2025年高三下学期学科素养月度测评物理（二）6版(福建专用)-【真题密卷】2025年高三下学期物理学科素养月度测评

密真 2024一2025学年度下学期学科素养月度测评 卷题 物理（二） 本试卷总分100分，考试时间75分钟。 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。 如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡 上。写在本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分，在每小题给出的四个选项中，只有 一项是符合题目要求的。 1.若某地区地磁场的磁感应强度的竖直分量大小B,随距离地面高度五的变化关系如图 甲所示，方向为竖直向下，图乙中直升机将一始终保持水平的闭合金属导线框竖直向上 匀速吊起，下列说法正确的是 A.导线框中有顺时针方向的感应电流（俯视） B,个 B.导线框中的感应电流不断减小 C.导线框中的感应电流不断增大 D.导线框的四条边都有向内收缩的趋势 2.我国的北斗系统主要由中轨道卫星a和地球同 步轨道卫星b组成，若其中两卫星在同一平面内环绕地球做匀速圆周运动，且绕行方向 相同，如图甲所示；两卫星之间的距离△r随时间变化的关系如图乙所示，图中R为地球 半径，地球表面重力加速度为g,不考虑两卫星之间的作用力，取√2.2≈3。下列说法 正确的是 () ↑△r/R 9.6 3.61 2T 甲 A.中轨道卫星a与同步卫星b的轨道半径之比为1：2 B.中轨道卫星a的加速度大小为38 C.图乙中的T为24h D.中轨道卫星a的运动周期为T 3 物理试题（二）第1页（共8页） 真题密卷·学 3.木板静置于光滑水平地面上，初始时刻滑块以一定的水平初速度。从左端滑上木板，当 班级 二者达到共同速度时，对比初始时刻滑块和木板的位置，下列情况可能正确的是() 姓名 A B 得分 4.图甲为某感温式火灾报警器，其简化电路如图乙所示。理想变压器原线圈接入电压有 效值不变的正弦交流电源，副线圈连接报警系统，R,为热敏电阻，其阻值随温度的升高 而减小，R1为定值电阻，滑动变阻器R。用于设定报警温度。当流过R1的电流大于设 定临界值时就会触发报警。当出现火情时，下列说法正确的是 () 甲 A.副线圈两端电压会随着副线圈电路端温度的变化而变化 B.热敏电阻Rr两端电压升高 C.原线圈输入功率不变 D.R。滑片上移一点可以提高报警温度 二、双项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分，每小题有两个选项符合题目要求， 全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 5.观察图甲、乙、丙、丁，下列说法正确的是 S OA 单色光二 21m M P 0000000'000O 两分子系统的热能ED与 两分子间距离的关系 挡板 屏 乙 分 A.图甲中，分子间距离由无穷大变化到r2的过程中，分子间作用力一直增大 B.图乙中，若只增大振子的质量，弹簧振子的周期将变大 C.图丙中，若只增大挡板到屏的距离，两相邻亮条纹间距离将不变 D.图丁中，若B球先摆动，则A、C球摆动稳定后，运动周期相同 斗素养月度测评 物理试题（二）第2页（共8页） 6 6.中医的悬丝诊脉中给悬的是“丝”，“诊”的是脉搏通过悬丝传过来的振动，即通过机械波 判断出病灶的位置与轻重缓急。如图甲所示，假设“悬丝”上有A、B、C三个质点，坐标 分别为xA=0、xB=0.4m、xc=1.4m。