，调控电阻R0的阻值范围为0∼1000Ω，R为装在除湿器内的湿敏电阻，其阻值随相对湿度φ（空气中含有水蒸气的百分比，单位为：%RH），L为磁控开关，当湿敏电阻R的阻值发生变化时，当电流大于或等于20mA时，L的两个由磁性材料制成的弹片具有了磁性并相互吸合U2＝220V，Rg为保护电阻，磁控开关L的线电阻不计。问： （1）当S接通时，可判断出图2中线圈上端P的磁极是 　 　 极； （2）磁性弹片可能是下列哪些材料组成 　 　 ； A.钴、锌 B.铁、铝 C.钴、镍 D.铁、钢 （3）开关S闭合后，磁控开关L的两个弹片在一定条件下相互吸合，涉及的知识有 　 　 ； A.电流的磁效应 B.通电导体在磁场中受力的作用 C.磁化 D.磁极间相互作用 （4）由图3可知，湿敏电阻R的阻值随着相对湿度的增加而 　 　 ；在磁控开关L闭合条件不变的情况下，若要早点开始除湿，则应将控制电阻R0　 　 （两空均选：变大/变小）； （5）因实验室内有较敏感的器件，要求相对湿度控制在45%RH以内，则调控电阻R0的阻值不能超过 　 　 Ω； （6）若除湿过程中工作电路的总功率为1100W，保护电阻Rg＝4Ω，压缩机功率是　 　 W。 声明：试题解析著作权属所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2026/2/7 8:39:56；用户：尚洪亮；邮箱：13166609970；学号：41217949 第1页（共1页） 学科网（北京）股份有限公司 $ 2026届辽宁沈阳中考物理自编模拟卷（一） 参考答案与试题解析 一．选择题（共6小题） 题号 1 2 3 4 5 6 答案 B B D D D A 二．多选题（共3小题） 题号 7 8 9 答案 ABD BD AD 一．选择题（共9小题，满分18分，每小题2分） 1．（2分）如图所示是某国产三折叠屏手机，该手机搭载了先进的人工智能芯片。制造芯片的主要材料是（　　） A．导体 B．半导体 C．绝缘体 D．超导体 【答案】B 【分析】手机中的人工智能芯片主要材料是半导体，它具有导电性，并且介于导体和绝缘体之间的特性，是制造芯片等电子元件的关键材料。因此，对于制造手机中的人工智能芯片而言，半导体材料是必不可少的。 【解答】解：A、导体具有良好的导电性能，但不适合用于制造需要精确控制电流的芯片；B、半导体材料的导电性可以通过掺杂等方法进行精确控制，非常适合用于制造芯片； C、绝缘体几乎不导电，不适合用于制造需要导电的芯片； D、超导体在特定条件下可以实现零电阻，成本高昂，不适用于普通手机芯片的制造。 故选：B。 【点评】本题考查的是导电性质的知识，特别是半导体材料在现代电子技术中的应用。 2．（2分）河南省贾湖遗址出土的“贾湖骨笛”（如图）是世界上发现年代最早、至今尚可演奏的乐器之一。它用鹤类尺骨制成，多为七孔。在演奏时，按住不同笛孔，骨笛会发出不同的声音。“不同的声音”是指声音的（　　） A．音色 B．音调 C．响度 D．频率 【答案】B 【分析】声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距发声体的距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。 【解答】解：在演奏时，按住不同笛孔，骨笛内空气柱的长度发生改变，振动的频率发生改变，骨笛会发出不同音调的声音，即“不同的声音”是指声音的音调。 故选：B。 【点评】本题考查了声音的特性，属于基础题。 3．（2分）小明身高为1.6m，站立在平面镜前2m处，他远离平面镜0.4m后，他的像到他的距离和像的大小描述正确的是（　　） A．1.6m，像变大 B．2.4m，像变小 C．2.4m，像不变 D．4.8m，像不变 【答案】D 【分析】平面镜成像的特点是：①所成的像是虚像；②像和物体形状、大小相同； ③像和物体各对应点的连线与平面镜垂直；④像和物体各对应点到平面镜间距离相等。 【解答】解：小明站立在平面镜前2m处，他远离平面镜0.4m后，小明到镜面的距离为2m+0.4m＝2.4m， 平面镜成的像，像和物体到镜面距离相等，所以，此时小明的像到他的距离为：2.4m+2.4m＝4.8m， 平面镜成的像，像和物体大小相等，所以像的大小不变，故D正确，ABC错误。 故选：D。 【点评】本题考查了平面镜成像的特点，属于基础题。 4．（2分）我国深地科探井钻探深度突破万米。钻头钻探过程中内能增大，下列事例中内能改变方式与之相同的是（　　） A．炙手可热 B．抱团取暖 C．扬汤止沸 D．钻木取火 【答案】D 【分析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；做功的实质是能量转化的过程，即：内能和其他形式能的相互转化；热传递的实质是能量转移的过程，发生热传递的条件是有温度差。 