大理市2025-2026学年高二上学期教学质量监测考试物理试题

大理市2025~2026学年上学期高二年级教学质量监测考式 物理试卷 (全卷三个大题，共15个小题，共6页；满分100分，考试用时75分钟) 注意事项： 1.答题前，考生务必用黑色碳素笔将自已的姓名、准考证号、考场号、座位号等在 答题卡上填写清楚，并认真核准条形码上的相关信息，在规定的位置贴好条形码。 2.选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需 改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。在试题卷上作答无效。 3.非选择题用黑色碳素笔在答题卡上各题的答题区域内作答，在试题卷上作答无效。 4.考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。 第I卷（选择题，共46分) 一、选择题（本大题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有 一项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选 对的得6分，选对但不全的得3分，有错选的得0分) 1.图1所示是教材中的一些插图，下列说法正确的是 内 图】 A.图甲所示是在推导匀变速直线运动位移公式时，先把整个运动过程划分成很多小 段，每一小段近似看成匀速直线运动，然后把各小段位移相加，这里采用了控制变 量法 B.图乙所示是一圆锥摆，若增大0时保持圆锥的高度不变，则圆锥摆的角速度增大 C.如图丙所示，火车转弯超过规定速度行驶时，内轨道和轮缘间会有挤压作用 D.如图丁所示，在研究影响平行板电容器电容大小的因素实验中采用了控制变量法 高二物理·第1页（共6页） 2.现有A、B两辆汽车在水平路面上同向平行运动，t=0时B车在A车前方160m处，此后 过程中两汽车运动的v-图像如图2所示，则下列说法正确的是 lm·s) 40 A.A、B的加速度大小之比为1：3 B.第15s末两车相遇 20 B C.第15s末两车的速度都为10m/s 1520 30/8 D.两车最终相距60m,且A车停在B车前方 图2 3.2025年3月，西昌卫星发射中心成功将天链二号04星送人预定 轨道，04星的发射过程可以简化为图3所示：先将它发射至近地 近地轨道 圆轨道，当它运动到A点时变轨进人椭圆转移轨道，当它运动到 运 地球 远地点B时再变轨进人到运行圆轨道。不考虑卫星质量的变化， 下列判断不正确的是 转移轨道 A.O4星要从近地轨道变至转移轨道需要在A点加速 图3 B.O4星在转移轨道上的周期大于在运行轨道上的周期 C.04星在转移轨道上运行时，经过A点时的速度大于经过B点时的速度 D.O4星在运行轨道上时的机械能大于在近地轨道上时的机械能 4.反天刀鱼是生活在尼罗河的一种鱼类，沿着它身体的长度方向分布着电器官，这些器 官能在鱼周围产生类似于等量异种点电荷形成的电场，其电场线分布如图4所示，A、 B、C为电场中的三个点，下列说法正确的是 A.鱼的头部带负电，尾部带正电 头部 B.A点的电场强度小于C点的电场强度 C.B点的电势高于C点的电势 D.把一个带负电的试探电荷从A点移动到B点，电场 图4 力做负功 5.如图5所示，电源电动势为E,内阻为r,R、R2为定值电阻，C为平行板电容器，电 表均为理想电表。现将滑动变阻器R的滑片置于最上端，闭合开关S,将一个带电液 滴在P点无初速释放，液滴恰能静止在P点。若将滑片向下滑动，以下说法正确的是 A.电流表和电压表的示数均增大 B.电阻R2中会有向上的电流通过 C.带电液滴将向上运动 C· D.电容器的电容将减小 图5 高二物理·第2页（共6页) 6.如图6所示，足够长的水平传送带以恒定速度v=3m/s运行，一 质量为m=2kg、水平初速度大小为o=2m/s的滑块（可视为质 点)，从传送带左侧滑上传送带，滑块与传送带间的动摩擦因数 图6 u=0.2,g取10m/s2。滑块在传送带上运动的整个过程中，滑块 与传送带间因摩擦产生的热量是 A.1.0J B.2.5J C.1.5J D.2.0J 7.