专题强化练(十) 直流电路与交变电流-【创新大课堂】2026年高考二轮物理专题复习课时作业

(2)在右侧磁场中由牛领第二定律得如B,=m二，又B 52B,解得，= 4 y=2rsin45°= L-20s45°=子，即粒子第二次经 L 过0x平面的坐标为(0，乞，乞： L LY (3)粒子在电场中做类平抛运动，x轴方向上：2L=vt,y轴 方向上Ly2光2·解得E=心 4gL 2.解(1)根据带电粒子在右侧磁场中的运动轨迹结合左手 定则可知，粒子带正电； 粒子在磁场中运动的周期为T=2。 ① 根据T=2πm gB ① 则粒子所爷的电荷堂9一配 ③ (2)若金属板的板间距离为D,则板长为少，粒子在板间运 3 动时D 3 vlo ④ 出金属板间电场时竖直速度为零， 则经直方向y=2x号×0.5% ⑤ v2 在磁场中时uB=m ⑥ 其中y=2r=2mu ⑦ gB Uo 联立解得u=元√24Bt ⑤ 3πtoUd D-8B ⑨ (3)带电粒子在电场和磁场中的运 动轨迹如图，由③④（⑦联立可得金 属板的板间距离D=3r 则粒子在30时刻再次进入中间的 偏转电场，在4。时刻进入左侧的电场做减速运动，速度为 零后反向加速，在6。时刻再次进入中间的偏转电场，6. 50时刻碰到上金属板，因粒子在偏转电场中运动时，在时 间。内电场力做功为零，在左侧电场中运动时，往返一次 电场力做功也为零，可知整个过程中只有最初。在左侧电 场时电场力做功和最后0.5t。时间内电场力做功， 则w=令mu2+ 1 U D9· D = 元3mU 3 48BLo 3Bto =πm(x2+16) 48Bto 3.解(1)通过速度选择器的离子由于受力平衡需满足qE quB,可得速度v=卡 由题图知，从磁分析器中心孔V射出离子的运动半径为R _R+R,由 2 R=B得 品霜R,十RB 2E (2)偏转系统仅加电场时，离子在偏转系统中做类平抛运 动，设离子离开偏转系统时速度的偏转角为日，离开电场 时，离子在x方的偏特的距离=立，光.（仁）”m0 =at_gEL 7u9 ·25 离开电场后，离子在x方向偏移的距离x2=Ltan0= m,则x=1十2=3E以 gE 3L2 2mF=R千R 3L2 位置坐标为R十R0 (3)如图所示，偏转系统仅加磁场延 · 时，由B=m心得，离子进入磁场 后做匀速圆周运动的半径”= =R,十R 2 sina=上，离开磁场时，离子在y方向偏转距离1=r(1一 cosa)≈乞(sina)2≈R1+R 离开磁场后，离子在y方向偏移距离y2=Ltan a≈Lsin a≈ 2L2 3L2 R1十R,则=M+为R十R 3L2 故位置坐标为(0R十R2) 3L23L2 （4)注入晶圆的位置坐标为干R,十R),电场引起 的速度增量只对离子在x轴方向的运动产生影响，而磁场 只对离子在y轴方向的运动产生影响， 专题强化练（十） 1.C电动势随时间变化的规律为e=10sin(100πt)V,则w =2π∫=100π，解得该交流电的频率为：f=50Hz,故A错 误；图示位置为磁通量为零的位置，此位置磁通量变化率 最大，感应电动势最大，故B错误：根据右手定则可知图示 位置电流方向为D→C→B→A,根据左手定则可知，线图转 到图示位置时，AB边受到的安培力方向向上，故C正确； 根据电动势随时间变化规律可知，感应电动势的最大值 为：Em=NBSw=10V,仅线图转速加倍，即角速度加倍， 电动势的最大值变为20V,故D错误. 2.B根播电阻定律R=P专，得△R=P告答旅据欧好定律 =1△R,叁卫可得p=亭·兴结合题园可知学你 0.2 L1L2的电阻率之比凸= 0.25 0.5-0.2 =子，故选B 1.00-0.25 3.D开关S接3时输出电压的瞬时值2=Um sin ot,则有 效值：U3= 九4 。0月：匝数：m=n一2X65n,开关5接2时， 臣数=一品品对有是是解得，U,=号U n 9 则：U=,=吕U变压器变压不变频，所以周期不 变，2一t的图像为D,故D正确、ABC错误. 4B根据会光-0-1：25，收A错联：特电线上的 .P_1000×103 电流为14==10X10A=100A.故R造成的电压 损失△U损=12R=100×5V=500V,故B正确：变压器原 我因中的电流方1一号-1心A=250A,款C 错误；变压器不能改变交流电的频率，故D错误。 9 5.AC因为电路中理想变压器输入端接e=50√2cos2πt(V): 的交流电，则原线图两端电压为：U1= E=50EY=50V, 2 所以电压表示数为50V,故A正确；结合前面分析及题意 可知，刮线阔两瑞的电压为：-U=×50V=5V。 因为小灯泡正常发光，则小灯泡两端的电压为：= √/P1R1=√4XIV=2V,则R。