精品解析：北京市通州区2025-2026学年高一上学期期末物理样题

通州区2025-2026学年度第一学期期末 高中一年级物理样题 学生须知 1．本套样题共两部分，共8页。共94分，建议时间为80分钟。 2．各题答案一律填涂在答题卡上，在样题上作答无效。 3．在答题卡上，选择题用2B铅笔作答，其他题目用黑色字迹签字笔作答。 4．结束后，请将答题卡交回。 第一部分 选择题（共60分） 一、单项选择题（在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是最符合题意的。每题3分，共60分） 请阅读下述文字，完成第1题、第2题、第3题、第4题、第5题。 福建舰作为我国首艘配备电磁弹射器的航母，于2025年11月5日正式入列，自此我国正式进入三航母时代。其上电磁弹射器在弹射过程中提供强大的水平推力，使舰载机在水平甲板上做匀加速直线运动，短短数秒内，飞机速度从0飙升至起飞临界值。 1. 下列关于舰载机弹射过程中的物理量，属于矢量的是（　　） A. 弹射阶段的总时间 B. 舰载机的起飞速率 C. 弹射器施加的推力 D. 舰载机滑行的路程 2. 某型号舰载机从静止开始经弹射器加速，3s内滑行85m后达到起飞速度。下列说法正确的是（　　） A. “3秒内”指的是时刻 B. “85米”指的是飞机的位移大小 C. 舰载机的速度方向与加速度方向相反 D. 起飞速度是3秒末的瞬时速度，其大小等于弹射过程的平均速度 3. 某型号舰载机在弹射器作用下由静止开始，经2.5s速度达到72m/s。该过程中飞机滑行距离为（　　） A. 36m B. 72m C. 90m D. 144m 4. 某型号舰载机质量为，弹射过程中飞机的加速度大小为。g取，则弹射过程中舰载机受到的合力大小为（　　） A. B. C. D. 5. 舰载机弹射过程中，下列关于位移、速度、时间、加速度的关系图像正确的是（　　） A. B. C. D. 【答案】1. C 2. B 3. C 4. A 5. C 【解析】 【1题详解】 A．弹射阶段的总时间是标量，只有大小，没有方向，故A错误； B．舰载机的起飞速率是标量，只有大小，没有方向，故B错误； C．弹射器施加的推力是矢量，既有大小，又有方向，故C正确； D．舰载机滑行的路程是标量，只有大小，没有方向，故D错误。 故选C。 【2题详解】 A．“3秒内”为时间段，指时间间隔，故A错误； B．“85米”指的是飞机的位移大小，故B正确； C．舰载机从静止开始经弹射器加速，所以舰载机的速度方向与加速度方向相同，故C错误； D．舰载机从静止开始经弹射器加速，则弹射过程的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，即起飞速度是1.5秒末的瞬时速度，其大小等于弹射过程的平均速度，故D错误。 故选B。 【3题详解】 舰载机的平均速度大小为 飞机滑行距离为 故选C。 【4题详解】 根据牛顿第二定律可得，弹射过程中舰载机受到的合力大小为 故选A。 【5题详解】 A．舰载机弹射过程中，做匀加速直线运动，加速度不变，所以图线应该是与横轴平行的直线，故A错误； B．图线的斜率表示加速度，所以应该是过原点的一条倾斜直线，故B错误； C．根据 可得 即应该是过原点的一条倾斜直线，故C正确； D．根据 可知，图线应该是一条开口向上的抛物线，故D错误。 故选C 请阅读下述文字，完成第6题、第7题、第8题、第9题、第10题。 一滴质量为的雨滴从静止开始，在重力作用下竖直下落。下落过程中，雨滴除受重力外，还受到空气阻力作用。已知阻力大小与速度的平方成正比，即，其中是比例系数。设下落高度足够高，下落过程中雨滴的质量和形状均不发生变化，且忽略雨滴间的相互作用，重力加速度为。 6. 用国际单位制基本单位表示的单位，下列选项正确的是（　　） A. B. C. D. 7. 