【解答】解：钻头钻探过程中，机械能转化为内能，通过做功的方式改变物体的内能。 A、炙手可热，手吸收热量，内能增大，通过热传递改变物体的内能，故A错误； B、抱团取暖，手吸收热量，内能增大，通过热传递改变物体的内能，故B错误； C、扬汤止沸起后增大表面积加快蒸发吸热，使得温度降低，低于水的沸点，使得水不沸腾，通过热传递改变物体的内能，故C错误； D、钻木取火，克服摩擦做功，机械能转化为内能，通过做功的方式改变物体内能，故D正确。 故选：D。 【点评】本题考查内能的改变，属于基础题。 5．（2分）水无常形，于千变万化中孕育自然奇观。如图所示的各种水的物态变化中，属于液化的是（　　） A．雪融成溪 B．滴水成冰 C．气凝成霜 D．气结成露 【答案】D 【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固； 【解答】解：A、雪融成溪，雪由固态变成液态，是熔化过程，故A不符合题意； B、滴水成冰，冰的形成，水由液态变成固态，是凝固过程，故B不符合题意； C、气凝成霜，霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，故C不符合题意； D、气结成露，露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的水滴，故D符合题意。 故选：D。 【点评】本题考查物态变化中的吸放热，分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态。 6．（2分）下列生产生活实例中属于减小压强的是（　　） A．铁轨铺在枕木上 B．冰刀鞋刀刃做得很薄 C．破窗锤敲击端做成锥状 D．切蛋器上不锈钢丝很细 【答案】A 【分析】本题考查压强的控制方法。根据压强公式 ，当压力 F 一定时，增大受力面积 S 可减小压强。需判断各选项中是否通过增大受力面积实现减小压强。 【解答】解：A．铁轨铺在枕木上，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故A符合题意； B．冰刀鞋刀刃做得很薄，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故B不符合题意； C．破窗锤敲击端做成锥状，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故C不符合题意； D．切蛋器上不锈钢丝很细，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故D不符合题意。 故选：A。 【点评】本题为压强基础知识的直接应用，需掌握增大或减小压强的方法。易错点在于混淆受力面积变化与压强的关系，应明确压强与受力面积成反比。 （多选）7．（2分）如图，小明做模拟“蹦极”的实验时，将橡皮筋一端系上小球，另一端固定在A点，B点是不系小球橡皮筋自然下垂时下端所在的位置，C点是系上小球静止时小球所在的位置。小球从A点由静止开始释放，D点是小球下落所能到达的最低点，不考虑空气阻力，在这个运动过程中，以下说法正确的是（　　） A．从A点到D点，小球的重力势能在不断的减小 B．从A点到C点，小球的动能在一直不断的增大 C．小球到达B点时受力平衡，此时动能达到最大 D．小球在D点时，如果力全部消失，小球将静止 【答案】ABD 【分析】根据小球在下落过程中不同的位置，从小球的受力分析入手解答。弹性势能的大小与物体弹性形变的程度有关，物体弹性形变的程度越大，弹性势能越大。当小球越过b点后，橡皮筋伸长，产生的弹力由小到大，从而直接影响到运动状态和速度的大小变化。 【解答】解：ABC、小球从A到B的过程中，重力势能转化为动能，动能一直在增加；从B到D的过程中，小球开始时速度增大，到达C点后，受到的拉力等于重力，速度最大，动能最大，经过C后，当到橡皮筋对小球的拉力大于小球的重力后，由于此时合力向上，则小球的速度会逐渐减小，动能减小，在达到D点时，速度为零，动能为零，所以，在小球从A点到D点运动的过程中，小球的重力势能一直在减小，故C错误； D、当小球下落到最低点D点时，动能为零，如果力全部消失，小球将静止故D正确。 故选：ABD。 【点评】此题难度较大，关键是对小球的受力分析，同时要结合力的合成以及力与运动的关系等知识，还要明白在蹦极的过程中，是重力势能与动能、弹性势能之间的相互转化。 （多选）8．（2分）如图所示，将印有花的透明胶片，贴在发光手电筒前端玻璃上，正对着焦距为10cm的凸透镜，调整位置，墙上出现一朵清晰放大正立的“花”，下列分析正确的是（　　） A．胶片上的花是正立的 B．此透镜可作为远视眼镜镜片 C．胶片与透镜的距离小于10cm D．白墙相当于光屏，发生的是漫反射 【答案】BD 【分析】当物距在一倍焦距和二倍焦距之间时，凸透镜成倒立、放大的实像； 凸透镜对光线具有会聚作用，可以矫正远视眼； 白墙的表面凹凸不平，光照射到白墙后会发生漫反射。 