t=0时刻，脉搏搭上悬丝图中的质点A,质点 A开始振动，其振动图像如图乙所示，产生的机械波沿悬丝向x轴正方向传播，A、B两 质点运动的方向始终相反，波长大于0.6m。关于该机械波，下列说法正确的是() 个y/mm 0.5 0.5 -0.5 甲 A.波长为0.8m B.质点C的起振方向沿y轴正方向 C.在t=1s时，质点B位于平衡位置 D.若将悬丝的另一端搭在另一个人的脉搏上，则悬丝中两列波相遇时一定发生干涉 现象 7.如图所示，一轻弹簧原长为20cm,其一端固定在倾角为37°的固定直轨道AC的底端A 处，另一端与质量m=0.2kg的小物块接触。已知轨道AC长为40cm,B为AC中点，在 轨道AC的右侧有一高为0.69m的水平桌面。现将小物块从B点开始缓慢压缩弹簧，当 压缩量达到10cm时撤去外力，小物块从C点飞出后恰好从D点沿水平方向滑上桌面。 已知小物块与直轨道AC间的滑动摩擦因数为0.5，g取10m/s2,sin37°=0.6，cos37°= 0.8,则 () D7777777 Auuu A.C点与D点的水平距离为1m B.小物块运动到C点时重力的瞬时功率为10W C.弹簧的弹性势能最大为3.1J D.小物块从C点运动到D点的过程中动量变化量的大小为0.6N·s 8.空间中存在平行于纸面的匀强电场（图中未画出），在纸面内取O点为坐标原点建立x 轴，如图甲所示。现有一个质量为m、电量为十q的试探电荷，在t=0时刻以一定初速 度从x轴上的α点开始沿顺时针方向做匀速圆周运动。已知图中圆为试探电荷运动轨 迹，圆心为O,半径为R,αb为圆轨迹的一条直径；除电场力外该试探电荷还受到一个变 力F,不计其它力的作用；测得试探电荷所处位置的电势φ随时间t的变化图像如图乙 所示，其中91>0。下列说法正确的是 6 物理试题（二）第3页（共8页） 真题密卷·学 ↑p 1.50 R 0.50 a 10t, 4m,9 7131. -0.50 甲 A电场强度的方向与x轴正方向成君 B.从a点到b点变力F做功为qp1 π2 圆周运动的过程中变力F的最大值为m8R牛十Q D.圆周运动的过程中变力F的最大值为m 2 36eR+g尺 三、非选择题：本题共8小题，共60分。 9.(3分)某实验小组同学用如图甲所示的沙摆研究匀变速直线运动，将下方的薄木板沿箭 头方向匀加速拉出，漏斗在1.2s内漏出的细沙在板上形成的曲线如图乙所示。若漏斗 的摆动可看作简谐运动，当地重力加速度g取9.8m/s2,回答下列问题： (1)薄木板的加速度大小为 m/s2。 (2)该沙摆的等效摆长为 cm(π取3.14，结果保留两位有效数字)。 D 单位：cm 11.10:23.90 36.70 乙 10.(3分)如图所示为氢原子的能级结构图。在某正四面体密闭容器的其中一个器壁上有一个 红外光子接收仪，可以接收红外光子（能量范围在0.001eV~1.6eV)并计数。假设到达该 器壁的所有红外光子均被接收仪接收。现将容器内的氢原子全部激发到=4的能级，接收 仪在之后的较短时间内接收到1ol的红外光子，假定这段时间内每个氢原子只发生一次 跃迁，且激发态的氢原子跃迁到每个能级的概率相同。能发射红外光子的能级跃迁是 (填“4→1”或“4→2”或“4→3”)，该容器中氢原子的物质的量为 mol. E/eV -0.54 -0.85 -1.51 -3.40 -13.60 斗素养月度测评 物理试题（二）第4页（共8页） 11.(3分)一定质量的理想气体，从状态A到状态B,其密度的倒数ρ1与温度T的关系图像如 图所示。气体从状态A到状态B,气体（填“从外界吸热”或“对外放热”）；气体分子在 单位时间内与相同面积容器壁的碰撞次数 (填“增加”、“减少”或“不变”)。 12.(6分)(1)如图甲所示为向心力演示仪，可探究小球做圆周运动所需的向心力的大小与 质量、角速度和半径之间的关系。