安徽省滁州中学2025-2026学年高一上学期2月期末物理试题

高一期末试卷 物 理 考生注意： 1.满分100分，考试时间75分钟。 2.考生作答时，请将答案答在答题卡上，选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对 应题日的答案标号涂黑：非选择题请用直径0,5毫米黑色墨水茶字笔在答题卡上各题的答题 区城内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效 一，单项选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项 是符合题目要求的。 1.北京时间2025年10月31日23时44分，搭载神舟二十一号载人飞船的长征二号F证二十 一运载火箭在酒泉卫量发射中心点火发射，约10分钟后，飞船与火箭成功分离，神舟二十一 号载人飞船人轨后，于北京时间2025年11月1日3时22分，成功对接于空间站天和核心舱 前向端口，整个对接过程历时约3.5小时，创造了神舟飞船与空间站交会对接的最快纪录.下 列说法正确的是 A.23时44分是时间间隔 B.3.5小时是时刻 C对接后以空间站为参考系，载人飞船是运动的 D.研究飞船和空间站对接过程，空间站不能看作质点 2.爱因斯坦对于伽利略的工作给予了高度的评价：伽利略的发现以及他所应用的科学推理方法 是人类思想史上最伟大的成就之一，而且标志着物理学的真正开始.伽利略对自由落体运动 的研究，是科学实险和逻辑思维的完美结合，如图所示，可大致表示其实验和思维的过程，对 这一过程的分析，下列步骤排序正确的是 乙丙门 如利略对自由落体运动的研究（袖画） 血利略对自由落体运动的研究（示意图） ①数学推理：如果c1,初速度为零的匀变速直线运动应符合x心 ②合理外推：当倾角等于90时，斜面运动变为自由落体运动 ③实验验证：小球在斜面上运动符合x心，是匀加速直线运动 ①猜想假设：自由落体运动是最简单的变速运动，即c A,④3D①② H.④①①83③2 C.①④② D.④①②③ 【高一期末·物理卷第1页（共6页）】 3.为了测量瑞床运动员跃起的高度，在弹性网上安装压力传感器记录弹性网所受的压力，作出 图像如图所示.重力加速度g取10m/s2,不计空气阻力，则 A2.3一4.3s时间内，平均速率为零 B.2.3一4.38时间内，速度变化量为零 C.2.3~4.3s时间内，速度变化率为零 AAA。 D.运动员跃起的最大高度是5.0m 4,如图所示，竖直轻弹簧周定在水平地而上，小球自点由静止自由下落，到b点时接触弹簧。 到c点时把弹簧压缩到最短，然后会返回到a点，不计空气阻力，关于小球由c-+a的运动过 程中，下列说法正确的是 0…d A.小球经过b点时速度最大 B由+b的过程中，加速度先增大后减小 C由c+b的过程中，速度先增大后减小 772mT D.由c+b的过程中，加速度方向不变 5.如图，经杆BC一端直接周定在竖直墙上，另一端为轻质定滑轮.如图b所示，轻杆HG一端 用饺链固定在竖直墙上，另一端通过细绳EG拉住，∠EGH一30°，另一轻绳GF悬挂在轻杆 的G端，也拉住一质量为M的物体，重力加速度为g.下列说法正确的是 309 图a 图b A图a中BC杆对滑轮的作用力大小为Mg B图b中HG杆弹力大小为Mg C.轻绳AC段张力Tc与轻绳EG段张力Te大小之比为1·1 D.轻绳AC段张力Tc与轻绳EG段张力TE大小之比为2：1 6.