第三章 交变电流 A卷 基础达标-【金试卷】2025-2026学年高二物理选择性必修第二册&选择性必修第三册同步单元双测卷（人教版）

第三章 交变电流 A卷 基础达标 测试建议用时：45分钟 满分：100分 一、选择题（本题共10小题，每小题5分，共50分.每小题只有一个 墨 选项符合题目要求) 1.一闭合矩形线圈abcd绕垂直于磁感线的固定轴OO'匀速转动， 线圈平面位于如图甲所示的匀强磁场中，通过线圈的磁通量更 随时间t的变化规律如图乙所示，下列说法正确的是() 密 封 典 0' 乙 线 A.t1、t3时刻线圈产生的电动势最大 B.t1、t3时刻线圈位于中性面 内 C.t2、t4时刻线圈中感应电流方向改变 D.线圈每转一周，电流的方向就改变一次 2.在中学生科技展上，某同学呈现了如图所示的自制实验装置：两 不 个匝数不同的线圈A、B之间没有导线相连，其中线圈A与手机 的音频输出端相连，线圈B与音响输入端相连，把线圈A插入线 設 圈B时，音响响起了手机上的播放歌曲.下列说法错误的是 答 骨A线圈 音响 B线圈 耳机线 茶 题 手机 导线 A.该装置的工作原理与变压器相同 B.线圈A中的电流是恒定电流 C.将线圈A、B互换，音响播放效果会变 丝 D.线圈A中插入铁芯，音响播放效果会更好 部 3.如图1所示，交流发电机的矩形线圈在匀强磁场中匀速转动，穿 过该线圈的磁通量Φ随时间t变化的规律如图2所示.已知线圈 匝数为20，则下列说法正确的是 ↑/Wb t/s 02 图1 图2 A.线圈转动的角速度为2rad/s B.1.5s时线圈所在平面与中性面垂直 C.100s内线圈中电流方向改变50次 D.感应电动势的最大值为4πV 4.如图所示，理想变压器的原线圈接入u=11000√2sin(100πt)V 的交变电压，副线圈通过电阻r=62的导线对“220V880W” 的电器R,供电，该电器正常工作.由此可知 () A.原、副线圈的匝数比为50：1 B.交变电压的频率为100Hz C.副线圈中电流的有效值为4A D.变压器的输人功率为880W 5.如图所示，某小型水电站发电机的输出功率P=100kW,发电机 的电压U1=250V,经变压器升压后向远处输电，输电线总电阻 R线=82，在用户端用降压变压器把电压降为U4=220V.已知 输电线上损失的功率P线=5kW,假设两个变压器均是理想变压 器，下列说法正确的是 ( ) n3 na U 用 升压变压器 降压变压器 A.发电机输出的电流I1=40A B.输电线上的电流I线=625A C.降压变压器的匝数比n3:n4=190：11 D.用户得到的电流I4=455A 6.如图甲为风速仪的原理结构示意图.在风力作用下，风杯带动与 其固定在一起的永磁铁转动，线圈中的感应电流随风速的变化而 变化.感应电流随时间变化的关系如图乙所示，图示时刻磁铁左 右两端为磁铁S、N极，若风速变大，则 () 风杯 ↑A 铁架 水磁铁 电流 测量装置 感应线圈 A.图示时刻线圈中磁通量最小 B.图示时刻线圈中磁通量的变化率最大 C.感应电流的峰值Im变大，周期T变小 D.感应电流的峰值Im变大，周期T不变 7.某电站不用变压器直接向用户输送电能，若输电功率为P,输电 电压为U,输电线电阻为R,用户得到的电压为U',则下列说法 中不正确的是 () A.输电线上损失的电压为R B输电线上损失的电功率为U-U') R C用户得到的功率为R D用户得到的功率为号P 8.如图，理想调压变压器输入端接正弦交流电，L是灯泡，C是电容 器，P是与线圈接触良好的滑片，S是开关，电表均为理想交流电 表，下列说法正确的是 () M 9N3 C A A.S接a,从M点至N点缓慢滑动P,电流表A的示数将减小 B.S接a,从M点至N点缓慢滑动P,灯泡的亮度将增大 C.S接b,从M点至N点缓慢滑动P,电压表V的示数不变 D.S接b,从M点至N点缓慢滑动P,电流表A的示数始终为零 9.如图是一款迷你电钻及其简化电路图，它由变压 器及电动机两部分构成.