2026届高考物理一模提分周周练（七）

2026高考高三物理一模提分周周练（七） 学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 考生注意： 1.本试卷满分100分，考试时间75分钟。 2.答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。 3.考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分） 1．在学科节活动中展示的“激光传音”装置如图所示。将激光器通过数据线与音乐播放器相连，激光器根据音乐的节奏发射激光，激光照射在光电管阴极K上产生光电子，光电子经电场加速形成光电流，光电流经过放大电路放大并驱动扬声器工作。以下关于该装置说法中正确的是（　　） A．图中a端连接的是电源的正极 B．扬声器发出声音的频率等于激光的频率 C．声音频率大于光电管截止频率才能工作 D．变阻器滑片向右移动输出声音一定增大 2．如图所示，一束复色光从点以入射角斜射入上、下表面平行的透明玻璃砖内，经折射后分成A、B两束光分别从下表面的两点射出，关于A、B两束光，下列说法正确的是（　　） A．A光从点射出后，可能与入射光线不平行 B．A光比B光更容易发生明显衍射 C．A光在玻璃砖中的传播时间可能等于B光在玻璃砖中的传播时间 D．增大，B光有可能在玻璃砖下表面发生全反射 3．2025年2月9日，第九届亚冬会短道速滑女子3000米接力A组决赛在哈尔滨举行，中国队的范可新、公俐、张楚桐和王欣然夺得冠军。运动员经过弯道沿曲线从a点向b点运动的过程中，速度逐渐减小，在此过程中，运动员所受合外力方向可能正确的是（　　） A． B． C． D． 4．如图所示，某同学将乒乓球发球机正对着竖直墙面水平发射，两个完全相同的乒乓球a和b各自以不同的速度水平射出，碰到墙面时竖直下落的高度之比为。若不计阻力，下列对乒乓球a和b的判断正确的是（　　） A．碰墙前a和b的运动时间之比为 B．从发出到碰墙，a和b的动能变化量之比为 C．从发出到碰墙，a和b的动量变化量之比为 D．从发出到碰墙，a和b的动量变化率之比为 5．如图所示，倾角为的固定足够长的光滑斜面上有一轻质弹簧，轻质弹簧一端与固定于斜面底端的挡板C连接，另一端与物块A连接，物块A上方放置有另一物块B，物块A、B质量均为m且不粘连，整个系统在沿斜面向下的的恒力作用下处于静止状态。某一时刻将力F撤去，若弹簧将A、B弹起的过程中，A、B能够分离，则下列叙述正确的是（　　） A．撤去力的瞬间，A、B的加速度大小均为 B．撤去力的瞬间，A对B的弹力大小为 C．A、B被弹起的过程中，两者即将分离时，弹簧处于压缩状态 D．若斜面粗糙且与A、B间的动摩擦因数相同，A、B能被弹起，分离位置与斜面光滑时相同 6．如图所示，匀强电场与竖直圆面平行，圆心为O，一质量m、带正电q的小球从C点出发经过D点，动能增加ΔEk，从A点出发经过B点，动能增加，若CD是与竖直方向夹角30°的直径，AB为水平直径，已知重力加速度g，以下说法正确的是（    ） A．该匀强电场的方向沿CD方向斜向下 B．如果小球由B点出发经过D点，动能增加 C．该电场最小的电场强度 D．从A点射入圆区域的所有带电小球都做曲线运动 7．如图甲所示为一列沿轴传播的简谐横波在时刻的波形图，图乙为质点以此时刻为计时起点的振动图像，是平衡位置为处的质点，下列说法正确的是（    ） A．时，质点的运动方向沿轴正方向 B．时，质点沿轴的正方向传播了 C．这列波的传播速度是 D．时，质点距平衡位置的距离大于质点距平衡位置的距离 二、多项选择题（第8~10题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分，共18分） 8．研究表明，地球自转在逐渐变慢，3亿年前地球自转的周期约为22小时。假设这种趋势会持续下去，地球的其他条件都不变，未来人类发射的地球同步卫星与现在的相比（    ） A．