如图所示，O、A、B、C、D在同一圆周上，OA、OB、OC、OD是四条光滑的弦，若一小物体由静 止从O点开始下滑到A、B、C、D所用的时间分别为tA,la、1c、tD,不计空气阻力，则 At<t<tc<tp B.IA>t8>te>Ip C.IA=-c-lp D.无法判断 【高一期末·物理卷第2页（共6页）】 7.从历史悠久的西湖古桥群到现代化的鹅城大桥，都是惠州拥有的丰富的桥梁资源.如图将四 块相同的坚固石块垒成圆弧形的石拱，其中第3、4块周定在地基上，第1、2块间的接触面是 竖直的，每块石块的两个侧面间所夹的圆心角均为30°，假定石块间的摩擦力忽略不计，则第 1,2块石块间的作用力F,和第1,3块石块间的作用力下F:的大小之比为 八32 B.12 C√513 D.31 8.几个水球可以挡住子弹？《国家地理颊道)实验证实：四个水球就足够」如图所示，四个完全 相同的水球紧挨在一起水平排列，子弹在水球中沿水平方向做匀减速直线运动，恰好能穿出 第四个水球（不考虑水球的形变），下列说法正确的是 A.由题目信息可以求得子弹依次穿过四个水球的时间之比为1·(W2一1)：（√3一√2）：(2一√3) B.子弹穿过任意相邻水球的时间相同 C.子弹在穿出第二个水球瞬间的速度小于全程的平均速度 D.子弹穿出第三个水球的瞬时速度与全程的平均速度相等 二、多项选择题：本题共2小题，每小题5分，共10分。每小题有多个选项符合要求。全部选对 的得5分，选对但不全的得3分，有错选的得0分。 9抛绣球作为传统体育项目被列人全国民族运动会正式比赛项目，其起源可追湖至古代用于狩 猎的“飞砣”，若在比赛中，一名运动员将“绣球”（可视为质点）竖直向上抛出，“绣球”在到达最 高点之前，最初0.4s内上升的高度与最后0.4s内上升的高度之比为5：1，不计空气阻力， 重力加速度为g=10m/s,则 A“绣球”在最后0.4s内上升的高度为1.2m B.“绣球”在最初0.4s中间时刻的速度大小为10m/5 C.“绣球”上升的时间为1.2s D.“绣球”上升的最大高度为8.4m 10.物块a、b中间用一根轻质弹簧相连，放在光滑水平面上，m,=3kg,如图甲所示.开始时两物 块均静止，弹簧处于原长，=0时对物块α施加水平向右的恒力F,=2s时撤去恒力F,在 0~2器内两物块的加速度随时间变化的情况如图乙所示，弹簧始终处于弹性限度内，整个运 动过程中，以下分析正确的是 a/(ms) A恒力F大小为6N B.物块b的质量为m=2kg C0一2s内物块a与物块b间的距离一直在增大 wwwa+F D.2s后两物块将一起做匀速运动 甲 【高一期末·物理卷第3页（共6页）】 三、非选择题：本题共5小题，共58分。 11,(6分)(1)某同学在“探究力的合成规律”的实验中，将一木板竖直平行放在快架台和轻弹簧 所在平面的后面，组装成如图甲所示的装置，其部分实验操作或分析如下，请完成下列相 关内容： 位：N ①卸下钩码，然后将两细凯套系在弹簧下端，用两弹簧测力计按图乙所示，将轻弹簧末端 拉到同一位置O,记录细绳套AO、BO的方向及两弹簧测力计相应的读数.其中右侧 弹簧测力计的读数为 ②木实验采用的科学方法是 (填标号). A逻辑推理法 B.等效替代法 C控制变量法 D.建立物理模型法 (2)如图丙所示，某同学在实验中保持O点的位置不变，初始时，a十90°，现使a不变，缓 慢增大至90°.则此过程中，有关两弹簧测力计示数F、Fa的变化情况，下列说法正确的 是 (填标号) AFa减小，Fa减小 BFA增大，Fa增大 C.FA减小，Fa先减小后增大 D.FA增大，Fa先减小后增大 12(10分)做“探究加速度与力、质量的关系”实验时，图甲是教科书中的实验方案. 