第一章 第2节 第2课时 自由组合定律-【创新教程】2025-2026学年高中生物必修2 遗传与进化五维课堂课时作业word（人教版）

第一章 第2节 第2课时 [知识点一]　孟德尔的科学实验方法 1．孟德尔在遗传杂交试验中以豌豆作为实验材料，是因为豌豆是(　　) ①自花传粉；②异花传粉；③闭花受粉；④品种间性状差异显著。 A．①②③　　　　　　　 B．②③④ C．①③④ D．①②③④ 解析：C　[豌豆是自花传粉植物，自然状态下一般是纯种，①正确，②错误；③豌豆是闭花受粉植物，③正确；④各品种间具有一些稳定的、差异较大而又容易区分的性状，④正确。故选C。] 2．下列哪项不属于孟德尔研究遗传定律获得成功的原因(　　) A．正确地选用实验材料 B．运用统计学方法分析结果 C．先分析多对相对性状，再分析一对相对性状的遗传 D．科学地设计实验程序，提出假说并进行验证 解析：C　[根据题意分析可知，正确地选用豌豆作为实验材料是成功的原因，A不符合题意；孟德尔运用统计学方法分析结果，使结果科学准确，B不符合题意；研究方法的科学性，先分析一对相对性状的遗传，再分析多对相对性状，C符合题意；科学地设计实验程序，提出假说并进行验证，即运用了假说—演绎法的方法，D不符合题意。] [知识点二]　基因自由组合定律的应用 3．鸡的毛腿F对光腿f是显性，豌豆冠E对单冠e是显性。现有一只公鸡甲与两只母鸡乙和丙，这三只鸡都是毛腿豌豆冠，用甲与乙、丙分别进行杂交，它们产生的后代性状表现如下： 甲×乙→毛腿豌豆冠，光腿豌豆冠 甲×丙→毛腿豌豆冠，毛腿单冠 公鸡甲的遗传因子组成是(　　) A．FFEE B．FFEe C．FfEe D．FfEE 解析：C　[由题意可知，甲与乙交，子代出现了光腿(ff)，表明公鸡甲的遗传因子组成中有f基因；甲与丙交，子代出现了单冠(ee)，表明公鸡甲的遗传因子组成中有e基因，又由于公鸡甲为毛腿豌豆冠，表明公鸡甲的遗传因子组成中有F、E基因。由此可知，公鸡甲的遗传因子组成是FfEe，C正确。故选C。] 4．紫色种皮、厚壳花生和红色种皮、薄壳花生杂交，F1全是紫皮、厚壳花生，自交产生F2，F2中杂合紫皮、薄壳花生有3 966株，问纯合的红皮、厚壳花生约是(　　) A．1 322株 B．1 983株 C．3 966株 D．7 932株 解析：B　[由题意分析可以知道，亲本的基因型为AABB×aabb，则F1的基因型为AaBb，F1自交所得F2中，A_B_(厚壳紫种皮)∶A_bb(厚壳红种皮)∶aaB_(薄壳紫种皮)∶aabb(薄壳红种皮)＝9∶3∶3∶1，F2中杂合紫皮薄壳花生(aaBb)占2/16，有3 966株，纯合红皮、厚壳(AAbb)在F2中所占比例为1/16，株数大约为杂合紫皮薄壳花生的一半1 983株。所以B选项是正确的。] 5．某高等植物有三对相对性状，分别由位于三对同源染色体上的三对等位基因(A/a、B/b、C/c)控制，已知基因型分别为AaBBCc、AabbCc的两个体进行杂交。杂交后代表型有几种，与亲本表型相同个体的比例是(　　) A．表型有8种，与亲本表型相同个体的比例为1/16 B．表型有4种，与亲本表型相同个体的比例为9/16 C．表型有8种，与亲本表型相同个体的比例为9/16 D．表型有4种，与亲本表型相同个体的比例为1/16 解析：B　[基因型分别为AaBBCc、AabbCc的两个体进行杂交，杂交后代表型有2×1×2＝4种，与亲本表型相同个体的比例是(3/4)×1×(3/4)＋(3/4)×0×(3/4)＝9/16。故选B。] 6．玉米籽粒黄色(Y)对白色(y)为显性，糯性(B)对非糯性(b)为显性。一株黄色糯性的玉米自交，F1出现4种表型，则F1中能稳定遗传的个体所占比例为(　　) A．1/4　　　 B．9/16　 　　C．1/3　　 　D．