2024-2025高三综合能力调研检测物理7版（四）-【真题密卷】2025年高考物理综合能力调研检测（7版 安徽专用）

2024一2025学年度综合能力调研检测 物理（四）》 本试卷总分100分，考试时间75分钟。 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。 如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡 上。写在本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项 是符合题目要求的。 1.如图所示，A、K是密封在真空玻璃管中的两个电极，K极受到光照 时能够发射电子。当用光子能量为2.6eV的光照射K极时，电流 表的示数为20μA。若移动滑动变阻器的滑片P,当电压表的示数 为1.5V时，电流表的示数为零。下列说法正确的是 A.K极材料的逸出功为2.6eV B.光电子的最大初动能1.1eV C.电流表的示数为20μA时，电压表的示数大于1.5V D.仅将电源正负极对调，电流表的示数一定大于20μA 2.A分子固定在坐标原点O处，B分子以初速度。从无穷远处向E A分子运动，运动至r1处时速度为0，分子间作用力做功为W。 如图所示为分子间势能与分子间距的关系图像，取分子间距无穷 大处势能为零，且仅考虑这两个分子间的作用力，下列说法正确 的是 A.分子间作用力先减小后增大 B.分子势能先增大后减小 C.B运动至r1处时，分子间势能为W D.B运动至r。处时，分子动能最大 物理试题（四）·第1页（共8页） 真题密卷·综 3.如图所示，一高为1.2m的四层抽屉式收纳箱，每层高度相等，且每层正中间有个拉手 班级 (高度可忽略)。现将一重物从收纳箱顶边由静止释放，不计一切阻力，重力加速度g取 10m/s2。下列说法正确的是 ( 姓名 得分 1.2m A.重物依次到达四个抽屉下沿的时间之比为1：2：3：4 B.重物依次通过每层抽屉所用时间之比为1：√2：√3：2 C.重物依次到达拉手时的速度之比为1：√3：√5：√7 D.重物通过最下方两个抽屉用时为32一6。 5 4.某小组同学进行光的相关实验，下列说法正确的是 () 空气 偏振片M、N 自然光 单 薄片之文上 被检测工件 分 丙 A.若图甲仅在双缝和屏之间充满水，则相邻亮条纹中心间距减小 B.若将图乙中薄片厚度增加，则条纹间距增大 C.若得到图乙所示明暗相间的条纹，说明被检测工件表面平整 D.若图丙只旋转其中一块偏振片，光屏P上的光斑亮度将不发生变化 5.2024年6月25日，嫦娥六号携带月球背面样品成功返回地球。 如图所示嫦娥六号在环月飞行过程中，可将其轨道近似看成圆 a○月球 轨道，每经过t时间通过的弧长为1，该弧长对应的圆心角为α (单位：rad)。已知万有引力常量为G,由此可计算出月球的质嫦娥六号 量为 () 13a 13 12 A.Gt B. Gat D. at2 能力调研检测 物理试题（四）·第2页（共8页） 6.静脉输液是利用大气压和液体静压原理将液体由静脉输人体内。 输液瓶 如图所示，为输液原理图。某次输液时，输液瓶上方的空气的体积 为V。,输液瓶的截面积为S,输液前，等压面到液面的高度为h。,输 等压面 液一段时间后，等压面到液面的高度为h,外界大气压为p。,液体的 密度为ρ，重力加速度为g,所有气体均为理想气体，输液过程中温 压力p 进气 度保持不变。下列说法正确的是 () 滴斗室 A.输液过程中，输液瓶上方气体压强不断降低 B.滴斗室里的气体压强变小 C液面下降(h。一h)的过程中，进入的气体和输液瓶原有气体质量之比为h,一h)S Vo D.