【解答】解： AC、由图知，此时的物距（胶片到凸透镜的距离）小于像距（白墙到凸透镜的距离），由凸透镜成像规律可知此时成的是放大、倒立的实像，因像是正立的，则胶片上的花是倒立的；此时的物距应该在一倍焦距和二倍焦距之间，所以，胶片与透镜的距离在10cm～20cm之间，故AC错误； B、远视眼是因为晶状体太薄，折光能力太弱，使像成在视网膜后方，需要佩戴对光线具有会聚作用的凸透镜进行矫正，所以此透镜可作为远视眼镜镜片，故B正确； D、白墙相当于光屏，白墙的表面凹凸不平，光照射到白墙后发生的是漫反射，故D正确。 故选：BD。 【点评】本题考查了凸透镜成像规律的应用、漫反射、远视眼的矫正，属于基础题。 （多选）9．（2分）如图甲所示，电源电压保持不变，定值电阻R1的阻值是10Ω。闭合开关后当滑动变阻器的滑片P从一端移至另一端过程中，R2消耗的电功率随电阻变化关系如图乙所示，根据图象信息下列判断正确的是（　　） A．电路中最小电流为0.2A B．滑片P在最右端时，滑动变阻器消耗的电功率最大 C．滑片P在最右端时，电压表示数为10V D．电路消耗的最大功率为10W 【答案】AD 【分析】由甲图知开关闭合后，电阻R1和滑动变阻器R2串联，电压表测量R1两端的电压，电流表测量电路中的电流， （1）由图乙知，滑动变阻器连入电路的电阻最大为40Ω，电路中的电流最小，根据电功率的变形公式I计算通过R2的电流，根据串联电路电流的规律知判断电路中的最小电流； （2）由甲图知，滑片P在最右端时，滑动变阻器连入电路的阻值最大，由乙图知判断此时它的电功率是否为最大； （3）根据串联电路的电流规律，判断滑片P在最右端时，通过R1的电流，根据U＝IR计算R1两端的电压； （4）根据R2＝40Ω时，电路中的电流，结合串联电路电阻的规律，由U＝IR计算电源电压，据I知，当R2连入电路的阻值为0时，电路中的电流最大，根据I计算电路中的最大电流，根据P＝UI计算电路消耗的最大功率。 【解答】解：由甲图知开关闭合后，电阻R1和滑动变阻器R2串联，电压表测量R1两端的电压，电流表测量电路中的电流， A、由图乙知，滑动变阻器连入电路的电阻最大为40Ω，电路中的电流最小，此时通过R2的电流I20.2A，根据串联电路电流的规律知，电路中的最小电流I小＝I2＝0.2A，故A正确； B、由甲图知，滑片P在最右端时，滑动变阻器连入电路的阻值最大，由乙图知，此时它的电功率不是最大的，故B错误； C、由A分析知，滑片P在最右端时，电路中的电流为0.2A，根据串联电路电流规律知，通过R1的电流为I1＝I小＝0.2A，R1两端的电压为U1＝I1R1＝0.2A×10Ω＝2V，即电压表的示数为2V，故C错误； D、由上分析知，当R2＝40Ω时，电路中的电流为I小＝0.2A，则电源电压为U＝IR总＝I小×（R1+R2）＝0.2A×（10Ω+40Ω）＝10V， 根据I知，当R2连入电路的阻值为0时，电路中的电流最大，为I大1A， 电路消耗的最大功率为P大＝UI大＝10V×1A＝10W，故D正确。 故选：AD。 【点评】本题主要考查了电功率的计算和欧姆定律的应用，能够从图像中找到有用的信息，并结合所学的知识进行计算，是解答本题的关键。 二．填空题（共6小题，满分10分） 10．（2分）在商场里，妈妈和5岁的小东正乘自动扶梯下楼（如图所示）。以地面为参照物，妈妈和小东的位置都在不断的变化，我们说她们是运动的，这种运动称为 　机械　 运动；以妈妈为参照物，小东又是静止的，同样说小东一个人，由于选择的参照物不一样，得到的“答案”不一样，这就是运动和静止的 　相对　 性。 【答案】机械；相对。 【分析】物理学中，把物体位置的变化叫机械运动；物体的运动与静止是相对的，选择的参照物不同，物体的运动情况可能不同。 【解答】解：以地面为参照物，妈妈和小东的位置都在不断的变化，我们说她们是运动的，这种运动称为机械运动； 以妈妈为参照物，小东又是静止的，同样说小东一个人，由于选择的参照物不一样，得到的“答案”不一样，这就是运动和静止的相对性。 故答案为：机械；相对。 【点评】本题主要考查了对机械运动的认识，对运动和静止相对性的理解，属基础题。 11．（2分）用如图的装置演示气体扩散现象，其中一瓶装有密度比空气大的红棕色二氧化氮气体，另一瓶装有空气。为了有力地证明气体发生扩散，装二氧化氮气体的应是　B　 （选填“A”或“B”）瓶。根据　B瓶内红棕色变淡的　 现象可知气体发生了扩散。若实验温度分别为：①0℃，②4℃，③20℃，④30℃。则在　④　 温度下（填序号）气体扩散最快。 【答案】B；B瓶内红棕色变淡；④。 【分析】分子在永不停息地做无规则运动，运动速度和温度有关，温度越高速度越快。 【解答】解：二氧化氮气体的颜色是红棕色的，而且比空气的密度大。如果将两个瓶口对在一起，则二氧化氮气体分子会向空气中运动，所以B瓶内的气体颜色会变淡，A瓶内的气体颜色会变红。