未达到最大速度之前，关于雨滴运动的速度、加速度和速度变化量等的大小变化，下列说法正确的是（　　） A. 速度逐渐增大，加速度逐渐增大 B. 速度逐渐增大，加速度逐渐减小 C. 单位时间速度的变化量是恒定的 D. 单位时间速度的变化量逐渐增大 8. 关于雨滴的整个下落过程，下列说法正确的是（　　） A. 达到最大速度前雨滴处于超重状态 B. 达到最大速度后雨滴处于完全失重状态 C. 整个过程中雨滴先处于失重状态，后处于超重的状态 D. 达到最大速度前雨滴处于失重状态 9. 雨滴能达到的最大速度是（　　） A. B. C. D. 10. 雨滴下落的情境实际更加复杂，所受阻力往往还和雨滴的大小有关，若将雨滴看作半径为的球体，所受空气阻力，其中是雨滴下落速度，是比例系数。现有A和B两个半径不同的雨滴从同一高度下落（雨滴A半径大），假设雨滴的密度均为，球体的体积公式为。图所示的雨滴速度随时间变化的图像中（　　） A. 若①是雨滴A的运动图像，则②可能是B的运动图像 B. 若②是雨滴A的运动图像，则②可能是A的运动图像 C. ③可能是雨滴B的运动图像 D. 两雨滴同时落地 【答案】6. D 7. B 8. D 9. B 10. A 【解析】 【6题详解】 根据 可得 所以，单位为 又因 所以 所以的单位为 故选D。 【7题详解】 AB．根据牛顿第二定律可得 解得 所以，未达到最大速度之前，雨滴的速度逐渐增大，加速度逐渐减小，故A错误，B正确； CD．根据 可得 所以，单位时间速度的变化量逐渐减小，故CD错误。 故选B。 【8题详解】 AD．雨滴达到最大速度前雨滴的加速度向下，处于失重状态，故A错误，D正确； B．雨滴达到最大速度后受力平衡，处于平衡状态，故B错误； C．雨滴整个过程中先失重，后处于平衡状态，故C错误。 故选D。 【9题详解】 当雨滴受到的重力与阻力相等时，达到最大速度，则 解得 故选B。 【10题详解】 ABC．当雨滴受到的重力与阻力相等时，达到最大速度，则 其中 联立，解得 因为雨滴A半径大，所以雨滴A能达到的最大速度较大，即若①是雨滴A的运动图像，则②可能是B的运动图像，故A正确，BC错误； D．由题图可知，雨滴A的速度大于雨滴B的速度，所以雨滴A先落地，故D错误。 故选A。 请阅读下述文字，完成第11题、第12题、第13题、第14题、第15题。 生活是一张生动的“力”的图谱，从绿茵场上的角逐到精巧的结构平衡，万物运动皆由其谱写。让我们透过具体情境，揭开其中的力学奥秘。 11. 如图所示为四种与足球有关的情景，下列说法正确的是（　　） A. 图甲中，静止在草地上的足球受到的弹力就是它的重力 B. 图乙中，静止在光滑水平地面上的两个足球由于接触而受到相互作用的弹力 C. 图丙中，足球被脚踢飞说明踢球时脚对足球的作用力大于足球对脚的作用力 D. 图丁中，落在球网中的足球受到弹力是由于球网发生了弹性形变 12. 运动员在助跑过程中，脚用力蹬地面，如图所示。关于地面受到脚的作用力的方向，下列表述正确的是（　　） A. B. C. D. 13. 四个小朋友玩“东西南北跑比赛”，他们被围在一个弹力绳中，从中心向外沿各自的方向移动，去拿外围的游戏道具，谁先拿到谁就能赢得比赛。假设弹力绳上的力大小处处相等。某时刻四个小朋友处于如图所示的僵持状态（俯视图），则此时受到弹力绳的弹力最小的是（　　） A. 1号小朋友 B. 2号小朋友 C. 3号小朋友 D. 4号小朋友 14. 如图所示，M、N两物体放在一起，两物体质量均为，梯形物体右下角为，所有接触面间的动摩擦因数均为，在竖直向上的恒力作用下，两物体一起沿竖直方向向上做匀速直线运动。下列说法正确的是（　　） A. 物体N受到M的作用力为 B. 物体N受到的摩擦力为 C. 物体M受到墙面给的摩擦力为 D. 物体M受到墙面给的支持力为 15. 某兴趣小组制作了如图所示的机器人“手臂”模拟装置。A、B为关节铰链，可在竖直面内自由转动。