长槽A、B处和短槽C处到各自转轴中心距离之比 为1：2：1。在探究向心力的大小与圆周运动角速度的关系时，将两个质量 (填“相同”或“不同”)的小球，分别放在挡板 (填“A和B”“A和C”或“B和C”) 位置。 标尺 长槽短槽 左塔轮 右塔轮 挡板 挡板 三A 、C ( 转臂 转臂 简化图 手柄 皮带 塔轮 皮带 塔轮： 65 甲 (2)某同学用如图乙所示的实验装置探究加速度与力的关系，其中气垫导轨已调至水 平。请回答： 光电门 B 遮光条 气垫导轨 滑块A 入力传感器一 刻度尺 连气源 钩码 乙 ①如图丙所示，实验时用游标卡尺测得遮光条的宽度d= cm. 1 cm 2 3 4 05101520 丙 ②下列实验要求中必要的是 (填正确选项前面对应的字母)。 物理试题（二）第5页（共8页） 真题密卷·学科 A.应使细线与气垫导轨平行 B.应垫高气垫导轨右端以平衡摩擦力 C.应使遮光条位置与光电门间的距离适当大些 D.应使滑块质量远大于钩码和力传感器的总质量 13.(6分)新能源汽车已经普遍走进了我们的生活，某校学生实验小组通过网络查找了某 种知名的电池铭牌，电池采用的是“刀片电池”技术。现将一块电芯拆解出来，然后测 量其电动势E和内阻r。所提供的器材有： A.电压表V1(量程0~3V) B.电压表V2(量程015V) C.电流表A1(量程0~0.6A) D.电流表A2(量程0~3A) E.滑动变阻器R(阻值范围0~10Ω，额定电流为2A) F.保护电阻R。=62 某同学采用了图甲所示的电路图，在进行了正确操作后，得到了图乙所示的U-I图像。 4.0 1.0 曲由出 Ro 0.100.200.300.400.500.60 I∥A 分 (1)实验中，电压表应选 ,电流表应选 (填器材前的字母代号)。 (2)根据图乙所示，则该电池的电动势E= V,内阻x= 2(结果 均保留到小数点后一位)。 (3)为了能准确地测量一块电芯的电动势E和内阻x,该同学设计了一个可以排除电流 表A和电压表V内阻影响的实验方案，如图丙所示，记录了单刀双掷开关S2分别 接1、2时对应的多组电压表的示数U和电流表的示数I,根据实验记录的数据绘制 如图丁中所示的A、B两条UI图线，综合A、B两条图线，此电芯的电动势E=_ ,内阻r= (用图丁中EA、EB、IA、IB表示)。 本U A E B 、2 丙 素养月度测评 物理试题（二）第6页（共8页） 6 14.(11分)如图所示，用球面透镜模拟眼球对光的折射，两个半径均为R的玻璃半球相距 d,上、下正对放置，上、下半球的折射率分别为n1=√2和n2=√3，球心分别为O1、O2, 在过球心O1、O2的竖直面内，一束单色光从上半球的D点射入，与竖直线BD成15° 角，B点恰为半径AO1的中点。真空中的光速为c,求： (1)该束单色光第一次从下半球射出时与竖直方向的夹角； (2)该束单色光从D点到第一次到达下半球上界面所用的时间。 0 B 下 15.(12分)如图所示，质量M=3kg、长1=1m的绝缘长木板置于光滑水平面上。一质量 m=1kg、电荷量大小g=2C的带负电小滑块以vo=4m/s的初速度从长木板的左侧滑 上长木板，小滑块与长木板间的动摩擦因数μ=0.5，小滑块可视为质点，g取10m/s2。 (1)通过计算判断小滑块是否滑离长木板，如果滑离长木板，求小滑块滑离长木板时的 速度1，如果未滑离长木板，求小滑块与长木板的相对位移△x1。 (2)若空间中加上一个磁感应强度大小B=1T、方向垂直纸面向里的匀强磁场（图中 未画出)，该带电小滑块仍以v。=4m/s的初速度从长木板的左侧滑上长木板，当 t=0.41s时小滑块与长木板共速。 ①求共速时小滑块的对地位移x1。 ②求运动过程中小滑块与长木板的相对位移△x。 