而且温度越高，运动速度越快。 故答案为：B；B瓶内红棕色变淡；④。 【点评】本题考查学生对分子运动特点和其相关因素的掌握情况，需要对分子动理论加强记忆方面的训练。 12．（2分）如图是探究水的沸腾的实验图象。由图可知，在t时＝　4　 min时，水开始沸腾，实验中水的沸点是 　100　 ℃。 【答案】4；100。 【分析】（1）沸腾是一种在液体的表面和内部同时发生的剧烈的汽化现象，汽化吸热； （2）液体在沸腾过程中，不断吸热，温度保持不变，这个温度叫做液体的沸点。 【解答】解：水在沸腾过程中，不断吸热，但是温度保持不变；由图可见，第4min时水开始沸腾，沸腾时的温度是100℃，说明水的沸点是100℃。 故答案为：4；100。 【点评】本题主要通过对图象的分析考查了对沸点概念的理解及水沸腾时的特点，考查学生的图象分析能力，要求在平时做实验时要注意认真观察分析。 13．（2分）物理学告诉我们，自然界中只有 　两　 种电荷。一根实验室中常用的玻璃棒与丝绸摩擦后所带的电荷大约只有10﹣7　C　 。 【答案】两；C。 【分析】当用丝绸摩擦玻璃棒时，玻璃棒带正电荷，丝绸带负电荷；当用毛皮摩擦橡胶棒时，橡胶棒带负电荷，毛皮带正电荷； 电荷的单位是库仑，简称库，符号C。 【解答】解：自然界中只有两种电荷，一种与用丝绸摩擦过的玻璃棒带的电荷相同，叫作正电荷，另一种与用毛皮摩擦过的橡胶棒带的电荷相同，叫作负电荷。 一根实验室中常用的玻璃棒与丝绸摩擦后所带的电荷大约只有10﹣7C。 故答案为：两；C。 【点评】本题考查了两种电荷和电荷的单位，属于基础题。 14．（2分）小宁在学完了“流体压强与流速的关系”后做了这么一个实验，把一个乒乓球放在一个漏斗里，向下方漏斗口处用力吹气，那么乒乓球 　不会　 （填“会”或“不会”，下同）掉落；若从漏斗颈部吸气，乒乓球 　不会　 掉落。 【答案】不会；不会。 【分析】液体和气体都称为流体，生活中常见的流体是水和空气，流体流速越大的地方、压强越小，流体流速越小的地方、压强越大。 【解答】解：当沿漏斗管口用力吹气时，乒乓球上面的空气流速加快，压强变小，而球下方的压强仍是大气压，大于球上方的压强，故乒乓球不会掉下去。 从漏斗口向上吸气时，乒乓球上方的空气被吸走一部分，气体压强变小，乒乓球下方的空气压强不变，因此乒乓球下方空气压强大于上方空气压强，乒乓球下方空气把乒乓球托住了，故乒乓球不会掉下去。 故答案为：不会；不会。 【点评】本题目考查了流体压强与流速的关系，要教会学生将所学知识灵活运用到实际生活中。 15．如图所示，一圆柱形容器底面积为4×10﹣2m2，把它放在水平桌面上，在容器内放入一个底面积为1×10﹣2m2、重为10N的圆柱形物块，物块的密度为0.8×103g/m3，则物块对容器底的压强是　1000　 Pao向容器中缓慢注水使物块刚好离开容器底，此时容器中水的深度是　0.1　 m。 【答案】1000；0.1。 【分析】（1）物块对容器底的压力等于物块的重力，受力面积等于物块底面积，利用p求物块对容器底的压强； （2）当物块刚好离开容器底时，物块受到的浮力等于物块重力，利用F浮＝ρ水gV排求物块排开水的体积，利用V＝Sh求物块浸入水中的深度。 【解答】解：（1）物块对容器底的压力：F＝G物＝10N， 物块对容器底的压强： p1000Pa； （2）当物块刚好离开容器底时处于漂浮状态，则：F浮＝G物＝10N； 根据F浮＝ρ水gV排可得物块排开水的体积： V排 ＝1×10−3m3； 物块浸入水中的深度： h水 0.1m。 故答案为：1000；0.1。 【点评】本题考查了压强公式、阿基米德原理以及物体漂浮条件的应用，注意当物块刚好离开容器底时，物块受到的浮力等于物块重力。 三．作图题（共2小题） 16．如图所示，是两束光通过某光学元件前后的情形，请画出合适的元件。 【答案】 【分析】凸透镜有会聚光线的作用，凹透镜有发散光线的作用。据此分析作图。 【解答】解：通过透镜后的光线与入射光线相比，向主光轴靠拢，所以透镜对光线有会聚作用，因此是凸透镜。如图所示： 【点评】本题主要考查了凸透镜与凹透镜对光线的作用，属于基础题目。 17．如图所示，在水平静止的纸上向右滑动铅笔，请画出纸对铅笔头的摩擦力示意图（O点为作用点）。 【答案】 【分析】分析纸对铅笔头的作用力，然后根据力的示意图的画法作图。 【解答】解：纸对铅笔头的支持力方向竖直向上；向右拉动铅笔，铅笔头受到纸张向左的摩擦力f，如图所示： 【点评】本题考查摩擦力及其方向，难度不大。 四．实验探究题（共4小题，满分18分） 18．（5分）在进行“光的反射定律”探究实验中，小林同学设计了如图所示的实验，平面镜M平放在桌面上，E、F是粘在一起的两块硬纸板，F可绕ON转动。 （1）如图甲所示，当E、F在同一平面上，让入射光线AO沿E射向镜面，在纸板F上可看到反射光线OB，此时∠BON 　＝　 ∠AON（选填“＞”、“＜”或“＝”）。