江西省吉安2025-2026学年高二上学期期末教学质量检测物理试题

高二上学期期末教学质量检测 2026.2 物理试题参考答案及评分标准 题号12345678 910 同号电荷会远离，形成“屏蔽层”。屏蔽层会抵消外来电荷 答案A BDBA BD AD AC 的大部分电场，使电场仅在德拜长度，内显著存在，超 1.【答案】A 过入后，等离子体重现“准中性”，电场强度近似为零。 【解析】法拉第从中领悟到，“磁生电”是一种在变化、 试探电荷+Q在距离其2入，处的电场背离试探电荷，故等 运动的过程中才能出现的效应。于是，他又设计并动手做 了几十个实验，使深藏不露的各种“磁生电”的现象显现 离子体在距离试探电荷十Q为2入，处的电场指向试探电 而出。故A正确：麦克斯韦电磁场理论指出：变化的磁场 产生电场（法拉第电磁感应定律的推广），变化的电场产 简。因此，选项C正确。在距离试探电荷+Q为)，处 生磁场（位移电流假说），故B错误：卡文迪什通过扭秤 距离试探电荷十Q的电场未被屏蔽而背离试探电荷，选项 实验测定了万有引力常量，而静电力常量是库仑通过库仑 D不正确： 扭秤实验测得的，故C错误：年轻的爱因斯坦认识到了普 7.【答案】C 朗克能量子假设的意义，他把能量子假设进行了推广，认 【解析】滑块P从A运动到C过程，根据机械能守恒 为电磁场本身就是不连续的。也就是说，光本身就是由一 个个不可分割的能量子组成的，这些能量子后来被叫作光 g(+R-m2,又h=R,代入可得e=2R=4m/s。 子。故D错误 2.【答案】B 在最低点C处，根据牛顿第二定律R一mg=m三，解得 【解析】鱼儿在水下看岸边游客，所以光线的传播方向应该 FN=50N。根据牛顿第三定律知小球P对轨道的压力大小 是从空气射向水里，根据光的折射规律可知，当光由空气斜射 为50N,方向竖直向下，故A、B项错误。弹簧被压缩过 入水中时，发生折射，且折射角小于入射角 程中，当两球速度相等时，弹簧压缩量最大，弹簧具有最大 3.【答案】D 弹性势能，根据系统动量守恒v。=(M+m)v,根据机械能 【解析】磁体内部的磁场方向与磁体外部的磁场方向相反， 当金属圆环从条形磁铁的左侧α位置匀速移动到中部b位 守恒定锋店=片a+联立解符。名 1 置时，穿过圆环的磁通量增大，方向向右：从b位置到c 3 位置时，穿过圆环的磁通量减小，方向也向右。因此，选 故C正确。 项D正确。 小球P在碰到弹簧后，PQ弹簧系统在前进的过程中动量 4.【答案】B 守恒，机械能守恒，故D错误。 【解析】黄豆落在秤盘上的速度大小为v=√2gh 8.【答案】BD 【解析】静电平衡时，电荷只能分布在导体外表面，不会 设持续倾倒黄豆的时间为t,则单位时间落在秤盘上的黄 在球内表面积累，则A选项错误。下方滚轮带负电荷， 豆数量为n= 2000 ,黄豆对秤盘的撞击力远大于黄豆的 使得下方金属刷感应出正电，故B正确，下方金属刷附 近空气电离，会使得接地导线产生向上的电流，故D选 重力，故重力可以忽略，设单个黄豆的质量为。，由动量 项正确。电荷既不能创造，也不能消灭，只能从一个物体 转移到另一个物体，或从物体的一部分转移到另一部分。 定理得，F△t=2,y方程两侧根据时间累计求和可得 起电机的本质是“分离和转移已有电荷”（摩擦起电、感 t=2y,由读数可知F='g,联立可得 应起电都是电荷转移)，并非“产生电荷”，总电荷量始 h=mgr 终守恒，则C选项错误。 =0.8m=80c 9.【答案】AD 8m2 【解析】质点P比质点Q晚0.6s第一次到达波峰，所以 5.【答案】A 波沿x轴正方向传播。故A正确：质点Q到达波峰时， 【解析】滑动变阻器向下移动时，连入电路的阻值变小 故外电路的总电阻变小，根据闭合电路的欧姆定律，总电 质点P需要振动二T到达波峰，所以二T=0.6s,即 3 3 流变大，所以路端电压U=E-r变小，所以V示数减 T=0.9s。