7777777777777777777777 6 物理试题（二）第7页（共8页） 真题密卷·学科 16.(16分)如图所示，直角坐标系中，y轴左侧有一半径为α的圆形匀强磁场区域，与y轴 相切于A点，A点坐标为0，，第一象限内也存在者匀强磁场，两区域磁场的磁感 应强度大小均为B,方向垂直纸面向外。圆形磁场区域下方有两长度均为2a的金属 极板M、N,两极板与x轴平行放置且右端与y轴齐平。现仅考虑纸面平面内，在极板 M的上表面均匀分布着相同的、质量为m、电荷量为q的带电粒子。两极板间施加电 压后，在极板间产生的匀强电场使这些粒子从静止开始加速运动，并顺利从网状极板 N穿出，然后经过圆形磁场都从A点进入第一象限。其中部分粒子打在放置于x轴 的感光板CD上，感光板的长度为2.8a,厚度不计，其左端C点坐标为（分0,0小，打到 感光板上的粒子立即被吸收，从第一象限磁场射出的粒子不再重新回到磁场中。不计 粒子的重力和相互作用，忽略粒子与感光板碰撞的时间。 (1)求两极板间的电压U。 (2)在感光板上某区域内的同一位置会先后两次接收到粒子，该区域称为“二度感光 区”，求 ①“二度感光区”的长度L; ②打在“二度感光区”的粒子数1与打在整个感光板上的粒子数n2的比值。 (3)改变感光板材料，让它仅对垂直打来的粒子有反弹作用（不考虑打在感光板边缘 C、D两点的粒子)，且每次反弹后速度方向相反，大小变为原来的一半，则该粒子在 磁场中运动的总时间t和总路程s。 ↑y B ● ● ● ● ● ● ● S ● D 素养月度测评 物理试题（二）第8页（共8页）·物理· 参考答案及解析 2024一2025学年度下学期学科素养月度测评 物理（二） 命题要素细目表 关键能力：I.理解能力Ⅱ.推理论证能力Ⅲ.模型建构能力V.实验探究能力 V,创新能力 核心素养：①物理观念 ②科学思维③科学探究④科学态度与责任 题号 题型 分值 考查内容 关键能力 核心素养预估难度 ⅡⅢWV①②③④等级系数 单项 1 4 选择题 楞次定律 易 0.75 单项 2 4 卫星的追及相遇问题 0.70 选择题 中 单项 3 选择题 4 板块模型、相对位移 必 0.65 单项 4 变压器两端电路的动态分析 必 0.70 选择题 影响弹簧振子周期的物理量、周期 双项 6 公式、周期性外力作用下物体的振 5 选择题 动频率、分子热运动、干涉条纹间 易0.75 距与波长的关系 双项 二 6 机械振动、机械波 中 选择题 0.70 双项 弹簧类问题机械能转化的问题、平 6 0.60 选择题 抛运动 的 双项 6 利用功能关系计算电场力做的功 选择题 染 0.40 及电势能的变化 用逐差法计算加速度、单摆周期公 9 填空题 3 中 0.70 式的简单应用 10 填空题 氢原子能级跃迁 0.60 11 填空题 气体等压变化 中 0.55 12 探究向心力大小与角速度的关系、 实验题 6 探究加速度与力的关系 易 0.75 13 实验题 6 测量电源电动势和内阻 】 名 0.50 计算题 11 光的折射定律、折射率 分 0.60 利用动量守恒及能量守恒解决类 15 计算题 12 碰撞问题、板块问题 必 0.50 16 计算题 16 带电粒子在组合场中运动 难 0.30 物理答案（二）第1页（共6页） 6 真题密卷 学科素养月度测评 精典评析 TIANSHUJIAOYU ★木板静置于光滑水平地面上，初始时刻滑块以一定的水平初速度。从左端滑上木板，当二者达到 共同速度时，对比初始时刻滑块和木板的位置，下列情况可能正确的是 () 7☑ % 【试题解读】 本题呈现形式新颖，突破传统板块问题的繁琐计算及各种结果的判断，以简洁的图片呈现选项，不指 明要求解的问题，实则对学生思维能力的要求更高，学生需要对比选项特点，找到解题的着眼点应是理清 对地位移与相对位移的关系。 ★如图所示，直角坐标系中，y轴左侧有一半径为α的圆形匀强磁场区域，与y轴相切于A点，A点 坐标为0,3。，第一象限内也存在着匀强磁场，两区域磁场的磁感应强度大小均为B,方向垂直纸面向 外。圆形磁场区域下方有两长度均为2a的金属极板M、N,两极板与x轴平行放置且右端与y轴齐平。 现仅考虑纸面平面内，在极板M的上表面均匀分布着相同的、质量为、电荷量为q的带电粒子。两极板 间施加电压后，在极板间产生的匀强电场使这些粒子从静止开始加速运动，并顺利从网状极板N穿出，然 后经过圆形磁场都从A点进入第一象限。其中部分粒子打在放置于x轴的感光板CD上，感光板的长度 为2.8，厚度不计，其左端C点坐标为（分0,0）。打到感光板上的粒子立即被吸收，从第一象限磁场射出 的粒子不再重新回到磁场中。不计粒子的重力和相互作用，忽略粒子与感光板碰撞的时间。 (1)求两极板间的电压U。 (2)在感光板上某区域内的同一位置会先后两次接收到粒子，该区域称为“二度感光区”，求： ①“二度感光区”的长度L; ②打在“二度感光区”的粒子数n1与打在整个感光板上的粒子数n2的比值。 (3)改变感光板材料，让它仅对垂直打来的粒子有反弹作用（不考虑打在感光板边缘C、D两点的粒子），且 每次反弹后速度方向相反，大小变为原来的一半，则该粒子在磁场中运动的总时间t和总路程s。 个y。 B ● ● B A ● ● ● ● ● D M 【试题解读】 本题综合考查了粒子在电场、磁场中的运动，有机地把磁聚焦与动态圆结合在一起，很好地考查学生 的理解能力、逻辑推理能力、模型建构能力、分析综合能力，有效考查学生整合学科知识，认识问题、分析问 题和解决问题的能力。同时关于粒子比例的设问，切中学生的易错，点。 6 物理答案（二）第2页（共6页） ·物理· 参考答案及解析 参考答案及解析 一、单项选择题 则副线圈输出功率变大，故原线圈输入功率变 1.A【解析】由题图甲可知，随着高度的增加，竖 大，C错误；R。滑片上移一，点，则R。接入电路的 直方向的磁感应强度分量逐渐减小，则穿过金属 电阻变大，要想报警，需减小热敏电阻R?的阻 导线框的磁通量逐渐减小，根据楞次定律，导线 值，即温度要升高，故可以提高报警温度，D 框中有顺时针方向的感应电流（俯视），导线框的 正确。 四条边有向外扩张的趋势，A正确，D错误；由法 二、双项选择题 拉第电磁感应定律和B,h图像得，感应电动势 5.BD【解析】间距为r2时分子势能最小，分子间 大小E=△BS=△BSABS △1△h=△hv=S0,感应电流 作用力为零，即在整个运动过程中分子力变现为 引力，由分子力与距离关系可知，该过程中分子 间的引力先变大后变小，到x2时为零，A错误；弹 大小一尽可知感应电动势E保持不变，则感 簧振子的周期T=2x√匠，若只增大振子的质 m 应电流的大小保持不变，B、C错误。 量，弹簧振子的周期将变大，B正确；根据双缝干 2.D【解析】设两卫星做匀速圆周运动的半径分 别为ra、rb,根据题图甲和题图乙可得r。十rb= 涉条纹间距公式△x一入，若只增大挡板到屏的 9.6R,rb-ra=3.6R,解得ra=3R,rb=6.6R,A 距离L,两相邻亮条纹间距离将变大，C错误；题 错误；由万有引力定律及牛顿第二定律得 Mm._ 图丁中，若B球先摆动，则A、C球摆动稳定后， A、C都做受迫振动，A、C振动的周期都等于驱动 GMm m a, R2 =mg,将r。=3R代入解得中轨道卫星 力的周期，即A、B、C三球运动周期相同，D 正确。 1 的加速度a=gg,B错误；设两卫星的运行周期分 6.AC【解析】A、B两质点运动的方向始终相反， 别为T。