电动机的内阻为1，额 定工作电压为11V;变压器额定输入电压为220 V,额定输入电流为0.1A,设变压器为理想变压 器，则 () 选择性必修第二册13 A.变压器的原、副线圈匝数之比是20√2：1 B.此时电动机中的电流为11A C.这款产品的输出效率约为82% D.若电动机卡着不转动，则相同时间内此迷你电钻的耗电量将 减少 10.如图所示，L1和L2是高压输电线，甲、乙是两只互感器，若已知 n1:n2=1000:1,n3:n4=1:100,图中电压表示数为220V, 电流表示数为10A,则高压输电线的输电功率为 A) 乙 A.2.2×108W B.2.2X10-2W C.2.2×103W D.2.2×104W 二、实验或填空题（共12分） 11.(12分)某同学在实验室进行探究降压变压器原、副线圈电压与 匝数关系的实验， (1)现有闭合的铁芯及粗导线、细导线各一根，要求学生自制 降压变压器，应用 (选填“粗”或“细”)导线制成原线圈. (2)现有学生绕制成的可拆变压器、学生电源、小灯泡及导线若 干.如图所示，去掉可拆变压器上压紧横条的胶木螺钉，并将横 条放在A侧上方.把横条慢慢推向B,直至与B完全闭合，此过 程中小灯泡亮度逐渐 (选填“变亮”或“变暗”). 接交济 电源 (3)该同学认真检查电路无误后，分别测出相应的原、副线圈电 压值.由于交变电流电压是变化的，所以，我们实际上测量的是 电压的 值（填“有效”或“最大”）.其中一次多用电表读 数如图所示，此时电压表读数为 9物p22 x10010x 36 OFF- 25 250- -10 251 A-Y-0/ 2.5- -250 mA -500 2510025030w ⊙ 14选择性必修第二册 三、计算题（本题共2小题，共38分） 12.(18分)一个正方形线圈的匝数为10，边长为 20cm,线圈总电阻为12，线圈绕OO'轴以 10πrad/s的角速度匀速转动，如图所示，匀强 B 磁场的磁感应强度为0.5T,则：（π取3.14） (1)该线圈产生的电动势的峰值、电流的峰值 0 分别是多少？ (2)从图示位置开始计时，写出感应电动势随时间变化的表 达式； (3)线圈从图示位置转过60°时，感应电动势的瞬时值是多大？ 13.(20分)2022年5月19日消息，国家能源局数据显示，截至4月 底，全国风电装机容量约3.4亿千瓦，同比增长17.7%.某小型 风力发电站的发电能力与一个流量Q=2m3/s、落差h=5m的 水力发电站相当，若发电机总效率为50%，输出电压为250V, 输电线总电阻为R=25Ω，允许损失功率为输出功率的5%，降 压变压器输出电压为220V(即用户得到的电压)，重力加速度g 取10m/s2,p水=1×103kg/m3.该输电线路使用理想升压、降压 变压器，为满足用户的需求，求： (1)升压变压器原、副线圈的匝数比； (2)降压变压器原、副线圈的匝数比； (3)能使“220V10W”的电灯正常发光的盏数.电阻相等，两个支路电流相等，所以开关断开瞬间，通过两个灯泡的电流不会突然变 大，所以两灯都不会闪亮，而是缓慢熄灭，故D正确，C错误」 5D设正方形线框边长为，极搭电肛定律可知共电阻为R=P智，线框进入磁场过 E BI2BIS 程中通过横栽面的电荷量为q==R1= R4p ,a、b两线框边长不同，所以通 过两线框横截面的电荷量不相等，故A错误.由于两线框在MN与PQ之间运动的 加速度相同，则两线框到达PQ时速度大小相等，设线框进入磁场时的速度大小为 此时线框中电流大小为1二長=-，若线框匀速通过PQ,则根据平衡条 R 件有FA=BIl=mg sin0,设线框材料的密度为d,则线框的质量为m=4dSl,解得v -16dgosin 0 ,只要v满足上式，线框就可以匀速通过PQ,而v与边长1无关，所以两 B2 线框均能匀速通过PQ,故B、C错误，D正确. 6.B由楞次定律可知螺线管上端相当于正极，下端相当于负极，所以电容器上极板带 正电，下极板带负电，则颗粒带负电，故A正确，不符合题意.