河南荥阳市第二高级中学等校2025-2026学年上学期期末考试高二物理试题卷

2025一2026学年上学期期末考试 高二年级物理试题卷 注意：本试卷分试题卷和答题卡两部分。试题卷共8页，3大题。满分100分，考试 时间90分钟。考生应首先阅读答题卡上的文宇信息，然后在答题卡上作答，在试题卷上 作答无效。交卷时，只交答题卡。 尽 一、选择题（共52分。第1-8题每小题4分，只有一个选项符合题意，第912有 多个选项符合题意，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。) 1.关于磁场，下列说法正确的是（) A.磁场是存在于磁体或电流周围的一种特殊物质 B. 磁场是为了便于研究电荷的运动而引入的理想模型 C.磁体周围分布的磁感线就是磁场 D.磁体间的相互作用是通过电流做媒介发生的 2.已知通电导线会在周围产生磁场。电流大小不变时，离导线越近，磁场越强：离导线 长 越远，磁场越弱。所以高压线一般都是建在较高或者较远的位置。如图所示，线框平面 与直导线共面。施加外力使线框从图示实线位置向左加速平移到虚线位置，此时直导线 正好平分线框。该过程中穿过线框的磁通量将() A.一直减小 B.一直增大 C.先减小后增大D.先增大后减小 3.带电物体会在其周围产生电场。若某位置附近有多个带电体，则该位置的实际电场是 各个带电体产生的电场叠加的结果。a、b是x轴上两个点电荷，电荷量分别为Q,和Q, 沿x轴a、b之间各点对应的电势高低如图中曲线所示，aP之 间的距离L大于bP之间的距离Lbp,从图中可以判断以下说 法中正确的是() A.a是正电荷，b是负电荷 B.a的电荷量小于b的电荷量 高二物理 (共8页) 第1页 翳国好 C.只在电场力作用下负电荷从靠近日处沿x轴移到靠近b处，速度先减小后增大 D.只在电场力作用下负电荷从靠近a处沿x轴移到靠近b处，加速度先增大后减小 4、如图是教材中演示通电自感现象的电路图，L为电感线圈。实验时，闭合开关S,灯 A2逐渐变亮，而另一个相同的灯A,立即变亮，最终A,与A的亮度相同。下列说法正确的 是() A.变阻器R接入电路的电阻值与L的电阻值相同 B.闭合S瞬间，L中电流与变阻器R中电流相等 C.闭合S,电路稳定后，A中电流大于A2中电流 D.断开S瞬间，A,突然闪亮，随后逐渐变暗 5.金属导线之所以能够导电是因为内部有自由移动的电子。当加上电压后，内部形成电 场，电子受到电场力的作用定向运动。而金属导线内部对电子的运动有阻碍作用。当电 场力和阻力平衡时，认为有恒定的电流。一根长为L、横截面积为S的金属棒，其材料的 电阻率为p,棒内单位长度自由电子数为，电子的质量为m、电荷量为e,在棒两端加 上恒定的电压时，棒内产生电流，自由电子定向运动的平均速率为，则金属棒内的电场 强度大小为( Q v￥0 A pnev B.m2 C.pnev D.pev S 2eL SL 6.潜水器是一种具备水下观察、探测、作业能力的载人或无人装备，按用途可分为载人 潜水器、无人遥控潜水器和自主式潜水器，广泛应用于海洋科考、资源勘探、救援打捞 等领域。载人潜水器可搭载科研人员深入海底开展实地探测，如我国的“奋斗者”号： 无人潜水器则能在高危、复杂海域执行任务，无需人员进驻。如图所示，这是安装在潜 水器上的深度表的电路原理图，显示器由电流表改装而成， 压力传感器的电阻随压力的增大而减小，电源的电动势和内 压力传感器 显 阻均为定值，几是定值电阻。在潜水器完成科考任务上浮的 示 过程中，下列说法正确的是（ 高二物理 (共8页) 第2页 器巴 A.传感器两端的电压减小B.通过显示器的电流减小 C.电路的总功率可能不变D.传感器的功率一定减小 7、电源、开关、平行板电容器连成如图所示电路，上极板接地。闭合开关S,电源对电 容器充电后，电容器带电量为Q,两极板间电压为，板间电场强度大小为E。,电容器中 的P点电势为P,则下列说法正确的是（) A.若将上板下移少许，Q增大，U减小，E。不变，p变大 B.若将上板下移少许，Q不变，U减小，E。减小，p变小 C、若断开开关S,将上板下移少许，Q增大，U不变，E。