液面下降(h。一h)的过程中，进入的气体和输液瓶原有气体质量之比为 (p。-pgh)V。+h。-h)S]-1 (p。-pgho)Vo 7.如图所示，理想变压器的原、副线圈匝数比为n1：n2=2:1,定值电阻R1=82、R2= 1.252、R3=52,电阻箱R4的最大阻值为202，交流电源电压U的有效值为24V。 下列说法错误的是 ( R A.R3与R1的功率之比为1：10 B.变压器输出功率的最大值为18W C.当R1消耗的功率最大时，R2的功率为3.2W D.当R4的阻值调至32时，其消耗的功率最大 8.如图所示，间距为d的光滑平行导轨（足够长且电阻不计）MN、PQ竖 直放置，导轨下端连接阻值为R的定值电阻。质量为、阻值为r的 金属棒ab用平行于导轨平面的绝缘细线绕过定滑轮（不计质量）与质A□ 量为4m的重物A连接。虚线上方有垂直于导轨平面向里的匀强磁 B 场，磁感应强度为B。开始时，ab离虚线距离为x(未知)。由静止释 放A及ab,当ab刚进入磁场时，加速度为0。当ab进入磁场运动距 R 离为h时，剪断细线。经过时间t后ab运动至最高点。已知A离地 面足够高，金属棒αb与导轨始终垂直且接触良好，重力加速度为g。下列说法正确的是 () A.金属棒ab进入磁场前的加速度大小为S B.x的值为15mg2R+,)2 2B4d4 物理试题（四）·第3页（共8页） 真题密卷·综台 C,剪断细线前通过电阻R的电荷量为 D.剪断细线后，金属棒b能够上升的最大高度为3mgR十r)mgt(R十r) B'd B2d2 二、选择题：本题共2小题，每小题5分，共10分。在每小题给出的选项中，有多项符合题 目要求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 9.如图所示，真空中有两个完全相同的质量为m的金属球A、B(均视为质点)，A球通过 长度为L的绝缘轻绳悬挂于O点，B球固定在绝缘竖直杆上。刚开始A球不带电静止 于如图所示最低点，A、B两球刚好接触且无弹力，现用带正电的玻璃棒接触B球，A球 弹起后稳定时轻绳与竖直方向的夹角为0，两球电荷量均为q。现在空间加竖直向下的 匀强电场，其电场强度为E=”g,小球重新达到平衡。已知重力加速度为g,静电力常 量为，下列说法正确的是 ( 0 2mg sin 2 0 A.球A带电量为2lsin 2N k 0 B ⊙ B.球A带电量为2lsin2入 mgsin 2 k C.加电场稳定后，两球之间的距离为4lsin2 0 2,0 D.加电场稳定后，两球之间的距离为'2lsin2 10.如图所示，传送带与水平面间的夹角为30°，质量为1kg的滑块在A点由静止释放，当 传送带固定不动时，经过4s运动到下端B点；当传送带以不同的速度逆时针匀速转动 时，滑块到达B点所用的最短时间为2s。已知重力加速度g取10m/s2,忽略空气阻 力。下列说法正确的是 ( A滑块与传送带之间的动摩擦因数为 B.要使滑块到达B点用时最短，传送带的最小速度为16m/s B 30 C.传送带以不同的速度逆时针匀速转动时，滑块与传送带因摩擦而 产生的热量均为48J D.传送带以不同的速度逆时针匀速转动时，摩擦力对滑块做功的最大值为48J 能力调研检测 物理试题（四）·第4页（共8页） 三、非选择题：本题共5小题，共58分。 11.(6分)在某未知星球表面利用图甲所示的装置研究平抛运动的规律，小球从斜槽水平 抛出后在坐标纸上得到了如图乙所示经过的四个点，坐标纸水平和竖直每个小格子的 长度均为L,测出小球从A到B点的时间为T,则： (1)该星球表面的重力加速度g为 ,小球抛出时的初速度。