第十一章 电路及其应用 B卷 能力提升-【金试卷】2025-2026学年高中物理必修第三册同步单元双测卷（人教A版）

第十一章 电路及其应用 B卷 能力提升 建议用时：75分钟满分：100分 出 一、选择题（本题共11小题，共44分.在每小题给出的四个选项中， 第1一7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8一11题有多项 符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的 得0分) 密 1.安培提出了著名的分子电流假说，根据这一假说，电子绕核运动 可等效为一环形电流.设氢原子核外电子以速率绕原子核做半 的 径为r的匀速圆周运动，已知电子电荷量为e.其形成环形电流的 封 樊 大小为 () A器 B器 c D.器 我 2.两根材料相同的均匀导线x和y串联在电路中，两导线沿长度 方向的电势变化情况分别如图中的ab段和bc段图线所示，则导 线x和y的横截面积之比为 () 细 内 U/V 不 2 0 20 40 60 L/em 如 准 A.2:1 B.1:2 C.6:1 D.1:6 3.在如图所示的电路中，电源电压保持不变， ⑦ 闭合开关，当滑动变阻器的滑片P向右移 答 动的过程中，下列说法正确的是 ( A.电流表的示数变小，电压表的示数变大 A B.电流表的示数变大，电压表的示数变小 茶 题 C.电流表的示数不变，电压表的示数不变 D.电流表的示数变小，电压表的示数不变 4.如图所示，用甲、乙两种电路测R,的阻值，甲电路中电压表和电 流表的示数分别为3.0V和3.0mA,乙电路中电压表和电流表 示数分别为2.9V和4.0mA,则待测电阻R的值应（) 斜 北 甲 A.比10002略大一些 B.比10002略小一些 C.比7252略大一些 D.比7252略小一些 5.已知一只表头的量程为0~100mA,内阻 R。=100Ω.现将表头改装成电流、电压两用 的电表，如图所示，已知R1=2002,R2= R 1k2,则下列说法正确的是 ()8 A.用O、a两端时是电压表，最大测量值110V B.用O、b两端时是电压表，最大测量值为160V C.用O、a两端时是电流表，最大测量值为200mA D.用O、b两端时是电流表，最大测量值200mA 6.在如图所示的电路中，R2=2R1,电路两端电 R, 压恒定，当S断开时，理想电流表的读数为 0.5A,理想电压表的读数为4V,则当S闭合 ☐AV R 时，理想电流表和理想电压表的读数分别为 o Uo A.1.5A,6V B.0.75A,4V C.1.5A,0V D.0A,6 V 7.如图是将滑动变阻器作为分压器使用的电 C 路，C、D为分压器的输入端，A、B为分压器的 输出端，把变阻器的滑片P放在变阻器正中 间，下列判断中正确的是 ( ) B A.空载时输出电压UAB=UcD oD B,当接上负载电阻R时，输出电压Us<2 D C.负载电阻R的阻值越小，Us越接近2 D.当接上负载电阻R时，滑片P向下滑动，可实现UAB UOD 2 8.某一导体的伏安特性曲线如图中的AB段（实 II×10-1A) 线)所示，关于该导体的电阻，下列说法正确的15 二B 是 ）1.0-a ( A.A点对应的导体的电阻为1202 0.5 B.B点对应的导体的电阻为82 0 612U/W C.在AB段，导体的电阻变化了202 D.在AB段，导体的电阻随电压的增大而增大 9.一根粗细均匀的金属导线，在其两端加上电压U。时，通过导线 的电流为I。,导线中自由电子定向移动的平均速率为，若将导 线均匀拉长，使它的横截面半径变为原来的)，再给它两端加上 电压2U。,则 A.通过号线的电流为号 且通过导线的电流为号 C.导线中自由电子定向移动的平均速率为平 D.导线中自由电子定向移动的平均速率为号 10.