河北省承德市2025-2026学年高一上学期1月学情检测（期末）物理试卷

2025一2026学年高一年级1月学情检测 物理试题 注意事项： 1,答卷脑，考生务必将自已的姓名、考场号、座位号、准考证号填写在答题卡上。 2.同答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改 动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号，回答非选择题时，将答案写在答避卡上，写在 木试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 考试时间为75分钟，满分100分 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项 中，只有一项是符合题目要求的。 1,2025年12月25日东湖实验室发布消息，在该实验室自主研发的“一公里高速磁悬浮测 试线”上，科研人员仅用5.3秒就将一台1110公斤的高铁极型车加速至时速800公里，并 安全刹停，则这次5.3秒测试中，模型车的平均加速度大小约为 A.20m/s2 B.30m/s2 C.40 m/st D.50m/82 2关于向心力，下列说法正确的是 A,做匀速圆周运动的物体，其受到的向心力是不变的 B做圆周运动的物体，所受合力一定等于向心力 C,向心力只能改变物体速度方向，不能改变物体速度大小 D.向心力的方向总指向圆心，故方向不变 3,如图所示，某同学训练定点投篮，已知篮球抛出时速度方向与水平方向成37”角，投篮点 到篮筐中心的水平距离为8m,篮球投出后运动1s正好命中篮筐中心，已知sin37”一 0.6,c0s37”=0.8,不计空气阻力，则篮球抛出时速度大小为 A.12.5m/s B.10 m/s C.8 m/s D.6 m/s 因第1页（共8页） 4,如图甲所示，两个可视为质点的小球：和6用轻弹簧相连，并用不可伸长的轻绳悬于O 点，0a=O6,两球处于静止状态，0u.O6与竖直方向的夹角分别为30和60，下列关于 小球ab的质量之比与轻绳Oa,O%的拉力大小之比于的判新正确的是（在任意 △ABC中，A,B,C分别是对应三角形的三个角，ab,e是对应的边，则有品A 品BC如图乙所示) .b A-2-6 B<2-6 -<a 5.如图所示，一质量M一2kg的长木板静止在光滑水平面上，质量m=1kg且可视为质点 的物块放在长木板的最右端一0时刻对长木板施加一水平向右的外力F,大小与时回 满足关系F=k:,其中k=一3N/s,物块与长木板间的动摩擦因数2一02，假设最大静摩擦 力等于滑动摩擦力，整个过程中物块始终未离开长木板，重力加速度g收10m/g.则 A1=2g时，长木板的速度大小为3m/s B.1=3g时，物块的加速度大小为2m/s C,1=3s时，物块与长木板间未发生相对滑动 D,1=3s时，物块的速度大小为5m/s 6,如图所示，在匀速转动的水平圆盘上，沿直径方向放着用轻绳相连的物体A和B,A,B的 质量均为m,它们分居圆心两制，与圆心的距离分别为R,=r,R,-2,A,B与圆盘间的 动摩擦因数相同且均为以，已知最大静摩擦力等于滑动摩棕力，重力加速度为g,圆盘转 速缓慢增加，当A、B与圆盘间即将出现相对运动时，下列说法正确的是 A此时A和B所受摩擦力方向均指向圆心 B.此时绳子拉力大小为T=2红mg 96月 C.此时閩盘的角速度。一四 D.此时烧断绳子，物体A和B仍将随盘一块转动 @第2页（共8页） 7,在现代物流、车间等配送部门经常用到传送带这种设施，如图所示，颜角日一37的传送带 以恒定的速率p=4m/:沿逆时针方向运行，现将一物块（可视为质点）无初速度的放在 传送带顶端，已知传送带与物块之间的动摩擦因数牡=05，传送带顶端到底端的距离1 5.8m,重力加速度取g=10m/g2,sin37”=0.6cos37°=0.8，物块从顶编到底端运动过 程中下列判断正确的是 为 1物块运动过程中加速度不变 B.物块的运动时间为1,5s C.