带块 打点计时器 布轮的长板 1420112611321J 单位：cm -小械 乙2 (1)某同学在实验中打出的一条纸带如图乙所示，图中A、B、C、D…表示连续的计数点，每 两个计数点间还有四个点设有标出.已知打点计时器打点频率为50Hz,则打点计时器 打下点C时小车的速度c= /s(结果保留两位有效数字)，通过对纸带数据分 析，得到小车的加速度为a= m/g(结果保留两位有效数字)： (2)本实脸中要求实验结果尽可能准确，要求小车的质量 小桶和桶内砝码质量（填 大小关系)： 【高一期宋·物理卷第4页（共6页）】 (3)某实验小组改用图丙所示的实验方案研究加速度与力F的关系，其主要操作步骤 如下： 打点计时器 丙 (I)挂上总质量为m的托盘和砝码，调整木板的倾角为a,使质量为M的小车拖着纸带 沿木板匀速下滑，不计空气阻力，重力加速度为g,此时小车与纸带所受总摩擦力为 (用题中所给字母表达)： (Ⅱ)取下托盘和砝码，让小车沿木板下滑，测出加速度a: (日)据题中现有条件，推导出加速度表达式满足：a= (用题中所给字母表达)： (N)改变砝码质量和木板倾角，重复(I)(Ⅱ)多次测量，通过作图可得到加速度：与力 F的关系，请对比以上两种方案，说出图丙方案的优点是 13.(12分)如图所示，半径为r的光滑球B放置在竖直墙壁和半球A之间，A的半径也为r,两 球球心在同一竖直平面内.已知A、B的质量分别为2m和3m,A的球心到墙角的距离为 2,A与水平地面间的动摩擦因数：=0.6，系统处于静止状态，重力加速度为g,最大静摩擦 力等于滑动摩擦力，求： (1)竖直墙壁对B球的弹力F,大小和A球对B球的支持力FA大小： (2)将A球向右移动至A球恰好不滑动的位置，此时B球与地面不接触且系统仍能处于静 止状态，求此状态下： ①整直墙壁对B球的弹力大小F,': ②B球球心距水平地面的高度H, 【高一期末·物理卷第5页（共6页）】 14.(14分)2025年，我国对高速公路ET℃（不停车电子收费）系统进行了全面升级，通行效率大 幅提升.汽车通过ET℃通道的流程如图所示.为简便计算，假设汽车以=30/s的速度 )收费站沿直线匀速行驶，要过ET℃通道，需要在收费站中心线前d=10m处正好匀减速 至功=5m/s,匀速通过收费站中心线后，再匀加速至场=30m/s正常行驶.设汽车匀加速 和匀减速过程中的加速度大小均为a=1m/s2,忽略汽车车身长度. 收费站 d-10m 中心线 行驶方向。 匀速行驶区间 ETC通道 (1)汽车过ET℃通道时，求从开始减速到恢复正常行驶过程中所需要的时间： (2)汽车过ET℃通道时，求从开始减速到恢复正常行驶过程中的位移大小： (3)提速后汽车以边=10m/s的速度通过匀速行驶区间，其他条件不变，求提速后汽车过 ET℃通道过程中比提速前节省的时间， 15.(16分)自动卸货装置的设计体现劳动人民的智慧.如图所示，A点为货物装载位置，水平直轨 道AB段为长度L=1m的加速路段，BC段为长度La=12m的水平传送带，传送带始终以速 率v=10m/s顺时针转动，CD段可视为光滑，轨道右端周定一轻弹簧.在A点工人将货物装入 一个质量为M=10kg的货箱中，并以恒定水平推力F=300N推动货箱与货物，使之从A点 由静止开始运动到B点.若某次装载货物质量为m(未知)，到达B点时速度■4m/s,同时 撇去推力，货箱和货物滑离传送带后压缩弹簧，弹簧压缩到最短时立即被锁定，待取走货物后 解除弹簧锁定，弹簧把货箱弹回C点，已知货箱两次经过C点的速度大小相等，货箱恰好能返 回货物装载位置A点.