1/9 解析：A　[根据题意分析可以知道：亲本(YyBb)自交得到能稳定遗传的个体包括YYBB、YYbb、yyBB、yybb，分别占1/16、1/16、1/16、1/16，因此F1中能稳定遗传的个体所占比例为1/4。故答案选A。] 7．在西葫芦的皮色遗传中，黄皮基因(Y)对绿皮基因(y)为显性，但在另一白色显性基因(W)存在时，基因Y和y都不能表达。现有基因型WwYy的个体测交，按自由组合规律遗传，其后代表型种类及比例是(　　) A．4种，1∶1∶1∶1 B．2种，1∶1 C．3种，2∶1∶1 D．2种，3∶1 解析：C　[基因型WwYy的个体与wwyy个体进行测交，后代将出现4种基因型，且4者的比例相等，其中Yyww表现为黄色，yyww表现为绿色，YyWw、yyWw表现为白色，因此其后代共有三种表型，表型种类及比例是白色∶黄色∶绿色＝2∶1∶1，选C。] 8．某动物的直毛(B)对卷毛(b)为显性，黑色(C)对白色(c)为显性(两对基因在常染色体上并独立遗传)。基因型为BbCc的个体与“个体X”交配，子代表型有：直毛黑色、卷毛黑色、直毛白色和卷毛白色，它们之间的比为3∶3∶1∶1。“个体X”的基因型为(　　) A．BbCc B．bbCc C．Bbcc D．bbcc 解析：B　[依题意可知：在子代中，直毛∶卷毛＝(3＋1)∶(3＋1)＝1∶1，说明双亲的相关基因型分别为Bb和bb，黑色∶白色＝(3＋3)∶(1＋1)＝3∶1，说明双亲的相关基因型均为Cc。综上分析，这两个亲本的基因型分别是BbCc和bbCc，因此“个体X”的基因型为bbCc。故选B。] 9．某个体的基因型由n对等位基因构成，每对基因均为杂合子，且独立遗传，下列相关说法不正确的是(　　) A．该个体能产生2n种配子 B．该个体自交后代中纯合子所占比例为1/3n C．该个体自交后代有3n基因型 D．该个体与隐性纯合子杂交后代会出现2n种基因型 解析：B　[该个体的基因型由n对等位基因构成，每对基因均为杂合子，且独立遗传，所以能产生2n种配子，A正确；该个体自交后代中纯合子所占比例为1/2n，B错误；该个体自交后代有3n种基因型，C正确；该个体与隐性纯合子杂交即测交，后代会出现2n种基因型，D正确。故选B。] 10．豌豆种子的子叶黄色和绿色分别由基因Y、y控制，形状圆粒和皱粒分别由基因R、r控制(其中Y对y为显性，R对r为显性)。某一科技小组在进行遗传实验时，用黄色圆粒和绿色圆粒的豌豆进行杂交，发现后代有4种表型，对每对相对性状作出的统计结果如图所示。试回答： (1)每对相对性状的遗传符合　__________　定律。在豌豆的体细胞中，控制性状的基因一般是　________　(填“单独”或“成对”)存在的。 (2)亲代的基因型为：黄色圆粒　__________　，绿色圆粒　__________　。 (3)杂交后代中纯合体的表型有　____________________　。 (4)杂交后代中黄色圆粒占　__________　。 (5)子代中不能稳定遗传的个体占　________　%。 (6)在杂交后代中非亲本类型的性状组合占　__________　。 (7)杂交后代中，占整个基因型1/4的基因型是　____________________　。 (8)杂交后代中，基因型的种类为　________　种。 解析：(1)由于豌豆种子的子叶颜色黄色和绿色分别由遗传因子Y、y控制，种子形状圆粒和皱粒分别由遗传因子R、r控制，所以每对相对性状的遗传都符合基因的分离定律。在豌豆的体细胞中，控制性状的基因一般是成对存在的。(2)两对基因同时分析时符合基因的自由组合定律。通过对性状的统计结果分析，圆粒∶皱粒＝3∶1，黄色∶绿色＝1∶1，所以亲本的基因型是YyRr和yyRr。(3)杂交后代中纯合体的基因型为yyRR和yyrr，所以性状表现有绿色圆粒、绿色皱粒。(4)杂交后代中黄色圆粒YyR__占1/2×3/4＝3/8。(5)杂交子代中能稳定遗传的个体占1/2×1/2＝1/4，则不能稳定遗传的个体占1－1/4＝3/4。