专项1 力、 热、电综合(课件PPT)-【思而优·中考突破】2026年中考物理总复习（广东专用）

该初中物理中考复习课件系统覆盖力、热、电综合计算核心考点，对接中考说明分析运动和力占30%、机械效率占25%、电功电热占20%的考查权重，按图像类、机械类等题型归纳解题方法，体现备考针对性。 课件亮点是“真题情境+模型建构+科学推理”模式，如2025广东模拟题结合s-t图像求机器人速度，用P=Fv培养科学思维，电热题通过Q=cmΔt与W=Pt计算效率强化能量观念，助学生掌握规范步骤，教师可依此开展专题突破提升复习效率。

26版·物理课件 题型三 计算题 专项一 力、 热、电综合 第二部分 题型突破 类型1 运动和力综合(图像类) 1.(2025∙广东模拟)如图甲所示为某款静止在水平地面上的智能机器人，它重500 N．它某次工作时，在大小为20 N的水平动力作用下沿水平直线运动，其运动的s －t图像如图乙所示．求： (1)智能机器人静止在水平地面上时， 地面对它的支持力大小； 解：智能机器人静止在水平地面上时，地面对它的支持力大小F支＝G＝500 N 答：智能机器人静止在水平地面上时，地面对它的支持力大小是500 N； (2)智能机器人运动的速度； 解：由图乙可知，当t＝4 s时，s＝2 m，故智能机器人运动的速度 v＝＝＝0.5 m/s 答：智能机器人运动的速度是0.5 m/s； (3)0～4 s内，智能机器人所受动力做功的功率． 解：0~4 s内，智能机器人所受动力的大小为20 N，运动的速度为0.5 m/s，智能机器人所受动力做功的功率P＝＝＝Fv＝20 N×0.5 m/s＝10 W 答：0~4 s内，智能机器人所受动力做功的功率是10 W． 2.(2025∙广东模拟)如图甲所示是一辆汽车通过ETC通道时的示意图，汽车长度不计，汽车通过时，需在ETC中心线前减速，然后通过“匀速行驶区间”到达ETC中心线处，计费后离开收费站．图乙是该车通过ETC通道时的v －t图像，若汽车与驾驶员的总质量为2 t，轮胎与地面接触的总面积为0.01 m2，汽车通过收费站时所受阻力的大小为2 000 N，g取10 N/kg．求： (1)汽车匀速行驶的距离； 解：由图乙可知，汽车在2~12 s内匀速行驶，速度为5 m/s，因此汽车匀速行驶的距离 s＝vt＝5 m/s×(12 s－2 s)＝50 m 答：汽车匀速行驶的距离是50 m； 解：汽车与驾驶员的总质量 为2 t，则汽车与驾驶员总重 G＝mg＝2×103 kg×10 N/kg ＝2×104 N 因此驾驶员停车时汽车对水平地面的压力等于汽车与驾驶员受到的总重力，即F压＝G＝2×104 N 则驾驶员停车时汽车对水平地面的压强p＝＝＝2×106 Pa 答：驾驶员停车时汽车对水平地面的压强是2×106 Pa； (2)驾驶员停车时汽车对水平地面的压强； (3)汽车匀速行驶时牵引力做功的功率． 解：因为汽车做匀速直线运动，所以它受到的牵引力等于阻力，即 F牵＝f＝2 000 N 则汽车匀速行驶时牵引力做功的功率 P＝＝＝F牵v＝2 000 N×5 m/s＝1×104 W 答：汽车匀速行驶时牵引力做功的功率是1×104 W． 类型2 运动和力综合(机械类) 3.如图甲所示的塔吊，其结构可简化为如图乙所示的滑轮组模型．已知物体所受重力的大小为1.2×103 N，绳子自由端施加的拉力大小F＝800 N，物体在20 s内匀速上升10 m．不计绳重和摩擦，求： (1)物体上升的速度； 解：物体在20 s内匀速上升10 m，则物体上升的速度为v＝＝＝0.5 m/s 答：物体上升的速度是0.5 m/s； (2)20 s内拉力做功的功率； 解：由图乙可知，通过动滑轮的绳子段数n＝2，则绳子自由端移动的距离为s＝nh＝2×10 m＝20 m 拉力所做的功为W总＝Fs＝800 N×20 m＝16 000 J 拉力做功的功率为P＝＝＝800 W 答：20 s内拉力做功的功率是800 W； 解：不计绳重和摩擦，提升重1.2×103 N的物体时， 绳子自由端的拉力大小为F＝(G物＋G动) ＝×(1.2×103 N＋G动)＝800 N 解得G动＝400 N 利用该塔吊将重2×103 N的物体吊到目的地时，滑轮组的机械效率为 η＝＝＝＝＝≈0.833＝83.3% 答：利用该塔吊将重2×103 N的物体吊到目的地时滑轮组的机械效率是83.3%． (3)利用该塔吊将重2×103 N的物体吊到目的地时滑轮组的机械效率．