恒流源是一种特殊的电源，其输出的电流能始终保持不变：恒压 源也是一种特殊的电源，其输出的电压能始终保持不变.如图甲 所示的电路中电源是恒流源，如图乙所示的电路中电源是恒压 源，两图中的滑动变阻器滑动触头P均从最右端向最左端移动 时，下列说法中正确的是 ) P R R Ro R 恒流源 恒流源 甲 乙 A.图甲中R,两端的电压减小 B.图乙中R,两端的电压减小 C.图甲中流过R2的电流保持不变 D.图乙中流过R2的电流保持不变 11.将四个相同的表头分别改装成两个电流表和两个电压表.电流 表A1的量程大于A2的量程，电压表V1的量程大于V2的量 程，把它们接入如图所示的电路，则 () A A.电流表A1的读数大于电流表A2的读数 B.电流表A1的指针偏转角小于电流表A2的指针偏转角 C.电压表V,的读数小于电压表V,的读数 D.电压表V,的指针偏转角等于电压表V,的指针偏转角 二、实验题（本题共2小题，共14分） 12.(7分)某实验小组为了较准确测量阻值约为20Ω的电阻R,的 阻值，实验室提供的器材有： A.待测定值电阻R,(阻值约202) B.定值电阻R,(阻值302) C.定值电阻R2(阻值202) D.灵敏电流计G(量程0~3mA,0刻度在正中央，内阻约502) E.电阻箱R,(最大阻值999.992) F.直流电源E(电压1.5V,内阻很小) G.滑动变阻器R(0~202,允许通过的最大电流为0.2A) H.单刀单掷开关S,导线等 该小组设计的实验电路图如图，连接好电路，并进行下列操作， G R. D 第一部分单元检测卷17 (1)闭合开关，调节滑动变阻器，使灵敏电流计示数适当， (2)若灵敏电流计G中的电流由C流向D,应调节电阻箱R3,使 电阻箱R?的阻值 (选填“增大”或“减小”)，直到G中 的电流为 (选填“满偏”“半偏”或“0”) (3)读出电阻箱连入电路的电阻R3,计算出R,R (用R,、R2、R3表示) 13.(7分)在“测定金属丝的电阻率”的实验中，所用金属电阻丝的 电阻约为30Ω.现通过以下实验测量该金属材料的电阻率 U 20 15 分 丙 (1)用螺旋测微器测量电阻丝直径，其示数如图甲所示，则该电 阻丝直径的测量值d= mm. (2)实验中能提供的器材有开关、若干导线及下列器材： 电压表V,(量程0~3V,内阻约3k2); 电压表V2(量程0~15V,内阻约15k2); 电流表A,(量程0~100mA,内阻约52)； 电流表A2(量程0~0.6A,内阻约0.12)； 滑动变阻器R1(0~102); 滑动变阻器R2(01kΩ)； 电源E(4.5V) 为了便于调节电路并能较准确地测出电阻丝的阻值，电压表应 选 ,电流表应选 ,滑动变阻器应选 (3)在图乙框中画出该实验的实验原理图，要求：能改变电阻丝 的测量长度和进行多次测量， (4)利用测量数据画出U一1图线，如图丙所示，其中(。，U。)是 U一1图线上的一个点的坐标.根据U一1图线，用电阻丝的直径 d、电流I和坐标(l。,U。)可计算出电阻丝的电阻率ρ (用所给字母表示). 三、计算题（本题共3小题，共42分.解答时应写出必要的文字说 明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不能得分，有数值计算 的题，答案中必须明确写出数值和单位) 14.(10分)如图，小明同学用伏安法测量未知电阻R,,读得电压表 示数U=2.53V,电流表示数1=0.50A.若电压表内阻Ry= 30002,电流表内阻Ra=0.12. (1)求电阻R,的测量值R测； (2)求电阻R,的真实值R真； 18第一部分单元检测卷 (3)若把测量值与真实值之差除以真实值的绝对值叫作测量结 果的相对误差(6= 测量值一真实值 真实值 ×100%),求本次测量中 因电表内阻造成的相对误差.（结果保留两位有效数字） ④ R 15.