前臂BC末端系一重物和一轻绳，轻绳另一端跨过滑轮牵拉前臂。初始时，关节A、B均锁定，前臂BC水平。实验时，小组成员仅解除关节A的锁定，通过拉轻绳缓慢提升重物，最终上臂AB绕A点转过30°（辅助线AC也同步转过30°）。不计“手臂”重力及一切摩擦，下列说法正确的是（　　） A. 轻绳CD拉力先减小后增大 B. 轻绳CD拉力不断减小 C. 前臂BC受到的压力先减小后增大 D. 前臂BC受到的压力先增大后减小 【答案】11. D 12. B 13. C 14. A 15. B 【解析】 【11题详解】 A．静止在草地上的足球受到的弹力是由于地面发生形变产生的，而重力是由于地球的吸引产生的，故A错误； B．静止在光滑水平地面上的两个足球接触但无挤压，没有发生形变，所以不会受到相互作用的弹力，故B错误； C．踢球时脚对足球的作用力与足球对脚的作用力是一对相互作用力，二者大小相等，方向相反，故C错误； D．落在球网中的足球受到弹力是由于施力物体球网发生了弹性形变，故D正确。 故选D。 【12题详解】 运动员在助跑过程中，脚用力蹬地面，地面受到脚竖直向下的压力和水平向左的摩擦力，二者合力方向斜向左下方。 故选B。 【13题详解】 设两绳间的夹角为θ，所以小朋友受到绳的弹力大小为 由图可知，3号小朋友的两绳间的夹角最大，弹力最小。 故选C。 【14题详解】 A．由于物体做匀速直线运动，则物体N受到M的作用力与重力等大反向，即为mg，故A正确； B．物体N受到的摩擦力为静摩擦力，大小为，故B错误； CD．对MN整体受力分析，整体受到竖直向下的重力，竖直向上的F，不受墙壁的弹力和摩擦力，故CD错误。 故选A。 【15题详解】 对C点受力分析，沿轻绳的拉力T，竖直向下大小为重物重力的拉力mg，沿AC方向由A指向C的支持力N，如图所示 根据三力平衡的特点以及三角形相似原理，有 上臂AB转过30°过程中，DA、AC保持不变，DC减小，则T减小，N不变，即绳CD拉力减小，前臂BC对C点的支持力的大小不变，根据牛顿第三定律可知，前臂BC受到的压力大小不变。 故选B。 请阅读下述文字，完成第16题、第17题、第18题、第19成、第20题。 地铁在平直轨道上做加速直线运动，对最后两节车厢建构物理模型。如图所示，物块1和物块2的质量分别为和，两者通过一根轻杆连接，水平力恒力作用在物块2上，使两物块一起在水平面上向右做匀加速直线运动。 16. 下列说法正确的是（　　） A. 轻杆对物块1的拉力大于物块1对轻杆的拉力 B. 轻杆对物块1的拉力和物块1对轻杆的拉力大小相等 C. 轻杆对物块1拉力与轻杆对物块2的拉力是一对平衡力 D. 轻杆对物块1的拉力与轻杆对物块2的拉力是一对作用力与反作用力 17. 轻杆对物块1和物块2的拉力大小分别为和。不计一切阻力，下列说法正确的是（　　） A. B. C. D. 18. 考虑水平面对物块1和物块2的滑动摩擦阻力，且两物块与水平面间的动摩擦因数相同，与无摩擦阻力时相比，下列说法正确的是（　　） A. 两物块加速度不变 B. 轻杆对物块1的拉力不变 C. 轻杆对物块1的拉力变大 D. 轻杆对物块1的拉力变小 19. 考虑水平面对物块1和物块2的滑动摩擦阻力，且两物块与水平面间的动摩擦因数相同，某时刻撤去至物块停止之前，关于轻杆对物块2的作用力大小，下列说法正确的是（　　） A. B. 且恒定 C. 逐渐增大 D. 逐渐减小 20. 考虑水平面对物块1和物块2的滑动摩擦阻力，且两物块与水平面间的动摩擦因数不同，某时刻撤去至物块停止之前，关于杆的作用力，下列说法正确的是（　　） A. 轻杆对物块1的作用力可能为零 B. 轻杆对物块1的作用力方向向左 C. 轻杆对物块1的作用力方向向右 D. 轻杆对物块1的作用力方向不确定 【答案】16. B 17. C 18. B 19. A 20. D 【解析】 【16题详解】 AB．