螺线管产生的感应电动 势为E=NS(B-B),电容器两端电压为U=E=NS,(B-B),由平衡条件可 t2一t t2-t1 (iz-d q=mg,#m-NS(B2-B1) 知NS(B2-B) (2-)dgq,故B错误，符合题意.白~t2时间 内，螺线管中产生恒定的电动势，电路中无电流，所以Q点电势等于b点电势，故C 正确，不特合题意，电容器的电客为C=a由B项分折得U-NSB:,B型，所 t2-t1 以电容器极板带电荷量大小为Q=UC=NS1(B-B)XS?=NSS,(B,-B1), t2一t1 `4πkd4πkd(t2-t1)T, 故D正确，不符合题意. 7.C导体棒向右运动，根据右手定则可知电流方向为b→a,再根据左手定则可知导体 棒受到向左的安培力，根据法拉第电磁感应定律可得产生的感应电动势为E=BL, 高点电流为I一R十， _E一2BL0,故安培力为F=BIL=B,根据牛顿第二定有 R+2r 2 mR+2”,随着速度减小，加速度不断减小，所以导体棒不是 2B2L2 有F=ma,可得a= 做匀减速直线运动，故A、B错误；根据能量守恒定律可知，回路中产生的总热量为Q 1 m2,根据功能关系可知导体捧克服安培力微的总功等于2mw2,国两个电阻 R 4 并联后与导体棒串联，则每个电阻产生的热量为Q=Q:R+r mvo2R 4(R+2,故C 正确，D错误. 8.BC根据楞次定律可知在0~t0时间内，磁感应强度均匀减小，圆环中感应电流为 顺时针方向，所受安培力的方向水平向左；在0~1时间内，磁感应强度反向增大， 圆环中感应电流为顺时针方向，所受安培力的方向水平向右，所以A错误，B正确； 根据法拉第电磁感应定律，感应电动势E=△Bs=B,r_Br △t 勾？=2。，根据闭合电路 πB0r2 2to BorS 欧姆定律知，电流I=尺=2 E C正确，D错误. P S 4top 9.AC根据左手定则可知，从上往下看（俯视），圆盘都沿逆时针方向转动，故A正确； 两盘稳定后，感应电动势相等，甲的磁场区域大，切割磁感线的有效长度大，所以稳 定后甲的转速小，故B错误；断开开关S1,由于甲的磁场充满整个圆盘，沿圆盘每条 半径方向的感应电动势都一样大，电荷只在盘心和盘边缘处积累，不会形成涡流，所 以甲中圆盘仍然匀速转动，故C正确；由于乙的磁场只存在一部分区域，断开开关 74参考答案 S2,乙盘中会形成涡流，所以乙中圆盘受到安培阻力作用，不能做匀速转动，故D 错误， 10.ABDt=3s时刻，线框中的电流大小为I=0.3A,电流做功的功率为P=I2R= 0.18W,选项A正确；根据欧姆定律有E=IR=0.6V,根据法拉第电磁感应定律 EA片12，解得AB2.4T5,选项B正确：设=3s时刻，磁场的磁感应 小为B,则从：=0到：=3s这段时间内，报据法拉第电磁感应定律有E=会曾根据 闭合电号欧姆定徐有=层，通边线框接发面的电符量为g=1△：=-BB R R L2,由图乙可知g=1△=2×0.3×3C=0.5C,解得B=.6T,选项C错误，D 正确. 11.AC设“∠”形导轨的夹角为0，经过时间t,导体棒的水平位移为x=t,导体棒切 割磁感线的有效长度L=vt·tan0,所以回路中感应电动势E=BLv=But·tan0, 感应电动势与时间t成正比，A正确；相似三角形的三边长之比为定值，故组成回路 的三角形导轨总长度与时间成正比，而感应电动势与时间也成正比，故感应电流大 小与时间无关，为定值，B错误；导体棒匀速移动，外力F与导体棒所受安培力为一 对平衡力，故外力的功率P=Fo=BILv=BIut·tan0,与时间t成正比，C正确； 回路中产生的焦耳热Q=2Rt,回路电阻R与t成正比，故焦耳热Q与t2成正比，D 错误. 12.答案(1)变大向上见解题思路 （2)逆时针收缩 解析(1)由图形剖析知，条形磁铁靠近螺线管的过程中，穿过螺线管的磁通量变 大.根据楞次定律“来拒去留”可以判断出螺线管上方为N极，螺线管中感应电流激 发的磁场方向向上.根据安培定则可知，螺线管中感应电流的方向如图所示. (2)图乙中当磁感应强度增大时，根据楞次定律可知，导线环中感应电流的方向为 逆时针，由“增缩减扩”可知圆环会收缩。 