增大，P变小 D.若断开开关S,将上板下移少许，Q不变，U减小，E。不变，P变大 8.如图所示，光滑的水平面上有竖直向下的匀强磁场，水平面上平放着一个试管，试管 内壁光滑，底部有一个带电小球，现在对试管施加一个垂直于试管的水平拉力F,在拉力 F作用下，试管向右做匀速运动，带电小球将从管口飞出。下列说法正确的是() A.小球带负电 + X B.小球离开试管前，洛伦兹力对小球做正功 C.小球离开试管前的运动轨迹是一条抛物线 D.维持试管做匀速运动的拉力F应为恒力 9.图甲中的理想变压器原、副线圈匝数比n:,=2:1,输入端从N所接的正弦式交变 电压u随时间t的变化关系如图乙所示。R为定值电阻，R2为滑动变阻器，两电压表均为 理想交流电表，下列判断正确的 个uV （) R2 505 4 0 A.电压表V,的示数为50V -50W2 /102s B.电压表V2的示数为25V 甲 C.若将变阻器的滑片P向上滑动，V2示数变大 D.若将变阻器的滑片P向下滑动，V,示数不变 高二物理（共8页) 第3页 器巴月全于 10.如图所示，两根足够长的平行的光滑金属导轨放置在水平面内，导轨电阻不计，间 距为L=0.2,导轨间电阻R=4.8①。匀强磁场垂直导轨平面向下，磁感应强度大小 B=0.5T。在导轨上有一金属棒PQ,其接入电路的电阻r=0.2①，金属棒与导轨垂直 且接触良好，在PQ棒上施加水平拉力使其以速度v=0.5m/s向右匀速运动，则下列说 法正确的是() A.金属棒PQ产生的感应电动势为0.1V B.通过电阻R的电流大小为0.01A B C.水平拉力的大小为0.001N D.金属棒PQ两点间的电势差为0.01V 11.电磁流量计是基于法拉第电磁感应定律设计的流量测量仪表，主要用于测量管道内 导电液体的体积流量，具备测量精度高、压损小、不易堵塞的特点。如图所示为电磁流 量计（即计算单位时间内流过某一横截面的液体体积）的原理图：一圆形导管直径为， 用非磁性材料制成，其中有可以导电的液体向左流动。图中磁场方向垂直于纸面向里， 大小为B,导电液体中的自由电荷（正、负离子)在洛伦兹力作用下偏转，a、b间出现 电势差。当自由电荷所受电场力和洛伦滋力平衡 时，a、b间的电势差就稳定为，则() A.电势a高b低 B.电势b高a低 C.流量2= ndy 4B D.流量g= ndU B 12.如图所示，ab边界以上，圆形边界以外的I区域中存在匀强磁场，磁感应强度为B。, 圆形边界以内Ⅱ区域中匀强磁场的磁感应强度为2B。，圆形边界半径为R,αb边界上c 点距圆形边界圆心O的距离为2R一束质量为m、电荷量为g的负电粒子，在纸面内从c 点沿垂直边界αb方向以不同速率射入磁场。不计粒子之间的相互作用。已知一定速率范 围内的粒子可以经过圆形磁场边界，这其中速率为ⅴ的粒子到达圆周边界前在I区域中 运动的时间最短。只考虑一次进出I、Ⅱ区域，则() 高二物理 (共8页) 第4页 鬓B 0 b &Ⅱx, A.可以经过圆形边界的粒子的速率最大值为 qB.R 4m B.可以经过圆形边界的粒子的速率最小值为 9BoR 2m C.速率为v的粒子在I区域的运动时间为 πR 3v 器 Tum D.速率为v的粒子在Ⅱ区域的运动时间为 2B9 二、实验题（13题8分，14题6分) 长 13.实验小组在实验室中测量一段金属丝（电阻R,约为32）的电阻率。本次实验提供 的器材，如下： 电流表A:量程1mA,内阻R=99.92: 驹 电池组E:电动势3V,内阻不计： 电压表V:量程03V,内阻约为5K2: 定值电阻R:阻值为0.12： 宫 滑动变阻器R：最大阻值102，额定电流为2A: 滑动变阻器R:最大阻值10002，额定电流为2A: 开关一个、导线若干。 5cm主尺 (1)小组同学某次用10分度游标卡尺测得金属 L 丝的长度时，不小心使部分刻度被污迹遮住了， 游标尺 10 如图所示，则该次测量的读数为 cmo 高二物理 (共8页) 第5页 罗生任 (2)小组同学调节滑动变阻器滑片时，使电压表示数能够从零开始连续变化并尽可能减少 误差，滑动变阻器应该选用 （选填“R”、“R2”),根据提供的器材在答题纸方框内 画出实验的电路图，并在电路图中标出所选器材的符号 14.