(14分)如图所示，已知电源提供的电压U=18V,电容器C1=6 μF、C2=3μF,电阻R1=62、R2=32. (1)当开关S断开时，A、B两点间的电势差UAB等于多少？ (2)当S闭合时，电容器C,所带的电荷量改变了多少？ B C U 16.(18分)如图所示是某研究性学习小组自制的电子秤原理图，它 利用电压表的示数来指示物体的质量.弹簧上端和滑动变阻器 滑片固定在一起，托盘和弹簧的质量不计，O、A间有可收缩的 导线，当盘中没有放物体时，电压表的示数为0.已知电阻R。=5 2,滑动变阻器最大阻值为152，电源电压U=3V,内阻不计， 电压表的量程为0~3V.现将1kg的物体放在托盘中，滑片刚 好指在距R上端处（不计摩擦，弹簧始终在弹性限度内），求： (1)将1kg的物体放在托盘中时，电压表的示数为多少？ (2)该电子秤能测量的最大质量是多少？此质量数应标在电压 表多少伏的位置上？ 托盘 R。小电阻R,充电时I一曲线与横轴所围成的面积将不变，由于电阻对电流的阻碍作 用减小，充电电流增大，所以充电时间将变短。 14.答案(1)6.4m/s2(2)0.3m 解折(1)分析电背B的安力，由牛颜第二定待得mg一兴-m 代入数据得a=6.4m/s2。 (2)造度最大时，加速度为枣，有mg=器 代入数据得L=0.3m。 15.答案(1/2mg+E亚(2)3(mg十gE)(3)2VH-元 77 解析(I)小球从A到B过程，由动能定理得mgL十gEL=2m2-0 小球到达B点时的速度大小为um8亚 (②)在B点，时小娘由牛顿第二定律得P,一mg一gE=m咒 解得Fr=3(mg十qE)。 (3)对小球在细线断开后的类平抛运动，由牛顿第二定律有gE十mg=ma 竖直方向：H-L=a2 水平方向：x=t 联立解得x=2w√(H一L)L。 16.答案(1)1N(2)6N(3)0.5 解析(1)带电体所受到的电场力 F=gE=1.0×10-4×1.0×104N=1N vc (2)带电体恰好能通过半圆形轨道的最高点C,则有mg一m尺 设带电体经过B点时的速度大小为口B,半圆形轨道对带电体的支持力大小为FB, 带电体从B运动到C的过程中，由动能定理得一mg·2R=2m呢-之m呢 v 在B点，对带电体，由牛顿第二定律得FB一mg=mR 联立解得FB=6N 根据牛顿第三定律知，带电体在B点时对半圆形轨道的压力大小为6N (3)带电体从P运动到B的过程中，由动能定理得 Fx-umgx=2m呢 解得μ=0.5 第十一章 电路及其应用 A卷基础达标 1.C金属捧的电阻R=p令，自由电子定向移动形成的电流I=nS0,金属棒两瑞电 压U=IR,故金属棒内的电场强度大小为E=号=m心sp-Pme,故C正确。 LS 2.A小灯泡灯丝是一种金属，金属的电阻率ρ随温度的升高而变大，由电阻定律R P可知灯丝的电阻变大，则流过小灯泡的电流变小，故小灯泡变暗，故选A。 3.A在时间△t内，棒通过某截面的长度1=v△t,则流过某截面的电荷量为Q=gl= g,其等效电流I一是-g,方向与口的方向相反，故选A, 4,A由电阻定律可知R=PS,则两导体的电阻R。=R。一合，两导体串联，分压相 等，即两导体两端的电压均为号，由欧姆定律可知R=品=片，解得=贸，选项A J 正确，B、C、D错误。 5.B要将电压表改成量程更大的电压表，需要串联一个新的电阻，根据欧姆定律可得 R1UU0=45-150=30kn,故选B. Uo 15 Ry 15×103 50参考答案 6.D图形剖析 切线的斜率 A 无物理意义 此状态的阻值 -10 2 UNV 解析图线上某点与原点连线的斜率表示该点对应电阻的倒数，从图像中可以看 出，随着电压的升高，图线上的点与坐标原点连线的斜率在减小，所以电阻在增大， 故AB错；当导体两端电压为2V时，国像上对应的电流值为2A,所以电阻R=号 =1,故C错，D正确。 7B电压来并联在风：两瑞时，并联事分份也阻为。