2026年中考物理一轮复习专题——简单机械实验题

2026年中考物理一轮复习专题——简单机械实验题 1．在“探究影响滑轮组机械效率的因素”实验中，小明用同一滑轮组做了3次实验，实验数据记录在下面的表格中。 实验 次数 钩码所受的 重力G/N 提升高度 h/m 弹簧测力计 的示数F/N 绳端移动的 距离s/m 机械效率 1 2 0.1 0.6 0.3 55.6% 2 4 0.1 1.0 0.3 66.7% 3 6 0.1 2.4 0.3 （1）实验中，使用滑轮组提升钩码时，应沿竖直方向 拉动弹簧测力计； （2）请根据表中的实验数据，在图中完成滑轮组的绕线 ； （3）第3次实验中，测得滑轮组的机械效率为 （结果保留1位小数）； （4）分析表格中的3次实验数据可知：使用同一滑轮组，被提升的物体越重，机械效率越 ； （5）如果将此滑轮组中的定滑轮换成质量更大的定滑轮，其他因素都不变，且不考虑绳重和摩擦，则与更换前相比，滑轮组的机械效率将 。 2．在“测量滑轮组机械效率”的实验中，某组同学选择了如图所示的两种滑轮组进行多次实验，记录的实验数据如表所示： 实验次数 钩码重G/N 拉力F/N 绳端移动距离s/cm 机械效率 1 0.5 10 30 2 1.5 10 0.8 30 62.5% 3 0.5 10 0.5 40 25.0% 4 1.5 10 0.7 40 53.6% （1）根据表中数据可以判断出第一次实验所选择的是 （选填“甲”或“乙”）滑轮组。并补全表格中的项目 ； （2）在第一次实验中，当匀速竖直拉动滑轮组时，弹簧测力计示数如图丙所示，拉力F为 N；该次实验滑轮组的机械效率是 （计算结果精确到0.1%）； （3）机械效率是机械性能好坏的重要标志结合生产生活实际，分析实验数据可知，下列提高机械效率的措施不可行的是 （选填符号）。 A．增加所提物重； B．减轻机械自重； C．机械加润滑油； D．增加重物上升高度。 3．日常生活和工农业生产中，提高机械效率有着重要的意义。提高机械效率，要从研究影响机械效率的因素出发，寻求办法。 （1）为了探究影响机械效率的因素，小明选取了大小相同的滑轮，利用图甲和图乙装置进行实验，并把数据记录在表中： 实验次数 滑轮材质 钩码重G/N 提升的高度h/m 有用功W有用/J 拉力F/N 绳端移动的距离s/m 总功W总/J 机械效率η 1 铝 1 0.1 0.1 0.6 0.3 0.18 56% 2 铝 2 0.1 0.2 1.0 0.3 0.3 67% 3 铝 2 0.2 0.4 1.0 0.6 0.6 67% 4 塑料 2 0.2 0.4 0.8 0.6 0.48 83% 5 塑料 2 0.2 0.4 2.1 0.2 0.42 95% ①比较1和2两次实验发现：在所用滑轮组一定时，提升的钩码越 ，机械效率越高； ②比较3和4两次实验发现：提升相同重物时，动滑轮越重，机械效率越 ； ③比较 两次实验发现：用同一滑轮组提升相同重物时，机械效率与提升的高度无关； ④第5次实验是利用图 的装置完成的； ⑤若利用图甲的装置，把重6N的物体用2.5N的拉力匀速拉起，滑轮组的机械效率为 。可见如果没有刻度尺，只有测力计， （选填“能”或“不能”）测量出滑轮组的机械效率； （2）小明利用图丙装置实验发现：斜面的机械效率与斜面的倾斜程度和粗糙程度有关，与物重无关。保持斜面倾斜程度不变，斜面越光滑，摩擦越 ，从而斜面的机械效率越 ； （3）实验表明：额外功越小，总功越接近有用功；进一步推理得出：假如没有额外功，总功等于有用功；可见使用任何机械都不能 。这种在实验基础上经过推理得出结论的方法叫理想实验法。 4．小明学习了杠杆的平衡条件后，利用如图所示的装置对杠杆做了进一步研究。    （1）未挂钩码时，杠杆位置如图甲所示，为了使杠杆静止时处于水平位置，接下来的操作是将杠杆的平衡螺母向 移动；（选填“左”或“右”） （2）挂上钩码后，也会让杠杆在水平位置平衡，这样做的目的是 ； （3）为了得出杠杆的平衡条件，小明记录了多组动力、动力臂和阻力、阻力臂，测多组数据的目的是 ； （4）在杠杆上的B点用如图乙所示的动力F拉杠杆，此时杠杆的类型与 相同； A．