如图7所示，两个可视为质点的滑块P、Q质量分别为m和3m,P、Q通过光滑铰链 用长为L的轻杆连接，P套在固定的光滑竖直杆上，Q放在光滑水平地面上。原长为 0.6L的轻弹簧水平放置，右端与Q相连，左端固定在竖直杆上0点。将P由静止释 放，此时轻杆与竖直方向夹角a=37°；P下降到最低点时a变为53°。已知si37°= 0.6,cos37°=0.8，重力加速度为g,则在P下降的过程中，下列说法正确的是 A.P的加速度方向一直向下 B.P、Q组成的系统机械能守恒 C.弹簧弹性势能最大值为0.2mgL D.P速度最大时，Q受到地面的支持力大小为3mg 8.关于图8的分析，正确的是 9wa又 图7 地理北极 地理南极 电源 8 丙 图8 A.图甲中，地磁场的N极位于地理北极附近 B.图乙中，小磁针静止时的位置如图中所示，则电源右侧为正极 C.图丙中，线圈从1位置平移到2位置时，穿过此线圈平面的磁通量减小 D.图丁中，闭合线圈在竖直向下的匀强磁场中沿水平方向向右运动，线圈中会产生感 应电流 9.如图9所示，电源的电动势E=72V、内阻r=22,R,=2,R2=162,电动机恰好正 常工作，已知电动机的额定电压U=48V、线圈电阻RM=4,则 A.通过电动机的电流为2A B.电源的输出功率为360W M C.电动机正常工作的效率为75% D.如果电动机突然被卡住而停止转动，则电源内阻消耗的热功 图9 率将变大 高二物理·第3页（共6页) 10.如图10所示，在光滑定滑轮C正下方与C相距h的A处固定一电荷量为Q(Q<0)的 点电荷，电荷量为q的带负电小球B（可视为质点)用绝缘细线拴着，细线跨过定滑 轮，另一端用适当大小的力F拉住，使B处于静止状态，此时小球B与A点的距离 为？，环境可视为真空。现改变拉力F使小球B缓慢地靠近定滑轮的过程中，下列说 法正确的是 A.F逐渐增大 B.A、B间距离不变 C.B受到的库仑力逐渐增大 D.B受到的库仑力与拉力大小的比值逐渐增大 图10 第Ⅱ卷（非选择题，共54分） 二、填空、实验题（本大题共2小题，共16分） 11.(6分)某同学验证两个小球在斜槽末端碰撞时的动量守恒，人射小球 实验装置如图11所示。实验时，先不放被碰小球，将人射 被碰小球 重 小球从固定斜槽上的某一位置静止释放，在水平面上得到一 个落点位置P；再将被碰小球放置在斜槽末端，人射小球再 次从斜槽上同一位置静止释放，两球发生正碰后，在水平面 图11 上又得到两个落点位置分别为M和N。 (1)以下关于实验的说法正确的是 A.斜槽的末端必须调至水平 B.斜槽的轨道必须是光滑的 C.必须测出斜槽末端距离地面的高度 D.人射小球每次从斜槽上释放的位置必须相同 (2)以下关于人射小球和被碰小球的说法正确的是 A.应选用较轻的塑料球作为人射小球和被碰小球 B.两小球的质量必须相等 C.两小球的半径应相同 D.碰撞后两小球在空中运动时间相等 (3)设人射小球和被碰小球质量分别为m,和m2,M、P、N距O点的距离分别为 xoM、xoP、xow。若在误差允许的范围内满足表达式 (用以上字母表 示)，则表明两个小球碰撞过程中动量守恒。 高二物理·第4页（共6页) 12.（10分)某实验小组在“测定金属丝电阻率”的实验过程中： b cm 0 甲 图12 (1)用游标卡尺和螺旋测微器测量金属丝的有效长度L和直径d,刻度如图12甲、 乙所示，则金属丝的有效长度L= mm,直径d= mmo (2)实验小组利用如图13甲所示的电路测量金属丝R.的电阻，请根据实验电路在图 乙所示虚线框中画出电路图。 白✉步 甲 图13 (3)用(2)中的实验电路测量得到电阻丝的阻值比真实值 (填“偏 大”或“偏小”)。 (4)实验中测得金属丝的直径为、有效长度为L、电流表读数为I、电压表读数为 U。则金属丝电阻率p= (用题中所给字母表示)。 三、计算题（本大题共3小题，共38分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的 演算步骤，只写出最后结果的不能得分。有数据计算的题，答案中必须明确写出数值和 单位) 13.(10分)如图14所示，水平光滑轨道AB与半径为R=0.4m、竖直放置的光滑半圆形 轨道BC在B点平滑连接，现使质量为m=0.2kg的滑块以一定的初速度滑上半圆形 轨道，滑块恰好能运动到半圆轨道的最高点C点。