-斧得k0=2,派据幸 联电路的分压特点可知，电源的电压为12V;电压表并联在a、b两端时，测量的是电 源的电压，所以其示数为12V,故B正确。 8.B根据串联电路的分压原理，当滑动端P移到最上端，即滑动变阻器接入电路的阻 UR U 值最大时，有尺尺十R:当滑动端P移到最下端，即滑动变阻器接入电路的阻值 零时，有UR=U,所以R两端电压UR的变化范围是RRU,故B正确 9.B由图可知导线a两端电压为U。=6V一4V=2V,导线b两端电压为Ub=4V 0V=4V;两导线串联，则通过两导线的电流1相等，根据R-号可知两导线的电阻 之比为光=根搭R二可得p-,由于两子线的横煮面8湘青路® 两件行剂的电程车之比为会受，会-宁×分-子，B正风。 10.C设电流表A的内阻为RA,用电流表A的表盘刻度表示流过接线柱1的电流值 时，若将接线柱1、2接入电路，根据并联电路的特点，(I1一IA)R1=IARA,解得I1= 3IA=1.8A,则每一小格表示0.06A;若将接线柱1、3接入电路，因R2对电流表量 程没影响，量程仍为1.8A,则每一小格仍表示0.06A。选项C正确。 11.答案(1)①直流电流、电压②×1③0刻线(2)DBE 解析(1)①调节指针定位螺丝，进行机械调零，使多用电表指针对准直流电流、电 压“0”刻线。 ②因待测电阻约为20Ω，则将选择开关转到电阻挡的“X1”的位置。 ③将红、黑表笔插入“十”、“一”插孔，并将两表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使电表 指针对准电阻的“0刻线”。 (2)测量后要继续测量一个阻值大约是2k左右的电阻，则需先将选择开关旋转 到“X100”位置，然后两表笔短接调零，使电表指针对准电阻的“0”刻线。故为D、 B、E。 12,答案)1,700(2)①X1②欧姆调零(3)11(4)偏小 解析(1)根据图甲可知螺旋测微器固定刻度读数为1.5mm,可动刻度读数为 20.0×0.01mm=0.200mm,则电阻丝直径D=1.700mm。 (2)用欧姆挡测电阻时要选择合适的倍率，指针在中央刻度线附近时读数误差较 小，指针在α处时偏转角度大，误差较大，则需要更换较小倍率来测量，即选×1挡； 换挡后需要在测量前进行欧姆调零。 (3)由图乙可知，读数为112。 0根蜡欧标定#得电医丝的红值为R-号又R-受S-得。一，由图 丙可知，电路采用电流表外接法，电压表的分流作用会使电流测量值偏大，而电压 测量值准确，故电阻率测量值偏小。 13.答案(1)8×1052·m(2)4cm2cm 解析(1)由电阻定律有R=pS 其中，l=2um=2×10-6m,R=1.6×1052,S=1X104m2 解得p=8×106n·m (2)圆柱体体积V=πr2h=32πX10一6m3 由欧姆定律有R一 由电阻定律有R=pS=P h 可得点。0 r2=0 联立解得h=0.02m=2cm,r=0.04m=4cm 14.答案(1)8×10-4C(2)6V 解析(1)设电容器上的电压为Uc, R2U 则Uc一R1十R2 电容器的带电荷量Q=CUc 解得Q=8X10-4C。 (2)电压表与R2并联后电阻为R#=R2干RV R2Ry R并U 则电压表两端的电压为Uy一R1十R# 解得Uv=6V。 B卷能力提升 1,B根据电流的定义式I=具，可知环形电流的大小为1=导一品器， e=巴，故选B。 2.B由题图知，导线x的长度为lb=10cm,导线y的长度为lk=40cm,ab段和bc 假的电势差分别为2V和4V,通过两导线的电流相子，根据欧好定律得光 合根据电阻定律R=®号得S=P收，则导线z和y的横截面积之比为表-会尽 Si luRab =分，故B正确。 3.C小灯泡L和滑动变阻器R并联，其两端电压均等于电源电压，电压表测的是小灯 泡两端电压，电流表测的是流过小灯泡的电流。