现要测量某电源的电动势和内阻。可利用的器材有：电流表@：电压表V:阻值未 知的定值电阻R、R、R、R、R:开关S:一端连有金属夹P的导线1，其它导线若干。 某同学设计的测量电路如图所示。 导线1 R P R2 R3 Ra Rs (1)测量时，改变金属夹P所夹的位置，使R、R、R、R、依次串入电路，记录对应 的电压表的示数U和电流表的示数I,数据如下表所 示。根据表中数据，在图中的坐标纸上将所缺数据点 8 2.90 补充完整，并画出-I图线 2.80 I/mA 193 154 110 70 30 2.70 2.60 W 2.51 2.59 2.68 2.76 2.84 2.50 4080120160200I7iA (2)根据U一I图线求出电源的电动势E=V,内阻=2。（内阻保留2位 有效数字) 高二物理 (共8页) 第6页 霸巴全糕 三、计算题（共34分。16题9分，16题12分，17题13分） 15.如图所示，M为一线圈电阻M=0.42的电动机，R=242,电源电动势E=40V。 当S断开时，电流表的示数为I=1.6A,当开关S闭合 时，电流表的示数为I2=4.0A。求： 以 (1)电源内阻 (2)开关S闭合时流过R的电流： (3)开关S闭合时电动机输出的机械功率。 16.如图所示，xOy是平面直角坐标系，第I象限存在沿y轴负方向的匀强电场，第V象 限以ON为直径的半圆形区域内存在垂直于坐标平面向外的匀强磁场。一质量为m、电 荷量为g的带正电的粒子，从y轴正半轴上y=h处的M点，以速度y,垂直于y轴射入电 场，经x轴上x=2h处的P点进入磁场，最后从磁场边界最低点以垂直于y轴的方向射 出磁场。不计粒子重力。求： （1)电场强度的大小E (2)磁感应强度的大小B。 M ● 高二物理 (共8页) 第7页 霸国赶 17、如图所示装置由水平轨道与倾角为0=30°的倾斜轨道连接而成。水平轨道所在空 间存在磁感应强度大小为B=0.5T、方向竖直向上的匀强磁场：倾斜轨道所在空间存在 磁感应强度大小为=0.5T、方向垂直于轨道平面向上的匀强磁场。质量m=0.1kg、长 度L=1m、电阻R=0.12的导体棒ab置于倾斜轨道上，刚好不下滑；然后将电阻 =0.4Q、质量、长度与棒ab相同的光滑导体棒cd置于水平轨道上，用恒力F=4N拉 棒cd,使之在水平轨道上向右运动。棒ab、cd与导轨垂直，且两端与导轨保持良好接 触，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g=10m/s,不计轨道电阻。 (1)求ab与导轨间的动摩擦因数μ； (2)求当ab刚要向上滑动时cd速度v的大小： (3)若从cd刚开始运动到ab刚要上滑过程中，cd在水平轨道上移动的距离为=0.5m, 求此过程中ab上产生的热量O。 高二物理 (共8页) 第8页 霸巴金任2025一2026学年上学期期末考试 高二年级物理试题答案 一、选择题 1、【答案】A 【详解】AB.根据磁场的定义可知场是存在于磁体或电流周围的一种特殊物质，不是理想 化模型，故A正确，B错误； C.磁体的周围存在磁场，而磁感线是假想的，故C错误； D.磁体间的相互作用是通过磁场作为媒介产生的，故D错误。 2、【答案】D 通电直导线产生稳定的磁场，离导线越远磁场越弱，磁感线越疏，则当线框靠近通电导线， 线框的左侧边框没有通过导线所在位置时，穿过线框的磁感线的条数越来越多，磁通量将 逐渐增大，当线框平移到虚线位置，此时直导线正好平分矩形线框，故磁通量逐渐减小， 直至为零，故D正确，ABC错误。 3、【答案】C 【详解】 91 92 AB.如图所示 作出电场线，可知x,处合场强为0，则Q和Q,在P处场强大小相等，方向相反，根据B=k9 知，a的电荷量大于b的电荷量，a、b都是正电荷，AB错误： C.只在电场力作用下负电荷从靠近a处沿x轴移到靠近b处，电场力先做负功后做正功， 故速度先减小后增大，C正确： D.根据B=人号知，只在电场力作用下负电荷从靠近a处沿x轴移到靠近b处，加速度先 减小后增加，D错误。