天平 B．钓鱼竿 C．钳子 （5）如图丙所示，用弹簧测力计拉杠杆的C点，当弹簧测力计由位置1缓慢转至位置2的过程中，测力计示数变化情况是 。（选填序号） A．不变 B．先变小再变大 C．先变大再变小 D．一直变大 E.一直变小 5．小明在“探究杠杆的平衡条件”实验中，实验器材有：杠杆（杠杆上每小格长度相等）、支架、刻度尺、细线和质量相同的钩码若干。    次数 F1/N l1/cm F2/N l2/cm 1 2 8 4 4 2 4 8 2 16 3 4 12 6 8 （1）若杠杆在使用前出现图1所示的情况，要使它在水平位置平衡，应将杠杆上的平衡螺母向 （选填“左”或“右”）调节至平衡； （2）接下来实验步骤中正确的操作顺序是 （填写序号）； ①计算每次实验中F1l1和F2l2的大小，根据计算结果得出杠杆的平衡条件； ②改变支点O两侧所排钩码的数量和悬挂位置，重复实验； ③记下动力F1、动力臂l1、阻力F2和阻力臂l2的大小，将数据填入表格中； ④将钩码挂在杠杆上支点的两边，先改变动力或动力臂的大小，然后调节阻力或阻力臂的大小，使杠杆在水平位置重新平衡； （3）如表是某同学记录的实验数据。分析表中数据，可得出杠杆的平衡条件： ； （4）实验中记录杠杆平衡时多组动力、动力臂、阻力和阻力臂的数据，目的是 （选填“减小误差”或“寻找普遍规律”）； 【拓展】如图2是利用硬棒撬动巨大的石头的情境示意图，在A点用力撬石头的两种方法中，沿着 （选填“F1”或“F2”）的方向用力最省力。已知阻力F3为1600N，BC=CD=0.2m，AD=1.6m，则撬动石头，在A点施加的最小动力= N。 6．物理实验小组在“测滑轮组机械效率”的实验中得到的数据如表所示，装置如图所示。 实验次数 1 2 3 钩码重G/N 4 4 6 钩码上升高度h/m 0.1 0.1 0.1 绳端拉力F/N 1.8 1.6 2.4 绳端移动距离s/m 0.3 0.4 机械效率η 74.1% 62.5% (1)实验中，应沿竖直方向 拉动弹簧测力计，使物体缓缓上升； (2)小组同学做第3次实验时，滑轮组的机械效率η= ；通过比较第1、3次两次实验数据，请对提高滑轮组的机械效率提出一条针对性建议： ； (3)如果采用第3次装置，改变动滑轮重，提升同一物体进行多次实验，获得数据并绘制出如图甲的图像，分析可知：被提升物体所受的重力相同时，动滑轮越轻，机械效率 （越高/不变/越低）；分析图像中的A点可知，被提升物体所受的重力为 N（忽略绳重和摩擦）； (4)若第2次实验中克服摩擦做的额外功为0.04J，则动滑轮总重为 N（不计绳重）。 7．小明在“探究斜面的机械效率与哪些因素有关“的活动中，提出了以下猜想： A．同一个斜面，所推的物体越重，机械效率越高； B．斜面的机械效率可能与斜面的倾斜程度有关。 为了验证自己的猜想，小明用木板搭成了如图所示的装置进行探究，记录数据如表： 实验次数 斜面倾角 物重 G/N 拉力 F/N 斜面高度h/m 斜面长度s/m 有用功 W有用/J 总功 W总/J 斜面机械效率η ① 30° 5 4.2 0.6 1.2 3 5.04 ② 30° 3 2.5 0.6 1.2 1.8 3 60% ③ 42° 3 2.8 0.8 1.2 2.4 3.36 71% (1)在实验过程中，应沿斜面向上 拉动木块； (2)第①次实验中斜面的机械效率η= （结果保留整数）； (3)对比②③两次实验数据，可初步得出的结论是 。 8．小红用图示装置探究滑轮组提升重物时的机械效率。下表是她设计的实验数据记录表格及所测的数据： 实验序号 物重G/N 物体上升高度h/cm 手的拉力F/N ① 机械效率 1 ② 10 1.0 30 66.7% 2 3 10 1.4 30 71.4% 3 6 10 2.5 30 ③ (1)请将表格中信息补充完整，①为 。 (2)第一次实验中物重G的示数如图，②读数为 N，第3次实验滑轮组的机械效率③为 %。分析数据可知：在滑轮组不变的情况下，增加所提物体的重力，滑轮组的机械效率越 （填“高”或“低”）。 (3)若拉力方向如图所示，则测得的机械效率将 （填“偏大”“偏小”或“不变”） (4)小红在实验中所用动滑轮的重量最有可能是（　　） A．0.9N B．1N C．1.2N D．1.5N 9．小明探究“杠杆平衡的条件”： 次数 1 1 10 2 5 2 2 10 1 20 3 2 15 3 10 （1）实验前，将杠杆的中点置于支架上，当杠杆静止时发现停在如图甲所示的位置。小明将左端的平衡螺母向右调，小红认为也可以将右端的平衡螺母向调 （选填“右”或“左”），使杠杆在水平位置平衡，其目的是便于测量 （选填“力”或“力臂”）； （2）如图乙所示，在杠杆的两端加挂并移动钩码，使杠杆在水平位置平衡，同时测出力臂大小，并将收集的数据记录在表格中，实验中多次测量的目的是： ； （3）将如图乙所示两边的钩码同时向靠近支点的方向移动一个小格，则杠杆 （选填“右”或“左”）端下降；根据图乙的实验，同学们还得出结论：只要满足“动力×动力作用点到支点的距离=阻力×阻力作用点到支点的距离”，杠杆就能平衡。你认为这个结论是 的；（选填“正确”或“错误”） （4）实验结束后，小婷同学联想到生活中的杆秤，其主要结构由秤杆、秤钩A、提纽（B、C）、秤砣D组成（O点为刻度的起点）。如图丁是用杆秤称量货物时的情景。 ①若该杆秤配套的秤砣D有磨损，称量货物时杆秤显示的质量将比被测货物的真实质量偏 ； ②在称量货物时，使用提纽 （选填“B”或“C”），该杆秤的称量范围更大。 10．在探究“杠杆的平衡条件”实验中，所用的实验器材有：杠杆、支架、弹簧测力计、刻度尺、 细线和质量相同的钩码若干个。 (1)实验前，杠杆静止时如图甲所示，此时杠杆处于 （平衡/非平衡）状态，要使杠杆在水平位置平衡，应将左边的平衡螺母向 （左/右）调； (2)杠杆在水平位置平衡后，小明在杠杆A点处挂上 个钩码做为动力F1，B 点处挂上1 个钩码做为阻力F2，杠杆恰好在水平位置平衡，如图乙所示，分别测量出两个力的力臂l1 和l2， 计算后发现：，  便得出杠杆的平衡条件是： 。但小红认为小明这 种实验处理方法是不完善的，理由是 ； (3)接着，小明提出新的探究问题：“若支点不在杠杆的中点时，杠杆的平衡条件是否仍然成 立?”于是小明利用如图丙所示装置进行探究，在杠杆D 点处挂上2个钩码，用弹簧测力计 在 C 点处竖直向上拉使杠杆在水平位置处于平衡状态，以弹簧测力计的拉力为动力F1'，钩 码重力为阻力F2'，多次调整力和力臂的大小进行测量，发现：F1'l1'总是大于F2'l2'，其原因主要是 ； (4)小明再利用杠杆测量机械效率。如图丁所示，实验时，小明竖直匀速拉动弹簧测力计，使挂在较长杠杆下面的钩码缓缓上升。将杠杆拉至图中虚线位置，记录钩码重G， 测力计的示F，钩码上升的高度h，测力计上升高度h1，则杠杆的机械效率η1= （用所测量的字 母表示）； (5)如图戊所示，若只将钩码的悬挂点由B移至C点，O、A位置不变，仍将钩码提升相同的高度，则杠杆的机械效率将 （变大/变小/不变）。 11．小明利用如图所示装置探究杠杆的平衡条件（每个钩码重0.5N）。 （1）当杠杆静止如图甲所示时，杠杆 （选填“是”或“不是”）处于平衡状态，可将杠杆两端的平衡螺母向 （选填“左”或“右”）调节，使杠杆在水平位置平衡； （2）当杠杆在水平位置平衡后，在O点两侧加挂钩码，并移动钩码，使杠杆仍在水平位置平衡，如图乙所示（杠杆右端的钩码没有画出）。小明是在杠杆上数出左右两侧挂钩码处到支点O的格数及钩码个数。多次实验并把数据记录在如下表格中： 次数 格 格 1 2 3 3 2 2 1.5 2 1 3 3 1 5 2.5 2 小明根据以上数据得出杠杆平衡条件是：动力动力作用点到支点格数阻力阻力作用点到支点格数。