物块与传送带间的摩擦痕迹长度为1,8m D,物块到达底端的速度大小为6m/5 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项 中，有两个或两个以上选项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得 3分，有选错的得0分。 8如图所示为物体做直线运动时各物理量之间的关系图像(,,,分别表示物体的位 移、速度、加速度和时间)，则下列说法中正确的是 ms a(m's A.甲图中由x一t'图像可求出物体的加速度大小为1m/s B.乙图中由v2-x图像可求出物体的加速度大小为5m/s C.丙图中由三-图像可求出0一3s内物体的位移大小为15m D.丁图中由a-1图像可判断0.5s未与2.5s末物体的速度相等 ①第3页（共8页） 9.如图甲所示，小朋友们经誉玩一项有意思的游戏—打水漂，打水源的石片能弹跳的次 数由石片初速度，转速、人水时石头和水面的夹角，以及石片材质决定，其他条件相同的 情况下，石子接触水而时速度方向与水面的夹角越小，水漂效果越完美。某次投掷时，如 图乙，石片在距离水面高克。处，以速度水平抛出，为了观察到更完美的“水漂“效果。 可以 甲 乙 A适当增加h。 B.适当减小h C适当增加v。 D,适当减小。 10.如图所示，劲度系数为k的轻弹簧的一端周定在地面上，另一端与质量为2m的物体A 连接，质量为m的物体B放在A上，两物体均处于静止状态。现对B施加经直向上的 拉力使物体B沿竖直方向做加速度为：的匀加速直线运动直至与A分离。举簧始终在 弹性限度内，重力加速度为g。下列说法正确的是 AB,A分离瞬间弹簧的压缩量x-2 且，从随加拉力到B.A分离瞬间，物体A的位移大小为 C,从施加拉力到BA分离瞬间，拉力逐渐增大 DB,A分离降同A的速度大小为层 三、非选择题：本题共5小题，共54分。 11,(8分)用传感器和计算机可以方便地描绘出做平抛运动的物体的轨迹，从而研究平抛运 动，设计原理如图甲所示，物体A能够在竖直平面内向接收装置B同时发射超声波林 冲和红外线脉冲信号，接收装登B与计算机相连，B,B:各自测出收到超声波脉冲和红 @第4页（共8） 外线脉冲的时间差，计算机由此可以确定各个时刻运动物体A的位置坐标。计算机可 以根据位置坐标，描绘出做平抛运动物体的轨速。 运动轨 (1)在实验室条件下， (选填“需要或“不需要”)考虑红外线从A到B的传描时 间：实验前，需要反复调整实验装置，直至斜槽末端 (2)如图乙所示为某次实验中用传感器和计算机描绘出的物体平抛运动的轨迹及有关数 据，物体自坐标原点开始做平抛运动，计算机屏幕左边记录了抛体运动过程中的水平，竖 直位移，右边显示加速度等按健，点击“加速度按键”，计算机显示运动中在竖直方向上 的加速度a=9,749m/s,已知某点坐标X=0.917mY=0.780m,由此可得物体到 该点的时间为5，本实验中物体做平抛运动的初速度的值是 m/s.(结 果均保留两位小数) EE 12,(8分)在探究“加速度与力、质量的关系”实验中，实验小组设计了甲，乙、丙三种实验方 案，回答下列问题： 打点计器少车细线定轮 打点计时少年细 弹簧测力计 纸带一二 纸带g 长木板水平桌面重物 重物 @第5真（共8页） 打计时器少车线定 纸带 力传感器 长本板水平桌面吉重物 丙 (1)关于本实验的要求，下列说法正确的是 A.只有甲方案必须满足小车的质量远大于重物的质量 B丙方案不需要平衡摩擦力 C实验时，应先释放小车，后接通电源 D.应适当调节定滑轮高度，使细绳与水平桌面平行 (2)某同学利用图甲装置探究加速度和质量关系时，没有始终做到小车和车上砝码的总 质量M远大于重物的质量m,其他实验操作均正确。他以小车加速度的例数一为纵坐 标，以小车和车上砝码的总质量M为横坐标，那么他得到的图像应是图中的 (3)实验中打出的一条纸带如图丁所示，图中相邻两个计数点之间还有四个点未画出，打 点计时器的打点周期为0.02s,由该纸带可求得小车的加速度a= m/s.(结 果保留两位小数) 单位：cm 40 9639】 丁 (4)某次实验发现，在实验操作均正确的情况下，乙和丙两种方案中弹簧测力计与力传感 器的读数相同，并通过计算得出小车加速度均为：一。