已知滑块的大小可忽略不计，重力 加速度为g=10m/s2,求： (1)滑块离开C点后落地点与B点之间的距离（设滑块落地后不反弹）； (2)滑块经过半圆形轨道最低点B时对轨道的压力。 高二物理·第5页（共6页） 77777777777 B 图14 14.（13分)一质量为m、电荷量为g的带正电小球悬浮在空间范围足够大的匀强电场 中。t=0时刻，电场强度突然增加到原来的3倍，场强方向保持不变，经过时间。再 将该电场方向改为水平向右，场强大小保持不变。重力加速度为g,求： (1)带电小球悬浮时的电场强度E的大小和方向； (2)。时刻带电小球的速度大小； (3)带电小球运动到最高点时的动能。 15.（15分)如图15所示，质量m1=1.98kg的物块A静止在光滑水平地面EF上，质量 M=2.0kg的长木板C静止在粗糙的水平地面PQ上，长木板左端放着一质量m2= 2.Okg的物块B,长木板的左端紧挨着水平地面EF和PQ的竖直衔接面FP，且长木 板的上表面刚好与地面EF等高。已知地面PQ和长木板间的动摩擦因数1=0.1，物 块B和长木板间的动摩擦因数2=0.4。现有一质量mo=20g的子弹以水平向右的速 度o=200m/s击中物块A,并留在物块A的内部（子弹射人物块A的时间极短)，之 后物块A（包括子弹)与物块B发生一维弹性碰撞，物块B始终未离开长木板，重力 加速度为g=10m/s2。求： (1)子弹射人物块A的过程中系统损失的机械能； (2)物块A和B碰撞结束后的瞬间，它们的速度大小； (3)长木板C在整个运动过程中所发生的位移大小。 A B 图15 高二物理·第6页（共6页)大理市2025~2026学年上学期高二年级教学质量监测考试 物理参考答案 一、选择题（本大题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项 符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6 分，选对但不全的得3分，有错选的得0分) 题号 1 2 6 7 10 答案 D B B BC BCD BD 【解析】 1.推导匀变速直线运动位移公式时采用的方法是微元法，故A错误。设圆锥 的高度为h,小球受力情况如图所示，根据数学知识，小球做匀速圆周运 动的半径r=htan0,重力与绳子的拉力的合力提供向心力，向心力 F=gtan0,根据牛顿第二定律得F=ro2,联立解得o= 角速度 o与日无关，故B错误。火车转弯超过规定速度行驶时，所需的向心力增 mg 大，火车的重力与倾斜轨道的支持力的合力不足以提供向心力，此时外轨道和轮缘间会有 挤压作用，故C错误。在研究影响平行板电容器电容大小的因素实验中采用了控制变量法， 故D正确。 2.由图可知，4、B的加速度大小分别为a,=40mS=2ms、4,=20ms=名vs,故a: 201 30 a。=3:1,故A错误。0~15s内两图像所夹面积表示这段时间内A车比B车多走的位移， 则0~15s内A车比B车多走的位移为150m,小于160m,故t=15s时A车仍落后于B车， 故B错误。第15s末两车的速度都为10m/s,故C正确。v-t图像与时间轴所包围的面积 表示位移，减速过程A、B的位移大小分别为飞，-40x20 20×30 =400m、x3= ∠m=300m, 2 2 故最终B车停在A车前方60m处，故D错误。 3.卫星在近地轨道上A点加速离心才能进入转移轨道，故A正确。根据二=三可知，运行 轨道的半径大于转移轨道的半长轴，所以卫星在转移轨道上的周期小于运行轨道的周期， 高二物理参考答案·第1页（共7页） 故B错误。在转移轨道上A是近地点，B是远地点，所以卫星在转移轨道上经过A点时的 速度大于经过B点时的速度，故C正确。卫星在近地轨道A点通过外力做功加速进入转移 轨道，后来在转移轨道B点通过外力做功加速进入运行轨道，所以卫星在运行轨道上时的 机械能大于在近地轨道上时的机械能，故D正确。 4,由图可知，鱼的头部带正电，尾部带负电，故A错误。电场线的疏密反映场强的大小，由 图可知，A点的电场强度大于C点的电场强度，故B错误。设无穷远处电势为零，等量异 种电荷连线中垂线的电势为零，靠近正电荷一侧的点电势大于零，靠近负电荷一侧的点电 势小于零，所以B点电势高于C点电势，B点电势也高于A点电势，所以把一个带负电的 试探电荷从A点移动到B点，电场力做正功，故C正确，D错误。 