为 (均用题中所给物理量字母表示) (2)若以A点为坐标原点，建立如图所示的坐标系，抛出点的坐标为 (用题中所给物理量字母表示)。 纸板 12.(10分)某同学用多用电表的“×10”挡测量某电阻的阻值，正确操作后，发现表头指针 偏转角度很小。 (1)为了较准确地进行测量，该同学进行了以下操作： ①将选择开关拨至“ ”挡（填“×1”或“×100”）； ②将红、黑表笔直接接触，调整“ ”,使指针指向“0Ω”； ③将红、黑表笔接到待测电阻的两端； ④指针稳定后读数，乘以欧姆挡的倍率即为被测 8004002050 家8山山，0 10 01010015020023 150 30 电阻的阻值； 10 200 4 1.5 2 ⑤将选择开关拨到OF℉位置或交流电压最 AV-O 50002/八 高挡。 25002V (2)该同学按照正确的顺序操作后，多用电表表盘的示数如图所示，则该电阻的阻值是 2. (3)实验后，该同学发现该多用电表内的电池很旧了，经测量，电源电动势由1.5V降 为1.2V,内阻为22，则该电阻的测量值 (填“偏大”“偏小”“不变”)，该电 阻的真实值为 2。 物理试题（四）·第5页（共8页） 真题密卷·综 13.(10分)平静的水面上有相距d=8m的两个振源S1、S2。t=0时，S1起振，其振动方 程为y1=10sin(10πt)cm,t=2s时，S2起振，其振动方程为y2=8sin10π(t一2)cm。两 波源所形成的简谐横波同时到达P点，并测得P、S2的距离为6m,且PS2垂直于 S1、S2的连线。 (1)求该波的波速v、波长入。 (2)判断P点是加强点还是减弱点？并求t=7.25s时，P点的位移大小和这7.25s 内P点通过的路程。 合能力调研检测 物理试题（四）·第6页（共8页） 7 14.(14分)如图所示，质量为mA=1kg的物块A(视为质点)放于质量为mB=2kg的长 木板B上，质量为mc=6kg的物块C与长木板B等高，C左端距B右端长度为d 1m。初始A、B、C均静止，现给B一水平向右的初速度vo(大小未知)，当A、B共速 时，A恰好在B的最左端，且此时B和C发生弹性碰撞。A、B之间的动摩擦因数为 1=0.6,B、C与水平地面之间的动摩擦因数均为42=0.1，重力加速度g取10m/s2。求： (1)B的初速度v。和长木板B的长度L。 (2)物块C的位移xc。 (3)物块A的总位移（结果保留两位有效数字）。 7 物理试题（四）·第7页（共8页） 真题密卷 15.(18分)如图所示，在xOy坐标系中，与x轴正方向成0=30°夹角的两平行直线M1N1 和M2N2之间存在沿y轴负方向的匀强电场，其场强大小为E(E大小未知)，直线 M1N1左上方存在沿x轴正方向的匀强电场，场强大小也为E(E大小未知)，直线 M1N1与y轴的交点为A(0,),直线M2N2和x轴之间存在垂直于纸面向外的匀强 磁场，其磁感应强度为B(B大小未知)，边界含磁场。质量为、带电量为q(q>0)的 粒子从A点以平行于x轴的初速度v。射人匀强电场，垂直于直线M2N2进入匀强磁 场，粒子恰好未越过x轴，不计粒子的重力。 (1)求电场强度E。 (2)求磁感应强度B。 (3)若仅将磁感应强度大小调为nB(n=1,3,5,…),求粒子从A点进入电场到穿过x 轴所用的时间和离开x轴的坐标。 E N B 0 M, 综合能力调研检测 物理试题（四）·第8页（共8页）·物理· 参考答案及解析 参考答案及解析 2024一2025学年度综合能力调研检测物理（四） 一、选择题 则应为等间距的明暗相间条纹，C错误；图丙为偏振现象 1.D【解析】由题意可知，截止电压U。=1.5V,所以光 的实验图，自然光经过偏振片M后为偏振光，当偏振片N 电子的最大初动能E.