安徽省阜阳市第三中学2025-2026学年高二上学期物理周测试题（九）

2024级高二年级物理周练（九）答案解析 1、【答案】C 【解析】AC.如图所示 6 电子仅在电场力作用下从P点运动到R点，电场力做正功，动能增加，电势能减小，电子 在P点的电势能比在Q点的电势能大，根据E。=qP 可知P点的电势低于Q点的电势，故A错误，C正确： B.P到Q的电势差和Q到R电势差相等，根据W=qU 可知从P到Q电场力做功W等于从Q到R电场力做功W,,故B错误： D.等差等势面越密的位置场强越大，则E。>E。 根据牛顿第二定律得qE=a 可知电子在P点的加速度大于在Q点的加速度，故D错误。 故选C。 2、A 【详解】根据电流的微观表达式 I=nevS 在△t时间内通过导体横截面的自由电子的电量 q=I△t 则在△t时间内，通过导体横截面的自由电子的数目为 W=9、It =mS△t 故选A。 3、【答案】B 【解答】解：A、随电压的增大，元件乙的图象斜率越来越小，根据欧姆定律可知，其电 阻随电压的增大而增大，故A错误： B、在A点，甲、乙两元件的电压、电流相同，则电阻相等，故B正确； C、I~U图象的斜率表示电阻的倒数，元件甲的电阻R=是老Q=8m,故C错误： D、将甲、乙两元件并联接到5V的电源两端时，因并联电路中各支路两端的电压相等， 所以两元件两端的电压均为5V,由图象可知通过两元件的电流分别为I=0.625A,Iz =1.0A,因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以总电流1=I+1z=1.625A, 根据电荷量定义可知，每秒通过干路某一横截面的电荷量为1.625C,故D错误。 故选：B。 4、【答案】B 【解析】A.若将S断开，则电容器所带电荷量Q不变，根据B=y--4rd4π迴 d Cd d sS ES 可知，再将A板向左移动一小段位移，正对面积减小，板间场强增大，油滴受到的电场力 增大，油滴向上运动，故A错误： B.根据A选项可知B=4 ES 因此若将S断开，则Q不变，板间场强不变。根据场强与电势差间的关系可知 Uca =Edca=Re-Ps 又因为B板接地，则P。=0,则dc变大，Uca变大，P变大。又因为油滴所受电场力竖直 向上，而板间场强方向向下，故油滴带负电，油滴的电势能变小，故B正确： C,保持S闭合，则电容器两极板间电势差U不变，根据B=y可知，若将A板向上平移一 小段位移，板间场强减小。根据Ucg=Ed=只一P 可知E减小、dca不变，则P减小，C点电势降低，故C错误； D将B板向左移动一小段位移，根据C风可知，正对面积减小，电容器电容变水 保持S闭合，则电容器两极板间电势差U不变，根据Q=CU可知，电容器带电量减小，故 D错误。 故选B。 5.D 【详解】A.小灯泡的额定电流为 I=2-0,4A=02A U-2 电阻为 足-号品2=1w: 当接1时，由闭合电路欧姆定律可知、 E=I(R,+R+r) 代入数据解得 r=12 故A错误； BC.当接2时灯泡正常发光，流过的电流为I=0.2A,电源内阻分的电压为 U=r=0.2x1V=0.2V 故电动机分的电压为 U动=E-U2-U=(3-2-0.2)V=0.8V 电动机的内阻 U动_0.8 R< Ω=42 10.2 故BC错误； D.电动机的输入功率 P=UI=0.8×0.2W=0.16W 电源的效率 7=1=1-3x02=02x1×100%=93.3% EI 3×0.2 故D正确。 故选D。 6、【答案】B 【解析】A.题意可知小球恰能到达Q点时速度为0，设此时轻绳与竖直方向夹角为日，由 动能定理有Eql sin8-gl(1-cos8)=0 代入题中数据，解得θ=60° 故A错误； B.由动能定理有qU-gl(1-cos8)=0 联立解得P、Q两点的电势差大小U=”g 2g 故B正确； C,轻绳对小球的拉力最大时，小球速度最大，此时轻绳与竖直方向夹角为)，该过程电场 力做功W=Eql sin30°= √3gl 6 故小球的电势能减少V3mg ,故C错误： 6 1 D.小球速度最大时，由动能定理有Eql sin二-gl1-cos二 2 22 由牛顿第二定律有F-s)广+(g}=m 联立解得绳上的拉力大小F=2(V3-1)g 故D错误。 故选B。 7、【答案】AB 【解答】解：A、串联电路各电阻两端的电压与各电阻的电阻值成正比，则S断开时， U1:U2=R1:R2=1:5,故A正确： B、根据串联电路的特点可知：I1=I2+I3,I2=I3,R3=R2,则I1=2I2,即：S闭合时， 通过R1与R2的电流之比为2：1，故B正确。 