距地面高度变小 B．向心加速度变小 C．角速度变大 D．线速度变小 9．如图所示，水平传送带以的速度顺时针匀速转动，质量的物块A放在传送带上，通过不可伸长的轻绳跨过光滑轻质定滑轮与质量的物块B连接，连接A的轻绳水平。某时刻A、B速度大小均为，方向如图所示。已知物块A与传送带间的动摩擦因数，重力加速度g取，下列说法正确的是（　　） A．若，则此时传送带对A的摩擦力水平向右 B．若，则此后物块A向右匀速运动 C．若，则此时物块A的加速度大小为 D．若，则此时轻绳拉力大小为 10．如图所示，质量为M的木板静止在光滑水平面上，木板左端固定一轻质挡板，一根轻弹簧左端固定在挡板上，质量为m的小物块从木板最右端以速度v0滑上木板，压缩弹簧，然后被弹回，运动到木板最右端时与木板相对静止。已知物块与木板之间的动摩擦因数为，整个过程中弹簧的形变均在弹性限度内，则（　　） A．木板先加速再减速，最终做匀速运动 B．整个过程中弹簧弹性势能的最大值为 C．整个过程中木板和弹簧对物块的冲量大小为 D．弹簧压缩到最短时，物块到木板最右端的距离为 三、实验题（本题共2小题，共14分） 11．用如图所示装置“验证牛顿第二定律”，保持小车质量一定，验证小车加速度a与合力F的关系。 (1)除了电火花计时器、小车、砝码、砝码盘、细线、附有定滑轮的长木板、垫木、导线及开关外，在下列器材中必须使用的有（　　）（选填选项前的字母）。 A．220V、50Hz的交流电源 B．电压可调的直流电源 C．刻度尺 D．秒表 E．天平（附砝码） (2)某同学得到如图所示的纸带，每5个点取一个计数点，测得相邻计数点间的距离如图所示（单位cm）。由此可得小车加速度的大小 m/s2（保留三位有效数字）。 (3)在本实验中认为细线的拉力F等于砝码和砝码盘的总重力mg，已知三位同学利用实验数据做出的图像如图中的1、2、3所示。下列分析正确的是（　　）（选填选项前的字母）。 A．出现图线1的原因可能是没有平衡摩擦力 B．出现图线2的原因可能是砝码和砝码盘的质量不合适 C．出现图线3的原因可能是在平衡摩擦力时长木板的倾斜度过大 (4)在本实验中认为细线的拉力F等于砝码和砝码盘的总重力mg，由此造成的误差是 （选填“系统误差”或“偶然误差”）。若所有阻力完全被平衡，设拉力的真实值为，小车的质量为M，为了使，应当满足的条件是 。 12．某物理兴趣小组测量一段某材料制成的电阻丝的电阻率。 (1)先用螺旋测微器测量电阻丝的直径d，示数如图甲所示，其直径= mm；再用刻度尺测出电阻丝的长度为L； (2)用多用电表粗测电阻丝的阻值，当用“×100”挡时，指针静止时位置如图乙所示，= Ω (3)为了准确测量电阻丝的电阻，某同学设计了如图丙所示的电路： ①闭合，当接a时，电压表示数为，电流表示数为，当接b时，电压表示数为，电流表示数为，则待测电阻的阻值为= （用题中的物理量符号表示），测量值 （选填“大于”、“等于”、“小于”）真实值； ②根据电阻定律计算出该电阻丝的电阻率 （用、d、L表示）。 四、计算题（本题共3小题，共计40分。解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位） 13．“极目一号”是我国自主研发的浮空艇，浮空艇内有一个容积不变的储气罐。在地面时，储气罐内密封有压强为，温度为27℃的空气（可视为理想气体）；当到达指定高度时，为了保持平衡，储气罐开始缓慢向外放出气体，罐内气体压强变为，温度降为。求： (1)储气罐放出气体的质量占原来气体质量的比例； (2)放出气体后，储气罐中气体的密度是原来气体密度的多少倍？ 14．如图所示，一斜面体固定在水平地面上，倾角为θ=30°，高度为h=1.5m。一薄木板B置于斜面顶端，恰好能保持静止，木板下端连接有一根自然长度为L0=0.2m的轻弹弹簧，木板总质量为m=1kg，总长度为L=2.0m。