因电源电压保持不变，则滑动变阻 器连入电路的电阻变化时，不影响小灯泡两端的电压和电流，故两表的示数都不变， 故C正确。 4.B因电流表的示数变化明显，说明电压表的分流作用对电路影响大，所以要用电流 表内接法的甲电路进行测量。甲电路中，电压表的示数是待测电阻和电流表两端的 电压之和，故电压表示数比待测电阻R,的真实值大，R='=,0。了Q= 1000Ω，又U测>U真，所以R测>R真，即测量值偏大，真实值比1000略小一些， 故B正确，A、C、D错误。 5.B图形剖析 R,两端的电压U,=IR。 +① 流过R,的电流I=R 12 流过R,的电流 R R2 IRg 0 一U1a -U2 L=ld Ry R,两端的电压 电压U=R+(I+ R -0+ 解析由电路困可知，用0a两瑞时是电流表，有=l2=【。十8150mA,故 AC错误：由电路图可知，用O.6两瑞时是电压表，有U=R十山，十餐R, 160V,故B正确，D错误。 6.D由港因可知，当S断开时，电程R布R争联，0风kU=号U=4V,每得 U=6V,当S闭合时，R1和电流表A被短路，电流表读数为0A,电压表读数为6V, 选项D正确。 7.B设滑动变阻器的最大阻值为R。,空载时，变阻器的滑片以下部分电阻为R',输出 电压U是Um宁UmA错误：当接上负我也肌R时，负我也租与支阻器济片 RR R并 以下部分电阻并联，有R并一R干R<R,输出电压UA仙=R。-R干R UCD= Um<R,又Um=Uom,负我电阻R的胆值越小，并联电阻慈小， 1 R-R+ R并 R+1 翰出息压电超小，Uu慈运离罗，滑片P从中间向下滑动，R减小，输出电压减小， B正确，C、D错误。 &.CDA点对应的导体的电阻为R=普-品0=600，B点对应的学体的电温为 8片=是Q=80Q,在AB段，子体的电阻交化了AR=RB-RA=80Q= =20D,故A、B错误，C正确；由I一U图线上的点与原，点连线的斜率表示电阻的倒 数可知，在AB段，导体的电阻随电压的增大而增大，故D正确。 9BD将金属导线均匀拉长，因半径变为原来的一半，则横藏面积变为原来的子，其 长度变为原来的4倍，根据电阻定律R=ρ令分析可知，电阻变为原来的16倍，又电 压变为2U,根搭欧姆定律1一是可知，电流变为名A错误，B正确：根播电流的微 U 观表达式1=心5，其中n,e不变，知电流变为原来的日，横藏面积变为原来的子，则 自由电子定向移动的平均速率变为名，C错误，D正确。 10.ABD题图甲中两个支路的电压始终相等，则I2R2=I1(R1十R),且I1十I2=I是 定值，变阻器滑动触头P从最右端向最左端移动时，接入电路中的阻值增大，则I 减小，I2增大，R1两端的电压U1=I1R1减小，故A正确，C错误； 题图乙中两个支路的电压始终相等且为定值，支路电流与电阻成反比，即I2R2=I (R1十R,)=U(定值)，变阻器滑动触头P从最右端向最左端移动时，接入电路中的 阻值增大，则I1减小，I2不变，R1两端的电压U1=1R1减小，故B、D正确。 11.AD由于四个电表都是由相同的表头改装而成的，故A1和A2的表头为并联关 系，流过的电流相同，即指针偏转角相同，A1的量程大于A2的量程，则A1读数大 于A2读数，A正确，B错误；两电压表的表头是串联关系，故两电压表指针偏转角 相同，V1的量程大于V2的量程，故V1读数大于V2读数，C错误，D正确。 12.答案(2)增大0(3)R R1 解析(2)本实验采取电桥法测电阻，当电流由C流向D时，说明C点电势高，所以 应该增大电阻箱R3的阻值，使C点电势降低，直到C、D两点电势相同，电流计中 电流为零； (3)C、D两点电势相同，可得IR3=I'Rx,IR1=I'R2,解得Rz= R2R3 13.答案(1)0.183(0.182~0.184)(2)V1A1R1(3)见解析图44C 4Ilo 解析(1)螺旋测微器的固定刻度的读数为0，可动刻度的刻度为18.3×0.01mm =0.183mm。