、Tb,由题图乙可知每隔时间T两卫星距 可知A、B两质点间的距离xB=以十 入 离最近，即每隔时间T卫星a就比卫星b多转了 (n=0,1,2,3,…),由于波长大于0.6m,故入= 一周，则有受T一祭1=2，根#开香粉第三定体 0.8m,A正确；由题图乙可知，振源的起振方向 奇会-员展立解得1一号 沿y轴负方向，则所有质点的起振方向均沿y轴 T,T。=2T,由于 负方向，则质点C的起振方向沿y轴负方向，B Tb=24h,所以T=12h,C错误，D正确。 错误；由题图乙可知，在t=1s时，质点A位于平 3.A【解析】滑块以一定的水平初速度。从左端滑 衡位置，振动方向沿y轴负方向，依题意，A、B 上木板，在滑动摩擦力作用下，滑块做匀减速直线运 两质，点运动的方向始终相反，则该时刻质点B位 动，木板做匀加速直线运动，设经过t时间滑块与木 于平衡位置，振动方向沿y轴正方向，C正确；若 将悬丝的另一端搭在另一个人的脉搏上，二人脉 板达到共同速度，此过程木板的位移x木= 21,滑 搏的频率大小关系不明，所以悬丝中两列波相遇 块的位移4-，则滑块相时于木板向前运动 时不一定发生干涉现象，D错误。 7.CD【解析】小物块从C点运动到D,点的过程， 的往移△虹=工-2=2，可得Ax>r水，A 可逆向看为平抛运动，根据平抛运动规律有h 正确。 L4csin37°=28，解得t=0.3s,由动量定理得该 4.D【解析】副线圈两端电压仅由变压器原线圈 过程中动量变化量的大小△p=mgt=0.6N·s,D 电压和原、副线圈的匝数比决定，与副线圈电阻 正确；根据速度一时间公式可得0，=gt=3m/s, 变化无关，即与副线圈电路端温度的变化无关，A Uy 错误；当出现火情时，热敏电阻RT阻值减小，因 则有c=sin37=5m/s,wn=an37=4m/s, 副线圈两端电压一定，则副线圈中电流变大，R。 则C点与D点的水平距离x=vpt=1.2m,小物 和R1两端电压升高，可知热敏电阻R?两端电压 块运动到C点时重力瞬时功率P=mg℃，=6W, 降低，B错误；当出现火情时，副线圈中电流变大， A、B错误；小物块在直轨道上运动的过程，由能量 物理答案（二）第3页（共6页） 6 真题密卷 学科素养月度测评 守恒定律得弹簧的最大弹性势能E,=2m呢十mg 1 11.从外界吸热(2分) 减少(1分) 【解析】根据V=”=mX】,结合题图像可知从 亿x2w)▣r+in(Le)os7- 1 3.1J,C正确。 状态A到状态B的过程是等压过程，根据」 8.BD【解析】由题图乙可知，试探电荷在转动过 V2 程中，电势最高值为1.51，电势最低值为 ,体积增大，气体对外微功，温度升高，内能增 一0.5p1,最高点、最低点分别位于轨迹直径的两 大，根据△U=W十Q,则气体从外界吸收热量；从 端，将直径取四等分点，找到与a点电势p。=0 状态A到状态B的过程中，压强不变，温度升高， 相同的点c,如图所示，αc垂直于电场线，设电场 所以气体平均分子速率升高，单位时间内碰撞器 强度的方向与x轴正方向的夹角为0，由几何关 壁单位面积上的气体分子个数减少。 R 12.(1)相同(1分)A和C(2分)(2)0.965(1分) 系c。s日2=2，解得日二3，A错误；由上述分 AC(2分) 【解析】(1)在探究向心力的大小与圆周运动角 析可知p6=p1,设从a点到b点变力F做功为 速度的关系时，要保证质量和半径相同，即将两 W,由动能定理可知W十qUb=0,又Ub=p。一 个质量相同的小球，分别放在挡板A和C位置。 P6=一P1,解得W=qP1,B正确；由题图乙可知， (2)①遮光条的宽度d=0.9cm+0.05mm× 试探电荷做圆周运动的周期T=13t1一t1=12t1, 13=0.965cm。 