根据牛顿第三定律可知，轻杆对物块1的拉力和物块1对轻杆的拉力大小相等，故A错误，B正确； CD．轻杆对物块1的拉力与轻杆对物块2的拉力一共有3个物体参与，所以轻杆对物块1的拉力与轻杆对物块2的拉力既不是平衡力也不是相互作用力，故CD错误。 故选B。 【17题详解】 对整体，根据牛顿第二定律可得 对物块1，根据牛顿第二定律可得 对物块2，根据牛顿第二定律可得 联立，解得， 故选C。 【18题详解】 设两物块与水平面间的动摩擦因数均为，对整体，根据牛顿第二定律可得 对物块1，根据牛顿第二定律可得 对物块2，根据牛顿第二定律可得 联立，解得， 所以，两物块加速度改变，轻杆对物块1的拉力不变。 故选B。 【19题详解】 撤去F后，系统在摩擦力作用下做匀减速运动，假设轻杆作用力为零，则对物块1，根据牛顿第二定律可得 对物块2，根据牛顿第二定律可得 可得 所以，两物块以相同的加速度匀减速直线运动，假设成立。 故选A。 【20题详解】 A．撤去F后，系统在摩擦力作用下做匀减速运动。物块1和物块2与水平面间的动摩擦因数不同，分别为和，则对物块1，根据牛顿第二定律可得 对物块2，根据牛顿第二定律可得 可得， 因为 所以 由于两物块被轻杆连接，它们必须以共同的加速度a运动。因此，轻杆中必然存在作用力，作用力不为零，故A错误； BC．设杆对物块1的作用力为T。若，则物块2的减速度趋势大于物块1，杆将被压缩，对物块1产生向左的推力。但若，杆将被拉伸，对物块1产生向右的拉力，故BC错误； D．因为μ₁和μ₂的大小关系不确定，所以杆可能是被拉伸（T为拉力，方向向右），也可能是被压缩（T为压力，方向向左）。因此，轻杆对物块1的作用力方向不确定，故D正确。 故选D。 第二部分 非选择题（共34分） 二、填空题（共10分） 21. 某学生小组做“探究两个互成角度的力的合成规律”实验，如图所示。实验过程中先用两个弹簧测力计共同拉动小圆环，平衡时记录下小圆环位置、两弹簧测力计的示数和及两条细线的方向，如图乙所示，再改用一个弹簧测力计单独将小圆环拉到位置，记录下此时弹簧测力计的示数及细线的方向，如图丙所示。 （1）关于实验操作，下列说法正确的是________。 A. 两只弹簧测力计的夹角越大越好 B. 在不超出量程的前提下弹簧测力计读数应适当大一些 C. 标记同一细绳方向的两点越近越好 D. 实验时，橡皮筋、细绳和弹簧测力计应平行于木板 （2）某次实验中该学生小组用两个弹簧测力计共同拉动小圆环时，和的夹角小于90°。保持小圆环在位置，同时保持方向不变。适当减小的大小，则的大小________，与的夹角________。（均选填“变大”“变小”或“不变”） 【答案】（1）BD （2） ①. 变大 ②. 变小 【解析】 【小问1详解】 A．为减小实验误差，两个弹簧测力计拉橡皮筋时，两细绳的夹角要适当大些，并不是两个细绳的夹角越大越好，故A错误； B．在不超出量程的前提下弹簧测力计读数应适当大一些，可以减小弹力的测量误差，故B正确； C．为减小实验误差，拉橡皮筋的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些，故C错误； D．拉橡皮筋时，橡皮筋、细绳和弹簧测力计应贴近木板且与木板平面平行可以有效减小实验的误差，故D正确。 故选BD。 【小问2详解】 [1][2]由题意可知，当减小时，保持小圆环在位置O，即合力不变，根据平行四边形定则可得受力分析图 由图可知，变大，与的夹角变小。 22. 某学生小组分别利用图中的两个实验装置进行“探究物体加速度与力、质量的关系”实验，实验中桶和桶内沙子的质量为，小车和车内砝码总质量为，重力加速度为g。 （1）该学生小组在这个探究实验中采用的物理学思想方法为________。 A. 等效替代法 B. 比值法 C. 理想化模型法 D. 控制变量法 （2）关于图甲和图乙的实验方案，下列说法中正确的是________。 A. 