若将AO向ON靠近，则OB 　靠近　 （选填“靠近”或“远离”）ON； （2）若光线沿BO入射，则经镜面反射后光线沿OA射出，这说明光路是 　可逆　 的； （3）在图乙中，把纸板F向前或向后折叠，则在纸板F上都 　不能　 （能/不能）看到反射光线，说明反射光线与入射光线和法线应在 　同一平面内　 。 【答案】（1）＝；靠近；（2）可逆；（3）不能；同一平面内。 【分析】（1）光的反射定律的内容：反射光线、入射光线与法线在同一平面内；反射光线和入射光线分别位于法线两侧；反射角等于入射角； （2）反射角随入随入射角减小而减小； （3）根据入射光线、反射光线和法线的关系进行分析，使光屏不在一个平面内，观察现象，得出结论。 【解答】解：（1）如图，∠AON为入射角，∠BON为反射角，则∠BON＝∠AON，即反射角等于入射角；将AO向ON靠近，OB向ON靠近； （2）如果将光源沿BO射入一条入射光线，观察到反射光线会沿OA的方向射出，说明在光的反射中，光路是可逆的； （2）把纸板F向前或向后折叠，在纸板F上都不能看到反射光线，说明反射光线、与入射光线和法线应在同一平面内。 故答案为：（1）＝；靠近；（2）可逆；（3）不能；同一平面内。 【点评】本题考查了研究光的反射定律的实验。本实验可以得出：反射光线、入射光线、法线在同一平面内，反射光线和入射光线分居法线的两侧，反射角等于入射角。以及光路具有可逆性。 19．如图（a），某小组在两个相同的烧杯中分别装入质量相同的水和食用油，比较它们的吸热能力。 （1）为使两个电加热器在单位时间内放出的热量相同，电加热器的规格应 　相同　 。 （2）本实验中使用的液体温度计是根据液体 　热胀冷缩　 的规律制成的。 （3）每隔0.5min记录一次温度，并将数据记录在下表中。第2.5min时，食用油中的温度计示数如图（b）所示，为 　46　 ℃。 加热时间/min 0 0.5 1 1.5 2 2.5 … 水的温度/℃ 25 27 29 31 33 35 … 食用油的温度/℃ 25 30 34 37 42 … 分析表中数据，发现 　水　 吸热能力强。 （4）为使内部充有液态介质的电暖器通电后能迅速升温，内部应充入吸热能力较 　弱　 （填“强”或“弱”）的介质。（仅从吸热能力的角度分析） 【答案】（1）相同；（2）热胀冷缩；（3）46；水；（4）弱。 【分析】（1）我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法； （2）温度计是根据液体的热胀冷缩制成的； （3）先观察温度计的分度值，再读数； 比较物质吸热能力的2种方法：使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强；或使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强； （4）由Δt分析。 【解答】解：（1）选择两个完全相同的电加热器，根据转换法，选择相同的电加热器目的是为了相同时间内，两个电加热器对水和食用油放出的热量相同； （2）实验使用的温度计是根据液体的热胀冷缩规律制成的； （3）如图b，温度计的分度值为1℃，读数为46℃； 根据列表中的数据可知，加热相同的时间，水和食用油吸收的热量相同，食用油的温度升高的多，说明水的吸热能力强； （4）为了使它通电后能快速升温，根据Δt知，在质量和吸热相同的条件下，其内部应充入比热容较小的液体，即内部应充入吸热能力较弱的介质。 故答案为：（1）相同；（2）热胀冷缩；（3）46；水；（4）弱。 【点评】本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法和Q＝cmΔt的运用，为热学中的重要实验。 20．（7分）某学习小组计划探究电流与电阻的关系。可供使用的实验器材有：电源（电压恒为6V）、电流表、电压表、开关各一个，阻值分别为5Ω、15Ω、25Ω的定值电阻各一个，滑动变阻器、导线若干。 （1）连接电路时开关应该 　断开　 （选填“断开”或“闭合”）。 （2）如图甲所示的实物电路中存在错误，小兰发现只需要改接一根导线就可以了，请在错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确。（导线不允许交叉） （3）正确连接电路后，小组同学将5Ω的电阻R接入电路后，将滑动变阻调至最大阻值后闭合开关，发现电流表无示数，电压表有示数。若电路故障只出现在定值电阻R或滑动变阻器上，则电路故障是 　定值电阻R断路　 ，排除电路故障后，适当调整滑动变阻器，当电压表示数为U0时，读出了对应的电流值。 （4）图乙是小组根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R的变化图象，由图象可知U0＝　2.5　 V，为保证分别使用三个定值电阻均能顺利完成实验，应该选取规格为 　C　 的滑动变阻器。 