所以螺旋测微器的读数为0.183mm。 (2)由于电源E的电压为U=4.5V,若选用电压表V2则 读数误差较大，所以电压表应选V1；由于电路中的最大电 U 流为1m=京=0.15A,同理电流表应选A;为了便于调 节电路并能较准确地测出电阻丝的阻值并能改变电阻丝 的测量长度和进行多次测量，且能有效地控制其两端电压 不超出电压表的量程，所以实验电路用分压式，滑动变阻 器应选R1。 R=30=6, (3》实验电路用分压式，R=5 6,Ry=300=100,尽<，所以测量电路用 30 RAR 电流表外接法，电路如图所示。 （0山R=05得=，又R-只得-肥， 4Ilo 14.答案(1)5.06(2)4.962(3)2.0% 解折①由政姆交体释Rx号-名器Q=5.06n (2)由于测量电路中电流表采用内接法，则R测是RA和R真的串联总阻值，即R测 =R真十RA 得R真=4.962 (3)根据8= |R测-RX100% R真 得d 5.06-4.96 4.96 ×100%≈2.0% 15.答案(1)18V(2)减少了3.6×10-5C 解析(1)在电路中，电容器C1、C2相当于断路。当S断开时，电路中无电流，B,C 等势，A、D等势，因此UAB=UAC=UC=18V。 (2)当S闭合时，R1和R2串联，C1两端的电压等于R1两端电压，C2两端的电压等 于R2两端电压，C1电荷量变化的计算首先从电压变化入手。 当S断开时，UAB=UAc=UDc=18V 电容器C带电荷量为Q1=CUc=CUC=6×10-6×18C=1.08×10-4C 当S闭合时，电路R1、R2导通，电容器C两端的电压即电阻R1两端的电压，由串 联电路的电压分配关系得U4C'=12V 此时电容器C1的带电荷量为Q=C1U4c'=6×10-6×12C=7.2×10-5C 电容器C1带电荷量的变化量为△Q=Q-Q1=-一3.6×10-5C 负号表示减少，即C1的带电荷量减少了3.6×10一5C。 16.答案(1)1.5V(2)3kg见解析 解析()当滑片位于距R上瑞号处时，有R6=R+-5n+号n=10n 根据欧姆定律可得，此时电路中的电流为I号-&A=0.3A一 电压表的示教为Ug=1,尽-0.3X5V-1.5V (2)因为弹簧的压缩量与弹簧所受压力成正比，1kg的物体放在托盘中时，滑片指 在距R上端了处，故滑片指到R最下端时，该电子秤测量的质量最大，为3kg 此时，电路的总电阻为R总′=Ro十R=52+15=20n 电路中的包流为I名品A-015A 电压表的示数为UR'=I'R=0.15×15V=2.25V 故电子秤所能测量的最大质量为3kg,应标在电压表2.25V的位置上。 第十二章电能能量守恒定律 A卷基础达标 1.A千电池的电动势为9V,则1C的正电荷通过该电池的过程中，非静电力做功为 9J,则有9J的化学能转化为电能，故A正确；千电池的电动势表征的是把其他形式 能量转化为电能的本领大小，并不是该电池在单位时间内有9J的化学能转化为电 能，故B错误；千电池的内阻未知，无法确定电池短路时的输出电流，故C错误；将该 电池接入电路后，电池两端电压为路端电压，如果外电路正常工作，则路端电压小于 电动势，故D错误。 2.B根据电动机的额定工作电压和电流可得电动机消耗的总功率P总=36X5W= 180W,又电动机输出功率为175W,则电动机内阻消耗的功率为P内=5W,由 P内=2r可得电动机的内阻r=0.2D,选项B正确。 3.A设电源电压为U,将RA、RB并联在该电源两端时，两电阻两端的电压都为U,则 消耗的功率分别为P人、PBR:将定值电阻RARB帝联在电路中时，两电 阻两端各自的电压均小于电源电压U,可得PA'>PA、PB'>PB,故A正确，B错误。 将定值电阻RA、RB串联在电路中时，由于PA>PB,则有PA=IRA>PB=IRB, 可得RA>RB,故C、D错误。 