由波形图可知，此波的波长=40cm=0.4m 小，内阻和R,所占电压增大，所以并联部分电压减小， 即V,示数减小，根据欧姆定律可知，通过R的电流减小， 淡波的传播德度大小为v=子-8音m604m,放B 而总电流增大，所以通过滑动变阻器的电流增大，即A 错误：质点P和Q位移大小相等、方向相反，但它们平 示数增大。故BC错误，A正确。而U=E-r, 衡位置之间的距离不是半个波长的奇数倍，位移不是总是 U,=E-I(R+r),电压表V1、V2示数变化的绝对值 相反，所以两质点振动步调不是相反，故C错误：波的 传播速度由介质决定，振动频率增大，波速不变。 分别为△U和△U2,所以△1=r△I,△U2=(R1十r)△I, 10.【答案】AC △<△U2,故D错误。 【解析】根据电路可知用1和2接线柱时电流表的量程 6.【答案】C 【解析】试探电荷+Q产生的电场向外背离试探电荷，不 分别为=+8+R) R ,2=+8十公，则有1之12 会因为等离子体的存在而为0，故AB均错误。当外来电 根据欧姆表的原理，中值电阻等于内电阻，所以“×1”和 荷放入等离子体中时，等离子体中的异号电荷会向其聚集， “×10”的欧姆表内阻之比为1：10：当调零时，满偏电流 高二物理参考答案第1页（共2页） E 14.【答案】(1)0=45(6分)(2)见解析(6分) 满足：文，所以内阻越大对应的电流表量程越小， 【解析】受力分析如图所示 所以I,=10I,,则9R=R, 11.【答案】(1)铝球(2分) (2)ABC(2分) (3)19R(3分) 【解析】(1)经过一系列碰撞后发现上方小球比初始位 置高出很多，所以铝球在上方，铁球在下方。 (2)实际的运动可能存在碰撞过程能量损失，空气阻力， 以及与直尺存在摩擦，与小球实际质量无关。 (3)由于两球同时静止释放，所以两球下落的高度均为 4R,设此时它们的速度大小为V。,由v=2gh=8gR可得 设此时弹力绳的伸长量为1，小球A受到的重力为8 v。=V8gR。 小球A受到直杆的支持力为F,小球A所受弹力绳的 铁球第一次落地并与地发生弹性碰撞后速度反向，与铝 拉力为F,弹力绳与竖直杆的夹角为日，孔钉Q到竖直 球发生碰撞。因为两球体积相同且铁球密度为铝球3倍， 杆的距离为h。依题意h=爬 故铁球质量为铝球的3倍，设铁球质量为3m,铝球质量 为m,并设它们碰后的速度分别为y和v2,选竖直向上 对小球A进行受力分析，可知F cos日=mg(2分) 为正方向，两球发生弹性碰撞，根据动量守恒和能量守 根据胡克定律F,=l,可得h=lcos0(2分) 恒有3mv。-mv,=3w+w2 由几何关系可得sim9-片联立解得sin日=cos6。所以 +号m+ 0=45(2) 2 (2)小球A向下离开平衡位置为x时所受的指向平衡位 由以上两式可得v1=0:2=2vo: 置的回复力方向向上，与位移方向相反(2分) v 大小为F=F'cosp-g=x(3分) 铝球竖直上升的高度A-22,代入数值得铝球竖直上升 符合简谐运动的回复力特点，因此小球A以初始位置为 的高度h=16R 平衡位置做简谐运动。 (1分) 再考虑两球的半径为R,故球心位置为19R。 15.【答案】（山a,=6 (4分)(2)5=3L(8分) 12.【答案】(1)限流，保护电容器A(2分) m (2)1.40(1.39~1.42均可)(2分)(3)C(3分) (3)△E振=10EqL(4分) 【解析】(1)为了减缓充电速度，保护电容器A,需要 【解析】(1)对滑块A6,受到的电场力为耳。=6Eq(2分) 在电路中串联一个电阻。 (2)电压U应该比U,减小一半多，所以结果应该小于 根据牛顿第二定律可得R=,解得4，-6B4（2分)） m 1.45,通过坐标观察，约在1.40附近。 (2)记滑块A6加速度为6a,同理可得滑块A6、A5、A4、 (3)电阻影响电流大小而不会影响电荷量的多少。故 A、A2、A1的加速度分别为6a、5a、4a、3a、2a、4a, AB错误，造成实际数据与理论值出现差异的可能原因是 电容器在充放电过程中损耗一部分电量。故C正确。电 根据运动学公式x=a 压传感器不会放掉一部分电量。故D错误。故选C。 当A6追上A时，它们的位移之差为L,可得 13.【答案】1器方前向上G分)2)2m+g 6ar2-5ar-a =1 3 ar (2分) 2 8 (7分) 此时，A6位移为X。= 1.6at2=6L 【解析】(1少平行板间电场强度日=号，粒子受电场力 同理，A5、A4、A、A2、A位移分别为5L、4L、3L、2L、4: F=98=9' 发现此时A6、A5、A4、A3、A2位移差也为L,(2分) (2分) 故左侧五个滑块同时发生非弹性碰撞并结合成一个整体A: 联立得加速度a= 碰撞前A6速度为V6=6d 由牛顿第二定律F=ma, ,方向向 md 同理，碰撞前A、A4、A、A2、A1速度v5、v4、v、2 上(3分) v1分别为5at、4at、3at、2at、4at: (2)粒子以v。射入时，水平方向L=V1,竖直方向 由动量守恒得。+，+W4+,+2=5 (2分) (2分) 得整体Ao的速度，=4t 粒子以2，射入时，水平方向乙=2，得：-号（1分) 又整体A的加速度a,-6+5+4+3+2到型_4=4a 5m 竖直方向位移y= 2的，联立得y= 与A1的速度和加速度均相同，所以之后不再增加相 (1分) 对距离，所以A2和A1最大距离为碰撞时的距离，为 s=4L+L-2L=3L(2分) 电场力做功W=g8y= (1分) (3)这次碰撞损失的机械能为 8 初时能ne。广-2m (1分) am+m+ 1 m+m+m 2 2 成-ma分) 联立解得△E摄=5ma+2=10EgL 由动能定理品=80+W,得日.=2mwg+g (1分) 由于之后不再发生碰撞，故碰撞损失的机械能为10EgL。 8 (2分) 高二物理参考答案第2页（共2页)高二上学期期末教学质量检测 2026.2 物理试题 (测试时间：75分钟卷面总分：100分) 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需 改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在 本试卷上无效。 3.考试结束后，将答题卡交回。 一、选择题（本题共10小题，共46分。第1一7小题给出的四个选项中，只有一项符合题目 要求，每小题4分；第8一10小题给出的四个选项中，有两个或两个以上选项符合题目要 求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分) 1.在物理学发展过程中，很多伟大的物理学家对物理的发展都做出了杰出的贡献。关于物理 学史，下列叙述正确的是 A.法拉第设计并动手做了几十个实验后，发现了电磁感应现象 B,麦克斯韦电磁场理论告诉我们变化的磁场一定可以产生变化的电场，变化的电场一定可 以产生变化的磁场 C,卡文迪什通过扭秤实验巧妙地实现了对电荷间相互作用力规律的研究 D.爱因斯坦认识到了薛定谔能量子假设的意义，把能量子假设进行了推广 2.“万安鱼头鲜天下”特色美食，是以赣江鳙鱼头为主打，融合生态养殖、烹饪工艺与文旅产 业，成为当地经济发展的核心支柱。以下光路图中能反映鱼儿在水下看到岸边游客的是 空气 空 水 A. B. D 3.如图所示，条形磁体水平放置，一个金属圆环从磁铁左侧靠近S极的α位置经过磁体中部 b匀速移动到对称的c位置。下列说法正确的是 A.穿过圆环的磁通量先向左再向右 B.穿过圆环的磁通量先向右再向左 C.穿过圆环的磁通量先减小后增大 D.穿过圆环的磁通量先增大后减小 0 b 4.如图，将总质量为500g的2000粒黄豆2s内从距秤盘高h处连续均匀地倒在秤盘上，观察 到指针指在刻度为200g的位置附近。若每粒黄豆与秤盘内只垂直碰撞一次，碰撞时间极短 且碰撞前后速率不变，重力加速度g=10m/s2,不计空气阻力，则h约为 A.40 cm B.80 cm C.125 cm D.240 cm 5.如图所示，当滑动变阻器的滑片P向下端移动时，发现电压表V1、V2示数变化的绝对值分 别为△U,和△U2,下列说法正确的是 A.V示数减小 B.V,示数增大 C.A示数减小 D.△U=△U) 高二上学期期末救学质量检测物理试题第1页共4页 h 0 77777777777 77777 C 4题图 5题图 7题图 6.等离子体是物质除固态、液态、气态外的第四态，由大量带电粒子（离子、电子)和中性 粒子组成，整体呈电中性。当外来电荷放入等离子体中时，等离子体中的异号电荷会向其 聚集，同号电荷会远离，形成“屏蔽层”。屏蔽层会抵消外来电荷的大部分电场，使电场仅 在德拜长度入，内显著存在，超过后，等离子体重现“准中性”，电场强度近似为零。现将 电荷量为+Q的试探电荷放入等离子体中，不考虑试探电荷运动，电子和离子均视为静止电 荷。下列说法正确的是 A.试探电荷+卫在距离其21，处产生的电场为0 B. 试探电荷+2在距离其入处产生的电场为0 C.等离子体在距离试探电荷+？为22处的电场指向试探电荷 D.在距离试探电荷+№为入处的电场指向试探电荷 7.在公园里有一段固定的造型独特的“碗池”轨道，其竖直截面为四分之一圆弧，半径为， 轨道表面十分光滑，轨道最低点右侧连接着一段铺有光滑树脂涂层的水平地面。水平地面 上有一个装有特制缓冲弹簧的质量M=2g小球Q。一个质量m=1g的小球P被放置在 位于轨道边缘B点的正上方h=R=0.4m的平台A上，移开平台后小球由静止释放。小球 P沿轨道滑下，最终冲向缓冲弹簧。重力加速度g=10m/s2,则 A.小球P到达圆形轨道最低点C时对轨道的压力大小为55N B.小球P到达圆形轨道最低点C时对轨道的压力方向竖直向上 C. 在小球P压缩弹簧的过程中，弹簧具有的最大弹性势能为， D.小球P在碰到弹簧后，PQ弹簧系统在前进的过程中动量不守恒，但是机械能守恒 8.第一台简易版范德格拉夫起电机是美国科学家范德格拉夫于1929年发明的。它的主要部件 是一个金属球壳F,一条橡胶皮带，一个金属滚轮C,一个塑料滚轮B,两个金属刷以及一 个电动机。电动机驱动下方的B滚轮和皮带摩擦，滚轮带负电荷，皮带将正电荷输运至C 滚轮，通过静电感应使得上方金属刷A带负电并电离空气，使得金属球壳F带正电。关于 如图所示的范德格拉夫起电机，下列说法正确的是 A.电荷在球内表面积累成高压 B.下方金属刷D带正电 C.起电机能持续产生电荷，故电荷量不守恒 D.接地O处电流方向向上 9.一列简谐横波沿x轴传播，1=0时刻，x轴上的波形如图所示，此后质点P比质点Q晚0.6s第 一次到达波峰，则 A.波沿x轴正方向传播 B.该波的传播速度大小为0.5ms C.质点P和Q振动步调相反 D. 仅改变波源处质点振动频率，波传播的速度不变 ↑恤 20 10 10 x/cm D -20 ⊙E0 8题图 9题图 高二上学期期末牧学质量检测物理试题第2页共4页 10.一同学利用所学物理知识制作了具有多种倍率的欧姆表，内部结构 原理如图所示，电流计通过两个电阻改装成两个不同量程的电流表， 然后再通过调节滑动变阻器，就能实现倍率可调为“×1”或“×10” 的欧姆表，其电路原理图如图所示。则下列说法正确的是 A.开关接1时欧姆表的倍率更低 B.开关接1时欧姆表的倍率更高 C.9R=R D.R=9R, 二、非选择题（本题共5小题，共54分) 11.（7分)某物理兴趣小组利用自制的装置进行“验证动量守恒定律”实验，选取两个半径为 R的铝质和铁质小球，在直尺上刻画等距R的刻线，将直尺固定于光滑的墙角附近，使其 与墙角的间距略大于2R,形成一条简易的带刻度值的轨道（水平地面为零刻度线位置)。 将两球竖直紧靠置于轨道中，两球整体下端距水平面高度为4R,然后将两球同时由静止释 放，如图所示，经过碰撞后发现上方小球的最高位置比初始位置高出很多。 (1)上方的小球应为 (选填“铝球”或“铁球”)。 (2)实际实验中发现小球高度很难达到理论位置，原因可能是 A.碰撞过程能量损失 B.空气阻力 C.小球与直尺存在摩擦 D.小球质量太小 (3)查表可知铁球的密度约为铝球的3倍，设所有碰撞都是对心弹性碰撞， 忽略空气阻力。根据动量守恒定律和机械能守恒定律，碰后上方小球 到达最高点时球心刻度高出零刻度线的距离是 12.(7分)小罗同学按下面改进的电路图甲“探究电容器两极板间电势差跟所带电荷量的关系”， 其中A、B两个电容器完全相同。步骤如下： R 电压 接计算机 传感器 12345 图甲 图乙 ①将电压传感器连接计算机并配置好相关软件程序，取一个电容器A和电压传感器相连，开 关S闭合，S2断开，用四节干电池给A充电，稳定后断开开关S,通过计算机可以看到 A两极板具有一定的电压，记为U1。 ②将开关S2接1，使另一个相同的但不带电的电容器B与A并联。电压传感器测得的电压变 为U2。 ③然后将开关S2接2，使电容器B放电。 ④不断将开关S2交替置于1和2，计算机得到图乙所示的U-t图像，电压表示数依次为U1 U2、U3、…,记录在表中。 高二上学期期末牧学质量检测物理试题第3页共4页 U/V U2/V Ua/V Ua/V … 6.00 2.90 ▲ 0.65 (1)电路中电阻R,的作用是 (2)由图乙读数可知，表格中▲处缺失的值为 (保留两位小数)。 (3)理论上每次电压值应该减半，由表格分析实际数据与理论值出现差异最可能的原因是() A、电阻R1过大导致电量损耗 B.电阻R2过大导致电量损耗 C、电容器在充放电过程中损耗一部分电量D.电压传感器内阻不够大放掉一部分电量 13、(12分)水平放置的两平行金属板A、B的板间距为d,两板之间的电压为U。质量为m、 带电量为+q的粒子以初速度从O点沿板间中线射入，粒子恰好从A极板右侧边缘离开。 粒子重力不计，求： A (1)粒子在电场中的加速度： (2)粒子以初速度2从O点沿板间中线射入，离开板间时的动能EK。 B 14.（12分)如图所示，在竖直平面内一轻质弹力绳的一端固定于P点，另一端经光滑孔钉Q 连接质量为m的小球A,该球穿过固定的光滑竖直直杆（足够长)，初始时为静止状态。P? 间距为弹力绳原长，P?与杆的距离为m3。弹力绳始终在弹性限度内且满足胡克定律， k L 劲度系数为k,已知重力加速度为g。 (1)求弹力绳与竖直杆间的夹角0： (2)给小球A一个向下的冲量，开始计时，证明小球A的运动为 简诺运动。 15.(16分)如图所示，在光滑绝缘水平面上有完全相同的6个绝缘滑块，从左至右等间距（间 距为L)依次排列在一条直线上，编号依次为A6、A5、A4、A3、A2、A1,所有滑块可视 作质点，质量都为m。使其带电量依次为+6q、+5q、+4q、+3q、+2q、+4g(q>0),不考 虑各滑块之间的库仑力。在空间加上水平向右的匀强电场E,滑块在电场作用下开始运动。 已知滑块在碰撞后均会粘在一起。求： E A3 A2 A +6q+5q+4q+3q +2q +4q (1)滑块A6刚运动时的加速度大小： (2)滑块A1、A2间的最大距离S: (3)滑块碰撞过程中损失的机械能。 高二上学期期末牧学质量检测物理试题第4页共4页