两端电压为：Uo=U2- =5V-2V=3V,则流过R的电流为：2=尺=1 =3A, 则电流表的示数为3A,故B错误；由U2=U1可知，副 线圈两端的电压不变，由图可知，当滑动变阻器滑片向下 移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，则副线圈并联 部分的总电阻变小，则副线圈并联部分的电压变小，则由P 了可知小灯泡的实际功率变小，则小灯泡的亮度变 因为副线圈两端的电压不变，副线图并联部分的总电阻变 小，则凡两端电压变大，则由P尺可知，R的实际功率 变大，故C正确，D错误. 6.B由电路图可知，R1与R2并联后与R4串联，再与R3并 联.在R,从0开始逐渐增大的过程中，外电路总电阻增 大，总电流减小，电源的内电压减小，路端电压增大，根据 电源的效率？可X100%,可知电源效率一直增大，故A RR2X10 错误：当R2=0,外电路总电阻为R51=R,十R2十 =号Q<:当R2=3时，R1与R2并联阻值为R升= 院a-号a 外电洛总电红为R:冷解得兰 ,根据内外电阻相等时，电源的输出功率最大，可知电源输 出功率先增大后减小，故B正确；电压表示数与电流表示 号-，于R=号可知，号<R故C错送：根 数比值0 据闭合电路的欧姆定律有B=U叶1s,所以三=，其中 I总=I十I1,又根据R2阻值增大，可知I总减小，但I1增 大，故电流表示数变化大小△I应大于总电流变化大小 △，则有器器=，故D特说 7.BD降压变压器的副线图两端电压u=220√2sin50πt (V),变压器不改变交流电的频率，发电机中的电流变化频 率为0r25Hz,故A错误：降压支压器副线图 2π 电压的有效值为U,=220巨V=20V,所以通过R,的电 流的有效值为I4==℃A=20A,故B正确；降压堂 压器的原、副线圈匝数之比为5：1，所以降压变压器原线 圈的电流为4-票1，=号×20八=4Λ，降压变压器原致 73 圈两端的电压为U,-U,=号×220V=1100V,所以 11 升压变压器的输出电压为U2=U3+I3R=1100V+4×: 15V=1160V,故C错误；升压变压器输入功率为P=1 U2I3=1160×4W=4640W,故D正确. ·26 8.C看似是一个电桥，但只需将电源负极接地（就是取电势 为零)，则电容器上板板电势为号，下极板电势为5，板板 间电势差U=25,由Q=CU,可知C正确. 5 9.D根据理想变压器的电流比关系，原副线图的电流比等 于正数地的剑数，即：上会-号 因此副线图电流I2与原线图电流的关系为：I2=311已 知原线图电阻两端的电压为U。 U。 根据欧姆定律，原线圈电流为：1山一9R 因比，制我圈电流为：=3认=3一宗一票故A错民 α、b两瑞的电压包括原线图两端的电压和原线圈电阻两瑞 的电压，设原线图两端的电压为U1,副线图两端的电压为 U1_=3 U2,根据理想变压器的电压此关系：一2 Uo Uo 因北，副线图两端的电压为：U,=R=3R·R=3 Uo-Uo 原线圈两瑞的电压为：U1=3U2=3· a、b两端的电压为原线圈两端的电压UJ,与原线图电阻两端的 电压U之和：U.=U1+U=U十UU=2U,故B错误. 电源输入的电压即为a、b两端的电压，根据前面的分析，a、b两 端的电压为：LU=U1十UU=U十U。=2U,故C错误. 电源输出的功率等于原线图电阻的功率和副线图电阻的 功率之和，原线图电阻的功率为： P1=·9R= (Uo)2.9R-9R U哈 \9R7 副线图电阻的功率为：P2=I号·R= U 3R7 UU哈 因此，电源输出的总功率为：P8=P十P,=9尺十9R 故D运商 10.AC设降压变压器原副线图的匝数分别是3和n4,电压 分别是U3和U4,电流分别是I3和I4,用户端的总电阻 nA U3 U4_n3 为R,根据闭合电路的欧姆定律，则山=尺=R,根 据变压器原副线图的电流关系可得= 设用户的最大值相当于原线图的电阻值为R等，则【3= 总联立可得R=(侣)广R 对于输电线路的部分，降压变压器流过的电流等于输送 的电流，即I3=I2 由闭合电路的欧姆定律可得输电线路中的电流【2= R等干，仅增加用户数，用户瑞的总电阻为R减小，等效 U, 电阻也减小，则输电线路的部分的电流增大，由P损=” 可知r消耗的功率增大，故A正确；仅增加用户数，输电 线路的部分的电流增大，由U损=I2r可知输电线损坏的 电压增大，则达到降压变压器原线图两端的电压减小，由 =心可知用户得到的电压减小，故B错误；仅造当增 U3 n3 ,由=型可知输电线输送的电压增大，则降压变压器 加，U1m 原线圈得到的电压增大，所以用户瑞电压增大，故C正确：整 个电路消耗的功率为P= ,则P增大，故D错误· r十R等班级 姓名 得分 专题强化练（十） 直流电路与交变电流 0 基础达标练0一 1.