(结果保留至0.1%) 4.盾构机可以实现一边挖掘隧道，一边在隧道内壁安装盾构管片，如图所示．某盾构机满负荷工作时，最大推进力是4.2×107 N，向前推进0.05 m，盾构机推进做的总功是7×106 J．安装的某个管片的有效承压面积是5 m2，管片承受的压强是2×108 Pa．求： (1)该管片承受的压力大小； 解：该管片承受的压力大小 F压＝pS＝2×108 Pa×5 m2＝1×109 N 答：该管片承受的压力大小是1×109 N； (2)推进力做的功； 解：推进力做的功 W＝Fs＝4.2×107 N×0.05 m＝2.1×106 J 答：推进力做的功是2.1×106 J； (3)盾构机推进的机械效率． 解：盾构机推进的机械效率 η＝＝＝0.3＝30% 答：盾构机推进的机械效率是30%． 5.(2025∙广东模拟改编)若某小轿车的质量为1.2 t，小轿车从斜面底端沿斜面往上匀速行驶了18 km，升高了2.25 km，所用时间为0.5 h，小轿车爬坡的机械效率为75%，小轿车匀速行驶时所受的牵引力大小恒定，其方向始终与斜面平行．求：(g取10 N/kg) (1)小轿车的平均速度； 解：小轿车的平均速度v＝＝＝36 km/h 答：小轿车的平均速度是36 km/h； (2)牵引力做的有用功； 解：牵引力做的有用功即克服小轿车所受重力做的功，则 W有用＝mgh＝1.2×103 kg×10 N/kg×2.25×103 m＝2.7×107 J 答：牵引力做的有用功是2.7×107 J； (3)牵引力做功的功率． 解：牵引力做的总功 W总＝＝＝3.6×107 J 牵引力做功的功率 P＝＝＝2×104 W 答：牵引力做功的功率是2×104 W． 类型3 运动和力综合(压强、浮力综合类) 6.(2025∙黑龙江)如图所示是一款国产水陆两栖汽车航行技术测试的情景．这辆汽车在水中的最大速度约为8.3 km/h．良好 的密封技术和防锈处理，使车体的吃水深度能达到 1.05 m，满载时排开水的质量达到4×103 kg．问： (ρ水＝1.0×103 kg/m3，g取10 N/kg) (1)如果汽车以7.2 km/h的速度在水中匀速航行30 min，它航行的距离是多少？ 解：汽车航行的距离 s＝vt＝7.2 km/h× h＝3.6 km 答：它航行的距离是3.6 km； (2)当汽车在水中航行时，若车底距离水面0.8 m，车底受到水的压强是多少？ 解：车底受到水的压强 p＝ρ水gh＝1.0×103 kg/m3×10 N/kg×0.8 m＝8×103 Pa 答：车底受到水的压强是8×103 Pa； (3)汽车在水中满载航行时受到的浮力大小是多少？ 解：汽车在水中满载航行时受到的浮力大小 F浮＝G排＝m排g＝4×103 kg×10 N/kg＝4×104 N 答：汽车在水中满载航行时受到的浮力大小是4×104 N． 7.(2024∙烟台)如图所示是海军烟台舰，它长134 m，高35 m，最大宽度为16 m，排水量达4 000 t，巡航速度为18节(1节＝1.852 km/h)，续航里程为4 000海里(1海里＝1.852 km)， 可抗大于12级的风力，除极区外任何海区均可安全 航行．g取10 N/kg，海水的密度取1.0×103 kg/m3，问： (1)烟台舰满载时所受浮力的大小是多少？ 解：烟台舰的排水量达4 000 t，即m排＝4 000 t＝4×106 kg 烟台舰满载时所受浮力的大小 F浮＝G排＝m排g＝4×106 kg×10 N/kg＝4×107 N 答：烟台舰满载时所受浮力的大小是4×107 N； (2)某次航行中烟台舰的吃水深度为4 m，则舰底0.5 m2的面积上受到海水的压力大小是多少？ 解：某次航行中烟台舰的吃水深度为4 m，此时烟台舰底受到海水的压强 p＝ρgh＝1.0×103 kg/m3×10 N/kg×4 m＝4×104 Pa 烟台舰底0.5 m2的面积上受到海水的压力大小 F＝pS＝4×104 Pa×0.5 m2＝2×104 N 答：某次航行中烟台舰的吃水深度为4 m，则舰底0.5 m2的面积上受到海水的压力大小是2×104 N； 解：烟台舰的巡航速度v＝18节＝18×1.852 km/h 航行距离s＝3 000海里＝3 000×1.852 km 航行时间t＝＝≈166.7 h 答：若烟台舰在某次航行过程中以18节的巡航速度匀速航行3 000海里，其航行时间是166.7 h． (3)若烟台舰在某次航行过程中以18节的巡航速度匀速航行3 000海里，其航行时间是多少？