货箱和货物均可视为质点，货箱与AB轨道之间的动摩擦因数出=0.2， 货箱与传送带间的动摩擦因数也=0.4，货物在货箱中始终与货箱保持相对静止，传送带与 AB、CD轨道在B、C两点平滑相接，取重力加速度g=10m/s,求： (1)货箱所装载货物的质量m1是多少？ (2)货箱和货物在传送带上从B点运动到C点所需时间tc是多少？ (3)若工人推力不变，要求货箱恰好回到货物装载位置A点，求货箱所装载货物的最大质量 2是多少？ 【高一期末·物理卷第6页（共6页）】高一期末·物理 参考答案、提示及评分细则 一、单项选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要 求的。 题号 1 2 3 勾 6 7 8 答案 D B D C A C A D 二、多项选择题：本题共2小题，每小题5分，共10分。每小题有多个选项符合要求。全部选对的得5分，选对 但不全的得3分，有错选的得0分。 题号 10 答案 BC ABC 1.D23时44分是时刻，A错误：3.5小时是时间，B错误；对接后以空间站为参考系，载人飞船是静止的，C错 误；研究飞船和空间站对接过程，空间站不能看作质点，D正确. 2.B伽利略对自由落体的研究分为：猜想假设→数学推理→实验验证→合理外推几个步骤 3.D根据F一1图像可知，在2.3~4.3s内对蹦床的压力为零，即运动员在做竖直上抛运动，且竖直上抛时间 为=4.3一2.3s=2s,根据上抛对称性可知，下落时间为=1=1s,2.35和43s,运动员虽然在同一位 置，但2.3~4.3s时间内路程不为零，平均速率也不为零，A错误；2.3s和4.3s,速度大小相同，但方向相 反，速度变化量不为零，B错误；两小球均未落地前，速度变化率相同，为g,C错误；运动员跃起的最大高度为 h=号gi=5.0m,D正确， 4.C小球从c到b过程中，开始时弹簧弹力大于重力（合力向上），小球向上加速，当弹簧弹力等于重力时，加 速度为零，速度最大，此位置在c、b之间，不是b点，所以经过b时速度不是最大，A错误；小球在cb段，弹簧 弹力逐渐减小，开始弹力大于重力，合力向上且逐渐减小，加速度向上且逐渐减小：后来弹力小于重力，合力 向下且逐渐增大，加速度向下且逐渐增大，所以加速度先减小后增大，B、D错误；小球在cb段先加速（弹力大 于重力时)后减速（弹力小于重力时），C正确. 5.A图a中两绳的拉力大小都等于Mg,夹角为120°，则两绳拉力的合力大小为Mg.分析滑轮受力如图所示， 滑轮受到杆的弹力和两绳的拉力而静止，所以杆对滑轮的弹力与两绳的拉力的合力等大反向，因此BC杆对 滑轮的作用力的大小为Mg,A正确：图b中分析HG杆G端的受力：G端受到绳EG的拉力、绳GF的拉力 和HG杆的弹力，如图所不由图中儿何关系求得F=。瓷=5g,B错误：由选项B中的受力图可得 Te=2Mg,所以牙产-盖-名.C,D错说 30° G 30 F YFCD-Mg FGF=Mg 图a 图b 【高一期末·物理卷参考答案第1页（共4页）】 6.C物体沿光滑斜面下滑，根据牛顿第二定律可得mngcos0=ma,解得物体的加速度a=gcos0,0是斜面与竖 直方向的夹角，在斜面上的位移：与圆的半径的关系s=2R©os0,由运动学规律2Rcos0=7aP,联立解得1 ，可见运动时间与斜面长度及其倾斜程度无关，选C 一Ng N 7.A如图对第一个石块进行受力分析，受到重力和两个支持力，由图中几何关系知 N与竖直方向夹角60，所以有Ne:Ng=血60-号进A 8.D四个完全相同的水球紧挨在一起水平排列，子弹在水球中沿水平方向做匀变速直线运动.