连度口=架=器电场膜度E= ②应使细线与气垫导轨平行，A正确；应用气垫 T △x 导轨，不需要平衡摩擦力，B错误；应使遮光条位 159一0,59心-爱园周运动的进程中电势 置与光电门间的距离适当大些，以适当增大滑 2R 块通过光电门时的速度，减小误差，C正确；因为 为一0.5P1时变力F达到最大值，有F一qE= 有力传感器测量拉力，则不需要使滑块质量远 02 2 mR,解得F=m36R+gR,C错误，D正确。 大于钩码和力传感器的总质量，D错误。 13.(1)A(1分)C(1分)(2)3.8(1分)0.6(1分) A E 0.50 《③E1分会1分 10=0 【解析】(1)由题图乙可知，电动势约为3.8V, a 0 且有电阻R。分压，所以电压表选A,最大电流 =0 不超过0.6A,电流表选C。 1.50 (2)根据闭合电路欧姆定律可得U=E 三、非选择题 I(R。十r),所以图像纵轴的截距表示电源的电动 9.(1)0.8(1分)(2)16(2分) 势E=3.8V,图像的斜率的绝对值表示电源的等 【解析】(1)相邻两，点的时间间隔△T=0.4s,由 △U,3.8-0 题图乙中数据可知，木板在连续的△T时间内的 效内阻，有R。十r= a=0.58-00≈6.60， 位移差△x=12.8cm=a△T2,解得a= 所以电源的内阻r=0.62。 0.8m/s2。 (3)当S2接1时，误差在于电流表的分压，所测 内阻等于电源内阻与电流表内阻之和，所以内 (2)沙摆的周期T=2r√ L ,又T=0.8s, 阻测量值比真实值偏大；当S2接2时，误差在于 解得L≈0.16m=16cm。 电压表的分流，所测内阻等于电源与电压表并 10.4→3(1分)12(2分) 联的总电阻，所以内阻测量值比真实值偏小。 【解析】由频率条件hv=Em一En(m>n),可知 由于U-I图线斜率的绝对值表示内阻，即S2接 “4→1”、“4→2”、“4→3”发射光子能量分别为 1时对应的图线陡一些，为B图线，所测电动势 12.75eV、2.55eV、0.66eV,能发射红外光子 为电流表与电源串联后整体的等效电源的电动 的能级跃迁是4→3，该容器中氢原子的物质的 势，即S2接1时的电动势的测量值等于真实值， 量为1mol×4×3=12mol。 有E=EB,由于S2接2时，当电路短路时，电压 6 物理答案（二）第4页（共6页） ·物理· 参考答案及解析 表没有分流，即此时的电流的测量值与真实值 相等，结合上述可知，电源的真实的UI图线是 15.(1)2+6 2 m/s(2)①0.95m②0.72m B图线纵轴交点与A图线横轴交点的连线，可 【解析】(1)假设共速时小滑块未滑离长木板， 知r一IA 设相同速度为，取水平向右为正方向，根据动 量守恒定律有 14.(1)30° (2)y6R+2a mvo=(m+M)v (1分) 2c 解得小滑块与长木板共速时的速度v=1m/s 【解析】(1)假设该单色光在上半球从B点射 (1分) 出，画出该束单色光的光路图，如图所示 设该过程相对位移为△1，根据能量守恒定律有 由于B点恰为半径AO1的中点， 1 1 则有sin∠O1DB=sinY=2 2mu6=mg△l+2（m+M)m2 (1分) (1分) 解得△l=1.2m>l 解得Y=30° 根据几何关系有，入射角i=Y+15°=45°(1分) 故小滑块与长木板共速前已滑离长木板，假设 不成立，设小滑块滑离长木板时小滑块的速度 则有n1= sin i (1分) sin Y 为V1,长木板的速度为v2,根据动量守恒定律有 假设成立，折射光线正好沿DB方向，垂直进入 mvo=mv1+Mv2 (1分) 下半球，根据几何关系有01=Y=30°，根据折射 根据能量守恒定律有 1 