以此为依据，并进行了验证：小明在杠杆上的A点处挂4个钩码，如图乙所示，为使杠杆重新平衡，在B点挂 个钩码，实验发现也可平衡； （3）小明向老师汇报了自己的发现与教材上说法不一样。于是老师让小明按图丙所示，用弹簧测力计在C处由竖直改为斜向上拉的过程中，使杠杆在水平位置平衡（如图中虚线所示）。一对比他发现自己之前总结的结论不正确了，老师提示他：你的那个结论是把“动力作用点到支点的格数”当作 ，这只是杠杆中的“特殊”情况而非“一般”情况，所以得到的结论不是普遍规律； （4）小明继续利用如图丙所示的装置进行探究，弹簧测力计的拉力为动力，钩码重力为阻力，多次调整力的方向并测量出力臂，，发现杠杆在水平位置平衡时总能得到 。 12．小明利用杠杆做了以下实验，实验时使用的每个钩码的质量均相等，杠杆上相邻刻线间的距离相等，请回答下列问题： （1）实验前，杠杆静止时如图 1 所示，此时杠杆 （选填“是”或“不是”）处于平衡状态，可将杠杆左端的平衡螺母向 （选填“左”或“右”）调节，使杠杆在水平位置平衡，这样做的好处是 ； （2）如果小明面对图 1 状况，没有调水平平衡就匆忙进行图 2 实验（弹簧测力计的挂钩钩在4 格处），杠杆虽然此时水平平衡，但可以判断：2G•3a F1•4a（选填“>”、“＜”或“=”，F1 是弹簧测力计的示数）； （3）调节杠杆在水平位置平衡后，进行如图 3 所示的实验，用量程为 5N 的弹簧测力计在 A 点竖直向上拉（如图 3 中 M 所示），杠杆在水平位置平衡时，弹簧测力计的示数为 2.5N；若弹簧测力计斜向上拉（如图 3 中 N 所示），杠杆在水平位置平衡时，弹簧测力计的示数为 （选填“>”、“＜”或“=”）2.5N，此时拉力的方向与竖直方向的最大夹角为 °（填“30”、“45”或“60”）。 13．探究杠杆的平衡条件。 （1）挂钩码前，杠杆在图甲所示的位置静止，此时杠杆处于 （选填“平衡”或“非平衡”）状态；，要想使杠杆在水平位置平衡，接下来应将杠杆两端的螺母向 侧调节。使杠杆在水平位置平衡的目的是 ； （2）如图乙，用同一弹簧测力计两次挂在杠杆的同一位置，均使杠杆在水平位置平衡，弹簧测力计第二次的示数比第一次的示数 （选填“大”或“小”）； （3）小组又利用图丙所示的装置进行探究，弹簧测力计处在A点位置时，杠杆水平平衡，则测力计的示数 （选填“大于”或“小于”）B点处钩码的重力。 14．小明在测量滑轮组机械效率的实验中，所用装置如图所示，每个钩码重2N，测得的数据如表： 次数 钩码总重G/N 钩码上升的高度h/m 测力计示数F/N 测力计移动距离s/m 机械效率η 1 4 0.1 1.8 0.3 74.1% 2 6 0.1 0.3 3 4 0.1 1.4 0.5 57.1% 4 4 0.2 1.4 1.0 57.1% （1）在实验中，应竖直向上 拉动弹簧测力计； （2）第2次实验中测力计示数如图乙所示，拉力大小为 N，滑轮组的机械效率为 ；（精确到0.1%） （3）分析表中数据可知：第4次实验是用图 （选填“甲”、“乙”或“丙”）所示装置完成的。 （4）①分析第1、2次实验数据可知：使用同一滑轮组， ，滑轮组的机械效率越高； ②分析第1、3次实验数据可知：使用不同的滑轮组，提升相同的重物，动滑轮个数越多（即动滑轮总重越重），甲乙滑轮组的机械效率越 ； ③分析第3、4次实验数据可知，滑轮组的机械效率与物体 无关。 15．小林在“探究杠杆平衡条件”的实验中所用的实验器材有：刻度均匀的杠杆、支架、弹簧测力计、刻度尺、细线和质量相同钩码若干个。 （1）实验开始时，杠杆的位置如图甲所示，此时杠杆处于 （“平衡”或“非平衡”）状态。为方便实验，使杠杆在水平位置平衡，小林需将杠杆右端的平衡螺母向 （“左”或“右”）旋； （2）接着小林在杠杆的左侧挂上钩码，如图乙所示，为使杠杆再次平衡，应该在B位置挂上 个同样的钩码。得到一组数据后，小林得到如下结论：动力×支点到动力作用点的距离=阻力×支点到阻力作用点的距离。