恰好能穿出第 四个水球，逆向思维可看成反向的初速度为零的匀加速直线运动，根据匀变速直线运动的规律，子弹依次穿 过4个水球的时间之比为t:2::t4=(2一)：(5一√2)：(W2-1):1,A错误，子弹并非做匀速直线 运动，所以在每个球中的运动时间不同，B错误；根据平均速度公式0=二，设每个水球的宽度为x,逆向思维 根据速度位移公式2a.x=,子弹在穿过第二个水球瞬间的速度有2a·2x=,解得2=2√az,子弹的初 速度2a·4x=,解得u=2√2a,根据匀变速直线运动平均速度公式=十”，全程的平均速度为u 2 0”=√2，可知子弹在穿过第二个水球瞬间的速度大于全程的平均速度，C错误；逆向思维根据速度位 2 移公式，子弹穿出第三个水球的瞬时速度2a.x=,解得=√2a.x,可知子弹穿出第三个水球的瞬时速度与 全程的平均速度相等，D正确. 9C抛出的“绣球”做竖直上抛运动，可看成自由落体运动的逆运动，由运动学公式=号g,可得“绣球”开 始0.4s内下落的高度=7×10X0.华m=0.8m,即“绣球”做竖直上抛运动最后0.4s内上升的高度M 生 =0.8m,A错误：最后0.4s内下落的高度=4m,最后0.4s中间时刻的速度v=0.4m/s=10m/s,放“绣 球做竖直上抛运动最初Q.4s巾间时刻的速度大小是10m/s,B正确，“绣球~上升的时间1一吕s十6.2s= 1.2s,C正确；“绣球”上升的总高度g=号×10X1.2m=7.2m,D错误 10.ABCt=0时，弹簧弹力为零，对a,根据牛顿第二定律可得F=m.ao=6N,A正确；t=2s时，a、b整体加 速度相同，对整体，根据牛顿第二定律可得F=(ma十w)a1=6N,解得m6=2kg,B正确；a一t图线与横轴 所围图形的面积表示速度的变化量，由题图乙可看出，0~2s(0时刻除外)内α的速度一直大于b的速度， 所以0~2s内物块a与物块b间的距离一直在增大，C正确：a一t图线与横轴所围图形的面积表示速度的 变化量，由题图乙可看出，t=2s时α的速度大于b的速度，所以撤去力之后，弹簧在之后的一段时间内会继 续伸长，a将做减速运动，b将做加速运动，并不能一起做匀速运动，D错误. 三、非选择题：本题共5小题，共58分。 11.(1)①11.40②B(2)B(每空2分) 解析：(1)右侧弹簧测力计分度值为0.1N,估读一位，读数为11.40N;若把两细绳套对弹簧的拉力定义为 分力，则与两分力可等效的合力是指钩码对弹簧下端的拉力，即本实验采用的科学方法是等效替代法； (2)保持O点的位置不变，即两弹簧测力计拉力的合力保持不变，现使α不变，3缓慢增大至90°，运用力的 矢量三角形图解法，如图丙所示，随着3增大，FB由1位置转至2位置的过程中，F增大，FB增大.故选B. B 【高一期末·物理卷参考答案第2页（共4页）】 12.(1)0.23(2分)0.60(2分)(2)远大于(1分) (3)Mgsina一mg(2分)肾(2分)方案的优点是无系统误差(1分) 解析：(1)打点计时器的工作频率为50Hz,每隔0.02s打一次电，每相邻两点之间还有4个记录点未画出， 共5个0.02s,放T=0.1s:匀变速直线运动中，平均速度等于中间时刻的瞬时速度：t=票-20兰1 27 2×0.1 ×102m/s≈0.23m/s,由逐差法可求得加速度为4=g=,c=③.21+2.61)2.01+1.4× △t 4T2 4×0.01 10-2m/s2=0.60m/s2: (2)只有小车的质量远大于小桶和桶内砝码质量，小车加速度α才满足与F(小桶和桶内砝码重力)成正比； (3)图丙方案中设斜面倾斜角为a,小车质量M,托盘砝码质量m,匀速直线运动时有Mgsin a=f十mg,所以 此时小车和纸带所受总摩擦力为Mgsin a一mg,取下托盘和砝码，有Mgsin a一f=Ma,即mg=Ma,得a= 肾，该方案不需要满足M>m,测量更精确，所以对比两种方案，图丙方案优点是无系统误差， 13.