若用图甲进行实验，需要垫高木板的一侧以平衡小车受到的阻力 B. 若用图乙进行实验，不需要垫高木板的一侧以平衡小车受到的阻力 C. 若用图甲进行实验，需要保证远小于的大小 D. 若用图乙进行实验，需要保证远小于的大小 （3）已知某次用甲装置完成的实验中小车的质量为0.6kg，细线上拉力的真实值为，若实验要求相对误差不超过5%，即，则实验中桶和桶内沙子的质量应该满足：________g。（g取） 【答案】（1）D （2）AC （3）30 【解析】 【小问1详解】 该实验采用控制变量法，先控制小车的质量不变，研究加速度与力的关系，再控制拉力不变，研究加速度与质量的关系。 故选D。 【小问2详解】 AB．在该实验中，我们认为绳子的拉力就等于小车所受的合外力，故两个实验均需平衡摩擦力，故A正确，B错误； C．甲实验利用桶和桶内沙子的总重力近似等于绳子的拉力，所以需要保证远小于的大小，故C正确； D．乙实验绳子的拉力可由力传感器读出，所以不需要保证远小于的大小，故D错误。 故选AC。 【小问3详解】 对整体，根据牛顿第二定律 对小车 联立，可得 又因为， 解得 三、计算及论述题（第23题6分、第25题8分、第26题10分，共24分） 解题要求：写出必要的文字说明、方程式和结果。有数字计算的题，结果必须明确写出数值和单位。 23. 遥控小车质量为0.5kg，从静止开始做匀加速直线运动，加速度为。求； （1）小车运动5s后的位移大小； （2）小车所受的合力。 【答案】（1）50m （2）2N 【解析】 【小问1详解】 小车运动5s后的位移大小为 【小问2详解】 根据牛顿第二定律可得 24. 机器人分拣技术服务于我们的生产生活。如图甲所示，派件员将质量为5kg的快递放在静止机器人的水平托盘上，机器人沿直线把快递运送到22.5m远的分拣处，为了运输安全，快递需与水平托盘保持相对静止，到达投递口速度刚好为0。之后机器人缓慢翻转托盘，当托盘倾角增大到时，快递恰好能够匀速下滑，如图乙所示。（已知最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力，取，，），求 （1）快递与托盘间的动摩擦因数； （2）若其他条件不变，某次机器人行至投递口后翻转托盘，托盘倾角增大到了，求此时快递下滑的加速度大小； （3）机器人将快递从派件员处运送到22.5m远的分拣处的最短送达时间。 【答案】（1） （2） （3） 【解析】 【小问1详解】 当托盘倾角增大到时，快递恰好能够匀速下滑，此时快递受力平衡，根据平衡条件可知 解得 【小问2详解】 托盘倾角增大到了，根据牛顿第二定律可得 解得 【小问3详解】 机器人先以最大加速度加速，再以最大加速度减速到达投递口，时间最短。根据牛顿第二定律可得 解得 设加速时间为，根据加速和减速运动的对称性，有 其中 解得最短时间 25. 应用物理知识分析生活中的常见现象，可以使物理学习更加有趣和深入。一个质量为1kg的物体从某高处自由下落，之后被站在地面上的人用手接住并停在手上，如图甲所示。已知物体与手接触之前下落时间为0.3s，g取，不计空气阻力，忽略接触过程中手的形变。 （1）接物体时手向下运动可以缓冲冲击。若在接触物体后手和物体一起竖直向下做匀减速直线运动（忽略接触时间），手移动0.15m后停止，求在此过程中手对物体的作用力大小； （2）某次缓冲过程中手对物体作用力大小随时间（从接触瞬间开始计时）线性增加，即，其中为常数（）。已知缓冲过程持续时间为0.5s， a.计算得出物体从接触手到停止的过程中物体的加速度和时间的关系，在图乙中画出图像； b.求缓冲过程手对物体作用力的最大值。 【答案】（1） （2）a. ；b. 【解析】 【小问1详解】 接物体前，物体的速度大小为 手移动0.15m后停止，则接物体后，物体的加速度大小为 根据牛顿第二定律可得 解得 【小问2详解】 a.