A.20Ω 1.0A B.30Ω 1.0A C.50Ω 1.0A 【答案】（1）断开；（2）见解答图；（3）定值电阻R断路；（4）2.5；C。 【分析】（1）为了保护电路，连接电路时开关应该断开； （2）在探究电流与电阻的关系实验中，定值电阻、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在定值电阻两端； （3）若电流表示数为0，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了； （4）根据欧姆定律求出电压表示数；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入25Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻，由此确定选用哪个滑动变阻器。 【解答】解：（1）为了保护电路，连接电路时开关应该断开； （2）原电路图中，滑动变阻器和电流表串联后与定值电阻并联，电压表串联在电路中是错误的，探究电流与电阻的关系实验中，定值电阻、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在定值电阻两端，如下图所示： ； （3）把5Ω的电阻R接入电路后，闭合开关S，发现电流表无示数，电路可能断路；电压表有示数，电压表与电源连通，若电路故障只出现在R上，则电路故障是R断路； （4）由图乙可知，电阻两端的电压始终保持U＝IR＝0.1A×25Ω＝0.5A×5Ω＝2.5V； 根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑＝6V﹣2.5V＝3.5V， 变阻器分得的电压为电压表示数的倍， 根据分压原理，当接入25Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R滑25Ω＝35Ω，故为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少35Ω的滑动变阻器，三个滑动变阻器的电流都是1.0A，故选：C。 故答案为：（1）断开；（2）见解答图；（3）定值电阻R断路；（4）2.5；C。 【点评】本题研究电流与电阻的关系，考查注意事项、故障分析、器材的选择和数据分析、串联电路电压的规律和欧姆定律的应用等知识，综合性强，但难度适中。 21．（6分）杆秤是前些年我们家中常用的测量重量的工具，小刚所在的实践创新小组对家中的杆秤进行观察，并准备动手制作一个杆秤。 （1）如图甲所示是我们家中常用的杆秤，杆秤利用了 　杠杆平衡　 原理。这个杆秤有两个提纽，当小刚使用提纽1时杆秤最大能称量20kg的物体，当他使用提纽2时杆秤能称量物体的最大质量会 　小于　 （选填“大于”、“小于”或“等于”）20kg。使用这两个提纽时，零刻度线的位置 　不相同　 （选填“相同”或“不相同”）。 （2）已知杆秤粗细不均匀，小刚通过分析可知，杆秤的刻度是 　均匀　 （选填“均匀”或“不均匀”）的；若某次称量时小刚只使用了提纽1，称量了同一物体两次，当他第二次换用质量更大的秤砣时，第二次秤砣在杆秤上的位置会 　靠近　 （选填“靠近”或“远离”）提纽的位置。 （3）如图乙所示，小刚用一根长为1m、分度值为1cm、质量不计的粗细均匀的直尺来制作杆秤，制作过程如下： ①他分别在直尺上5cm和10cm刻度处钻了一个小孔，各穿了一根细绳作为秤钩和提纽（秤钩和提纽的质量均忽略不计）； ②接着他又找来一个质量为2kg的钩码挂在细绳上作为秤砣，可以在秤杆上移动； 当小刚用这个自制的杆秤称量物体时，这个杠杆的支点是 　提纽　 （选填“提纽”或“秤钩”）所在的位置，当在秤钩上挂一重物时，秤砣的位置在如图乙所示位置，则秤钩上挂的重物的质量为 　16　 kg。 【答案】（1）杠杆平衡；小于；不相同；（2）均匀；靠近；（3）提纽；16。 【分析】（1）根据杠杆的平衡条件F1l1＝F2l2可知当l1增大而l2减小，G砣不变，G杆不变，G杆对应的力臂l杆变小；使用不同提纽时秤杆自身重力的力臂大小发生变化，而G砣和杆秤自身重力不变，因此秤砣的力臂也会变化。 （2）根据杠杆的平衡条件F1l1＝F2l2可知G杆、G砣、l1和l杆大小不变时，l2与G物成正比；第二次换用质量更大的秤砣时，由杠杆的平衡条件F1l1＝F2l2可知，l2减小。 （3）自制的杆秤相当于杠杆，杠杆可绕提纽转动，这个杠杆的支点是提纽；由杠杆平衡条件F1l1＝F2l2可以算出秤钩上挂的重物的质量。 