(6)杂交后代中亲本类型占1/2×3/4＋1/2×3/4＝3/4，非亲本类型占1－3/4＝1/4。(7)杂交后代中，占整个基因型1/4的基因型是YyRr、yyRr。(8)杂交后代中共有2×3＝6种遗传因子组成。 答案：(1)分离　成对　(2)YyRr　yyRr　(3)绿色圆粒、绿色皱粒　(4)3/8　(5)75　(6)1/4　(7)YyRr、yyRr　(8)6 1．某植物花瓣的形态有大花瓣(AA)小花瓣(Aa)和无花瓣(aa)，花瓣的颜色有紫色(B_)和红色(bb)，两对性状独立遗传。下列有关AaBb植株自交所得子代的说法，正确的是(　　) A．无花瓣植株和大花瓣植株都不是纯合子 B．小花瓣植株都是杂合子 C．红花植株中杂合子占1/2 D．紫花植株中杂合子占5/6 解析：B　[A.子代无花瓣植株的基因型为aa_，可以是纯合子，也可以是杂合子，大花瓣植株的基因型为AA_，可能是纯合子，也可能是杂合子，A错误；B.子代小花瓣植株的基因型为Aa_，都是杂合子，B正确；C.红花植株(1/3AAbb、2/3Aabb)中杂合子占2/3，C错误；D.紫花植株(1/9AABB、2/9AaBB、2/9AABb、4/9AaBb))中杂合子8/9，D错误。故选B。] 2．某个体的基因型为AaBBDdEe，每对基因均独立遗传。下列说法正确的是(　　) A．该个体可产生16种基因型的配子 B．该个体自交后代有27种基因型 C．该个体自交后代中纯合子所占的比例为1/64 D．该个体测交后代中基因型与亲本相同的个体占1/8 解析：B　[A.该个体可产生2×1×2×2＝8种基因型的配子，A错误；B.该个体自交后代有3×1×3×3＝27种基因型，B正确；C.该个体自交后代中纯合子所占的比例为1/2×1×1/2×1/2＝1/8，C错误；D.测交是与隐性纯合子杂交，该个体测交后代中基因型与亲本相同的个体占1/2×0×1/2×1/2＝0，D错误。故选B。] 3．南瓜的果实白色对黄色为显性，盘状对球状为显性，两对性状独立遗传。现用纯合的白色球状南瓜与纯合的黄色盘状南瓜杂交，F2中表型与亲本不同的植株所占的比例为(　　) A．1/16 B．3/16 C．3/8 D．5/8 解析：D　[假设控制果实颜色的基因用A、a表示，控制果实形状的基因用B、b表示。纯合的白色球状南瓜(AAbb)与纯合的黄色盘状南瓜(aaBB)杂交，F1为白色盘状南瓜(AaBb)，F1自交得F2，F2中白色盘状∶白色球状∶黄色盘状∶黄色球状＝9∶3∶3∶1，表型与亲本不同的为白色盘状和黄色球状，所占比例：(9＋1)/(9＋3＋3＋1)＝5/8，故A、B、C错误，D正确。故选D。] 4．假定基因A是视网膜正常必需的，基因B是视神经正常必需的。从理论上计算，基因型均为AaBb(两对基因独立遗传)的夫妇生育一个视觉不正常的孩子的可能性是(　　) A．9/16 B．7/16 C．3/16 D．1/16 解析：B　[根据基因自由组合定律，基因型均为AaBb的双亲所生后代为A_B_(正常)∶A_bb(异常)∶aaB_(异常)∶aabb(异常)＝9∶3∶3∶1。由此可见，该夫妇生育一个视觉不正常的孩子的可能性＝3/16＋3/16＋1/16＝7/16。故选B。] 5．如图表示两个纯种牵牛花杂交过程，结果不符合基因自由组合定律的是(　　) A．F2中有9种基因型，4种表型 B．F2中普通叶与枫形叶之比约为3∶1 C．F2中普通叶白色种子个体可以稳定遗传 D．F2中与亲本P表型相同的个体约占3/8 解析：C　[A.根据基因自由组合定律，双杂合体的F1自交得F2，F2中有9种基因型，4种表型，A正确；B.F2中两对性状分开分析，每一对都符合基因的分离定律，所以普通叶与枫形叶之比为3∶1，黑色种子与白色种子之比为3∶1，B正确；C.F2中普通叶白色种子个体的基因型为AAbb与Aabb，其中基因型为Aabb的个体不能稳定遗传，C错误；D.F2中与亲本表型相同的个体大约占3/16＋3/16＝3/8，D正确。] 