取竖直向上为正方向，根据牛顿第二定律可得 可得 所以图线为倾斜的直线。则图线的纵截距为，当时， 物体从接触手到停止的过程中速度变化量为 设横截距为，根据图线与坐标轴所围成的面积表示速度变化可知 其中为最终最大加速度，因为图线为倾斜的直线，所以， 联立，解得， 所以，图线如图所示 b.当物体的加速度最大时，手对物体的作用力最大，根据牛顿第二定律可得 可得 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 通州区2025-2026学年度第一学期期末 高中一年级物理样题 学生须知 1．本套样题共两部分，共8页。共94分，建议时间为80分钟。 2．各题答案一律填涂在答题卡上，在样题上作答无效。 3．在答题卡上，选择题用2B铅笔作答，其他题目用黑色字迹签字笔作答。 4．结束后，请将答题卡交回。 第一部分 选择题（共60分） 一、单项选择题（在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是最符合题意的。每题3分，共60分） 请阅读下述文字，完成第1题、第2题、第3题、第4题、第5题。 福建舰作为我国首艘配备电磁弹射器的航母，于2025年11月5日正式入列，自此我国正式进入三航母时代。其上电磁弹射器在弹射过程中提供强大的水平推力，使舰载机在水平甲板上做匀加速直线运动，短短数秒内，飞机速度从0飙升至起飞临界值。 1. 下列关于舰载机弹射过程中的物理量，属于矢量的是（　　） A. 弹射阶段总时间 B. 舰载机的起飞速率 C. 弹射器施加的推力 D. 舰载机滑行的路程 2. 某型号舰载机从静止开始经弹射器加速，3s内滑行85m后达到起飞速度。下列说法正确的是（　　） A. “3秒内”指的是时刻 B. “85米”指的是飞机的位移大小 C. 舰载机的速度方向与加速度方向相反 D. 起飞速度是3秒末的瞬时速度，其大小等于弹射过程的平均速度 3. 某型号舰载机在弹射器作用下由静止开始，经2.5s速度达到72m/s。该过程中飞机滑行距离为（　　） A. 36m B. 72m C. 90m D. 144m 4. 某型号舰载机质量为，弹射过程中飞机的加速度大小为。g取，则弹射过程中舰载机受到的合力大小为（　　） A. B. C. D. 5. 舰载机弹射过程中，下列关于位移、速度、时间、加速度的关系图像正确的是（　　） A. B. C D. 请阅读下述文字，完成第6题、第7题、第8题、第9题、第10题。 一滴质量为的雨滴从静止开始，在重力作用下竖直下落。下落过程中，雨滴除受重力外，还受到空气阻力作用。已知阻力大小与速度的平方成正比，即，其中是比例系数。设下落高度足够高，下落过程中雨滴的质量和形状均不发生变化，且忽略雨滴间的相互作用，重力加速度为。 6. 用国际单位制基本单位表示的单位，下列选项正确的是（　　） A. B. C. D. 7. 未达到最大速度之前，关于雨滴运动的速度、加速度和速度变化量等的大小变化，下列说法正确的是（　　） A. 速度逐渐增大，加速度逐渐增大 B. 速度逐渐增大，加速度逐渐减小 C. 单位时间速度的变化量是恒定的 D. 单位时间速度的变化量逐渐增大 8. 关于雨滴的整个下落过程，下列说法正确的是（　　） A. 达到最大速度前雨滴处于超重状态 B. 达到最大速度后雨滴处于完全失重状态 C. 整个过程中雨滴先处于失重状态，后处于超重的状态 D. 达到最大速度前雨滴处于失重状态 9. 雨滴能达到的最大速度是（　　） A. B. C. D. 10. 雨滴下落的情境实际更加复杂，所受阻力往往还和雨滴的大小有关，若将雨滴看作半径为的球体，所受空气阻力，其中是雨滴下落速度，是比例系数。现有A和B两个半径不同的雨滴从同一高度下落（雨滴A半径大），假设雨滴的密度均为，球体的体积公式为。图所示的雨滴速度随时间变化的图像中（　　） A. 若①是雨滴A的运动图像，则②可能是B的运动图像 B. 