4.C暖风机消耗的电功率P是总功率，总功率的大小为P=UI,故C正确；电阻丝为 纯电阻用电器，所以消耗的电功率P2=IR2,故B错误；电动机两端的电压为U= U-IR2,电动机消耗的电功率为P1=U'I=UI-I2R2,故A错误（也可由P1=P一 P2知A错误)；因为电动机是非纯电阻用电器，所以暖风机消耗的电功率P>2(R1 十R2),故D错误。 5,A根据闭合电路欧姆定律，当电阻箱读数为R1=2.00时E=-U1十R, 当电阻箱读数为R2=5.00时E=U2+R2 ,U2 解得r=12,E=6V,故选A。 6.A当S断开后，电压表读数为U=3V,则电动势E=3V,当S闭合后，由闭合电路 欧拇定律知，E=U+I,且I=景，整理得电源内阻r=E)R-=1D,选项A U' U 正确。 7.A滑动变阻器的滑片由α端滑向b端的过程中，电路的总电阻减小，干路电流增 大，电源内电压增大，路端电压减小，A正确，C、D错误；定值电阻R3两端电压降低， 电流表示数减小，B错误。 8.A图形剖析 定值电阻的U-1图像中，斜 电源的U-1图 率表示电阻阻值，为R=1D 像中，纵截距 表示电源电动 两者组成闭合 势，为E=3V, UN,Ⅱ电路时对应的E=3V=0.5D 3水 斜率的绝对值 2 工作状态 表示内阻，为 1 I R=12 △-0.5n F△I0 02461IA 解析根据闭合电路欧姆定律得U=E一Ir,则由图可知电源的电动势E=3V,内 阻r= △U =30=0.50,故A正确。 △I6 电阻R=号-号n=100,故B错误。 两图线的交，点表示该电源直接与电阻R相连组成闭合电路时电阻的工作状态，由图 可知电压U=2V,电流I=2A,则电源的输出功率为P出=UI=4W,故C错误。 -×10%-吕×10%≈6,7% 电源的效率一P总 故D错误。 9.A当滑动变阻器的滑片向下滑动时，滑动变阻器连入电路的阻值减小，则总阻值减 小，根据闭合电路欧姆定律可知，干路电流增大，则电源内阻和定值电阻两端电压增 大，并联部分电压减小，流过灯泡的电流减小，灯泡变暗，流过电流表的电流增大，故 电流表示数变大，故A正确，B错误；电容器两端的电压为路端电压，千路电流增大， 则路端电压减小，电容器两端电压减小，根据Q=CU可知，电容器所带电荷量变小， 故C错误；流过电源内阻的电流增大，消耗的功率增大，故D错误。 10.D由图像可知，充电结束时，电池电压约为4.2V,所以该锂电池的电动势约为 4.2V,A错误；给电池充电时，电池相当于用电器，则充电电压必须高于电池电动 势，所以该锂电池的充电电压不可能小于4.2V,B错误；I一t图线与横轴所围的面 积表示电荷量，所以在充电的1.0~3.0小时内，充入的电荷量小于1000mA·h,C 错误；电池增加的最大电能为E=UQ=4.2×1.4W·h=5.88W·h,D正确。 1.答案1R:十F+R(2号-R:--R(3)45(④×10 E 解析(1)欧姆调零时，两表笔短接，电流表满偏，则根据闭合电路欧姆定律，可知 1。一Rg十7+R E 楼入待测电阻后，根据闭合电路欧姆定律有2二R,十R十，十R,解得R,二 -Rg-r一R1o (3)两表笔直接相连进行欧姆调零时，由闭合电路欧姆定律有E=IgR内，两表笔之 间接有未知电阻R,'时，电流为I′=50mA,由闭合电路欧姆定律得E=I,'(R内十 R),解得R,'=452。 (4)指针指在表盘的中央附近时，读数较准确，由于待测电阻大约为180Ω，而表盘 中央刻度为15，所以要使指针指在中央附近，则倍率应选择“×10”挡。 12.答案(1)0~3V0~0.6AR1(2)实物电路图见解析 (3)图像见解析1.50.50 解析(1)一节千电池电动势约为1.5V,则电压表应选用的量程为0~3V; 电路最大电流约为零，点几安，电流表应选用的量程为0~0.6A;为方便实验操作， 且外电压明显变化，滑动变阻器应选R1。 参考答案51