故选C 4、【答案】A 【详解】A.最终A1与A2的亮度相同，由图可知两条支路电阻相同，所以变阻器R接入电 路的电阻值与L的电阻值相同，故A正确： 第1页共8页 B.闭合S瞬间，由于L的自感作用，L中电流小于变阻器R中电流，故B错误： C.闭合S,电路稳定后，由于两灯亮度相等，电流相等，故C错误： D.因为稳定时两灯电流相等，故断开S的瞬间，两灯都逐渐变暗，故D错误。 5、【答案】A 【详解】导体中的电流为I=eS, 导体的电阻为R=PS 导体两端的电压为U=R 场强为B=Y 联立解得E=pMe',故选A 6、【答案】B 【详解】ABC.在潜水器完成科考任务上浮的过程中，压力传感器的电阻增大，电路总电 阻增大，总电流减小，通过显示器的电流减小；电源的总功率减小：电源内电压减小，路 端电压增大，而R。两端电压减小，所以压力传感器两端的电压增大，综上所述可知AC错 误，B正确； ER E P=IR= D.设传感器的电阻为R,则其功率为 (R+R+刀R+风++2风，+r） R 根据数学知识可知当R=Ro+r时，P最大；当R<Ro+r时，P随R的增大而增大；当R>R+1 时，P随R的增大而减小。由于不知道开始时R与Ro+r的关系，所以无法判断传感器的功 率变化情况，故D错误。故选B。 7、【答案】D 【详解】 AB.电容器与电源保持连接时电容器两极板间的电压U不变，上板下移（板间距d减小）。 由公式c=ES 可知电容C将增大； 由公式C=是可知电容器带电量Q将增大： 4πd U 由公式E。=二可知两极板间的场强增大； d P点电势为P为负值，设P点到上板的距离为x,则p=-Ex x减小，所以P变大，选项A、B错误； CD.断开电源后电容器带电量O不变，上板下移（两极板间距d减小）。 第2页共8页 由公式C=ES 4πkd ,可知，电容C将增大： 由公式C= 9可知电容器两极板间电压V将减小： 由E。= d,c=0 4元kd'三式可解得E,=π U,C= 由此可知两极板间的场强不变，由p=-E,x可知P变大，选项C错误、D正确。故选D。 8、【答案】C 【详解】A.小球能从管口处飞出，说明小球受到指向管口的洛伦兹力，根据左手定则判断， 小球带正电，故A错误： B.洛伦兹力的方向始终与小球的运动方向垂直，洛伦兹力不做功，故B错误： C.设管子运动速度为1，小球垂直于管子向右的分运动是匀速直线运动，小球沿管子方向 受到洛伦兹力的分力F=B，q、M、B均不变，F不变，则小球沿管子做匀加速直线 运动，与平抛运动类似，小球运动的轨迹是一条抛物线，故C正确： D.设小球沿管子的分速度大小为v2,则小球受到垂直管子向左的洛伦兹力的分力F=B 2增大，则2增大，而拉力F=F2则F逐渐增大，故D错误。故选C。 9、【答案】AD 【详解】A.电压表V1测的是原线圈电压，也就是输入电压，正弦式交流电的有效值是峰值 的5倍，所以电压表m的示数是5OV,选项A正确： 2 B因原、副线圈匝数比为2：1，所以副线圈两端电压为25V,电压表V2测的是R两端电压， 应该小于25V,选项B错误： C.若将变阻器的滑片P向上滑动，卫，电阻减小，R阻值不变，R,分得的电压变小，V2减 小，选项C错误； D若将变阻器的滑片P向下滑动，电压表V1测的是原线圈电压，也就是输入电压，V1不变， 选项D正确。 故选AD。 第3页共8页 10、【答案】BC 【详解】A.金属棒PO产生的感应电动势E=BIv 代入数值得E=0.05V A错误； E B.通过电阻R的电流大小 I= 代入数值得 I=0.01A B正确； R+r C.金属棒PQ受到的安培力 F=BIL=0.001N 金属棒PQ做匀速直线运动 则F=F=0.001N C正确： D.P、Q两点间的电势差 U-R 代入数值得U=0.048V D错误。 故选BC。 11、【答案】BC 【详解】AB.导电的液体向左流动。根据左手定则，正电荷向下偏转，负电荷向上偏转， 所以电势b高a低。A错误，B正确； U CD.当自由电荷所受电场力和洛伦兹力平衡时，有 TvB= 流量为 0=vs=vid 4 解得Q= πdU C正确，D错误。 