这个结论与杠杆的平衡条件不符，原因是实验过程中没有 ； ①改变力的大小 ②改变力的方向 ③改变力的作用点 （3）为改变力的方向，小林在杠杆右侧用弹簧测力计向下拉，如图丙所示，当测力计由竖直方向逐渐向左转，杠杆始终保持水平平衡，测力计的示数将 （“变大”、“变小”或“不变”）； （4）该实验中，要进行多次测量，其目的是 。 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 《2026年中考物理一轮复习专题——简单机械实验题》参考答案 1． 匀速 大 不变 【详解】（1）[1]在实验中，测绳端拉力F时，应竖直向上匀速拉动弹簧测力计且在拉动过程中读数。 （2）[2]由表格中数据知，物体上升的高度，绳端移动的距离，由可得 绳子始端固定在动滑轮上挂钩上，依次绕过上面的定滑轮、下面的动滑轮，如下图所示： （3）[3]第3次实验时，滑轮组的机械效率为 （4）[4]由1、2、3次实验数据可知：使用同一滑轮组，被提升的物体越重，机械效率越大。 （5）[5]在实验中影响滑轮组机械效率的因素是动滑轮的重力和绳轮之间的摩擦力，将实验中的定滑轮换成质量大一些的，有用功不变，额外功不变，则滑轮组的机械效率将不变。 2． 甲 钩码上升的高度/cm 0.4 41.7% D 【详解】 解：（1）[1]由表中第一次实验数据可知，钩码上升的高度h=10cm，绳端移动的距离s=30cm，由s=nh可得，绳子的有效股数 [2]由图可知，甲滑轮组绳子的有效股数为3，乙滑轮组绳子的有效股数为4，所以，第一次实验所选择的是甲滑轮组；表格中还需要补充的数据是“钩码上升的高度/cm”。 （2）[3][4]由图丙可知，弹簧测力计的分度值为0.2N，拉力F=0.4N，该次实验滑轮组的机械效率 （3）[5]A．由1、2或3、4两组数据可知，用相同的装置提升物体的重力越大，滑轮组的机械效率越大，故A可行，不符合题意； B．由1、3或2、4两组数据可知，用不同的状态提升相同的物体上升相同的高度时，机械自重越小，滑轮组机械效率越大，故B可行，不符合题意； C．机械加润滑油，提升重物时减小了额外功，根据 可知，滑轮组的机械效率越大，故C可行，不符合题意； D．由 可知，滑轮组机械效率与物体提升的高度无关，故D不可行，符合题意。 故选D。 3． 重 小 2、3 乙 80% 能 小 大 省功 【详解】（1）①[1]1、2次实验中，滑轮材质相同，第2次实验钩码比第1次重，机械效率比第一次高，比较和两次实验发现：在所用滑轮组相同，提升物体的重力越大，机械效率越高。 ②[2]由第、组数据可知，钩码重、钩码被提升的高度相同，动滑轮重不同，机械效率不同，且提升相同重物时，动滑轮越重，机械效率越低。 ③[3]研究机械效率与提升钩码的高度的关系，要控制其它因素相同，只改变提升高度，故、两次实验符合题意。 ④[4]第次实验绳端移动的距离与物块提升的高度一致，说明使用的是定滑轮，即图乙。 ⑤[5][6]利用图甲的装置，把重的物体用的拉力迅速拉起，图甲中有三段绳子拉着动滑轮，滑轮组的机械效率为 可见如果没有刻度尺，只有测力计，能测量出滑轮组的机械效率。 （2）[7][8]保持斜面倾斜程度不变，斜面越光滑，摩擦越小，额外功越少，在有用功一定时，总功越小，由知斜面的机械效率越高。 （3）[9]实验表明：额外功越小，总功越接近有用功。因实验中，总要克服摩擦做功，完全没有摩擦的情况不存在，因此根据实验结论进一步推理得出：假设没有额外功，总功等于有用功，因此使用任何机械不省功。 4． 左 便于从杆上直接读出力臂 实验结论具有普遍性，避免偶然性 A B 【详解】（1）[1]如图所示，杠杆的左端上翘，左端的平衡螺母或右端的平衡螺母都向上翘的左端移动，才能使杠杆在水平位置平衡。 （2）[2]使杠杆在水平位置平衡目的是消除杠杆自身重力对实验的影响，此时力臂恰好沿杆的方向，便于从杆上直接读出力臂。 （3）[3]探究杠杆平衡条件时，进行多次实验，利用多组实验数据总结实验结论，使实验结论具有普遍性，避免偶然性。 （4）[4]由图乙可知，当动力在B点斜向下拉与水平方向成角动力臂是 此时 故杠杆为等臂杠杆，与天平同类型。 故选A。 （5）[5]如图丙所示，用弹簧测力计拉杠杆的C点，当弹簧测力计由位置1转至位置2的过程中，动力臂先变大后变小，因为阻力、阻力臂不变，故测力计的拉力先变小后变大 故选B。 5． 右 ④③②① F1l1=F2l2 寻找普遍规律 F1 160 【详解】（1）[1]若杠杆在使用前出现图甲所示的情况，要使它在水平位置平衡，左端低右端高，应将杠杆上的平衡螺母向右调节。 （2）[2]经分析，探究杠杆平衡的步骤为： ④钩码挂在杠杆的支点两边，先改变动力或动力臂的大小，然后调节阻力或阻力臂的大小，使杠杆在水平位置重新平衡； ③记下动力F1、动力臂l1、阻力F2和阻力臂l2的大小，将数据填入表格中； ②改变钩码的个数和位置，重复实验； ①计算每次实验中F1 l1和F2 l2的大小，根据计算结果得出杠杆的平衡条件； 故正确的顺序是：④③②①。 （3）[3]对于实验1的数据有 2N×8cm=4N×4cm 对于实验2的数据有 4N×8cm=2N×16cm 对于实验3的数据有 4N×12cm=6N×8cm 故杠杆平衡条件为 F1l1=F2l2 （4）[4]探究杠杆平衡的条件时进行多次实验，多次改变挂在支点O两边钩码的质量和悬挂位置，收集杠杆平衡时多组动力，动力臂、阻力和阻力臂的数据，其目的是通过实验数据总结实验结论，使实验结论具有普遍性，避免偶然性。 [5]由图可知，当沿F1方向时，B点为支点，F3为阻力，AB和BC分别为动力臂和阻力臂，由杠杆平衡条件可得 则 当沿F2方向时，D点为支点，F3为阻力，AD和CD分别为动力臂和阻力臂，由杠杆平衡条件可得 则 由图知，AB>AD，BC=CD，则F1<F2。 [6]由杠杆平衡条件可知 则在A点施加的最小动力为 6．(1)匀速 (2) 83.3℅ 增大提升物体的重力 (3) 越高 3 (4)2 【详解】（1）在测量绳端受到的拉力时，为了使装置处于平衡状态，方便读弹簧测力计的拉力，应使弹簧测力计匀速上升。 （2）[1]在第3次实验中，由图可知，绳子的股数 物体上升的高低 则绳端移动的距离 提升物体做的有用功 总功 所以滑轮组的机械效率 [2]比较第1、3次实验，由 可知提起的物体越重，效率越高，所以，应增加物重。 （3）[1]由图甲分析可知，提升物体所受的重力相同时，动滑轮越轻，机械效率越高。 [2]A点对应的动滑轮重 根据效率公式 则 （4）在不计绳重的情况下，额外功指提升动滑轮所做的功和克服摩擦所做的功。在第2次实验中，做的总功 有用功 则额外功 已知克服摩擦所做的额外功 所以克服动滑轮重所做的额外功 因为动滑轮上升的高度和物体上升的高度相等 7．(1)匀速直线 (2) (3)斜面的倾斜程度越大，斜面的机械效率越高 【详解】（1）在实验过程中，应沿斜面向上匀速直线拉动木块，则弹簧测力计的示数和拉力的大小相等。 （2）第①次实验中斜面的机械效率 （3）对比实验②、③数据，控制物体的重力相同，改变的是斜面的倾角，且斜面倾角越大，机械效率越高，故可得出结论：斜面的倾斜程度越大，斜面的机械效率越高。 8．(1)绳端移动距离s/cm (2) 2.0 80 高 (3)偏小 (4)A 【详解】（1）由三段绳子承担重物，即绳端移动距离s=3h，根据表格数据可知，物体上升高度h=10cm，而最后一列为30，所以最后一列为绳端移动距离s/cm。 （2）[1]测力计的分度值为0.2N，读数为2.0N。 [2]第3次实验滑轮组的机械效率为 [3]比较三次实验数据知物体越重，机械效率越高，所以分析数据可知：在滑轮组不变的情况下，增加所提物体的重力，滑轮组的机械效率越高。 （3）弹簧测力计拉动方向偏离了竖直方向，提升相同的物体上升相同的高度时，拉力F变大，绳端移动的距离s不变，总功变大，有用功不变，则滑轮组效率变小。 （4）由第1次实验数据可知：如果不计摩擦和绳重，由得，G动=1N；因为实验中存在摩擦，所以G动＜1N。 故选A。 9． 右 力臂 得出普遍性的规律 右 错误 大 C 【详解】（1）[1]杠杆停在如图甲所示的位置，杠杆右端上翘，左端下沉，无论左端还是右端的平衡螺母都向上翘的右端移动。 [2]杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，同时杠杆的重心通过支点，消除杠杆重对杠杆平衡的影响。 （2）[3]实验时，如果只用一组数据得到结论，偶然性太大，因此应获取多组实验数据得出普遍性的规律。 （3）[4]设杠杆一个小格代表L，两边的钩码同时向靠近支点的方向移动一个小格，杠杆左端 4N×2L=8NL 杠杆右端 3N×3L=9NL 杠杆的左端力和力臂的乘积小于右端的乘积，杠杆的右端下沉。 [5]杠杆平衡条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂，即F1​L1​=F2​L2​，不是动力×动力作用点到支点的距离=阻力×阻力作用点到支点的距离，故结论错误。 （4）①[6]杆秤是杠杆类工具，其原理是杠杆平衡条件．秤砣磨损后，自身质量变小．当所测物体重力不变，力臂不变时，秤砣这一边力（力和力臂的乘积）减小，要使杠杆达到平衡，另一侧力（力和力臂乘积）也要减小，而这里只能减小力臂，即读数比实际值要大。 ②[7]根据杠杆平衡条件F1​L1​=F2​L2​可知，在称量货物时，使用提纽C，动力臂L1​更大，可以称量更重的货物，即该杆秤的称量范围更大。 10．(1) 平衡 右 (2) 2 实验次数少，得出的结论具有偶然性 (3)杠杆自身重力的影响 (4) (5)变大 【详解】（1）[1]杠杆处于静止状态或匀速转动状态都属于平衡状态。图中杠杆在此位置处于静止状态，所以，杠杆在此位置处于平衡状态。 [2]杠杆的右端上翘，平衡螺母向上翘的右端移动。 （2）[1]设1 个钩码的重力是G，由图知道，动力F1的力臂是4L，阻力F2的力臂是8L，由杠杆平衡条件，代入数据解得 即小明在杠杆A点处挂上2个钩码。 [2]小明仅凭一次测量就得出杠杆平衡条件，这种实验处理方法是不完善的，因为实验次数过少，会导致实验结论具有偶然性，应该改变动力或阻力的方向进行多次测量，寻找普遍规律，以避免偶然性。 （3）由图知道，用如图丙所示装置进行探究，杠杆的重心没有通过支点，杠杆自身重力对杠杆平衡有影响。 （4）再利用杠杆测量机械效率，图丁中，实验时，小明竖直匀速拉动弹簧测力计，使挂在较长杠杆下面的钩码缓缓上升。将杠杆拉至图中虚线位置，记录钩码重G，测力计的示F，钩码上升的高度h，测力计上升高度h1，测杠杆的机械效率 （5）杠杆提升钩码时，对钩码做有用功，克服杠杆重做额外功 设杠杆重心升高的距离为h，所以 G不变，h1不变，G杠不变，钩码的悬挂点由B点移至C点，钩码升高相同的高度，有用功不变，根据三角形的知识知道，杠杆重心提升的高度减小，所以根据知道，额外功减小，因此在有用功相同的条件下，杠杆的机械效率变大，即 11． 是 右 6 动力臂 = 【详解】（1）[1]当杠杆处于静止或匀速转动时，处于平衡状态，图甲中，杠杆静止，处于平衡状态。 [2]图甲中，杠杆左端下沉，说明杠杆左端重，可将杠杆两端的平衡螺母向右调节，使杠杆在水平位置平衡。 （2）[3]若杠杆上一格代表L，一个钩码重G，则小明在杠杆上的A点处挂4个钩码，根据杠杆平衡条件可得 则 因此应在B点挂6个钩码。 （3）[4]支点到动力作用线的距离为动力臂，图丙中，用弹簧测力计在C处竖直向上拉，使杠杆在水平位置平衡，此时动力臂等于C点到支点的格数，用弹簧测力计在C处由竖直改为斜向上拉的过程中，动力臂会减小，小明把“动力作用点到支点的格数”当作了动力臂，因此小明发现自己之前总结的结论不正确。 （4）[5]经过多次实验，发现杠杆在水平位置平衡时，总有 即 12． 