13.答案(1)①向左偏转②向右偏转 (2)顺时针右扩张 解析(1)①由已知条件可知，穿过线圈B的磁通量增大时电流计指针向左偏；合 上开关稳定后，滑动变阻器的滑片向右滑动时，接入电路的电阻变小，流过线圈A 的电流变大，那么穿过线圈B的磁通量增加，电流计指针将向左偏转.②将线圈A 从线圈B中抽出的过程中，穿过线圈B的磁通量减少，则电流计指针将向右偏转. (2)图乙中，根据安培定则可判断螺线管产生的磁场方向向右；当光照减弱时，光敏 电阻的阻值增大，回路中电流减小，穿过金属环A的磁通量减少，根据楞次定律可 知产生向右的感应磁场，且金属环A有扩张的趋势，再由安培定则可知从左向右 看，金属环A中电流方向为顺时针；感应电流的磁场方向与原电流磁场方向相同， 故相互吸引，则金属环A将向右运动 14.答案(1)0.8A(2)0.016kg(3)20m/s 解析（①）螺线管产生的感应电动势E=n”-m8S@ 得E=4×10×0.1V=4V 通过号体捧b的电流I-景=0,8A.② (2)导体棒ab所受的安培力F=B2Il=2×0.8×0.1N=0.16N③ 导体棒静止时有F=mg④ 解得m=0.016kg.⑤ (3)ab匀速下滑时E2=B2lv⑥ r ￥⑦ B2I'l=mg⑧ 由⑥⑦⑧得v=20m/s. 15.答案(1)w5m/s(2)2m/s(3)2J 解析(1)cd绝缘杆恰通过半圆导轨最高，点时， 由牛顿第二定律有Mg=M0,解得o=√gr=5m/s. (2)碰撞后cd绝缘杆滑至最高点的过程中，由动能定理有 -2Mgr=2M-号Mau2 解得碰撞后cd绝缘杆的速度v2=5m/s 两杆碰撞过程动量守恒，取向右为正方向， 由动量守恒定律得mo=mu1十Mu2 解得碰撞后ab金属杆的速度v1=2m/s. (3)b金属杆进入磁场后，由能量守恒定律有2mu2=Q,解得Q=2J. 16.答案(1)①0.75N②60m(2)7.32W 解析(1)①导体棒达到最大速度后，所受合外力为零，平行于导轨方向有F一FA -mgsine=0 感应电动势为E=BLvm 感应电流为1= R 安培力为FA=BIL=BL20m R 此时牵引力为F=FA十mgsin0=0.75N ②电动机的功率为P=Fom=7.5W 电动机消耗的电能等于导体棒增加的机械能与克服安培力做功产生的焦耳热之 和，有P1=方m2十gxsn9叶Q 1 PL-Q-2 mUm2 解得位移x=mgsn0一=60m (2)当导体棒的速度大小为时，感应电动势E=BLu 由C=号可知，此时电容器权板上的电荷量为Q=CE=CBL口 设在一小段时间△t内速度增加量为△U,电容器极板上增加的电荷量为△Q=CBL ·△ 报据电流的定义式有1=合品-CBL:△如=CBLa △t 对导体棒受力分析，根据牛顿第二定律有 Fo-mg sin 0-BIL=ma #1=CBLa代入上式可得a-08021m 可知导体棒的加速度与时间无关，为一个定值，即导体棒做匀加速直线运动 在t=12s时，有v=at=12m/s 此时牵引力的功率为P=Fov=7.32W 第三章 交变电流 A卷基础达标 1.B1、3时刻通过线圈的磁通量最大，而磁通量的变化率等于零，则电动势为0，故 A错误；山1、3时刻通过线圈的磁通量最大，则线圈位于中性面位置，故B正确；2、4 时刻磁通量为零，线圈转到与中性面垂直位置处，此时电动势最大，电流方向不变， 故C错误；线圈每转一周，两次经过中性面，电流方向两次发生改变，故D错误. 2.B该装置的工作原理是电磁感应，与变压器的工作原理相同，故A正确；线圈A中 的电流是变化的电流，变化的电流激发了变化的磁场，变化的磁场在线圈B中激发 了变化的电流，故B错误；将线圈A、B互换，因两线圈匝数不同，会改变音响播放效 果，故C正确；线圈A中插入铁芯，能增强磁场，音响播放效果会更好，故D正确.