一质量为M=3kg的小物块A从斜面体左侧某位置水平抛出，该位置离地高度H=1.7m，物块A经过一段时间后从斜面顶端沿平行于斜面方向落到木板上并开始向下滑行，已知A、B之间的动摩擦因数，木板下滑到斜面底端碰到挡板时立刻停下，物块A最后恰好能脱离弹簧，且弹簧被压缩时一直处于弹性限度内，最大静摩擦力可认为等于滑动摩擦力，取重力加速度，不计空气阻力。求： (1)物块A落到木板上的速度大小v； (2)木板与挡板碰撞前的瞬间，木板和物块的速度大小； (3)弹簧被压结到最短时的弹性势能。 15．在仿生学领域，科研人员正在模仿跳蚤的弹跳设计微型机器人或跳跃式飞行器。如图所示，是一个研究小组设计的一种模仿跳蚤跳跃的两级弹跳装置，圆柱形的一级和二级弹跳体内的弹簧相同，弹簧劲度系数相等且都非常大，被压缩相同程度后锁定（储存的弹性势能相等），通过遥控可分别解锁两根弹簧，使弹簧弹性势能瞬间释放全部转化为弹跳体的动能，弹跳体获得的速度方向沿竖直方向。 两级弹跳体竖直叠放在水平地面上静止，一级弹跳体与地面之间、二级与一级弹跳体之间不拴连。一级、二级弹跳体的总质量相等且分别均为，先解锁一级弹跳体内的弹簧，两级弹跳体一起竖直上升，离地面的最大高度为，上升到最大高度时解锁二级弹跳体内的弹簧。重力加速度为，忽略弹跳体的高度，不考虑空气阻力。 (1)求两级弹跳体一起竖直上升的时间； (2)求二级弹跳体离地面最大高度； (3)若一级弹跳体的质量为，其他初始条件相同，解锁一级弹跳体的弹簧后，在两级弹跳体落地前的任意时刻解锁二级弹跳体的弹簧。求二级弹跳体离地面的最大高度。 试卷第8页，共8页 试卷第7页，共8页 学科网（北京）股份有限公司 《2026高考高三物理一模提分周周练（七）》参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 A C A D D C C BD AD ACB 1．A 【详解】A．由电路图和题意分析装置原理可知，若要有效利用光照强弱控制光电流大小，a端连接的是电源的正极，使光电流接近或达到饱和电流效果最好，故A正确； B．激光的频率只会影响光电子的最大初动能，不会影响电流，故发出的声音频率与激光的频率无关，故B错误； C．激光的频率大于截止频率才能工作，故C错误； D．变阻器向右移动可增大正向电压，但如果电流已达饱和，则电流也不会增大，故D错误。 故选A。 2．C 【详解】A．根据几何关系可知，光线射入玻璃砖时的折射角与射出玻璃砖时的入射角相等，结合光的折射定律可知，光线射出玻璃砖时的折射角等于射入玻璃砖时的入射角，故A光从点射出后，一定与入射光线平行，故A错误； B．由图可知，入射角相同，A光的折射角小于B光的折射角，则A光的折射率大于B光的折射率，A光的频率大于B光的频率，A光的波长一定小于B光的波长，B光比A光更容易发生明显衍射，故B错误； C．设玻璃砖的厚度为，光线在玻璃砖上表面的折射角为，则光线穿过玻璃砖的时间 又因为 代入可得 可知当A、B两束光在点的折射角互余时，相等，故C正确； D．由于光线从玻璃砖中射出时的入射角一定小于临界角，故两束光均不可能发生全反射，故D错误。 故选C。 3．A 【详解】根据曲线运动的特点可知，速度矢量与合力矢量分别在运动轨迹的两侧，合力方向指向轨迹的凹侧；由于运动员的速度在逐渐减小，所以合力方向与速度方向之间的夹角大于。 故选A。 4．D 【详解】A．球在竖直方向上做自由落体运动，根据 解得 可得碰墙前a和b的运动时间之比为，故A错误； B．根据动能定理有 可得从发出到碰墙，a和b的动能变化量之比为，故B错误； C．根据动量定理有 可得从发出到碰墙，a和b的动量变化量之比为，故C错误； D．根据动量定理有 解得动量变化率为 故从发出到碰墙，a和b的动量变化率之比为，故D正确。 故选D。 5．D 【详解】A．撤去力前，A、B处于静止状态，根据平衡条件可得 撤去F的瞬间，弹簧弹力不变，整体有沿斜面向上的加速度，对A、B整体，由牛顿第二定律 解得撤去力的瞬间，A、B的加速度大小均为，故A错误； B．撤去力的瞬间，对B，由牛顿第二定律 解得撤去力的瞬间，A对B的弹力大小为，故B错误； C．