5,在滑动变阻器R的滑片向下滑动过程中，其接入阻值减小，干路电流增大，滑动变阻器两 端的电压为U=E-I(R+r)会减小，所以电流表示数增大，电压表示数减小，故A错误。 由丁减小可知，电容器将放电，电容器C两极板所带电荷量减小，电阻R,中有向上的电 流，故B正确。由五=可知，电容器两极板间的电场强度减小，所以带电液滴向下运 d 动，故C错误。电容器的电容与外电路无关，所以电容不变，故D错误。 6.0-1图像如图，则有t”心和=O,0Em9sp 传 ug 解得t=0.5s,Q=1.0J,故选A。 7.P从静止开始向下运动至最低点，先加速后减速，所以加速度方向 0 先向下后向上，故A错误。对于P、Q组成的系统，由于弹簧对Q做功，所以P、Q组成 的系统的机械能不守恒，故B错误。当P运动到最低点时，速度为0，Q的速度也为0， 此时弹性势能最大，根据系统机械能守恒可得E。=gL(cos37°-cos53)=0.2gL,故C 正确。P下降过程中动能达到最大前，P加速下降，对P、Q整体，在竖直方向上，根据 牛顿第二定律有4g-N=a,当P达到最大动能时有a=0,可得N=4g,故D错误。 8.甲图中地磁场的N极位于地理南极附近，故A错误。由乙图中小磁针静止时的位置可知， 螺线管右端为S极，则根据右手螺旋定则可知，电源右侧为正极，故B正确。丙图中线圈 从1位置平移到2位置时，磁场减弱，根据Φ=BS可知，穿过此线圈平面的磁通量减小， 故C正确。丁图中，线圈运动过程磁通量不变，不会产生感应电流，故D错误。 高二物理参考答案·第2页（共7页） 9.根据闭合电路欧姆定律得电路中的总电流1=B-V_2-48A=6A,通过R,的电流 R+r2+2 店无将A3A,敢通过电动机的电流u=1-3A,电源的输出功率为 P=EI-r=72×6W-62×2W=360W;电动机消耗的总功率为 =亚=48×3W=144W,电动机正常工作的输出功率为 P=☑-I,R=48×3W-32×4W=108W;故其效率为n= ×10%=750%,故A错 误，B、C正确。若电动机突然被卡住而停止转动，相当于纯电阻电路，电流增大，总电 流增大，则电源内阻消耗的热功率将变大，故D正确。 10.对B进行受力分析，如图所示，根据三力平衡和相似三角形可得 F=F',当L逐渐减小时，F逐渐减小，故A错误。在B缓慢移动 过程中，设B与A点的距离为x,在整个过程中，x都满足方 G kOg 对比C-,得x=r,即B与A的距离不变，B受到的库仑力大小不变，故B正确， h r3 C错误。由于库仑力大小不变，拉力逐渐减小，故库仑力大小和拉力大小比值逐渐增大， 故D正确。 第Ⅱ卷（非选择题，共54分） 二、填空、实验题（本大题共2小题，共16分） 11.(每空2分，共6分) (1)AD (2)CD (3)nhxop nxou nxon 【解析】(1)在验证动量守恒定律实验中，必须保证斜槽轨道末端切线水平，斜槽轨道不 必要光滑，故A正确，B错误。两个小球碰撞后运动时间相等，没有必要测出斜槽末端 距地面的高度，故C错误。为保证入射小球的初速度相等，入射小球每次都要从同一高 度由静止滚下，故D正确。 高二物理参考答案·第3页（共7页） (2)因实验过程中塑料小球受到空气阻力影响较大，故A错误。为保证两个小球发生正 碰，并且入射小球碰撞后继续往前运动，入射小球和被碰小球半径必须相同，入射小球 的质量应该大于被碰小球的质量，故B错误，C正确。碰撞后两个小球做平抛运动的高 度相同，故运动时间相同，故D正确。 (3)要验证动量守恒，应该验证V。=0,+,V,（V,为入射小球碰前的速度，0、V2分 别为碰后入射小球和被碰小球的速度)，由于小球出斜槽末端后做平抛运动，并且做平抛 运动的时间相同，设为1，故只需验证m号=叫 oL+m，即只需验证 t mh xop=nhxou nbxoy 12.(每空2分，共10分) (1)42.30 0.990 (2)如图所示 (3)偏小 (4)πH2 4IL 【解析】(1)游标卡尺的读数为42mm+6×0.05m=42.30m,螺旋测微器固定刻度读 数为0.5m,可动刻度读数为49.0×0.01m=0.490m;所以螺旋测微器读数为 0.5m+0.490mm=0.990mm。 (3)由于本实验中电压表的分流作用使得测得的电流偏大，由欧姆定律可知用此电路测 量的结果会比真实值偏小。 (4)由电阻定律和欧姆定律有R=P了P L 2 ,R= ,联立可得p=U4 1 41L 三、计算题（本大题共3小题，共38分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算 步骤，只写出最后结果的不能得分。有数据计算的题，答案中必须明确写出数值和单位) 13.(10分) 解：(1)滑块恰好到达半圆轨道的最高点C点，则在C点只受重力，由牛顿第二定律可 。 得g=l ① R 高二物理参考答案·第4页（共7页） 解得v。=VgR=2ms ② 滑块离开半圆轨道后做平抛运动 aR ③ x=Vct ④ 解得滑块离开C点后落地点与B点之间的距离为x=O.8m ⑤ (2)滑块从B点运动到C点过程中，只有重力做功，由动能定理可得 g·2R-方m-m ⑥ 滑块运动到半圆形轨道的B点时受到重力和轨道的支持力，由牛顿第二定律可得 R-g=m ⑦ 解得F=6g=12N ⑧ 由牛顿第三定律可得滑块对轨道的压力为F=R=12N,方向竖直向下 ⑨ 评分标准：本题共10分。正确得出⑥式给2分，其余各式各给1分。 14.(13分) 解：(1)带正电小球悬浮在匀强电场中处于平衡状态，根据平衡条件得 mg gE ① 解得E=mg ② q 方向竖直向上 ③ (2)当电场强度增加到原来的3倍时，电场力大于重力，小球开始向上做匀加速直线运 动，设经过时间t。后速度为o,则 根据牛顿第二定律得3qB-g=a ④ 根据运动学公式得)=t。 ⑤ 联立解得a=2g,v=2gt。 ⑥ (3)电场方向改为水平向右后，带电小球在竖直方向做匀减速直线运动，水平方向做匀 高二物理参考答案·第5页（共7页） 加速直线运动。设带电小球运动到最高点所用的时间为t,在水平方向上的加速度为a,。 竖直方向上：v=8,解得t=2t。 ⑦ 水平方向上：3qB=1a,解得a=3g ⑧ 此时带电小球的速度)，=at=6g。 ⑨ 带电小球运动到最高点时的动能三)m:=18g号 ⑩ 评分标准：本题共13分。正确得出①、④、⑩式各给2分，其余各式各给1分。 15.(15分) 解：(1)当子弹击中物块A的过程中，子弹和物块A组成的系统动量守恒、能量守恒得 7L0,=(+L)) ① 叫-0u+4加2+Az 1 ② 2 可得w=2m/s ③ 子弹击中物块A的过程中损失的机械能为△E=396J ④ (2)子弹、木块A和物块B发生弹性正碰，碰撞过程中系统的动量守恒、机械能守恒， (+)D=(l。+)01+L202 ⑤ 5m。+必)o2三2m+%)0+ ⑥ 2 可得双=%+%-业0=0，静止在水平地面BF上 ⑦ %++2 02= 20,+)0=2ms,方向水平向右 ⑧ 。+%+2 (3)解法一：（利用动量定理和动能定理解题） 当滑块与长木板共速时，长木板的速度达到最大，设此时两者的速度均为)，以向右作 为正方向，则由动量定理可得 对长木板，有4，，8t-4(M+2)gt=M,-0 ⑨ 对滑块，有-山228t=2V3-02 ⑩ 高二物理参考答案·第6页（共7页） 解得1=，，= 2 长太板发生相对运动过程中，长木板发生的位移为￥号 ① 滑块与长木板共速后，两者视为一个整体，由动能定理可得 -4M+m,gx,=0-M+%) ② X2= ③ 24891 整个过程中长木板运动的距离为x=,+x,= -m ④ 解法二：（利用牛顿运动定律解题） 当滑块与长木板共速时，长木板的速度达到最大，设此时两者的速度均为？，则滑块在 摩擦力的作用下做匀减速直线运动 4228=m24,得4=428=4m/s2(1分) 长木板在摩擦力的作用下做匀加速直线运动 ,m28-4(M+2)g=M,得a,=2m/s2(1分) v3=v2-4t=4,t(1分) 2 可得子8，”m的 3 1 与长木板发生相对运动过程中，长木板发生的位移为，4。m 滑块与长木板共速后，两者相对静止一起做匀减速直线运动 4(M+2)g=(M+2)a,得a=4g=1m/s2(1分) ,=0g=2m1分) -2a9 整个过程中长木板运动的距离为x=,+书=m（1分) 评分标准：本题共15分。正确得出②式给2分，其余各式各给1分。 高二物理参考答案·第7页（共7页）