4B 故选BC 12【答案】BD 【详解】AB.粒子在磁场中做圆周运动由洛伦兹力提供向心力有 gvB=m- 可得 R R=Iv 则粒子速度越大，轨迹半径越大，如图甲所示，当粒子从Ⅱ区域右侧经过圆 9B 形磁场边界时，半径最大，此情况下粒子的速度最大，由几何关系得r= 3 代入数据可得最大速度为 3qB,R 2m 当从Ⅱ区域左侧经过圆形磁场边界时，粒子轨迹对应的半径最小，此情况下粒子速度最小， 第4页共8页 由几何关系得r= R 代入数据得最小速度为 qB。R 故A错误，B正确； 2 2m 2πr2πm C.粒子在磁场I中运动周期 T= gB 设粒子经过圆形磁场边界时，在磁场I中偏转的圆心角为日，则粒子在磁场中运动的时间 θm f= -T= 2πqB。 则粒子偏转的圆心角越小，到达圆周边界前在I区域中运动的时间越短，由几何关系可得， 速率为，的粒子到达圆周边界前在I区域中运动的时间最短的运动轨迹如图乙所示 ① 2 ×RxO×× 、××Ⅱ×/ 甲 由几何知识可知，时间最短时r三R 对应的圆心角0=120° 120°2R2R 可得在I区域的时间t= 360°y3y 故C错误： D.如图乙所示，当进入Ⅱ区域磁场后，做圆周运动的半径互= mv R 2Bg 2 由？<R与对称性可知，粒子能在Ⅱ区域做半个圆周运动，运动时间为 T 2n 1 T t2=1 22B9 故D正确。 故选BD。 2 2Boq 第5页共8页 13、【答案】①.4.18(3分)②.R(2分)③.(3分) 14、【答案】①.图见解析(2分)②.2.90(2.89-2.91)（2分) ③.2.0(1.9-2.1)（2分) 【详解】(1)[1]在图中的坐标纸上将所缺数据点补充完整，画出 U一I图线如图所示： ◆UV 2.90 (2)[2]由电源I图象与纵轴的交点可以知道电源电动 2.80 势E=2.90V; [3]电源内阻：7=4V=290-2.51 2.70 2.02 △I 0.193 2.60 2.50 0 4080120160200ImA 15、【答案】(1)12：(2)1.5A:(3)87.5W 【详解】（1)当S断开时，根据闭合电路欧姆定律得 2 E=I(R+r）… 得= E-R= 40 2-242=12 1.6 (2)开关S闭合时，路端电压为 2=E-I2r=40V-4A×12=36V.2' 流过R的电流为1三号-36A1.5A卫 R24 (3)流过电动机的电流为1M=12一IR=4A-1.5A=2.5A.1 电动机输出的机械功率P=U,1M一5u=87.5W… .2 16、【答案】(1)E= :2)B=2+V2 2gh 2hq 【详解】(1)由题意得，带电粒子垂直y轴进入电场后做类平抛运动，则有 第6页共8页 2h vot 1) gE ma 1 联立解得 2gh (2)带电粒了由M到P点过程，运用动能定理得Egh=}w- 2 1 解得v=√2v, 1 又v=V+好 所以V,=o tamn9=兰-l 0=45° 粒子进入匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，如图所示 v2 则qvB=m ]》 又由几何关系得r+rcos0+rsin0=2h 3 联立解得B=(2+V②)出 2hq 1) 第7页共8页 17、【答案】(1) ；(2)2m/s;(3)0.36J 3 【详解】(1)设b棒受到的最大静摩擦力大小为fm,ab刚好不下滑有 g1n=fm.①.................1' fm=gc0s8②.... 由①②式并代入数据得u 5 3 …1 (2)b棒刚要向上滑动时，受力分析如图 kB 对ab棒有 gsin6+fm=Fx④.....2' F安=BL..⑤........1 E I= R+R .⑥ E=BLw.⑦... 1 由①-⑦式并代入数据得v=2m/s.⑧... (3)从cd刚开始运动到ab刚要上滑过程中，假设系统产生的总焦耳热为P急 对b、cd系统，由能量守恒定律得号2+0。…⑨.2 R Cab=R+R .⑩.. 由⑧⑨⑩式并代入数据得Q=0.36J。. 第8页共8页