【解答】解：（1）杆秤是一个杠杆，由杠杆的平衡条件F1l1＝F2l2可知：当秤砣置于最远处，由提纽1改为提纽2时，l1增大而l2减小，G砣不变，G杆不变，G杆对应的力臂l杆变小，由于秤杆自身重力和力臂的变化很小，则此时G物变小，即使用提纽2时杆秤能称量物体的最大重量会小于20kg；零刻度位置可理解为秤砣平衡杆秤自身重力的悬挂点，使用不同提纽时因力臂发生变化，而G砣不变，可知使用不同提纽时为使杠杆平衡则需重新调整零刻度线，不同提纽时零刻度线位置不相同； （2）由杠杆的平衡条件F1l1＝F2l2可知，因G杆、G砣、l1和l杆大小不变，当G物均匀增大时，l2均匀变大，故杆秤的刻度是均匀的。若某次称量时小刚只使用了提纽1，称量了同一物体两次，当他第二次换用质量更大的秤砣时，由杠杆的平衡条件F1l1＝F2l2可知，l2减小，即第二次秤砣在杆秤上的位置会靠近提纽的位置； （3）自制的杆秤相当于杠杆，杠杆可绕提纽转动，这个杠杆的支点是提纽；由杠杆平衡条件F1l1＝F2l2可得G物×l1＝G砣×l2， 由G＝mg可知，上式可写成m物×l1＝m砣×l2， 秤钩上挂的重物的质量为： 。 故答案为：（1）杠杆平衡；小于；不相同；（2）均匀；靠近；（3）提纽；16。 【点评】本题考查学生对杠杆的平衡条件的掌握和运用。解类似题目要了解杆秤的结构和原理，学会用杠杆的五要素和平衡条件去分析它，才能正确判断力与力臂的大小关系。 五．计算题（共3小题，满分23分） 22．（8分）如图所示的小型起重机，某次吊起重为6×103N的物体，电动机的拉力为4×103N，用时20s，使物体上升了5m，不计绳重和绳子与滑轮之间的摩擦力，求：（1）物体的质量； （2）起重机通过滑轮组做的有用功； （3）滑轮组的机械效率。 【答案】（1）物体的质量为600kg； （2）起重机通过滑轮组做的有用功为3×104J； （3）滑轮组的机械效率为50%。 【分析】（1）根据G＝mg求出物体的质量； （2）根据W有＝Gh求出起重机通过滑轮组做的有用功； （3）根据滑轮组装置确定绳子股数，利用W总＝Fs＝Fnh求出起重机通过滑轮组做的总功，根据η求出滑轮组的机械效率。 【解答】解：（1）已知物体的重力G＝6×103N，根据G＝mg可知，则物体的质量为： ； （2）起重机通过滑轮组做的有用功为： ； （3）由图可知，n＝3，则起重机通过滑轮组做的总功为： W总＝Fs＝Fnh＝4×103N×3×5m＝6×104J， 所以滑轮组的机械效率为： 。 答：（1）物体的质量为600kg； （2）起重机通过滑轮组做的有用功为3×104J； （3）滑轮组的机械效率为50%。 【点评】本题主要考查的是滑轮组的机械效率，关键是会根据题目的条件进行简单的计算。 23．（8分）如表所示为某家用电水壶铭牌的部分参数，如图所示为其简化电路图，它有加热和保温两个挡位，R1、R2均为电热丝，其中R1＝1170Ω。求： 型号 XXX﹣XXXX 容积 1L 额定电压 220V 额定频率 50Hz 加热功率 1210W 保温功率 ？W （1）该电热水壶以加热挡正常工作时的电流是 　5.5　 A，R2的阻值是 　40　 Ω。 （2）电水壶的保温功率是多少？ （3）电水壶处于加热挡时，要将一满壶初温为25℃的水烧开。这些水吸收的热量是多少？ [此时的气压为标准大气压，ρ水＝1.0×103kg/m3，c水＝4.2×103J/（kg•℃） （4）如果以加热挡正常工作5min可以烧开一满壶水，则该电热水壶这次烧水的效率是多少？（结果精确到0.1%） 【答案】（1）5.5；40。 （2）电水壶的保温功率是40W； （3）电水壶处于加热挡时，要将一满壶初温为25℃的水烧开。这些水吸收的热量是3.15×105J； （4）如果以加热挡正常工作5min可以烧开一满壶水，则该电热水壶这次烧水的效率是86.8%。 【分析】S1闭合、S2接1时，电路为R2的简单电路，总电阻较小，电源电压不变，根据P可知总功率较大，电水壶处于加热挡；S1闭合、S2接2时，电路中两电阻串联，总电阻较大，电源电压不变，根据P可知总功率较小，电水壶处于保温挡； （1）根据P＝UI可知该电热水壶以加热挡正常工作时的电流，根据P可知R2的阻值； （2）根据P可知电水壶的保温功率； （3）根据密度公式得出水的质量，1个标准大气压下，水的沸点是100℃，根据Q吸＝c水m（t﹣t0）得出水吸收的热量； （4）根据W＝P加t得出消耗的电能，根据效率公式得出该电热水壶这次烧水的效率。 【解答】解：S1闭合、S2接1时，电路为R2的简单电路，总电阻较小，电源电压不变，根据P可知总功率较大，电水壶处于加热挡；S1闭合、S2接2时，电路中两电阻串联，总电阻较大，电源电压不变，根据P可知总功率较小，电水壶处于保温挡； （1）根据P＝UI可知该电热水壶以加热挡正常工作时的电流I5.5A； 根据P可知R2的阻值R240Ω。 （2）根据P可知电水壶的保温功率P保40W； （3）水的体积V＝1L＝1dm3＝1×10﹣3m3， 水的质量：m＝ρV＝1.0×103kg/m3×1.0×10﹣3m3＝1kg， 1个标准大气压下，水的沸点是100℃， 水吸收的热量：Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（100℃﹣25℃）＝3.15×105J； （4）消耗的电能W＝P加t＝1210W×5×60s＝3.63×105J， 该电热水壶这次烧水的效率η86.8%。 