率定义式有n2 sin 0:3 (1分) (1分) sin 0 2 mvi-pamgl2 m2Mo ③ 解得小滑块滑离长木板时的速度 解得sin02=2,0,=60 (1分) V1= 2+√6 2 m/s或u,=2-6 2 m/s(舍去) 则该束单色光第一次从下半球射出时与竖直方 向的夹角为02一01=30° (1分) (1分) (2)①若空间中加上一个磁感应强度大小B=1T、 方向垂直纸面向里的匀强磁场，系统动量仍然 守恒，根据动量守恒定律有 muo=(m+M)v (1分) 00 在小滑块运动过程中取时间微元△，设该过程 中小滑块和长木板速度分别为Vm、M,长木板 速度变化量为△口M,对长木板根据动量定理有 (2)光在上半球的路程 ung·△t十qBvm·△t=M△vM 对该式累加求和得 too-R:-()R (1分) umgt十uqBx1=Mo (1分) 该束单色光在上玻璃半球中的传播速度 解得小滑块对地位移x1=0.95m (1分) ②运动过程中根据动量守恒定律有 u=-2 nI 2c (1分) mvo·△t=mtm·△t+MvM·△t 则该束单色光从D点到第一次到达下半球上界 对该式累加求和得 面所用的时间 mvot=mx1十Mx2 (1分) L=工D+d 解得长木板对地位移x2=0.23m (1分) (2分) 运动过程中滑块与长木板的相对位移 可得t=6R+2d △x=x1一x2 (1分) 2c 解得△x=0.72m。 (1分) 物理答案（二）第5页（共6页） 6 真题密卷 学科素养月度测评 16.(1)9Ba2 (2)013-3 何关系可知，IJ段粒子未打到感光板，JK段粒 ②1：3 2m 子打到感光板CE段，KL段粒子打到感光板 (3)5 31 “二度感光区” (1分) gB 16xa 由几何关系可得粒子数之比为长度比 【解析】(1)根据题意，所有粒子平行射入圆形 KL 匀强磁场后均从A点射出，符合磁聚焦模型，可 n:n2-JK+KL =1:3。 (1分) 知粒子做圆周运动的轨道半径等于圆形匀强磁 (3)粒子在磁场中运动的半径 场半径，即R=a (1分) R=mv (1分) 在圆形磁场中由洛伦兹力提供向心力，根据牛 gB 顿第二定律得 粒子每次反弹后速度方向相反，大小变为原来 qoB=mv2 的一半，故半径也变为原来的一半，只有垂直打 R (1分) 来的粒子才会反弹，即只有第一次落在E点的 在匀强电场中由动能定理得 粒子能够反弹，由几何关系可知该粒子应从H 心-之md (1分) 点进入磁场，第一次落在离C点a处，第二次落 在离C点2a处，第三次落在离C点2.5a处， 解得U=9Ba2 (1分) 第四次落在离C点2.75a处，第五次落在离C 2m ,点2.875a处超出感光板边缘离开第一象限，该 (2)①由图可知，EF为“二度感光区”，由几何关 粒子在磁场中运动的总时间 系得，当粒子落在E点时轨迹圆的圆心为C, πm CE=a (1分) t=2元T,0=5,T= (1分) gB 当粒子落在F点时轨迹圆的圆心为G,由几何 5πm 关系得 解得t= (1分) gB 3 √/13 该粒子从H到E的路程51= 1 OF=(2a)2- 2 a 2 a (1分) (1分) L=OF-OC-CE (1分) 从第一次反弹到第二次反弹的路程52=2 1 解得L=3-3 (1分) 1、 a 2 从第二次反弹到第三次反弹的路程5=2X2π4 从第三次反弹到第四次反弹的路程54= 1 a 2 ● 从第四次反弹到离开磁场的路程s=2×2π16 1 该粒子在磁场中运动的总路程 S=S1+52十S3十S4十S5 (1分) 31 解得s=16a。 (1分) ②将入射粒子分为IJ、JK、KL三段讨论，由几 6 物理答案（二）第6页（共6页）