本 题要求选择错误的，故选B. 3.D由图2可得交变电流的周期T=2s,故线圈转动的角速度w祭=元ad/s,选项 A错误；由图2可知，1.5s时穿过线圈的磁通量最大，则线圈处于中性面位置，选项 B错误；交变电流在一个周期内电流方向改变两次，则100s内线圈中电流方向改变 100次，选项C错误；感应电动势的最大值Em=NBSw=Nmw=20×0.2XπV= 4πV,选项D正确 4.C由4=100Esin(100mt)V可知U1=11000V,f=会=50Hz,选项B错误； 由20V80W的电器RL正常工作可知1C-8A=4A,送项C正确0 UL十1，解得U2=244V,根据电压关系兰=得-250，选项A错误：根 U2 n2 功率关系得P1=Ir十PL,解得P1=976W,选项D错误 5.C发电机输出电流二-100X10 250 -A=400A,故A错误；输电线上损失的功率 P4=1aRa=5kW,所以Ia一√侵=25A,故B倍头：用户得到的功率B,=P =是=95X10A=4750A≈432A,故= P线=(100-5)kW=95kW,则14=，=220 11 n4I线 =9,故C正确，D错误. 6,C由图可知，图示时刻线圈中磁通量最大，磁通量的变化率最小，选项A、B错误； 根据Em=NBwS,风速加大，则转动的角速度变大，感应电动势最大值变大，感应电 流的哮位1。交大，根据T-石如周期T变小，选项C正确，D错远。 7.C输电线上的电流为1=号，故损失的电压为△W=R=号R,用户得到的功率为 P=UI-号P,选项A、D正魔；输电线上损夫的电功率为△P=_ R U),选项B正确；用户端的电阻并非R,故不能用尽表示用户得到的功率 R 项C错误」 S接Q,从M点至N点缓慢滑动P,根据号-，可知西减小，U2减小， 亮度减小，选项B错误；S接a,从M点至N,点缓慢滑动P,U2减小，副线圈输出功 率减小，原线圈输入功率减小，而原线圈电压不变，故电流表A的示数将减小，选项 A正确：S接b,从M点至N点缓漫滑动P,根据号；-可知减小，U2减小， 压表V的示数减小，选项C错误；S接b,从M点至N点缓慢滑动P,U2减小，电容 器两极板所带电荷量会发生变化，副线圈中的电流不为零，则电流表A的示数不为 零，选项D错误. Q.C变压器的原、剧线围匝数之比是号=0=9，选项A错误；此时电动机中 的电流为12-需=×0.1A=2A,选项B错误：这款产品的输出数率为) 72 U2山，-虹_11X2二22X1≈82%，选项C正确；若电动机卡着不转动，则电动机可 U1I1220X0.1 视为纯电阻，通过电动机的电流会变大，则相同时间内此迷你电钻的耗电量将增加， 选项D错误. 10.A根据题图甲可得，高压输电线的输电电压U=U甲=220kV;根据题图乙可 n2 知，输电电流1=I2=1000A,所以高压输电线的输电功率P=UI=220kV× n3 1000A=2.2×108W,A正确. 11.答案(1)细(2)变亮(3)有效7.2V 解析(1)理想变压器输入功率等于输出功率，降压变压器原线圈的电压大于副线 圈的电压，由P=UI可知，原线圈的电流小于副线圈的电流，则原线圈的导线比副 线圈的细. (2)当把横条慢慢推向B,与B完全闭合，减小了磁通量的泄漏，因此小灯泡逐渐 变亮. (3)对于交流电，电压表测量的是有效值；图中选用的是交流电压10V挡，分度值 是0.2V,因此电表读数为7.2V. 12.答案(1)6.28V6.28A (2)e=6.28cos(10πt)V(3)3.14V 解析(1)电动势的峰值 Em=NBSw=10×0.5×0.22×10πV =6.28V 电流的*值1。爱=6,28人 (2)感应电动势的瞬时值表达式 e=Emcos wt=6.28cos (10nt)V. (3)线圈转过60°，感应电动势的瞬时值e=Emcos60°=3.14V. 13.