C、由欧姆定律：U=IR,结合S闭合时，R1:R2=1:5,I1=2I2,则R1与R2两端的电 压之比为2：5，故C错误： D、断开时，U1:U2=R:R=1:5,则U=2AB,S闭合时，U1:U=R:式 =2:5,则U'=UAB,电阻R1两端的电压之比为7：12，故D错误： 故选：AB。 8.AD 【详解】A.根据闭合电路欧姆定律 U=E-Ir 可得图像与纵轴的交点表示电动势，图像斜率的大小表示内阻，根据甲图电动势为 E=1.5V 内阻为 -.0-1a=a 3 6 故A正确； B.由图乙知，当小灯泡两端的电压为0.5V时，电流为6A,则此时电阻为 R=1 -I-12 故B错误； C.由图乙可知，随着小灯泡的电压和电流增大，图像上的点与圆心连线的斜率增大，而U 一I图线图像上的点与圆心连线的斜率表示电阻，故此过程电阻增大，故C错误： D.把电源和小灯泡组成闭合回路，在乙中作该电源对应的I图象，如图所示 个V 2.0 1.5 1.0 0.5 0 12345678I/A 两一I图线的交点即小灯泡的电压、电流，根据图像读数： U≈0.5V I≈6A 所以小灯泡的功率为： P=UI=0.5×6W=3W 故D正确。 故选AD。 9. 3.0×104 不合理 电路中电流过小，导致电流表读数不准确（表述正确即 UR 可) 最大 E-U 【详解】(1)[1]由图读出 30×10002=3.0×1042 (2)[2[3]不合理，因为电压表内阻很大，电源电动势较低，则电路中电流过小，导致电流 表读数不准确： (3)[4]为保护电路，闭合电键前宜将电阻箱的电阻调到最大： [5]电路总电流 E I=R+Rv 根据欧姆定律 U=IRv 联立解得 UR R=B-0 10.(1)2A;(2)14W 【详解】(1)流过电动机的电流 I= UL=2A (2)电动机两端电压 U=E-U,-Ir=8V 电动机输入功率 P=U7=16W 热功率 P装=I2R=2W 电动机输出的机械功率 P出=-=14W 11、【答案】(1)带正电，4g (2) 5gR (3)32i0+5R 3E 3 5 【解析】(1)小球做直线运动时的受力情况如图所示 98 B 8..mg A 可知小球带正电。根据平衡条件，则有g=an0 gE 解得q=4g 3E (2)小球到达C处时电场力与重力的合力恰好提供小球做圆周运动的向心力，如图所示 0C1/AB,则有P="g sine 根据牛顿第二定律有R=m R 解得v。= 5gR B 3 (3)小球从C到D的过程，根据动能定理有 mg(R-Rsin)= 二w2 sin 解得v。=V3gR 小球水平飞出后，在水平方向上做初速度为V3gR的匀变速运动，竖直方向上做自由落体运 动，小球从D飞出到落地所用的时间设为t,则竖直方向上，则有R+Rcos6+Rs血6=2g 水平方向上的加速度a=瓷专8，-以+ar 1 2 24R 联立解得t= V5g,= 230+82R 5 根据几何关系则有x+Rcos9=x。+Rsin0 解得x=3(210+5》R 52024级高二年级物理周练（九) 满分：100分考试时间：40分钟 一、单项选择题（本题共6小题，每小题6分，共36分） 1.某静电场的等差等势面如图中虚线所示。一电子从其右侧进入该电场，实线为电子运动 的轨迹，P、Q、R为其轨迹上的三点，电子仅在电场力作用下从P点运动到R点，在此过 程中，下列说法正确的是() A.P点的电势高于Q点的电势 B.从P到Q电场力做功用，从Q到R电场力做功M,则所卜m C.从P至R的运动过程中，电子的动能增加 D.电子在P点的加速度小于在Q点的加速度 2.有一横截面积为S的铜导线，流经其中的电流为1，设每单位体积导线有个自由电子， 电子的电荷量为e,此时电子的定向移动速度为，在△：时间里，通过导线横截面的自由电 子数目可表示为() A.nvS△t B.v△i C.4 e D.tar Se 3.如图所示为某线性元件甲和非线性元件乙的伏安特性曲线，两图线交于A点，A点坐标 为(12V,1.5A),甲的图线与U轴所成夹角9为30°，下列说法正确的是() A.随电压的增大，元件乙的图象斜率越来越小，故其电阻随 AI/A 电压的增大而减小 2.0 1.5 B.在A点，甲、乙两元件的电阻相等 正.0 0.5 C.元件甲的电阻为R=k=am9=号 0 D.若将甲、乙元件并联，理想电源的电压为5V,则每秒通过干路某一横截面的电荷量 为1.5C 4.如图所示，两块彼此绝缘的金属板A、B水平平行放置并与一个电源相连，其中B板接 地。