(2025·北京卷·4)如图所示，交流发电机 中的线圈ABCD沿逆时针方向匀速转动， 产生的电动势随时间变化的规律为e= 10sin(100πt)V.下列说法正确的是( 9 10,t2 9 UF 2r/ 3m 10 9U. +u2 9 0 A.该交流电的频率为100Hz T2红 B.线圈转到图示位置时，产生的电动势为0 C.线圈转到图示位置时，AB边受到的安培 D 力方向向上 4.(2025·广东卷·2)如图所示，某光伏电站 D.仅线圈转速加倍，电动势的最大值变为 输出功率1000kW、电压400V的交流电， 102V 经理想变压器升压至10kV后，通过输电线 2.(2024·广西卷·6)将横截面相同、材料不 输送到变电站，输电线的等效电阻R为52. 同的两段导体L1、L2无缝连接成一段导 下列说法正确的是 体，总长度为1.00m,接人图甲电路.闭合 变压器输电线 开关S,滑片P从M端滑到N端，理想电压 表读数U随滑片P的滑动距离x的变化关 电 系如图乙，则导体L1、L2的电阻率之比 电 R 约为 ↑U/V A.变压器原、副线圈匝数比为1：100 0. 图P 0.4 B.输电线上由R造成的电压损失为500V 0.3 C.变压器原线圈中的电流为100A ML 12 2 0.1 D.变压器原、副线圈中电流的频率不同 R 00.250.500.751.00x/m 5.（多选)(2025·安徽省黄山市高三二模)如 甲 乙 图所示，电路中理想变压器输入端接e= A.2:3 B.2:1 C.5:3 D.1:3 50√2cos2πt(V)的交流电，小灯泡额定功 3.(2025·河北卷·6)2024年底，世界装容 率为4W,电阻为12，定值电阻R。阻值也 量最大的抽水蓄能电站一河北丰宁抽水 为12，原副线圈匝数之比为10：1.电表均 蓄能电站全面投产发电.如图，若该电站通 为理想电表，滑动变阻器的最大阻值为10Ω， 过理想变压器调节输出电压U2时，输入电 调节滑动变阻器阻值使小灯泡正常发光 压U1保持不变.已知副线圈总匝数为，分 下列说法正确的是 接头1、2间和2、3间的线圈匝数n12=n23 =品，开关S接3时输出电压的瞬时值 =Umsin wt,则S接2时u2一t的图像为 ( ·140 班级 姓名 得分 A.电压表示数为50V 8.(2023·海南卷·7)如图 3R 2R B.电流表的示数为2A 所示电路，已知电源电动 C.当滑动变阻器滑片向下移动时，小灯泡 势为E,内阻不计，电容器 4R 的亮度变暗 电容为C,闭合开关K,待 D.当滑动变阻器滑片向下移动时，电阻R。 电路稳定后，电容器上电 的功率变小 荷量为 6.(2025·江西省宜春市高三二模)某电路如 图所示，其中R1=22、R3=22、R4=12, A.CE B.TCE R2最大值为32，电源内阻r=12,在R2 从0开始逐渐增大的过程中以下说法正确 CCR E 的是 ) 9.(2025·内蒙古通辽三模)如图所示，理想 变压器的原、副线圈的匝数之比为3：1，副 线圈所接电阻的阻值为R,原线圈所接电阻 的阻值为9R,a、b接在正弦交流电源上，已 R3 知原线圈所接电阻两端的电压为U。,下列 说法正确的是 A.电源效率一直减小 U B.电源输出功率先增大后减小 9R 电源 R C.电压表示数与电流表示数比值号>R bo D.电压表示数变化大小与电流表示数变化 大小比值器>， A.通过副线圈所接电阻的电流为 B.a、b两端的电压为Uo 4 …0能力提升练0 C.电源输入的电压为4Uo 7.(多选)(2025·贵州省高三模拟)在如图所 示的远距离输电电路图中，发电机通过升 D.,电源输出的功率为2 R 压变压器和降压变压器向用户供电，己知 …0 创新拓展练。… 输电线的总电阻R=15,降压变压器的 原、副线圈匝数之比为5：1，副线圈与用户 10.(多选)(2025·湖北卷·8)在如图所示的 中某电器R。组成闭合电路，若变压器均为 输电线路中，交流发电机的输出电压一 理想变压器，降压变压器的副线圈两端电 定，两变压器均为理想变压器，左侧升压 压u=220√2sin50πt(V),当用电器电阻 变压器的原、副线圈匝数分别为1、n2,两 R0=112时 变压器间输电线路电阻为r.下列说法正 确的是 发 用 电 用 用 升压变压器降压变压器 A.仅增加用户数，r消耗的功率增大 A.发电机中的电流变化频率为50Hz B.仅增加用户数，用户端的电压增大 B.通过用电器R。的电流有效值是20A C.仅适当增加2，用户端的电压增大 C.升压变压器的输出电压为1000V D.仅适当增加n2,整个电路消耗的电功率 D.升压变压器的输入功率为4640W 减小 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