6．(不定项)已知豌豆红花对白花、高茎对矮茎、子粒饱满对子粒皱缩为显性。控制它们的三对基因自由组合。以纯合的红花高茎子粒皱缩与纯合的白花矮茎子粒饱满植株杂交，理论上F2会出现的是(　　) A．出现8种表现型、27种基因型 B．纯合子占F2代总数的1/8 C．高茎子粒皱缩∶白花子粒饱满为1∶1 D．红花子粒饱满∶白花高茎为9∶1 解析：ABC　[设用A/a、B/b、C/c三对基因来表示三对相对性状，则纯合红花高茎子粒皱缩的基因型为AABBcc，纯合白花矮茎子粒饱满的基因型为aabbCC，F1基因型为AaBbCc。A.则F2的表现型有2×2×2＝8种，基因型为3×3×3＝27种，A正确；B.子二代中纯合子的比例为1/2×1/2×1/2＝1/8，B正确；C.高茎子粒皱缩即B_cc∶白花子粒饱满即aaC_＝(1×3/4×1/4)∶(1/4×1×3/4)＝1∶1，C正确；D.红花子粒饱满(A_C_)∶白花高茎(aaB__)＝(3/4×1×3/4)∶(1/4×3/4×1)＝3∶1，D错误。故选A、B、C。] 7．西红柿为自花授粉的植物，已知果实颜色有黄色和红色，果形有圆形和多棱形。控制这两对性状的基因分别位于两对同源染色体上。根据下表有关的杂交及数据统计，回答问题。 组别 亲本组合 后代表型及株数 表型 红色 圆果 红色多 棱果 黄色 圆果 黄色多 棱果 Ⅰ 红色多棱果×黄色圆果 531 557 502 510 Ⅱ 红色圆果×红色多棱果 720 745 241 253 Ⅲ 红色圆果×黄色圆果 603 198 627 207 据表回答： (1)上述两对性状的遗传符合　________　定律，两对相对性状中，显性性状为　________　。 (2)以A和a分别表示果色的显、隐性基因，B和b分别表示果形的显、隐性基因。请写出组别Ⅱ的亲本中红色圆果的基因型：　________　。 (3)现有红色多棱果、黄色圆果和黄色多棱果三个纯合品种，育种家期望获得红色圆果的新品种，为此进行杂交，应选用哪两个品种作为杂交亲本较好？　__________　和　____________　 (4)上述两亲本杂交得到F1，F1自交得F2，在F2中，表型为红色圆果的植株出现的比例为　________　，其中能稳定遗传的红色圆果又占该表型的比例为　________　。 解析：根据图表分析可知：组别Ⅱ中红色×红色的后代出现黄色，发生性状分离，说明红色为显性性状；组别Ⅱ中圆果×多棱果的后代圆果∶多棱果＝3∶1，说明圆果为显性性状，以A和a分别表示红色、黄色，B和b分别表示圆果、多棱果，故组别Ⅰ中红色多棱果为Aabb、黄色圆果为aaBb；Ⅱ中红色圆果为AaBb、红色多棱果为Aabb；Ⅲ中红色圆果为AaBb、黄色圆果为aaBb；据此分析。(1)据分析可知，上述两对相对性状中，显性性状为红色、圆果。(2)根据Ⅱ中亲代表型推断基因组成为A_B_×A_bb，又因为后代表型比为3∶3∶1∶1，所以亲本基因型为AaBb×Aabb。(3)现有红色多棱果AAbb、黄色圆果aaBB和黄色多棱果aabb三个纯合品种，育种家期望获得红色圆果A_B_的新品种，为此进行杂交。①要想获得红色圆果A_B_的新品种，应选用表型为红色多棱果和黄色圆果两个品种作杂交亲本较好。②所选亲本的基因型分别为AAbb和aaBB，两亲本杂交，产生的F1代的基因型为AaBb。③上述F1自交得F2，在F2代中有A_B_∶A_bb∶aaB_：aabb＝9∶3∶3∶1，表型为红色圆果A_B_的植株中能稳定遗传的个体为AABB，比例为1/9。 答案：(1)自由组合　红色、圆果　(2)AaBb　(3)红色多棱果　黄色圆果　(4)9/16　1/9 8．已知蔷薇的花色由两对独立遗传的非等位基因A(a)和B(b)控制，A为红色基因，B为红色淡化基因。蔷薇的花色与基因型的对应关系如表。 