(g为当地重力加速度大小)，则乙、丙 两种方案所用小车质量的比值兰 所用重物废量的比值二 (不计力传感器及动滑轮的质量) ⊙第6瓦（共8页） .道或老年 13,(8分)小球a从距地高度H=20m处静止释放，过4后再在相同位置由静止释放另一 个小球b,落至地面反弹且速度大小不变，反弹时间忽略不计，第一次反弹后在距地高 度一12.8m处与小球6相遇，不计空气阻力，两球均可视为质点，取重力加速度 g=10m/s,求： (1)小球4与小球6相遇时，小球6的速度大小： (2)两小球释放的时间差 14.(14分)如图甲所示，为一货车运输货物。由同种材料制成的半圆柱体A、B并排放在车 厢，相互靠近并恰被牢牢固定，光滑圆柱体C静置其上，，6为切点，O1,O,O,为圆心。 已知A,B,C密度相同且等长，半径之比R1R:·R=32:1,重力加速度为g,最 大静摩擦力等于滑动摩擦力，sim37”=0.6,cos37”=0.8。 (1)当货车向左加速运动时，为使C不脱离A,求货车的加速度应满足的条件： (2》将货物卸下来放在粗糙水平面上，如图乙所示，A,B并排放置（相互之间无挤压力）， 为使系统保持静止，求半圆柱体材料A、B与地面间动摩擦因数应满足的条件。（结果 可用分数表示) 0. ⊙第7页（共8页） 15.(16分)如图所示，将一瓶水放在桌布上，位于一方桌的水平桌面的中央，人用水平向右 的力F扯桌布，当桌布完全从水瓶（可视为质点）下迅速被抽出时，水瓶移动的距离极其 微小，水瓶与桌布间的动摩擦因数共：=0.1，桌布与桌面间的动摩擦因数#：=0.2，水瓶 与桌面间的动摩擦因数也为：=0,2，水瓶（包括水）的质量m=1k果，桌布的质量M 2kg。取重力加速度g=10m/公，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，水版未领倒。求： (1)若F=5N,水瓶和桌布受到的摩擦力大小分别为多少？ (2)若F=10N,水瓶和桌布的加速度大小分别为多少？ (3)若水瓶与桌布左端AB边的距离d=0.04m,要使水瓶移动的距离1≤0.0075m,力 F要满足什么条件？ @第8页（共8页）2025一2026学年高一年级1月学情检测 物理参考答案及评分意见 1LC【解折]800kmh-00×808m/s≈2m/s,根据加速度的定义式可知列车的平均加速度a-△。 △t 222-0 m/s2≈42m/s2,C正确。 5.3 2C【解析】做匀速圆周运动的物体，向心力的方向始终指向圆心，在不同的时刻方向是不同的，所以向心力是变 化的，A错误；做圆周运动的物体，合力不一定等于向心力，比如做变速圆周运动，合力与向心力不相等，其向心 力为合力指向圆心的分力，B错误；做圆周运动的物体，向心力始终指向圆心，与速度方向垂直，不改变速度的大 小，只改变速度的方向，C正确；向心力的方向总是指向圆心，方向时刻改变，D错误。 3.B【解析】篮球在空中做斜抛运动，将运动分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的竖直上抛运动，水平方 向的分速度0：=6c0s0,所用时间1一二，联立解得o=10m/s,B正确。 22 4.A【解析】对a、b两球受力分析，如图示，对a球，在力的矢量三角形中，根 F-F 据正弦定理可得F。=mgT1 MwWwg sin30sin45=sin105,对6球，在力的矢量三角形中，根 F 60d 45 T,30 F-F 据正弦定理可得P。 m2g T2 45 1m28 1m18 SD60。==s。75,联立可得2T2=√3，A正确。 5.B【解析】恰发生相对滑动时，对物块分析得umg-mao,解得ao-2m/s2,对整体有F。-(M十m)ao,解得 F。=6N,则此时t=2s,即当t=2s时物块与长木板即将发生相对滑动，C错误；0~2s内整体一起做加速运 1 动，加速度从零均匀增加到2m/s,则t=2s时，速度大小为v2=2×2×2m/s=2m/s,A错误t=3s时，物块 受到滑动摩擦力，加速度大小为a=g=2m/s2,B正确；从2s~3s物块做匀加速运动，加速度a。