答：（1）5.5；40。 （2）电水壶的保温功率是40W； （3）电水壶处于加热挡时，要将一满壶初温为25℃的水烧开。这些水吸收的热量是3.15×105J； （4）如果以加热挡正常工作5min可以烧开一满壶水，则该电热水壶这次烧水的效率是86.8%。 【点评】本题考查电功率的计算，是一道综合题。 24．（7分）珠海的春季，天气潮湿，需要除湿，简化后的电路图如图2所示。控制电路中的电源电压U1＝12V，调控电阻R0的阻值范围为0∼1000Ω，R为装在除湿器内的湿敏电阻，其阻值随相对湿度φ（空气中含有水蒸气的百分比，单位为：%RH），L为磁控开关，当湿敏电阻R的阻值发生变化时，当电流大于或等于20mA时，L的两个由磁性材料制成的弹片具有了磁性并相互吸合U2＝220V，Rg为保护电阻，磁控开关L的线电阻不计。问： （1）当S接通时，可判断出图2中线圈上端P的磁极是 　N　 极； （2）磁性弹片可能是下列哪些材料组成 　C　 ； A.钴、锌 B.铁、铝 C.钴、镍 D.铁、钢 （3）开关S闭合后，磁控开关L的两个弹片在一定条件下相互吸合，涉及的知识有 　ACD　 ； A.电流的磁效应 B.通电导体在磁场中受力的作用 C.磁化 D.磁极间相互作用 （4）由图3可知，湿敏电阻R的阻值随着相对湿度的增加而 　变小　 ；在磁控开关L闭合条件不变的情况下，若要早点开始除湿，则应将控制电阻R0　变小　 （两空均选：变大/变小）； （5）因实验室内有较敏感的器件，要求相对湿度控制在45%RH以内，则调控电阻R0的阻值不能超过 　500　 Ω； （6）若除湿过程中工作电路的总功率为1100W，保护电阻Rg＝4Ω，压缩机功率是　1000　 W。 【答案】（1）N；（2）C；（3）ACD；（4）变小；变小；（5）500；（6）1000。 【分析】（1）由安培定则分析。 （2）磁性材料是指铁钴镍等物质，磁性弹片需要用磁性材料。 （3）磁控开关L的两个弹片在电流的作用下被磁化成异名磁极；异名磁极相互吸引，同时说明了通导体周围存在着磁场。 （4）要早点开始除湿，相对湿度减小，湿敏电阻阻值变大，由于衔铁被吸下的电流不变，根据分析。 （5）由图3确定当相对湿度控制在45%RH时湿敏电阻R的阻值，已知当电流I≥0.02A时，L的两个磁性弹片相互吸合由欧姆定律及串联电路中总电阻等于各分电阻之和得出调控电阻的阻值。 （6）根据P＝UI可得电路的电流，根据P＝I2R得出保护电阻的功率，从而得出压缩机功率。 【解答】解：（1）当S接通时，由安培定则可判断出图2中线圈的上端P的磁极是N极。 （2）磁性材料是指铁钴镍等物质，磁性弹片需要用磁性材料。 A．钴、锌中锌不是磁性材料，故A不符合题意； B．铁、铝中铝不是磁性材料，故B不符合题意； C．钴、镍都是磁性材料，故C符合题意； D．铁、钢都是磁性材料，但钢是硬磁性材料，通电时有磁性，断电时磁性不会消失，不合适做磁性弹片，故D不符合题意。 故选：C。 （3）开关S闭合后，磁控开关L的两个弹片在电流的作用下被磁化成异名磁极，异名磁极相互吸引，同时说明了通电导体周围存在着磁场，故用到了电流的磁效应、磁化、磁极间相互作用，故ACD符合题意，B不符合题意。 故选：ACD。 （4）根据图3可知湿敏电阻R的阻值随着相对湿度的增加而变小；若要早点开始除湿，即相对湿度减小，湿敏电阻阻值变大，由于衔铁被吸下的电流不变，根据知总电阻不变，所以需要减小控制电阻R0的阻值。 （5）由图3可知，当相对湿度控制在45%RH时湿敏电阻R的阻值R′＝100Ω，已知当电流I≥0.02A时，L的两个磁性弹片相互吸合，工作电路的压缩机开始带动系统进行除湿。由可得，电路中的总电阻 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，调控电阻的阻值 R0＝R总﹣RT＝600Ω﹣100Ω＝500Ω 则调控电阻的阻值为500Ω。 （6）已知自动除湿器是在家庭电路中工作的，则电源电压U0＝220V；则根据P＝UI可得 则保护电阻的功率 压缩机功率为 P压缩＝P总﹣Pg＝1100W﹣100W＝1000W 故答案为：（1）N；（2）C；（3）ACD；（4）变小；变小；（5）500；（6）1000。 【点评】本题考查安培定则、电功率公式、欧姆定律公式的运用，同时考查有关磁现象的知识。 声明：试题解析著作权属所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2026/2/7 8:40:48；用户：尚洪亮；邮箱：13166609970；学号：41217949 第1页（共1页） 学科网（北京）股份有限公司 $