答案（元(2）空(3)4750 解析(1)时间t内流过的水的质量m=P水Qt 根据能量关系P-四歌：50%-2P*Qgh=5X10W P 升压变压器输入的电流1一=200A 设输电线中的电流为I,则根据I2R=5%P,可得I=10A 则升压变压器原、副线图的匝数之比=人=】 2五20 (2)升压变压器的输出电压U2=2U1=5000V n1 降压变压器的输入电压U3=U2-IR=4750V 则降压变压器原、副线图的匝数之比”=-475 n4U422 (3)降压变压器的输出功率P'=0.95P=4.75×104W 能正常发光的电灯盏数N=10W=4750 B卷素养提升 1.A提高励磁线圈中电流变化的频率，可以提高产生的交变磁场变化的频率，从而提 高穿过炊具底面磁通量的变化率，进而增大涡流，提高电磁炉的加热效果，故A正 确；炊具中的涡流是由励磁线圈中的交变电流的磁场产生的，故B错误；陶瓷是绝缘 体，无法形成涡流，所以利用陶瓷材料制成的炊具无法在电磁炉上正常加热，故C错 误；电磁炉工作时，炊具底面将产生强大的涡流，而炉面板中不产生涡流，故D错误 2.D虚线是正弦交流电的图像，其有效值为U有= =②四，由图可知，在任意时 √2 2 刻，实线所代表的交流电的瞬时值都不大于虚线表示的正弦交流电的瞬时值，则实 线所代表的交流电的有效值小于虚线表示的正弦交流电的有效值，则U<②，故 2 D正确. 3.C线框产生的感应电动势有效值为E=20巨V=20V,电压表测量路瑞电压，则有 √2 18V,选项A错误，交流电的周期是0,25，一个周期内电流方向 次，则电路中的电流方向每秒改变10次，选项B错误；0.1s时，感应电动势最大，线 框处于与中性面垂直的位里，则线框平面与磁感线平行，选项C正确：仙=祭 10πrad/s,则感应电动势的瞬时值表达式为e=20√2cos10πt(V),选项D错误. 4.B由图形剖析知，用户处的电流I4=nI3,升压变压器副线圈两端的电压2=nU1, 玉变压器原、副线圈两瑞的电压之比=，且U3=U2一IR1,U4=I4R2,联立 nU 得1一R1十m2R2 5.B线圈在匀强磁场中转动产生交变电流，设转速为，则发电机的最大电动势为Em =NBSw=NBS·2πn,发电机的最大电动势等于变压器的输入端电压的最大值， U1m=Em,根据变压器变压规律知可2一2，有 总-是有密一费高件奉全4数网降时 电压超过5000V时可以产生电火花，现令U2m=5000V,联立各方程解得U1m= 50V,a=识/≈3.18r/s,故线图转逵等于4/⅓时，副线图的电压最大位超过了 5000V,能产生电火花，故A错误，B正确；电压表的示数为原线圈两端的电压有效 值，刚点火时Uv-=252V,5V和25V均小于252V,则不能达到点火电 √2 压，故C、D错误. 由乎=n,=,知U2=2V,U=7V,则仅用两个副线圈中的任意一个都 6.D由U2-2Ums 不能使三盏灯正常发光，选项A,B错误，若将两副线围的端点2与3连接，则有 .U1 =,,解得U4=5V,不符合题目要求，选项C错误.若将两副线阖的瑞点2与 n3-n2 4连接，则有品-部得U阳=9V,由R-号如，灯泡山的电胜风和1的 电阻R2均为402，灯泡L3的电阻R3=10n,由串、并联电路规律可知灯泡L、L2 和L3均正常发光，选项D正确. 7.C输入端的有数值U1-U=20V,因为是理想变压器，有品是 √2 U1=,解得U2= 2V,A项错误；正常情况下，原，刷线圈中的电流之比：-%=，B项错误；热： 电阻R的阻值随温度升高而变小，所以正常情况下，温度升高时，副线圈所在回路的 蓝总但R:流小，战质密出功率P增大，题起交压器的验入功车等于帝由功 率，故也增大，C项正确；由图形剖析知，原、副线圈的匝数比越大，报警温度就越高， D项错误. 8.AC设输入电压为U,线圈的总匝数为n,由于a、b两个接线柱将线圈等分为三份， 所以开关接a时，原线圈的匝数为号，开关接b时，原线圈匝数为3，根据变压器 的电压比等于医致比可得U。=昌U,心，=3U,闲哈-分故A正角，B锋美：根据欧 特龙作可得1。-爱-票w只-贸则有2=宁又由卫，==U山可 得哈沿：-宁女心玉质，D体元 9.AC线圈中感应电动势的最大值Em=NBSw=100V,选项A正确.感应电流的最 -E=10A,从题图示位置转过60时的电流i=1msin60°=55A,选项 大值Im一R十r 参考答案75