当A、B之间作用力为零时，且加速度相同时，两物块分离，对B，由牛顿第二定律 对A、B整体，由牛顿第二定律 解得 此时弹簧处于原长状态，故C错误； D．若斜面粗糙且与A、B间动摩擦因数相同，A、B能被弹起，分离时，对B，由牛顿第二定律 对A、B整体有 解得 说明斜面粗糙且与A、B动摩擦因数相同，A、B能被弹起，分离位置与斜面光滑时相同，都是弹簧恢复到原长时上端的位置，故D正确。 故选D。 6．C 【详解】A．带正电小球在匀强电场和重力场受力均为恒力，即电场力和重力的合力为恒力，在的作用下： 由动能定理，则C→D A→B 同理： C→O A→O 取CO中点M，则M→O A→M，F合做功为0，即AM垂直于的方向，即的方向为沿CO方向向下。根据力的合成原则，电场方向不沿CD方向，A错误； B．B到D中做功与N到D中做功相等 B错误； CD．根据力的合成，当电场力与垂直时，电场力取到最小值，即 如果从A点射入，小球沿的方向做直线运动，D错误，C正确。 故选C。 7．C 【详解】A．由图乙知质点在时刻正向负方向振动，则该波沿轴正方向传播，时质点正向正方向振动，时即过半个周期，质点的运动方向沿轴负方向，故A错误； B．质点沿轴上下振动，不会沿轴传播，故B错误； C．由图甲知，由图乙知，则这列波的传播速度，故C正确； D．时即再过，质点达到正向位移最大处，质点一定不在最大位移处，即质点距平衡位置的距离小于质点距平衡位置的距离，故D错误。 故选C。 8．BD 【详解】A．因地球的周期在增大，故未来人类发射的地球同步卫星周期也将增大；根据万有引力提供向心力可知 解得 故卫星离地高度将变大，故A错误； B．由万有引力提供向心力可知 解得 因半径增大，则加速度减小，故B正确； C．由可知，角速度变小，故C错误； D．由万有引力提供向心力可知 解得 故线速度变小，故D正确。 故选BD。 9．AD 【详解】A．若，则此时A相对传送带向左运动，则传送带对A的摩擦力水平向右，选项A正确； B．因A与传送带之间的滑动摩擦力大小为 若，则此时刻A与传送带之间的摩擦力为零，AB受合外力为 F=mg=20N 则物块AB将加速运动，于是A的速度将大于传送带的速度，此后物块A受向左的滑动摩擦力，则AB受合外力变为 F＇=mg-f=10N>0 则A向右做加速运动，选项B错误； C．若，则此时物块A受滑动摩擦力向左，则A的加速度大小为 选项C错误； D．若，则此时物块A受滑动摩擦力向左，则A的加速度大小为 对B分析 解得此时轻绳拉力大小为 选项D正确。 故选AD。 10．ACB 【详解】A．物块接触弹簧之前，物块减速运动，木板加速运动；当弹簧被压缩到最短时，摩擦力反向，直到弹簧再次恢复原长，物块继续减速，木板继续加速；当物块与弹簧分离后，物块水平方向只受向左的摩擦力，所以物块加速，木板减速；最终，当物块滑到木板最右端时，物块与木板共速，一起向左匀速运动。所以木板先加速再减速，最终做匀速运动，所以A正确； B．当弹簧被压缩到最短时，弹簧的弹性势能最大，此时物块与木板第一次共速，将物块，弹簧和木板看作系统，由动量守恒定律可得 得 从开始运动到弹簧被压缩到最短，由能量守恒可得 从开始运动到物块到达木板最右端，由能量守恒可得 则最大的弹性势能为 所以B正确； C．根据动量定理，整个过程中物块所受合力的冲量大小为 合冲量大小即为木板和弹簧对物块的冲量大小，所以C正确； D．由题意可知，物块与木板之间的摩擦力为 又系统克服摩擦力做功为 则 即弹簧压缩到最短时，物块到木板最右端的距离为，所以D错误。 故选ACB。 11．(1)ACE (2)1.21 (3)B (4) 系统误差 5% 【详解】（1）AB．电火花计时器需要220V、50Hz的交流电源，故A正确，B错误； C．用刻度尺测量纸带上点迹的距离，故C正确； D．纸带上点迹间的时间可以由打点间隔计算不需要秒表，故D错误； E．实验中需要用天平测量小车的质量，故E正确。 故选ACE。 （2）相邻计数点间的时间间隔为 根据逐差法，可得 （3）A．根据图像1可知，当没有挂砝码、砝码盘时，小车产生了加速度，因此说明平衡摩擦力时木板倾角太大，故A错误； B．根据图像2可知，随着F的增大，即砝码、砝码盘的质量增大，不再满足砝码、砝码盘质量远小于小车的质量，因此曲线上部出现弯曲现象，故B正确； C．根据图像3可知，当挂上砝码、砝码盘时，小车的加速度还是为零，说明没有平衡摩擦力或平衡的不够，故C错误。 故选B。 （4）[1]在本实验中认为细线的拉力F等于砝码和砝码盘的总重力mg，由此造成的误差是系统误差； [2]对小车，根据牛顿第二定律得 对整体，根据牛顿第二定律得 又 解得 12．(1) (2) (3) 等于 【详解】（1）由图甲可知 （2）（2）由图乙读数结合所选倍率可知 （3）[1]待测电阻的阻值为 [2]本实验的测量无系统误差，所以测量值等于真实值。 [3]根据电阻定律有 其中 联立求得 13．(1) (2) 【详解】（1）储气罐在地面时，有， 储气罐在高空中时，有， 由理想气体状态方程可得 解得 则放出气体的体积为 所以放出气体的质量占原来气体质量的比例 解得 （2）罐内剩余气体的质量与原有气体质量之比 根据密度公式可知， 储气罐中气体的密度是原来气体密度的倍。 14．(1)；(2)vA=vB=3m/s；(3)5J 【详解】(1)物块A落到木板前做平抛运动，竖直方向 2g（H−h）＝vy2 得 vy＝2m/s 物块A落到木板时的速度大小为 (2)由木板恰好静止在斜面上，得到斜面与木板间的摩擦因数μ0应满足 mgsin30°＝μ0mgcos30° 得 物块A在木板上滑行时，以A为对象有 方向沿斜面向上。 以木板B为对象有 方向沿斜面向下 假设A与木板达到v共时，A还没有压缩弹簧且木板还没有到达底端，则有 解得 v共＝3m/s，t=0.4s 此过程 ， 故 说明以上假设成立。 (3)共速后，由于（M+m）gsin30°=μ0（M+m）gcos30°，A与木板B一起匀速到木板与底端挡板碰撞，木板停下，此后A做匀减速到与弹簧接触的过程，设接触弹簧时A的速度为vA，有 解得 vA＝2m/s 设弹簧最大压缩量为xm，A从开始压缩弹簧到刚好回到原长过程有 Q＝2μMgxmcos30°=MvA2 得 Q=6J， A从开始压缩弹簧到弹簧最短过程有 即弹簧压缩到最短时的弹性势能为5J。 【点睛】题综合考查了平抛运动、牛顿运动定律、运动学公式及能量守恒定律，过程复杂，综合性较强，关键是认真分析物理过程即物体的受力情况，选择合适的物理规律列方程；此题对学生的要求较高，要加强这类题型的训练。 15．(1) (2)2H (3) 【详解】（1）设两级弹跳体一起竖直上升的时间为t，则 解得 （2）当两级弹跳体一起竖直上升到离地面最大高度H时，两级弹跳体速度为零。以竖直向上为速度正方向，设解锁二级弹跳体内的弹簧后一、二级弹跳体的速度分别为v1、v2，由动量守恒和能量守恒定律分别可得0=mv1+mv2， 解得， 之后，二级弹跳体做竖直上抛运动，设又上升的高度为H1，有 解得H1=H 则二级弹跳体离地面最大高度Hm1=H+H1=2H （3）若一级弹跳体的质量为M，解锁一级弹跳体的弹簧后，设在一、二级弹跳体竖直上抛运动过程中速度为v'时，以竖直向上为速度正方向，解锁二级弹跳体的弹簧后一、二级弹跳体的速度分别为v3、v4，由动量守恒和能量守恒定律分别可得（M+m）v'=Mv3+mv4， 解得， 解锁二级弹跳体的弹簧后，二级弹跳体增加的速度为 可见，二级弹跳体增加的速度Δv与解锁前的速度v′无关。一、二级弹跳体速度为v及二级弹跳体的v4-t图像关系如图所示， 由图可知：越早解锁二级弹跳体的弹簧二级弹跳体所能到达的高度越高。设一级弹跳体的弹簧解锁后瞬间一、二级弹跳体的共同速度为v时解锁二级弹跳体的弹簧，则 设解锁二级弹跳体的弹簧后瞬间二级弹跳体速度为v5，由前述分析知： 设二级弹跳体离地面最大高度为Hm2，有 解得 答案第12页，共12页 答案第1页，共12页 学科网（北京）股份有限公司 $