解：(1)根据题意，对B受力分析，如图甲所示 方法一：由平衡条件及正交分解有 FA cos0=Fr(2分)，Fa sin0=3mg(2分) 由几何关系可得c0s0作云-子，sim0=号 00 联立解得F1=23mg(1分)，Fr=√3mg(1分) 777777777777777n77777 甲 方法二：由平衡条件有，=3mgm2分)，P-%2分) 由几何关系可得e0s0广云=子sn0=号，am0=厅 F1=23mg(1分)，Fr=3mg(1分) 整 体 (2)①对A、B整体受力分析，如图乙由平衡条件可得Fv=5mg(1分) 当地面对A的摩擦力达到最大静摩擦力时，A球恰好不滑动，有 fm=Fv(1分)，Fr'=fm=3mg(1分) 5mg 乙 ②设此时两球心连线与水平面夹角为，则am0-(1分) 解得0=45(1分) 由几何关系可得，B球球心距水平地面的高度H=2rsin45°=√2r(1分) 14.解：(1)匀减速过程中，)=一at(1分) 解得t1=25s 匀速过程中d=t2(1分) 解得t2=2s 由对称性可知，匀加速时间t3=t1或h=1十at(1分) 故总时间t=t右十t2十，t=52s(1分) (2匀减速过程中=之（十4(1分） 解得x1=437.5m 由对称性可知匀加速过程中x2=x1(1分) 故总位移x=+2十d(1分) x=885m(1分) (3)提速后减速时间2=w一at'1(1分) 【高一期末·物理卷参考答案第3页（共4页）】 解得t1=20s 提速后减速位移4'=g《1分) 解得x诚'=400m 由对称性可知提速后汽车过ET℃通道时，从开始减速到恢复正常行驶过程中的位移大小 x=x诚'十'+x加'=810m(1分)》 由对称性可知加'=械'=20s,么'=4=1s(1分) 7 因为其他条件不变，所以提速前后总位移大小不变 te'=毯-工+城'+t6'+t加'=43.5s(1分) 则节省的时间△=1总一t总'=8.5s(1分) 15.解：(1)从A到B工人推动货箱与货物过程，由运动学公式：一0=2a1L1(1分) 解得a=8m/s2(1分) 由牛顿第二定律：F-(M十m)g=(M十)a1(1分) 解得：m1=20kg(1分) (2)在传送带上货箱与货物先做匀加速直线运动再做匀速直线运动 由牛顿第二定律：2(M+m1)g=(M十m1)a2(1分)解得：a2=4m/s 匀加速时间1=”一边=1.5s(1分) 匀加速运动的位移==10.5m1分)（或者=4=10.5m 2a2 匀速时间=二1=0.15s(1分) 从B点运动到C点所需时间t=t(十2 代入数据解得tc=1.65s(1分) (3)当货箱与货一直加速到C点时速度恰好为10m/s时，货箱所加载货物的质量2最大.设货箱和货物到 达B点速度为3 从B点到C点过程，由牛顿第二定律：2(M十2)g=(M十2)ag(1分)解得：a=4m/s2(1分) 从B点到C点过程，由运动学公式：一=2aL2(1分)解得%=2m/s 从A到B推动货箱与货物过程，加速度为a4,有=2a4L1(1分)解得：a4=2m/s2(1分) 由牛顿第二定律：F-(M十2)g=(M十2)a4(1分) 解得：2=65kg(1分) 所以货箱所加载货物的最大质量为65kg. 【高一期末·物理卷参考答案第4页（共4页）】