(结果保留一位小数) 类型4 力、电综合 8.(2025∙深圳模拟)如图所示是我国自主研发的“南鲲号”兆瓦级漂浮式波浪能发电装置，因其灵活机动，被称为海上移动充电宝．“南鲲号”在满负荷条件下每天可将1.1×105 kW∙h的波浪能转化为电 能，转换效率可达22%．若拖船用大小恒为6×105 N 的牵引力将“南鲲号”匀速直线拖移至54 km 外的某 岛礁，用时3 h．问：(g取10 N/kg，海水密度取1.0×103 kg/m3) (1)“南鲲号”重达6 000 t，则“南鲲号”漂浮时受到的浮力大小是多少？ 解：根据G＝mg可知，“南鲲号”受到的重力大小为 G物＝mg＝6 000×103 kg×10 N/kg＝6×107 N 根据浮沉条件可知，漂浮时物体受到的浮力大小等于重力大小，则“南鲲号”漂浮时受到的浮力大小为F浮＝G物＝6×107 N 答： “南鲲号”漂浮时受到的浮力大小是6×107 N； 解：根据W＝Fs可知，牵引力做的功为 W＝Fs＝6×105 N×54×103 m＝3.24×1010 J 根据P＝可知，牵引力做功的功率为 P＝＝＝3×106 W 答：牵引力做功的功率是3×106 W； (2)牵引力做功的功率是多少？ (3)若平均每户家庭一天用电8 kW∙h，“南鲲号”在满负荷条件下能满 足多少户家庭的用电需求？ 解：由题可知，“南鲲号”在满负荷条件下每天可将1.1×105 kW∙h的波浪能转化为电能，转换效率可达22%，则转化的电能为 W电＝ηW波浪＝22%×1.1×105 kW∙h＝2.42×104 kW∙h 家庭的户数为n＝＝3 025户 答：若平均每户家庭一天用电8 kW∙h，“南鲲号”在满负荷条件下能满足3 025户家庭的用电需求． 9.某款国产高性能电动汽车的部分参数如表所示．它的车轮与地面接触的总面积为0.05 m2.某次行驶过程中，该电动 汽车以20 m/s的速度在水平路面上匀速行驶 10 min，受到的平均阻力大小是360 N，g取 10 N/kg．问： 整车质量/kg 700 工作电压/V 440 百公里耗电量/(kW∙h) 12 (1)该电动汽车静止时对水平地面的压强是多少？ 解：该电动汽车静止时对水平地面的压力大小 F＝G＝mg＝700 kg×10 N/kg＝7 000 N 则该电动汽车静止时对水平地面的压强p＝＝＝1.4×105 Pa 答：该电动汽车静止时对水平地面的压强是1.4×105 Pa； (2)10 min内，该电动汽车受到的牵引力做的功是多少？ 整车质量/kg 700 工作电压/V 440 百公里耗电量/(kW∙h) 12 解：该电动汽车匀速行驶时受到的牵引力大小 F牵＝f＝360 N 该电动汽车匀速行驶的距离 s＝vt＝20 m/s×10×60 s＝12 000 m 该电动汽车受到的牵引力做的功 W＝F牵s＝360 N×12 000 m＝4.32×106 J 答：10 min内，该电动汽车受到的牵引力做的功是4.32×106 J； (3)该电动汽车的机械效率是多少？(结果保留至0.1%) 整车质量/kg 700 工作电压/V 440 百公里耗电量/(kW∙h) 12 解：此过程中，该电动汽车消耗的电能 W电＝×12 kW∙h＝5.184×106 J 则该电动汽车将电能转化为机械能的效率 η＝＝≈0.833＝83.3% 答：)该电动汽车的机械效率是83.3%． 类型5 电、热综合 10.(2025∙黑龙江)小君家中有一个电热水壶，这个电热水壶的参数如表所示．他想知道此电热水壶的加热效率，于是 他将温度为20 ℃、体积为1.8 L的水倒入此壶 中，测出将水加热到100 ℃所需的时间为 6 min．求：［水的比热容为4.2×103 J/(kg∙℃)， 水的密度为1.0×103 kg/m3］ 额定容量 1.8 L 额定电压 220 V 额定功率 1 850 W 频率 50 Hz (1)电热水壶中水的质量； 解：水的体积V＝1.8 L＝1.8×10－3 m3 水的质量m＝ρV＝1.0×103 kg/m3×1.8×10－3 m3＝1.8 kg 答：电热水壶中水的质量是1.8 kg； (2)水吸收的热量； 额定容量 1.8 L 额定电压 220 V 额定功率 1 850 W 频率 50 Hz 解：水吸收的热量 Q吸＝cm(t－t0)＝4.2×103 J/(kg∙℃)×1.8 kg×(100 ℃－20 ℃)＝6.048×105 J 答：水吸收的热量是6.048×105 J； (3)电热水壶的加热效率．