基因型 a_或_BB A_Bb A_bb 表型 白色 粉红色 红色 现取3个基因型不同的白色纯合品种甲、乙、丙分别与红色纯合品种丁杂交，结果如图所示。 (1)乙的基因型为　________　；用甲、乙、丙3个品种中选两个品种　__________　进行杂交可得到粉红色品种的子代。 (2)实验二的F2中白色∶粉红色∶红色＝　____________　。 (3)从实验二的F2中选取一粒开红色花的种子，在适宜条件下培育成植株。为了鉴定其基因型，将其与基因型为aabb的蔷薇杂交，得到子代种子；种植子代种子，待其长成植株开花后，观察其花的颜色。 ①若所得植株花色及比例为　________　，则该开红色花种子的基因型为AAbb。 ②若所得植株花色及比例为　________　，则该开红色花种子的基因型为Aabb。 解析：(1)由题意分析可知，乙的基因型为aaBB，甲为AABB，丙为aabb，因此甲、丙两个品种杂交可得到粉红色品种的子代。(2)实验二的F1为AaBb，自交得F2中白色为aaB_＋aabb＋A_BB＝1/4×3/4＋1/4×1/4＋3/4×1/4＝7/16，粉红色的比例是A_Bb＝3/4×2/4＝6/16，红色的比例是A_bb＝3/4×1/4＝3/16，因此F2中白色∶粉红色∶红色＝7∶6∶3。(3)开红色花的基因型为A_bb，有两种可能，即AAbb、Aabb，所以将其与基因型为aabb的蔷薇杂交，得到子代种子；种植子代种子，待其长成植株开花后，观察其花的颜色。基因型Aabb×aabb，子代的基因为Aabb和aabb，故后代红色∶白色＝1∶1，基因型AAbb×aabb，子代的基因型为Aabb，故后代全为红色，①若所得植株花色及比例为红色∶白色＝1∶1，则该开红色花种子的基因型为Aabb。②若所得植株花色及比例为全为红色，则该开红色花种子的基因型为AAbb。 答案：(1)aaBB　甲与丙　(2)7∶6∶3　(3)红色(或红色∶白色＝1∶0)　红色∶白色＝1∶1 1．某高等植物只有当A、B两显性基因共同存在时，才开红花，两对等位基因独立遗传，一株红花植株与aaBb杂交，子代中有3/8开红花；若此红花植株自交，其红花后代中杂合子所占比例为(　　) A．1/9 B．2/9 C．6/9 D．8/9 解析：D　[根据题意，某高等植物只有当A、B两显性基因共同存在时才开红花，两对等位基因独立遗传，则红花基因组成为A_B_，据此分析。一株红花植株(A_B_)与aaBb杂交，后代有3/8开红花，因为3/8＝1/2×3/4，Aa×aa→1/2Aa，Bb×Bb→3/4B_，所以亲本红花的基因型是AaBb。该红花植株(AaBb)自交，子代中有：①双显(红花)：1/16AABB、2/16AaBB、2/16AABb、4/16AaBb；②一显一隐(白花)：1/16AAbb、2/16Aabb；③一隐一显(白花)：1/16aaBB、2/16aaBb；④双隐(白花)：1/16aabb；可知后代中红花A_B_出现的比例是9/16，红花纯合子AABB出现的比例为1/16，故红花后代中杂合子占1－1/9＝8/9，D正确，A、B、C错误。故选D。] 2．某种生物一雌性个体产生的配子种类及其比例为Ab∶aB∶AB∶ab＝1∶2∶3∶4，另一雄性个体产生的配子种类及其比例为Ab∶aB∶AB∶ab＝1∶1∶4∶4，若上述两个个体杂交，则其后代中杂合子出现的概率为(　　) A．31% B．25% C．75% D．69% 解析：D　[依题意可知：雌性个体产生的配子为1/10Ab、2/10aB、3/10AB、4/10ab，雄性个体产生的配子为1/10Ab、1/10aB、4/10AB、4/10ab，二者杂交，则其后代中杂合子出现的概率为1－[(1/10Ab×1/10Ab)＋(2/10aB×1/10aB)＋(3/10AB×4/10AB)＋(4/10ab×4/10ab)]＝69%，A、B、C均错误，D正确。] 学科网（北京）股份有限公司 $