若②是雨滴A的运动图像，则②可能是A的运动图像 C. ③可能是雨滴B的运动图像 D. 两雨滴同时落地 请阅读下述文字，完成第11题、第12题、第13题、第14题、第15题。 生活是一张生动的“力”的图谱，从绿茵场上的角逐到精巧的结构平衡，万物运动皆由其谱写。让我们透过具体情境，揭开其中的力学奥秘。 11. 如图所示为四种与足球有关的情景，下列说法正确的是（　　） A. 图甲中，静止在草地上的足球受到的弹力就是它的重力 B. 图乙中，静止在光滑水平地面上的两个足球由于接触而受到相互作用的弹力 C. 图丙中，足球被脚踢飞说明踢球时脚对足球的作用力大于足球对脚的作用力 D. 图丁中，落在球网中的足球受到弹力是由于球网发生了弹性形变 12. 运动员在助跑过程中，脚用力蹬地面，如图所示。关于地面受到脚的作用力的方向，下列表述正确的是（　　） A. B. C. D. 13. 四个小朋友玩“东西南北跑比赛”，他们被围在一个弹力绳中，从中心向外沿各自的方向移动，去拿外围的游戏道具，谁先拿到谁就能赢得比赛。假设弹力绳上的力大小处处相等。某时刻四个小朋友处于如图所示的僵持状态（俯视图），则此时受到弹力绳的弹力最小的是（　　） A. 1号小朋友 B. 2号小朋友 C. 3号小朋友 D. 4号小朋友 14. 如图所示，M、N两物体放在一起，两物体质量均为，梯形物体右下角为，所有接触面间的动摩擦因数均为，在竖直向上的恒力作用下，两物体一起沿竖直方向向上做匀速直线运动。下列说法正确的是（　　） A. 物体N受到M的作用力为 B. 物体N受到的摩擦力为 C. 物体M受到墙面给的摩擦力为 D. 物体M受到墙面给的支持力为 15. 某兴趣小组制作了如图所示机器人“手臂”模拟装置。A、B为关节铰链，可在竖直面内自由转动。前臂BC末端系一重物和一轻绳，轻绳另一端跨过滑轮牵拉前臂。初始时，关节A、B均锁定，前臂BC水平。实验时，小组成员仅解除关节A的锁定，通过拉轻绳缓慢提升重物，最终上臂AB绕A点转过30°（辅助线AC也同步转过30°）。不计“手臂”重力及一切摩擦，下列说法正确的是（　　） A. 轻绳CD拉力先减小后增大 B. 轻绳CD拉力不断减小 C. 前臂BC受到的压力先减小后增大 D. 前臂BC受到的压力先增大后减小 请阅读下述文字，完成第16题、第17题、第18题、第19成、第20题。 地铁在平直轨道上做加速直线运动，对最后两节车厢建构物理模型。如图所示，物块1和物块2的质量分别为和，两者通过一根轻杆连接，水平力恒力作用在物块2上，使两物块一起在水平面上向右做匀加速直线运动。 16. 下列说法正确的是（　　） A. 轻杆对物块1的拉力大于物块1对轻杆的拉力 B. 轻杆对物块1的拉力和物块1对轻杆的拉力大小相等 C. 轻杆对物块1的拉力与轻杆对物块2的拉力是一对平衡力 D. 轻杆对物块1拉力与轻杆对物块2的拉力是一对作用力与反作用力 17. 轻杆对物块1和物块2的拉力大小分别为和。不计一切阻力，下列说法正确的是（　　） A. B. C. D. 18. 考虑水平面对物块1和物块2的滑动摩擦阻力，且两物块与水平面间的动摩擦因数相同，与无摩擦阻力时相比，下列说法正确的是（　　） A. 两物块加速度不变 B. 轻杆对物块1的拉力不变 C. 轻杆对物块1拉力变大 D. 轻杆对物块1的拉力变小 19. 考虑水平面对物块1和物块2的滑动摩擦阻力，且两物块与水平面间的动摩擦因数相同，某时刻撤去至物块停止之前，关于轻杆对物块2的作用力大小，下列说法正确的是（　　） A. B. 且恒定 C. 逐渐增大 D. 逐渐减小 20. 考虑水平面对物块1和物块2的滑动摩擦阻力，且两物块与水平面间的动摩擦因数不同，某时刻撤去至物块停止之前，关于杆的作用力，下列说法正确的是（　　） A. 轻杆对物块1的作用力可能为零 B. 轻杆对物块1的作用力方向向左 C. 轻杆对物块1的作用力方向向右 D. 轻杆对物块1的作用力方向不确定 第二部分 非选择题（共34分） 二、填空题（共10分） 21. 某学生小组做“探究两个互成角度的力的合成规律”实验，如图所示。实验过程中先用两个弹簧测力计共同拉动小圆环，平衡时记录下小圆环位置、两弹簧测力计的示数和及两条细线的方向，如图乙所示，再改用一个弹簧测力计单独将小圆环拉到位置，记录下此时弹簧测力计的示数及细线的方向，如图丙所示。 （1）关于实验操作，下列说法正确的是________。 A. 两只弹簧测力计的夹角越大越好 B. 在不超出量程的前提下弹簧测力计读数应适当大一些 C. 标记同一细绳方向的两点越近越好 D. 实验时，橡皮筋、细绳和弹簧测力计应平行于木板 （2）某次实验中该学生小组用两个弹簧测力计共同拉动小圆环时，和的夹角小于90°。保持小圆环在位置，同时保持方向不变。适当减小的大小，则的大小________，与的夹角________。（均选填“变大”“变小”或“不变”） 22. 某学生小组分别利用图中的两个实验装置进行“探究物体加速度与力、质量的关系”实验，实验中桶和桶内沙子的质量为，小车和车内砝码总质量为，重力加速度为g。 （1）该学生小组在这个探究实验中采用的物理学思想方法为________。 A. 等效替代法 B. 比值法 C. 理想化模型法 D. 控制变量法 （2）关于图甲和图乙的实验方案，下列说法中正确的是________。 A. 若用图甲进行实验，需要垫高木板的一侧以平衡小车受到的阻力 B. 若用图乙进行实验，不需要垫高木板的一侧以平衡小车受到的阻力 C. 若用图甲进行实验，需要保证远小于的大小 D. 若用图乙进行实验，需要保证远小于的大小 （3）已知某次用甲装置完成的实验中小车的质量为0.6kg，细线上拉力的真实值为，若实验要求相对误差不超过5%，即，则实验中桶和桶内沙子的质量应该满足：________g。（g取） 三、计算及论述题（第23题6分、第25题8分、第26题10分，共24分） 解题要求：写出必要的文字说明、方程式和结果。有数字计算的题，结果必须明确写出数值和单位。 23. 遥控小车质量为0.5kg，从静止开始做匀加速直线运动，加速度为。求； （1）小车运动5s后的位移大小； （2）小车所受的合力。 24. 机器人分拣技术服务于我们的生产生活。如图甲所示，派件员将质量为5kg的快递放在静止机器人的水平托盘上，机器人沿直线把快递运送到22.5m远的分拣处，为了运输安全，快递需与水平托盘保持相对静止，到达投递口速度刚好为0。之后机器人缓慢翻转托盘，当托盘倾角增大到时，快递恰好能够匀速下滑，如图乙所示。（已知最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力，取，，），求 （1）快递与托盘间的动摩擦因数； （2）若其他条件不变，某次机器人行至投递口后翻转托盘，托盘倾角增大到了，求此时快递下滑的加速度大小； （3）机器人将快递从派件员处运送到22.5m远的分拣处的最短送达时间。 25. 应用物理知识分析生活中的常见现象，可以使物理学习更加有趣和深入。一个质量为1kg的物体从某高处自由下落，之后被站在地面上的人用手接住并停在手上，如图甲所示。已知物体与手接触之前下落时间为0.3s，g取，不计空气阻力，忽略接触过程中手的形变。 （1）接物体时手向下运动可以缓冲冲击。若在接触物体后手和物体一起竖直向下做匀减速直线运动（忽略接触时间），手移动0.15m后停止，求在此过程中手对物体的作用力大小； （2）某次缓冲过程中手对物体的作用力大小随时间（从接触瞬间开始计时）线性增加，即，其中为常数（）。已知缓冲过程持续时间为0.5s， a.计算得出物体从接触手到停止的过程中物体的加速度和时间的关系，在图乙中画出图像； b.求缓冲过程手对物体作用力的最大值。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $