山西大同市部分学校2025-2026学年高二上学期期末物理试题

姓名： 准考证号： 2025-2026学年第一学期期末检测 高二物理试题 (75分钟100分) 一、选择题(1~7题为单项选择，每题只有一项符合题意，每题4分，共28分。8~10为多项选择题， 每题至少有两项符合题意，每题6分，少选得3分，错选、不选不得分，共18分。本大题46分) 1.关于安培力和洛伦兹力，下列说法正确的是 A.通电导线在磁场中一定会受到安培力 B.电荷在电场中一定会受到电场力，电荷在磁场中也一定会受到洛伦兹力 C.洛伦兹力对运动电荷一定不做功，但安培力却可以对通电导线做功 D.洛伦兹力的方向总是垂直于运动电荷速度方向和磁场方向确定的平面，安培力的方向可以不 垂直于通电直导线 2.船舶的设计中，通常会在船舷处悬挂轮胎，如图所示，其目的主要是在船舶与其他船舶碰撞时或 船舶岸边停靠时减小碰撞产生的冲击力，从而保护船体免受损害。下列说法正确的是 111 A.轮胎可以减小船舶碰撞时的动量 B.轮胎可以减小船舶碰撞过程中受到的冲量 C.轮胎可以减小船舶碰撞过程中动量的变化量 D.轮胎可以减小船舶碰撞过程中动量的变化率 3.一种具有独特属性的新型合金能够将热能直接转化为电能，具体而言，只要略微提高温度，这种 合金会从非磁性合金变成强磁性合金，从而在环绕它的线圈中产生电流，其简化模型如图所示。 M为圆柱形合金材料，N为线圈，线圈套在圆柱形合金材料上，线圈的半径大于合金材料的半径。 现对M进行加热，假设M变为强磁性合金时，磁感线在M内沿轴线方向，则 A.N中将产生逆时针方向的电流 B.N中将产生顺时针方向的电流 C.N线圈有收缩的趋势 D.N线圈有扩张的趋势 4.在如图所示的图像中，直线I为某一电源的路端电压与电流的关系图像，直线Ⅱ为某一电阻R 的U-I图线。用该电源直接与电阻R相连组成闭合电路。由图像可知 ↑U/V A.电源的电动势为3V,内阻为12 B.电阻R的阻值为0.52 C.电源的输出功率为2W D.电源的效率为66.7% 02 461A 5.四个相同的小量程电流表（表头）分别改装成两个电流表④、©和两个电压表⑨©。已知电流 表©的量程大于©的量程，电压表©的量程大于©的量程，改装好后按如图所示把它们接入电 路，则 物理试题（高二） 第1页（共4页） A.电流表④的示数等于电流表©的示数 B.电流表⑨指针的偏转角小于电流表⊙指针的偏转角 C.电压表©的示数小于电压表⑨的示数 D.电压表©指针的偏转角等于电压表⑨指针的偏转角 6.如图所示，电子枪射出的电子束进入示波管，在示波管正下方有竖直放置的通电环形导线，则示 波管中的电子束将 示波管 A.向下偏转 电子束 ● B.向上偏转 C.向纸外偏转 D.向纸里偏转 了了环形导线 7.如图所示的电路中，电表均为理想电表，两灯泡的电阻均为2，电源内阻为r,闭合开关S,此时两 灯泡均正常发光。将滑动变阻器滑片向下滑动，电压表©、©示数变化量的绝对值分别为△U,、 △U,电流表④示数变化量的绝对值为△I,则 A.灯泡L变亮，灯泡L,变暗 B.©©的示数均增大 C.电源的输出功率减小，效率增大 D.△U,与△I的比值大于△U,与△I的比值 8.如图甲所示，A、B是一条电场线上的两点，若在某点释放一初速度为零的电子，电子仅受电场力 作用，从A点运动到B点，其速度随时间变化的规律如图乙所示，则 A.电子在A、B两点受到的电场力大小关系为F<FB B.A、B两点的电场强度大小关系为E4>E C.电场强度方向为由B指向A A B D.电场线的方向一定是由A指向B 0 甲 7 9.一物体静止在光滑水平面上，从=0时刻起，受到的水平外力F如图所示，以向右运动为正方向， 物体质量为2.5kg,则下列说法正确的是 FN A.物体先做变速直线运动后做匀速直线运动 B.在第1s内力F对物体的冲量为2.5N·s C.t=2s时物体回到出发点 ◆F inninmm D.t=3s时物体的速度大小为2m/s -5 10.