(结果保留至0.1%) 额定容量 1.8 L 额定电压 220 V 额定功率 1 850 W 频率 50 Hz 解：电热水壶消耗的电能 W＝Pt＝1 850 W×6×60 s＝6.66×105 J 该电热水壶的加热效率 η＝＝≈0.908＝90.8% 答：电热水壶的加热效率是90.8%． 11.(2025∙凉山)电热暖手宝是生活中常见的取暖设备，某款电热暖手宝的主要参数如图所示．它正常工作4 min，恰好将袋内液体从10 ℃加热至32 ℃．求：［袋内液体的比热容取4.2×103 J/(kg∙℃)］ 电热暖手宝主要参数 袋内液体的质量：1 kg 额定电压：220 V 额定功率：550 W (1)电热暖手宝正常工作时通过的电流； 解：由电热暖手宝的参数可知，其正常工作时通过的电流I＝＝＝2.5 A 答：电热暖手宝正常工作时通过的电流是2.5 A； (2)袋内液体从10 ℃加热至32 ℃吸收的热量； 电热暖手宝主要参数 袋内液体的质量：1 kg 额定电压：220 V 额定功率：550 W 解：袋内液体从10 ℃加热至32 ℃吸收的热量 Q＝cmΔt＝4.2×103 J/(kg∙℃)×1 kg×(32 ℃－10 ℃)＝92 400 J 答：袋内液体从10 ℃加热至32 ℃吸收的热量是92 400 J； (3)该过程中，电热暖手宝的加热效率． 电热暖手宝主要参数 袋内液体的质量：1 kg 额定电压：220 V 额定功率：550 W 解：该过程中，电热暖手宝消耗的电能 W＝Pt＝550 W×4×60 s＝132 000 J 该过程中，电热暖手宝的加热效率 η＝＝＝0.7＝70% 答：该过程中，电热暖手宝的加热效率是70%． 类型6 力、热、电综合 12.(2025∙山东)“五一”假期，小明随家人驾驶电动汽车前往营地露营．该车可对外供电，输出电压为 220 V，最大输出功率为 3 300 W．家人将标有“220 V　1 000 W”的电热水壶接入电动汽车供电电路，把 1 kg 的水从20 ℃加热至100 ℃，用时6 min．该车的平均速度和每100 km平均能耗的对应关系如表所示，已知c水＝4.2×103 J/(kg∙℃)．求： 平均速度/(km∙h－1) 30 60 90 120 每100 km平均能耗/(kW∙h) 100 120 132 150 解：电动汽车对外供电时的最大输出电流I＝＝＝15 A 答：电动汽车对外供电时的最大输出电流是15 A； 平均速度/(km∙h－1) 30 60 90 120 每100 km平均能耗/(kW∙h) 100 120 132 150 (1)电动汽车对外供电时的最大输出电流； (2)加热过程中电热水壶消耗的电能； 平均速度/(km∙h－1) 30 60 90 120 每100 km平均能耗/(kW∙h) 100 120 132 150 解：电热水壶消耗的电能 W＝P电热水壶t＝1 000 W×6×60 s＝3.6×105 J＝0.1 kW∙h 答：加热过程中电热水壶消耗的电能是0.1 kW∙h； (3)加热过程中电热水壶的加热效率；(结果保留至0.1%) 平均速度/(km∙h－1) 30 60 90 120 每100 km平均能耗/(kW∙h) 100 120 132 150 解：水吸收的热量 Q吸＝c水m(t－t0)＝4.2×103 J/(kg∙℃)×1 kg×(100 ℃－20 ℃)＝3.36×105 J 加热过程中电热水壶的加热效率η＝＝≈0.933＝93.3% 答：加热过程中电热水壶的加热效率是93.3%； (4)烧水消耗的电能可供电动汽车以30 km/h的速度匀速行驶的路程． 平均速度/(km∙h－1) 30 60 90 120 每100 km平均能耗/(kW∙h) 100 120 132 150 解：由表可知，车速为 30 km/h 时，电动汽车每 100 km 的平均能耗为100 kW∙h，即每千米的平均能耗为1 kW∙h，则烧水消耗的电能可供电动汽车行驶的路程s＝＝0.1 km 答：烧水消耗的电能可供电动汽车以 30 km/h的速度匀速行驶的路程是0.1 km． 本PPT课件由思而优研发制作，仅限思而优配套教学使用。 未经授权，任何人不得以商业目的进行拷贝、转发、转售， 一经发现，我司将追究侵权者的法律责任。 温馨提示 $