开关S闭合后，在A、B两板间C点处有一个质量为m、电荷量为g的油滴恰好处于 静止状态。下列说法正确的是() A.若将S断开，再将A板向左移动一小段位移，油滴向下运动 B.若将S断开，再将B板向下平移一小段位移，油滴的电势能变小 C.保持S闭合，再将A板向上平移一小段位移，C点电势升高 D.保持S闭合，再将B板向左移动一小段位移，电容器带电量增大 CS扫描全能王 3亿人都在用的扫猫ApP 5.如图所示，电源电动势E=3V,小灯泡L标有“2V,0.4W”,开关S接1，当变阻器调 到R=49时，小灯泡L正常发光：现将开关S接2，小灯泡L和电动机M均正常工作。则 () A.电源内阻为22 B.电动机的内阻为40 M C.电动机正常工作电压为1V D.电源效率约为93.3% 6.如图所示，一端固定的长为1的绝缘轻绳悬挂一质量为m的绝缘小球，小球带正电9， 可视为质点。初始时，小球静止于P点，现给空间施加一大小为E=5m坚，水平向右的恒 3q 定匀强电场，小球恰能到达？点（未画出），已知重力加速度为g,不计空气阻力，则() A.小球处于Q点位置时轻绳与竖真方向的夹角为45 B.PQ两点的电势差大小为 C,轻绳对小球的拉力最大时，小球的电势能减少"m 6 D,轻绳对小球的拉力最大时，绳上的拉力大小为2W3mg 3 二、多项选择题：本题共2小题，每小题7分，共14分。全部选对的得7分，选对但不全 的得4分，有选错的得0分。 7.如图所示，R1=22,R2=10n,R3=10,A、B两端接在电压恒定的电源上，则() A.S断开时，R1与R2的电压之比为1：5 R B.S闭合时，通过R1与R2的电流之比为2：1 C.`S闭合时，R1与R两端的电压之比为1：5 DS断开与闭合两种情况下，电阻R1两端的电压之比为2：1 8.图甲为某电源的U一1图线，图乙为某小灯泡的U一1图线，则下列说法中正确的是( A.电源的内阻为二Q 个UN 2.0 15 d 15 B.当小灯泡两端的电压为0.5V时，它的电阻约为二9 1.0 6 0.5 C,小灯泡的电阻随着功率的增大而减小 0 0123A 1234567891A D.把电源和小灯泡组成闭合回路，小灯泡的功率约为3W 之 CS扫描全能王 3亿人都在用的扫猫ApP 三、实哈题：本大题共1小题，每空3分，共15分。 9.小明现要准碗测量·个量程己知的电压表的内阳，器材如下： ①特测电压表（盘程3V,内阻未知1） 2电流表（量程0.6A,内阴0.01） 5040 01310 u山山 ③电池组（电动势E为3V,内阻不计） T ④滑动变阴器 Tm元 ⑤交阻箱(0-9999？) 908 A-V-2 ⑥开关和导线若干 甲 小明利用上而所给器材，进行如下实验梁作： (1)首先，用多用电表进行粗测，选用×1000倍率，樑作方法止确。若这时刻度盘上的指 针位咒如图甲所示，则测承的结果是 。 (结果保留两位有效数字) (2)小明开始时设计了1图乙所示的实验电路，你认为该 ⊙A4 电路使用题目中给定的电流表是否合理 (“合 理”或“不合理“)，原因是 (3)用选托的丙电路进行实验，闭合电键前宜将电阻箱的电阳调到 (“最大” 或“最小”)，闭合开关S,调节电阴箱，小明测出电明箱读数R和电压表读数U,则伏特 表内阻为」 (用电动势E以及电阻箱读数R和电压表读数U表示)。 四、计算题：本大题共2小题，共35分， 10.(本题15分)如图所示的电路中，电源电动势=12V,内阻r=0.22,电动机的电阻 Ro=0.5?,电阻R=1.8Q。电动机正常工作时，理想电压表的示数U,=3.6V,求： (1)流过电动机的电流： M (2)电动机输出的机被功率： Ro R 纸(20分)如图所示，在方向水平向左、范围足够大的电场强度为E的匀强电场中，竖直 方向固定一由内表面绝缘光滑且内径很小的圆管弯制而成的圆弧BD,圆弧的圆心为O,竖 直半径OD=R,一质量为m的带比小球（可视为质点）从地面上A点以某一初速度恰好沿 AB方向做直线运动，恰好无碰撞地从管口B进入管道BD中，小球到达管中某处C(图中 未标出)时恰好与甘道间无作用力，已知8点和地面上A点的连线与地面夹角为日=37°， CS扫描全能王 3亿人都在用的扫猫ApP AB=R。已知si37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度大小为8。求： (1)小球的电性及带电量大小9： R (2)小球到达C处时的速度大小： (3)小球从管口D飞出后落地点与A的水平距离x。 广“.7z CS扫描全能王 3亿人都在用的扫描ApP