如图所示，R,=R,=R2=2R4,开关S闭合时，间距为d的平行板电容器C的正中间有一质量 为m、电荷量为g的小球恰好处于静止状态；现将开关S断开，小球将向电容器某一极板运 动。若不计电源内阻，重力加速度大小为g。则 A.电源的电动势为mgd B.电源的电动势为2mgd 9 C.小球第一次与极板碰撞前瞬间的速度大小为 gd R 3 D.小球第一次与极板碰撞前瞬间的速度大小为 2gd 3 物理试题（高二） 第2页（共4页）》 二、实验题（每空2分，共16分） 11.(6分)某同学做“探究电磁感应产生条件”的实验时，由于没有滑动变阻器，于是他用一个光敏 电阻（光照越强电阻越小，反之越大）和一个可调节光照强度的光源替代滑动变阻器。图中实验 器材有部分已用导线连接。 光敏电阻 (1)请用笔画线代替导线将图中的实验电路连接完整。 (2)闭合电键的瞬间，观察到电流表G的指针向右偏转。那么闭合电键后，增强可调光源强度， 电流表G的指针将向 偏转（填“左"或“右"）；保持光源强度不变，将线圈A中的铁芯 快速抽出，电流表G的指针将向 偏转（填“左"或“右”）。 12.(10分)小张同学打算测量由某种合金材料制成的金属丝的电阻率p,待测金属丝的横截面为圆 形。实验器材有：毫米刻度尺、螺旋测微器、电压表（内阻约为几千欧）、电流表（内阻约为几欧）、 滑动变阻器、电源、开关、待测金属丝及导线若干。 (1)用毫米刻度尺测量待测金属丝的长度，用螺旋测微器测量其直径，结果分别如图甲和图乙所 示，可得其长度L= cm,直径D= mm 0 45 0cm I 3 5657585960 wbwwwwlww Cawwwkwwlwwkww 35 待测金属丝 甲 (2)该同学要用图像法求出待测金属丝的阻值，要求电压从0开始变化。请将图丙中的实验电 路图所缺导线补全。 2.5 2.0 1.5 1.0 0.5 00.10.20.30.40.51A 丙 丁 (3)图丁中的点是根据实验中测得的6组电流I、电压U的值描绘的，由图丁可求出电阻值R= ①。（结果保留三位有效数字） (4)请写出待测金属丝的电阻率p的表达式：p= (用测得的物理量的符号表示)。 物理试题（高二） 第3页（共4页） 三、计算题(13题8分，14题13分，15题17分，共38分) 13.(8分)如图所示，一正点电荷固定在倾角为30°的光滑绝缘斜面底部的C点，斜面上有A、B两点， 且A、B和C在同一直线上，A、C间距为L,B为AC中点。现将一质量为m、带电荷量为g的小球从 A点由静止释放，当小球运动到B点时速度恰好又为零。已知带电小球在A点处的加速度大小 为总求： (1)小球在A点时受到的库仑力大小； (2)A、B两点间的电势差UB0 C④30° 14.（13分)在光滑的水平面上，一质量为m=0.1kg的小球A,以，=8m/s的初速度向右运动，与质 量为=0.3kg的静止小球B发生碰撞，碰撞时间极短，碰撞过程中没有机械能损失.碰后小球 B滑向与水平面相切、半径为R的竖直放置的固定光滑半圆形轨道，且通过最高点N时对轨道的 压力大小为mag。重力加速度g取10m/s2。求： (1)碰撞后小球B的速度大小； (2)圆形轨道半径R的大小。 15.(17分)如图所示，xOy坐标系中，在y<0的范围内存在足够大的匀强电场，方向沿y轴正方向，在 0<y<2d的区域内分布有垂直于xOy平面向里的匀强磁场。在y=2d处放置一垂直于y轴的足够 大金属挡板b,带电粒子打到挡板上被吸收，如果粒子轨迹与挡板相切则刚好不被吸收。一质 量为m、电荷量为+g的粒子以初速度o由P(0,-d)点沿x轴正方向射入电场，第一次从Q(1.5d, 0)点经过x轴。不计粒子所受重力。 (1)求匀强电场的电场强度大小E; (2)求要使粒子不打到挡板上，磁感应强度大小B应满足的条件； (3)若粒子恰好不打在挡板上，求粒子第四次经过x轴时的坐标。 ×××××× X E 物理试题（高二） 第4页（共4页）2025-2026学年第一学期期末检测 高二物理试题参考答案 1.答案：C 解析：当通电导线放置方向与磁场方向平行时，通电导线不受安培力，故A错误；电荷在电场中一定会受到电场 力，但静止或运动方向与磁场方向平行的电荷在磁场中不会受到洛伦兹力，故B错误；洛伦兹力与运动电荷速度 方向始终垂直，对运动电荷一定不做功，但安培力可以对通电导线做功，故C正确；洛伦兹力的方向总是垂直于 运动电荷速度方向和磁场方向确定的平面，安培力的方向一定垂直于通电直导线，故D错误。 2.答案：D 解析：物体的动量与物体的速度和质量有关，轮胎不能减小船舶碰撞时的动量，故A错误；由动量定理I=P- P'=m-m。,所以轮胎不能减小船舶碰撞过程中受到的冲量，故B错误；轮胎不能减小船舶碰撞过程中动量的 变化量，故C错误；轮胎可以延长船舶碰撞过程的作用时间，使碰撞过程中动量的变化率减小，故D正确：故选D。 3.答案：D 解析：当对M加热使其温度升高时，M从非磁性合金变为强磁性合金，穿过N的磁通量增加，根据楞次定律可知， N有扩张的趋势，这样才能使穿过N的磁通量减少，C项错误，D项正确；由于不知M的磁场方向，因此不能判断N 中感应电流的方向，A、B项均错误。 4.答案：D 解析：图线I与纵轴的交点表示电源的电动势E为3V,图线I的斜率的绝对值表示电源的内阻r为0.5Ω，故 A项错误；图线Ⅱ的斜率表示电阻R的阻值为12，故B项错误；由I、Ⅱ图线的交点坐标可知闭合电路的电 流I=2A,路端电压U=2V,电源的输出功率P=UI=4W,故C项错误；电源的效率 n=Ps 出=≈66.7%，故D项正确。 5.答案：D 解析：电流表①的量程大于电流表④的量程，故电流表④的电阻值小于电流表④的电阻值，并联电路中，电 阻小的支路电流大，故电流表①的示数大于电流表①的示数，故A项错误：两个电流表的表头是并联关系， 电压相同，通过表头的电流相同，故指针偏转角度相等，故B项错误；电压表⑦的量程大于四的量程，根据 电压表改装的原理可知电压表@的电阻值大于电压表⑧的电阻值，串联时电流相同，电压表⊙的示数大于 电压表①©的示数，故C项错误；两个电压表的表头是串联关系，通过的电流相等，故指针偏转角度相等，故D 项正确。 6.答案：A 解析：由安培定则可知，示波管下方环形电流的磁场在环形电流外侧的磁感线方向垂直纸面向里，电子束由左向 右运动，由左手定则可知，电子受到的洛伦兹力方向向下，则电子束向下偏转。故选A。 7.答案：C 解析：题中电路可简化为如图所示的电路。将滑片向下滑动，电路中的总电阻增大，总 电流减小，通过两串联灯泡的电流始终一样且减小，两灯泡逐渐变暗，故A项错误；电 (A 压表测量的是路端电压，电压表测量的是灯泡L,两端的电压，因为总电流减小， 所以@的示数减小，@的示数增大，故B项错误；当外电路电阻越接近电源内阻时，电 源输出功率越大，滑动变阻器滑片向下滑动，外电阻与电源内阻相差越来越大，电源 IUU IR R 输出功率变小，电源的效率)=店E+R,+R,由于外电阻增大，则效率增大，故C项正确： 根据闭合电路欧姆定律可知△=，A0=2,则△U,与△1的比值小于AU,与A1的比值，故D项错误。 △I △I 8.答案：AC 解析：由题图乙知电荷做加速度增大的加速运动，可知F<FB,则A项正确；由F=qE及F<F知E,<E,故 B项错误：电场力方向为AB,故电场强度方向为B→A,C项正确：由以上分析知电场线的方向为BA,D 项错误。 9.答案：BD 解析：开始物体受力随时间均匀变化，根据牛顿第二定律可得先做变速直线运动，在2s后，拉力为定值，故 做匀加速直线运动，故A错误；由图像可知，所围面积即为冲量大小，故前1s内力F对物体的冲量为I= 高二物理答案 第1页（共3页） 2×5×1N·s=2.5N·s,故B正确；根据牛顿第二定律可得出，物体的加速度随时间的 ↑a/(ms2 变化图像如图所示，则在0~1s内，物体向右加速，1s~2s内向右减速，2s时，速度刚好减 3 为零，2s内物体一直向右运动，故C错误；第3s内，物体从静止开始向右做匀加速运动， -2 2气片=232m6则35末物你的速度的大小为u=1=2×1ms=2m6,故D正 10.答案：BC 解析：开关s闭合时，R、R,并联后再与R,串联(R中没有电流通过)，。=山，=E,对带电小球有mg ,解得E=2m84:开关S断开后，RR,串联，则。=气，小球向下运动与下极板碰撞 3 由动能定理有mg号g:子，解得= 3,故BC项均正确，A、D项均错误。 11.答案：(1)见详解(2分) (2)右(2分) 左(2分) 解析：(1) 铁芯 光敏电阻 (2)由题意可知当线圈B中的磁通量增加时，产生的感应电流，G表指针向右偏转。则增强光源强度时，电阻减 小，电流变大，线圈B中的磁通量增加，所以G表指针向右偏转；保持光源强度不变，将线圈A中的铁芯快速抽出 时，线圈B中的磁通量减小，所以G表指针向左偏转。 12.答案：(1)59.40(2分) 0.434(0.433-0.435均可)(2分) (2)见解析图甲 (2分) (3)5.80(5.70-5.90均可) (2分) (4)TRD: (2分) 4L 解析：(1)待测金属丝长度的测量值为59.40cm;螺旋测微器的示数为0+43.4×0.01mm=0.434mm,即待测 金属丝直径的测量值为0.434mm。 (2)要求电压从0开始变化，故滑动变阻器采用分压接法；待测金属丝电阻较小，电流表采用外接法。实物 电路图连接如图甲所示。 U/V 2.5 2.0曲 1.5 1.0曲 0.s题 00.10.20.30.40.5/A 甲 乙 (3)在题图丁中用直线拟合各数据点，使直线通过尽量多的点，其他点均匀分布在直线两侧，舍弃离直线较 远的点，如图乙所示，直线的斜率表示待测金属丝的电阻，根据所画直线可得R≈5.802。 (④由电阻定律可知，R=P,s=, 4,解得p=πRD 4L 13.解析：(1)设带电小球在A点时受到的库仑力大小为F,根据牛顿第二定律有mg sin30°-F=ma4 (2分) 解得r-g (2分)》 高二物理答案 第2页（共3页】 (2)带电小球由A点运动到B点，由动能定理有 mg sin30°.L」 2+9U=0 (2分) 部得6= (2分) 14.解析：(1A球和B球的碰撞为弹性碰撞，因此有mo=m4UA4+mg心B (2分) 1 2m,2=2m4,2+2m2 (2分) 解得e=4ms(1分)》 (2分) (2小球运动到N点时，速度为，由牛顿第二定律得F、+mg=mR Fx=mAg (2分) B球由M到X,由动能定理得-mgx2R=m,2之n 1 2mgvg? (3分) 解得R=0.3m(1分) 15.解：(1)粒子在电场中做类平抛运动 水平方向：1.5d=ot(1分) 竖直方向：d=分×监r(1分) 解得E=8m2 (1分) 9ad (2)设粒子进入磁场时的速度方向与x轴的夹角为0，由题知an0=少=m=4 (2分) 解得0=53°(1分) 粒子进入磁场时的速度，=。。 5 c0s53°=30(1分) 粒子的运动轨迹与挡板相切时，粒子刚好不打在挡板上，由几何知识得 r+rc0s53°=2d（2分) XXX 解得r=子 (1分) XX 粒子做圆周运动，有gmB= 义、× XXX (1分) r 解得B=4nm gd (1分) 粒子不打在挡板上，磁感应强度需要满足的条件是B≥4(1分)》 _3ad (3)粒子从磁场进入电场后在水平方向做匀速直线运动，在竖直方向做类竖直上抛运动，水平方向上的位移为 2×1.5d=3d(1分) 粒子第四次到达x轴时x=1.5d-2rsin53°+3d-2rsin53°=0.5d (2分) 粒子第四次经过x轴时的坐标为(0.5d,0)。(1分) 高二物理答案 第3页（共3页】