=eUU.=l.5eV,B错误；根据光 与M的透振方向夹角不同时，光屏上亮度不同，D错误。 电效应方程E.=hv一W。,逸出功W。=1.1eV,A错 5.B【解析】设月球、嫦娥六号的质量分别为M、m,嫦娥 误；由题图可知，A极和K极之间施加的是反向电压， 六号环月飞行的轨道半径为r,速度为，由题意可知， 所以当光电流大于0时，两电极之间的电压是小于截 U= ，=。,根据万有引力提供向心力，可得 止电压U。的，C错误；仅将电源正负极对调，单位时间 、Mmv2 内射到A极的光电子增多，光电流增大，D正确。 ,2=m,联立解得M 13 G Gat2,B正确。 2D【解析】由题图可知，无穷远处及r。处，分子间的作 6.D【解析】输液瓶上方气体压强为p=p。一Pgh,输液 用力为0，因此该过程中，分子间作用力先增大后减小 过程中，h不断减小，则气体压强不断增大，A错误；等 再增大，A错误；。处分子间势能最小，所以该过程中 压面到滴斗室上方的的高度不变，故滴斗室里的气体 分子间势能先减小后增大，B错误；由W=一E。可知， 压强不变，恒为p=p。十Pgh',B错误；设进入气体前 r1处分子间势能为一W,C错误；由于仅受分子间作用 和进入气体后气体密度分别为P1,P2,此过程中，温度 力，动能与分子势能总和保持不变，所以r=r。处分子 间势能最小，分子动能最大，D正确。 不变，由理想气体状态方程可得D=P,1=p, 012 3.C【解析】根据为=8r可知，重物依次到达抽屉下 Pgh0,p2=p。一pgh,进入气体质量为△m=P2· V。+(h。-h)S]-p1V,原有气体质量mo=p1Vo,进 沿所用时间之比为1：√2：√3：2，A错误；重物依次 通过每层抽屉所用时间之比为1：(W2一1)： 入气体和输液瓶原有气体质量之比为△m mo (3一√2)：(2-√3)，B错误；重物依次到达拉手时的 (p,-Pgh)V。十h。-h)S]-1,C错误，D正确。 (p。-Pgho)V。 位移之比为1：3：5：7，根据v2=2gh可知，重物依 7.C【解析】设原副线圈的电流分别为I1、I2燕，由n1I1= 次到达拉手时的速度之比为1：√3：√5：√7，C正确； n2I2福可知，I2总=2I1,R2与R3并联，通过R,的电流 由h=2g可知，重物通过最下方两个抽屉用时为 -吉a-台所以会-很-品A三项将支 6一3s,D错误。 压器、副线圈负载电阻等效成原线圈上的电阻R等，则 5 4.A【解析】图甲为双缝干涉实验的原理图，根据入= R等 -十R ,当R等=R1时，变压器的 号，充入水后，光的递度变小，频率不变，凌长减小，由 U2 条纹间距A-子可知，条纹间距将减小，A正确：图 输出功率最大，P一4R=18W,B正确；通过R, 的电流越大，则R1的功率越大，此时通过R1的电流 乙为薄膜干涉的装置图，若薄片厚度增加，则条纹将变 U 密集，条纹间距减小，B错误；若被检测工件表面平整， I一R,十R等，即当R4=0时，R年最小，山最大，此时 物理答案（四）·第1页（共4页） 7 真题密卷 综合能力调研检测（四） =2A通过R的电流，=吉s=管，=吕A,所以 定后A、B两球之间的距离为r1,则有mg十gE R。消耗的功率P,=IR2=12.8W,C错误；R,消耗 9 r U.4 的功率P,=IR,=R,十R等‘n2 ·R4,化简得 ，联立解得r1=4lsin2,C正确，D错误。 P,-(3十广·R,片以当R,的假位阴至3n时， 其功率最大，D正确，本题选择错误一项，故选C。 8.D【解析】进入磁场前对重物A和金属棒ab整体受 B 力分析，4mg-mg=5ma,解得a三5g,A错误；ab网 10.BD 【解析】设传送带的长度为L,传送带不动时，根据 进磁场时加速度为0，对A受力分析，所受到的细线的 牛顿第二定律，对物块分析有mgsin30°-mg cos30°= 拉力T=4mg,对金属棒ab受力分析，T=mg+F卖， 1 ma,L= a1近，传送带递时针转动时，对物块分析 即T=mg+ R+,,解得0=3mgR+r B'd2v B2d2 ,又因为 有mngsin30+mg cos30°=ma2,L=7a,t,联立 广-a保得-5m,B给民，向一 △Φ 2B'd 解得u=3 L=16m,A错误；滑块到达B点用时最 可知，q= Bdh ,C错误；从剪断细线到ab上升至最高 短，传送带的最小速度为v2=a2t2=l6m/s,B正确； R+ 点的过程中，设ab上升的高度为H,平均速度为o,则 传送带以最小速度转动时，滑块与传送带因摩擦而产 B2d 生的热量为Q=ng cos30°(v2t2一L)=48J,以其 有H=ot,由动量定理可知，一mgt R+r t=0一 他速度转动时，摩擦生热不一定是48J,C错误；滑块 BdH mo,即mgt+R+r =mu,解得H=3mmgR+r)2 一直做加速运动时，摩擦力对滑块做功最大，最大功 Bd W=mg cos30°·L=48J,D正确。 mgt(R+r）,D正确。 三、非选择题 B'd2 二、选择题 1.片e分)票e分)e(-2,-)e分剂) 9.AC【解析】对A球受力分析如图所示，由几何关系 【解析】(1)A点到C点竖直方向2L一L=gT2,解得 可知，Fn=mg,弹起后两球间距为r=2lsin2,设A、 3L g一六，抛出时的初速度为，=门。 B两球带电量均为g,则库仑力大小为F=69 2,由儿 (2)设抛出点为M点，B点竖直方向分速度V,= 3L ⊙ 0 2,=gtB,联立解得tMB=2，即tM4=3上 /何关系可知Fcos=gsin0,化简得2 mg sin2=飞g。 2 2 T 1 T= 3L 0 2xM=一V0·tM= 2yM= 解得q=2Lsin2N 2mg sin 2 k ,A正确，B错误；空间未 台则M点的垒标为（让，）。 9 r2 12.(1)①×100(2分)②欧姆调零旋钮(2分) 加电场时，由三角形相似可得吧=厂，设加电场稳 (2)2.2×103(2分)(3)偏小(2分)1.76×103(2分) 物理答案（四）·第2页（共4页） ·物理· 参考答案及解析 【解析】(1)①偏角很小，说明待测电阻很大，需要将倍 (2)B和C发生弹性碰撞，有mB1=mB℃B十mcvc 率调高，即选“×100”档：②将红、黑表笔直接接触，调 (1分) 整“欧姆调零旋钮”，使指针指向“0”。 1 1 1 (2)电阻读数为22×1002，即2.2×1032。 mBwi=2mao层+2mco呢 (1分) (3)电动势降低，则测量值偏小，真实值为R= 2√33 E 联立解得0B= 11m/s,方向为水平向左 1.76×1032. 13.(1)2m/s0.4m(2)加强点18cm8.1m e-2V33 11 m/s,方向水平向右 【解析】(1)由几何关系可知，P到S1的距离为 根据牛顿第二定律，对C分析有 PS1=10 m 1 由振动方程可知，波源S2比S1晚起振△t=2s 一h:mcBxc-=0-2cw品 (1分) 两波同时到达P点，有PS1一PS2=v△t (1分) 6 解得xc=im。 (1分) 解得v=2m/s 由振动方程可知T=2红=0.2S (1分) (3)B向右运动d的过程中，xA1= 24 (1分) 波长入=uT (1分) 4 解得入=0.4m (1分) 解得xA1一im (2)由振动方程可知，两波的起振方向相同，周期相 B碰C后，A、B达到共同速度v2,用时t2,此时有 同，起振时间间隔为10T,故P点为加强点 v1一aAt2=vB十aBt2 振幅为A=A1十A2=18cm (1分) 解得t2= 4/33 从开始计时到波传到P,点用时为 77 -S ti-PS1-58 (1分) 共同速度v2=v1一aAt2= 4√33 m/s,方向为水平 77 7=11号 (2分) 向右 U1+U2 故P点在波峰处，振动位移为yp-18cm (1分) A的位移xA2= 2 t2 (1分) 通过的路程为s=11×4A十A=8.1m。 (1分) 192 1.a7愿a/s7n②9m 解得xAa一539m (3)0.76m 11 A、B达到共同速度V2之后，对A、B整体分析，有 【解析】(1)根据牛顿第二定律，对A分析有 1 uimag=mAaA (1分) -H,(ma十mB)gxA3=0-2(ma十mB)o2(1分) 解得aA=6m/s2,方向为水平向右 24 根据牛顿第二定律，对B分析有 解得xA一539m uimag+uz (mA+mB)g=mBaB (1分) A的总位移为 解得aB=4.5m/s2,方向为水平向左 xA=xA1十xA2十xA3≈0.76m。 (1分) B向右运动距离d用时为t1,且达到共同速度v1,此 5mvo 15mw0 15.(1) 时有 2qd (2) (3)665+1Dnl-24+ 2gd 5v0 1 d-voti-2anti (9n-2)πd (1分) (n=1,3,5,…) (5n0(n=1,3, 4d 45nvo 共同速度o1=aAt1=v0一aBt1 5,…) 解得1-2v33 【解析】(1)电场中有Eg=ma (1分) 33 11m/s 粒子在电场中运动t1后垂直于直线M2N2从P点 根据v1=v0一aBt1 (1分) 进入磁场，设P(xp,yp),此时有tan0=0 7√33 at (1分) 解得B的初速度V。= 11 m/s 粒子从A到P的过程中有xp=vot1 (1分) 1 B板的长度为上=1212 (1分) d-yr=gati (1分) 7 解得L=立m (1分) 由几何关系可知，tan0=yP (1分) xP 物理答案（四）·第3页（共4页） 真题密卷 综合能力调研检测（四） 23d 5mvo 4d 联立解得t1= (1分) (1分) 5v0 E=2qd 反向加速，运动时间为t,一 (2)由(1)可知，粒子进入磁场时的速度大小为 由图像可知粒子在电场中运动时间为 =2vo (1分) te=3nXt:+3n-1 2 t2（n=1,3,5,…) (1分) 0P间距为1=yp=4 粒子从A,点进入电场到穿过x轴所用的时间为 sino-5d (1分) t=tE十tg (1分) 粒子恰好未越过x轴，即粒子恰好与x轴相切，设轨 联立解得 迹圆的半径为r,由几何关系得 _65+1)nd-2d+9n-2)m t (n=1,3,5,…)(1分) r 5v0 45m0o l=r+ (1分) sin 0 离开x轴的坐标为 磁场中，有qB=m” (1分) (Ad 15n0n=1,3,5,). (1分) r 15mvo 4 联立解得B=20d,7=d。 (1分) E y -- (3)磁感应强度大小调为B时，粒子在磁场中的运 E 动过程如图所示，运动的半径为 Ad n=5n=l3,5,… (1分) 粒子在磁场中运动时间为 6 (3n-1)r B tB= -(n=1,3,5,…) (1分) 由对称性可知，当粒子经过M1N1和M2N?间的电 场后进入M1N1左上方电场，在该电场中减速到零 7 物理答案（四）·第4页（共4页）