=2m/s2,可 知t=3s时，物块的速度大小为v3=v2十ao△t=(2十2X1)m/s=4m/s,D错误。 6.C【解析】A、B两物体相比，B物体所需要的向心力较大，当转速增大时，B先有滑动的趋势，此时B所受的静 摩擦力沿半径指向圆心，A所受的静摩擦力沿半径背离圆心，当刚要发生相对滑动时，以B为研究对象，有T+ mg=2mw2r,以A为研究对象，有T-mg=mw2r,由以上两式得T=3umg,w= 2g,A、B错误，C正确； 若烧断绳子，由摩擦力提供向心力，对A物体有μmg=mωr,解得ω1= g ,对B物体有umg=mw号·2r,解 得：=√要，则A,B的向心力都不足，都将做离心运动，D情误。 7.D【解析】最初物块相对传送带向上滑，F个=mgsin0+umg cos0=ma1,得a1=l0m/s,经t1=”=0.4s,与 传送带共速，此时间内的位移x1=21=0.8m,接着由于4=0.5<tan37,物体相对传送带加速下滑，合力 F台=mgsin0-mgc0s0=ma,得a:=2m/sg,A错误；由x&=:+号4，员=5m,解得t&=1s,物块的运动 时间为1.4s,B错误；物块到达底端的速度大小为v=v十a2t2=6m/s,D正确；前0.4s内，传送带的位移 x带=t1=1.6m,故物体相对传送带向上滑了△x1=x带一x1=0.8m,在后1s内，传送带的位移x带'=t2= A物理答案第1页（共4页） 4m,故物体相对传送带向下滑了△x2=x2一x带'=1m,故传送带上痕迹的长度为1m(其中有0.8m重叠)，C 错误。 &BD【解折】甲图中根据x-了4可知及-0一号n/g-1m/g,所以a-2m:,A错误：乙图中根据。2 2ax可知=2a=10n/S,所以a=5m/S,B正确；根据x=mL+2at解得子=，十2a,结合丙图，可得 1 2ak=15 1 一3二1m/s,解得a=15m/s,,=-7.5m/s,可知0~3s内物体的位移大小为x=45m,C错误；丁 图中a一t图像的面积表示速度改变量，可判断0.5s末与2.5s末物体的速度相等，D正确。 9.BC【解析】令石片接触水面时速度方向与水面的夹角为0，石片水平抛出的速度为。，石片竖直方向做自由落 体运动，则有h-?&r2,石片接触水面时，根据速度分解有tan0=-,解得an0=√②，可知出手高度越 00 大，石片接触水面时速度方向与水面的夹角越大，根据题意可知，为了观察到明显的“水漂”效果，则应适当减小 出手的高度，A错误，B正确；石片出手速度越大，石片接触水面时速度方向与水面的夹角越小，可知，为了观察 到明显的“水漂”效果，则应适当增加出手的速度，C正确，D错误。 10.BC【解析】设A、B分离时弹簧压缩量为x1,A的加速度为a,A、B间的弹力为零，对A有kx1一2mg=2ma, 解得x-A错误：设初始时弹簧压缩量为x,对A、B整体进行受力分析，由平衡条件得k:,=3mg解得 3,所以A移动的位移A一，一1一爱B正确；当A、B一起匀加速运动时，对整体受力分析有F十 x0= 2√石D错误。 kx一3mg=3ma,随着物体运动，x逐渐减小，F逐渐增大，C正确：由u2=2a·△x得0=g俨 11.(1)不需要水平(2)0.402.29（每空2分） 【解析】(1)光速太大，实验装置尺度太小，故不需要考虑光的传播时间；实验前，需要反复调整实验装置，直至斜 槽末端水平。 (2②)根据平兆运动规律，可知物体在竖直方向上做自由落体运动，则有y-名c,代人Y-0.780ma 9.749m/s2,解得t≈0.40s,物体在水平方向做匀速直线运动，则有X=vot,代入X=0.917m,解得vo≈ 2.29m/s。 12.(1)A(1分)(2)B(1分)(3)1.97(1.96~2.08均可得分，2分)(4)2（或2：1,2分）5：4(2分) 【解析】(1)乙和丙分别用弹簧测力计和力传感器测量拉力，不需要必须满足小车的质量远大于重物的质量，只 有甲方案必须满足小车的质量远大于重物的质量，A正确；甲、乙、丙方案都需要平衡摩擦力，B错误；为了充分 利用纸带，实验时，应先接通电源，后释放小车，C错误；应适当调节定滑轮高度，使细绳与木板平行，不是与桌 面平行，D错误。 (2)根据牛顿第二可得T=Ma,mg一T=ma,联立可得a=M十m mg,整理可得上=1·M+】,B正确。 a mg 8 (3)由题可知，相邻计数点之间的时间间隔T=5×0.02s=0.1s,根据逐差法可得小车的加速度a= (x+x6十x,)-(x,十x:十x3)_(76.39-31.83)-20.90×102m/s≈1.97m/s2。 12T2 12×0.12 (4)设弹簧测力计的拉力为F。,对题图乙方案有2F。=Mza,mzg一F。=mz·2a;对题图丙方案有F。= ④物理答案第2页（共4页） M,m5一F。=m,联立解得=2， mz 5 FM丙 4 13.(1)12m/s(2)1.6s 【解析】(D球b做自由落体运动，有H-A一(1分) 解得两球相遇时球b的速度大小为v6=12m/s(1分) (2)小球a下落过程做自由落体运动，有H= 28t(1分) 解得小球a的落地时间t1=2s 落地速度v。-gt1=20m/s(1分) 小球a反弹上升过程做匀减速直线运动，由运动学知识有太=，一-51分) 解得小球a反弹上升的时间t2=0.8s 小球6下落过程做自由落体运动，有H-h=2g8(1分) 解得小球b下落时间t,=1.2s 则两球释放的时间差△t=t1十t2一tb(1分) 解得△t=1.6s(1分) 14.Da≤g2p≥ 2 R+R(1分) 【解析K1)三角形0，O,0,为直角三角形，设0，和O,连线与水平方向的夹角为a,根据几何关系s血a一尺：十R2 则a=37 分析C受力可知，货车加速度增大，A对C的支持力减小，当A对C的支持力减小到零时，C就脱离A,设C的 质量为m,根据牛顿第二定律有mg tan a=ma(1分) 3 解得a=gtana=48 即a≤&1分) (2)对圆柱体C受力分析，由平衡条件FA=mg sin a(1分) FB=mg cos a(1分) 解得F-含m8。一 4 设A的质量为m则-尽1分) 对圆柱体A受力分析，设受到地面支持力为FN,摩擦力为fA,根据平衡条件，竖直方向FA sin a十mAg=Fv(1分) 水平方向fA=FAcos a(1分) 又因为fA=HAFN(1分) 解得以=品 ④物理答案第3页（共4页） 设B的质量为mB,则2mB-R mR号 R,+R31分) 设0，和O:连线与水平方向的夹角为，根据几何关系simB一R,+R: 对圆柱体B受力分析，同理可得，竖直方向Fasin B十mBg=FN'(1分) 水平方向fB=FBcOs B(1分) 根据fB=μBFN√(1分) 解待=合 2 由于4a>以A,则半圆柱体材料与地面间动摩擦因数需要满足“≥1分) 15.(1)05N(2)1m/s21.5m/s2(3)F≥25N 【解析】(1)桌布和桌面间的最大静摩擦力fm=42(m十M)g(1分) 解得f2m=6N 由于F<6N,水瓶和桌布均保持静止 则水瓶受到的摩擦力f1=0(1分) 桌布受到的摩擦力f2=F=5N(1分) (2)假设水瓶和桌布发生相对滑动 对水瓶1mg=ma1(1分) 解得a1=1m/s2(1分) 水瓶和桌布保持相对静止的最大拉力Fm=2(m十M)g十(m十M)a1(1分) 解得Fm=9N 由于F=10N>9N,假设成立 对桌布F-μ2(m十M)g-u1mg=Ma2(1分) 解得a2=1.5m/s2(1分) (3)设水瓶从桌布上离开前，相对桌面运动的位移大小为x1,加速度大小为a3,时间为t1,则1mg=ma3 x1=2a(1分) 水瓶离开桌布后运动的位移大小为x2,加速度大小为a4,时间为t2,则42mg=ma4(1分) x=2a4t(1分) 水瓶从桌布上离开前，桌布的加速度大小为α5，桌布运动的位移大小为x3,有 F-pimg-u2 (M+m)g=Mas (1) x=2a5好=d+x1(1分) 又1=x1+x2(1分) 水瓶先从静止开始做匀加速直线运动，后做匀减速直线运动，最终静止在桌面上，有a3t1=a4t2(1分) 联立可解得需提供的最小拉力F=25N 即力F要满足的条件是F≥25N(1分) A物理答案第4页（共4页）