是 右 消除杠杆自重对实验的影响 < > 60 【详解】（1）[1]实验前，杠杆静止如图所示，根据平衡状态可知，此时杠杆处于平衡状态。 [2][3]杠杆不在水平位置，左端向下倾斜，右端上翘，故应向右调节平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，支点到力的作用点的距离就是力臂，便于测量力臂大小，消除杠杆自重对杠杆平衡的影响。 （2）[4]根据题意可知，杠杆虽然此时水平平衡，则 所以 （3）[5][6]如图所，弹簧测力计竖直向上拉动杠杆时，动力臂是OA，当斜向上拉动杠杆时，动力臂变为OC，阻力和阻力臂的乘积不变，动力臂变小，根据杠杆平衡条件，动力变大，所以弹簧测力计示数大于2.5N；阻力和阻力臂乘积不变，所以动力和动力臂乘积也不变，设杠杆每一个小格长度为L，弹簧测力计量程是5N，最大能提供5N拉力 所以，最小的力臂为 在中 所以 拉力的方向与竖直方向的最大夹角 13． 平衡 左 便于力臂的测量 大 大于 【详解】（1）[1]杠杆处于静止或匀速转动状态时，我们就是杠杆处于平衡状态。挂钩码前，杠杆静止时为平衡状态。 [2]图甲中杠杆的右端下沉，要想使杠杆在水平位置平衡，接下来应将杠杆两端的螺母向左侧调节。 [3]由于钩码的重力竖直向下，杠杆受到的力在竖直方向上，在水平位置平衡时，力臂刚好与杠杆重合，便于测量力臂。 （2）[4]图乙中，弹簧测力计第二次拉力对应的力臂较小，阻力与阻力臂的乘积不变，由杠杆平衡条件得，动力臂越小，动力越大，弹簧测力计第二次的示数比第一次的示数大。 （3）[5]图丙中，测力计的拉力的力臂小于钩码在B点对杠杆的拉力的力臂，由杠杆平衡条件得，测力计的示数大于钩码在B点对杠杆的拉力，钩码在B点对杠杆的拉力等于B点处钩码的重力，则测力计的示数大于B点处钩码的重力。 14． 匀速 2.4 83.3% 丙 物体越重 低 被提升的高度 【详解】（1）[1]在测绳端拉力时，需竖直向上匀速拉动测力计。 （2）[2]由图示测力计可知，其分度值为0.2N，示数为2.4N。 [3]由表中实验数据可知，第2次实验，有用功 总功 滑轮组效率为 （3）[4]由数据知第4次实验中，s为h的5倍，所以滑轮组由5段绳子承担物重，由图示可知，第4次实验所用的装置是丙。 （4）①[5]分析第1、2次实验数据可知，使用的同一滑轮组，提升的钩码重力越大，机械效率越高，可得使用同一滑轮组，物体越重，滑轮组的机械效率越高。 ②[6]分析第1、3次实验数据，提升的物重相同，动滑轮重力越大，机械效率越低。 ③[7]分析第3、4次实验数据可知，使用同一滑轮组提升相同的重物，物体被提升的高度改变，机械效率不变，可得滑轮组的机械效率与物体被提升的高度无关。 15． 平衡 右 1 ② 变大 排除偶然性，寻找普遍规律 【详解】（1）[1]杠杆的位置如图甲所示，此时杠杆处于静止状态时，处于平衡状态。 [2]杠杆右端高，说明此时杠杆的重心在支点左边，所以应将平衡螺母右调，使重心右移，杠杆才能平衡。 （2）[3]假设一个钩码重G，杠杆一格为L；根据杠杆的平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂得出 2G×2L=nG×4L 解得n=1。 [4]“动力×支点到动力作用点的距离=阻力×支点到阻力作用点的距离”，是在杠杆在水平位置平衡且动力和阻力的方向都是竖直向下的条件下得出的，也就是实验过程中没有改变动力或阻力的方向，故②正确。 （3）[5]由图丙可知，弹簧测力计由竖直方向逐渐向左转动过程中，动力臂变短，而杠杆在水平位置始终保持平衡，由于阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件可知，测力计示数将变大。 （4）[6]该实验中，要进行多次测量，其目的是排除偶然性，寻找普遍规律。 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $