河南省南阳市方城县第一高级中学2026届高三上学期迎一模模拟物理试题（四）

2025-2026学年方城县第一高级中学高三迎一模物理模拟试题（四） 学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 一、单选题 1．利用放射性元素钷可以制造出一种化学“复合物”（钷与周围的一些分子结合在一起的化合物）。下列有关放射性元素的说法中正确的是（　　） A．利用放射性元素钷，制造成“复合物”后，钷的半衰期会发生变化 B．放射性元素发生β衰变时所释放的电子是原子核内的中子转化为质子时产生的 C．氡的半衰期为3.8天，4个氡原子核经过7.6天后就一定只剩下1个氡原子 D．为的衰变方程 2．一能量子的能量是，已知普朗克常量，其电磁辐射的频率为（　　） A． B． C． D． 3．中国火星探测器“天问一号”已于2021年春节期间抵达火星轨道，随后将择机着陆火星对火星进行科学探测。现将探测器抵达火星轨道的过程， 简化成如图所示的三个阶段， 沿轨道Ⅰ的地火转移轨道， 在轨道II上运行的火星停泊轨道及沿圆轨道III运行的科学探测轨道。已知三条轨道相切于A点， 且A、B两点分别为轨道II的近火点和远火点，其距离火星地面的高度分别为h1和h2，火星探测器在轨道Ⅲ上运行的周期为T， 火星的半径为R， 引力常量为G，则下列判断正确的是（　　） A．探测器在轨道I、II、III上经过A 点时的速度v1、v2、v3的大小关系为 B．探测器在轨道II上运行的周期为 C．火星表面的重力加速度为 D．火星的平均密度为 4．如图甲所示，一绝缘半圆弧AC上均匀分布正电荷，在圆弧的圆心O处激发的电场强度大小为E，若截走右侧的，如图乙所示，则剩余圆弧AB在圆心O处激发的电场强度大小E'为（　　） A． B． C． D． 5．如图所示，一颗炮弹在上升到距离水平地面的最大高度为后发生爆炸，爆炸后的碎片以大小均为的初速度向各个方向射出，已知重力加速度大小为，忽略一切阻力，则碎片落在地面上围成的圆的最大半径为（　　） A． B． C． D． 6．如图，在水平桌面上叠放着两个物块M和m，轻绳绕过光滑的定滑轮，一端与m相连，另一端悬挂重物A。用外力F缓慢拉结点O，F方向与夹角为且保持不变，使从竖直拉至水平，两物块始终保持静止，下列说法正确的是（  ） A．绳子的拉力先减小后增大 B．m对M的摩擦力一直在增大 C．地面对桌子的摩擦力先增大后减小 D．桌面对M的摩擦力可能一直在减小 7．如图甲所示，倾角为、宽度为l、电阻不计的光滑平行金属轨道足够长，整个装置处于垂直轨道平面向下的匀强磁场中。轨道上端的定值电阻阻值为R，金属杆MN的电阻为r，质量为m。将金属杆MN由静止释放，杆始终与轨道垂直且接触良好。通过数据采集器得到电流i随时间t的变化关系如图乙所示。当金属杆下滑的位移为x时，可认为电流达到最大值。已知时刻的电流为，重力加速度为g，下列说法中不正确的是（　　） A．磁感应强度的大小 B．时刻金属杆的加速度大小 C．金属杆的最大速度大小 D．杆下滑位移为x的过程中，电阻R产生的焦耳热 二、多选题 8．某行星上，航天员用长为的细线，下端拴一质量为的小球，上端固定，让小球在水平面内做周期为的匀速圆周运动，测得细线与竖直方向夹角为，已知该星球半径为，引力常量为，已知取无穷远处引力势能为零，物体距星球球心距离为时的引力势能。则下列说法正确的是（　　） A．细线上的拉力大小 B．该星球的质量 C．该星球的第一宇宙速度的大小 D．该星球的第二宇宙速度的大小 9．某潜水钟从深水区上浮的过程中，其内部封闭的理想气体经历了如图所示的循环过程，图中为一完整循环。已知过程为等温变化，过程体积不变。下列说法正确的是（    ） A．过程中，气体向外界放热 B．过程中，气体对外界做的功为 C．过程中，气体向外界放热 D．一个完整循环过程中，气体从外界吸收的热量小于向外界放出的热量 10．如图甲所示，a、b两个粒子都带正电，带电荷量均为q，a的质量为m，b的质量为2m。t=0时刻，a、b间距离为L，a速度大小为v，方向沿a、b连线指向b，b速度为0，仅在彼此静电力作用下，它们靠近后又被弹开，经过足够长时间，最终均做匀速直线运动。粒子运动轨迹在同一直线上，两粒子组成系统的电势能Ep与两粒子间距离r的关系为，Ep-r图像如图乙所示。当两个粒子间的距离趋于无限远时，静电力可忽略，则（　　） A．a、b距离最近时，a的速度大小为 B．a、b距离最近时，系统的电势能等于 C．当a、b距离再次等于L时，b的速度大小为 D．当r趋于无穷大时，a的速度大小为，方向与初速度相反 三、实验题 11．某实验小组用插针法测量玻璃的折射率。 (1)在白纸上放好玻璃砖，和分别是玻璃砖与空气的两个界面，如图甲所示。在玻璃砖的一侧插上两枚大头针和，用“+”表示大头针的位置，然后在另一侧透过玻璃砖观察，再插上一枚大头针，使其挡住与的像。当再插上一枚大头针时，应该有哪些注意事项 。（写出一项且符合实验操作要求即可） (2)如图甲，插完大头针后，取下玻璃砖，用铅笔分别连接和，与和分别交于和，用直尺测量的长度，记为。然后以点为起始端在上量取长度为的线段，由这个线段的另一个端点向法线做垂线，测得该垂线段距离为，再测得的距离为，则玻璃砖的折射率 。（用题目中测得的物理量表示） (3)某同学在画完边界时，不小心将玻璃砖向上平移了一小段距离，然后画出下边界，导致两边界间距略小于玻璃砖宽度，如图乙所示。其他实验操作步骤均无误，那他测得的折射率与真实值相比 （选填“偏大”、“偏小”、“不变”或“无法确定”）。 (4)以下实验操作符合实验操作规范或者能减小测量误差的是______ A．与法线的夹角应适当大一些 B．玻璃砖的厚度可适当小一些 C．在画和时或者连接和时，可以用玻璃砖替代直尺画线 D．要避免用水笔画线或者用手直接触摸玻璃砖光洁的光学面 12．某实验小组用如图甲所示的电路图测量毫安表mA的内阻以及电源的电动势和内阻。可用器材如下： A．待测毫安表mA（量程3mA，内阻约为） B．电阻箱（最大阻值为） C．电源E（电动势约为6V，内阻未知） D．电压表V（量程6V，内阻RV约为） E．滑动变阻器（最大阻值为） F．滑动变阻器（最大阻值为） (1)测量毫安表mA的内阻。正确连接电路后，进行如下操作： ①将滑动变阻器的滑片滑到最右端，闭合开关S； ②调节滑动变阻器使毫安表mA满偏，闭合开关，调节电阻箱使毫安表mA达到满偏的一半，记录此时电阻箱的读数为。 由上述操作可知，毫安表的内阻 ；本实验中滑动变阻器应选择 （选填“E”或“F”）。 (2)测量电源的电动势和内阻。 调节，将毫安表mA改装成量程为1.5A的电流表后，再闭合，多次改变滑动变阻器连入电路的阻值，使得毫安表mA和电压表V都有较大的读数，根据实验数据画出U-I图像如图乙所示，若电压表内阻对实验的影响忽略不计，根据图线可求出电源的电动势 V，内阻 。（结果均保留两位有效数字） 四、解答题 13．两列简谐横波分别沿x轴正方向和负方向传播，两波源分别位于和处，两列波的波速均为0.4m/s，波源的振幅均为2cm。如图所示为时刻两列波的波形图，此刻平衡位置在和的P、Q两质点刚开始振动。质点M的平衡位置位于处。 (1)求两波源开始振动的时刻； (2)如果两波源一直振动，求两列波叠加后两波源之间有几个振动最强的点； (3)如果两波源均只振动1s时间，求0~2.0s内质点M运动的路程。 14．游乐园滑草项目深受小朋友喜爱。滑草过程简化为以下情景：如图所示，t=0时刻，滑块从斜面上的A点由静止开始下滑，经过B点后进入水平面（设经过B点前后速度大小不变），最后停在C点。每隔0.5s用速度传感器测量滑块的瞬时速度，下表给出了部分测量数据。已知滑块与斜面和水平面间的动摩擦因数相同，重力加速度取g=10m/s2，求： t/s 0.0 0.5 1.0 ··· 5.0 5.5 6.0    v/(m∙s-1) 0.0 1.0 2.0 ·· 10.0 7.5 5.0 ··· (1)滑块与斜面和水平面间的动摩擦因数μ； (2)斜面的倾角α的正弦值sinα； (3)滑块滑行的总路程s。 15．如图所示，平面直角坐标系xOy中，第一象限存在沿y轴负方向的匀强电场，电场强度大小为E，第四象限存在垂直坐标平面向外的匀强磁场。一质子从坐标原点O以某一速度飞入电场，先后经过P、Q点进入磁场。P点坐标为（d，0.5d），Q点坐标为（2d，0）。已知质子质量为m，带电荷量为+q，不计重力。 (1)求质子在O点的速度大小v0及该速度与x轴正方向的夹角θ； (2)若质子第一次进入磁场后，到达y轴时速度方向恰好垂直y轴，求质子在电场和磁场中运动的总时间t； (3)若质子某次出磁场后能经过点（2d，0.5d），求磁感应强度的最小值。 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 《2025-2026学年方城县第一高级中学高三迎一模物理模拟试题（四）》参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 B A B C A C D ABD CD AC 1．B 【详解】A．半衰期由原子核内部结构决定，与化学状态无关，故A错误； B．β衰变的电子来源于核内中子转化为质子时释放，故B正确； C．半衰期是大量原子核衰变的统计规律，对少数原子核不适用，故C错误； D．该方程为铀核裂变方程，而非衰变方程，故D错误。 故选B。 2．A 【详解】由能量子的公式，可得电磁辐射的频率为 故选A。 3．B 【详解】A．探测器从轨道I到Ⅱ再到Ⅲ，需要制动才能达到，所以其速度大小关系为，故A错误； B．根据开普勒第三定律得 解得 故B正确； C．火星探测器在轨道Ⅲ上，有 在火星表面有 联立解得 故C错误； D．火星的平均密度为 = 故D错误。 故选B。 4．C 【详解】将整个半圆弧AC三等分，每一份在圆心O处产生的电场强度均为E0，根据对称性和电场强度的叠加原理可得 剩余圆弧AB在圆心O处激发的电场强度大小为 联立可得 故选C。 5．A 【详解】设射出方向与水平方向夹角为，有水平射程 竖直方向 整理得 落到地面时，又 整理得 若能到达地面处，方程有实数解，则 解得碎片落在地面上围成的圆的半径为 故选A。 6．C 【详解】A．对节点O受力分析，绳子拉力和F的夹角不变，合力与悬挂物体的重力等大反向，作出受力分析图如下 分析发现，随着绳拉力T由竖直逐渐变为水平过程，绳拉力先增大，后减小，故A错误； B．对m分析，绳子的拉力与M对m的摩擦力为一对平衡力，等大反向，绳拉力先增大，后减小，则M对m的摩擦力先增大，后减小，根据牛顿第三定律，m对M的摩擦力先增大，后减小，故B错误； C．对M和m以及桌子、悬挂物及滑轮等物体整体，根据平衡条件，F的水平分力与地面对桌子的摩擦力等大反向，由图像可知，F的水平分力大小（图中F与T在圆上交点到G的距离）先增大后减小，则地面对桌子的摩擦力先增大后减小，故C正确； D．对M和m整体，根据平衡条件，绳子的拉力与桌面对M的摩擦力为一对平衡力，等大反向，绳拉力先增大，后减小，则桌面对M的摩擦力先增大，后减小，故D错误。 故选C。 7．D 【详解】A．由图像可知，金属杆稳定运动的电流为，杆受重力、支持力和安培力三个力平衡，根据平衡条件有 解得 故A正确，不符题意； B．在时刻，对金属杆根据牛顿第二定律可得 解得金属杆的加速度大小为 故B正确，不符题意； C．金属杆速度最大时，克服安培力做功的功率等于重力做功的功率，则有 解得金属杆的速度大小为 故C正确，不符题意； D．当金属杆下滑的位移为时，可认为电流达到最大值，此过程中，根据动能定理可知 根据功能关系可得产生的总焦耳热为 杆下滑位移为的过程中，电阻产生的焦耳热为 解得 故D错误，符合题意。 故选D。 8．ABD 【详解】A．小球做匀速圆周运动的半径 向心力 解得,故A正确； B．由题可知,向心力 解得该星球表面重力加速度为 在星球表面，万有引力等于重力，则有 联立解得,故B正确； C．在星球表面，万有引力等于重力，则有 解得该星球的第一宇宙速度的大小，故C错误； D．由于在星球表面万有引力等于物体重力，可得 又因为在星球表面 由机械能守恒定律有 联立解得，故D正确。 故选ABD。 9．CD 【详解】A．过程中，体积不变，压强增大，根据可知，温度升高，内能增大，结合可知，气体从外界吸热，故A错误； B．过程中，根据图像与坐标轴围成的面积可知，外界对气体做功，故B错误； C．过程中，压强增加，体积减小，温度降低，为负值，为正值，根据热力学第一定律，可知为负值，气体向外界放热，故C正确； D．一个完整循环过程中，外界对气体做功为正，根据，其内能不变，所以取负，气体从外界吸收的热量小于向外界放出的热量，故D正确。 故选CD。 10．AC 【详解】A．a、b距离最近时，二者速度相等，根据动量守恒定律可得 所以，故A正确； B．根据能量守恒定律可得 所以，故B错误； C．当a、b距离再次等于L时，即系统的电势能不变，则， 联立解得， 即b的速度大小为，故C正确； D．由以上分析可知，当a、b距离再次等于L时，a的速度大小为，方向与初速度相反，之后a将继续做加速运动，所以当r趋于无穷大时，a的速度大于，方向与初速度相反，故D错误。 故选AC。 11．(1)使挡住和、的像 (2) (3)偏大 (4)AD 【详解】（1）在白纸上放好玻璃砖，和分别是玻璃砖与空气的两个界面，如图甲所示。在玻璃砖的一侧插上两枚大头针和，用“+”表示大头针的位置，然后在另一侧透过玻璃砖观察，再插上一枚大头针，使其挡住与的像。当再插上一枚大头针时，使挡住和、的像。 （2）由题可知，入射角的正弦 折射角的正弦 则玻璃砖的折射率 （3）如图所示，由几何知识可得，测出的折射角小于正确操作时的折射角，根据折射定律，测得的折射率将偏大。 （4）A．与法线的夹角应适当大一些，可以减小测量误差，故A正确； B．玻璃砖的厚度适当小一些不影响测量误差，故B错误； C．不可以用玻璃砖替代直尺画线，故C错误； D．要避免用水笔画线或者用手直接触摸玻璃砖光洁的光学面，故D正确。 故选AD。 12．(1) 100.0 F (2) 5.9 0.25 【详解】（1）[1]当调节滑动变阻器R使毫安表满偏时，干路中的总电流大小为3mA，开关闭合前后认为干路总电流不变，当调节电阻箱使毫安表达到满偏的一半时，流经电阻箱的电流大小为满偏的一半。根据并联电路的分流原理可知，毫安表的内阻等于此时电阻箱的电阻大小，即为。 [2]为了使毫安表能够满偏，回路中的总电阻要达到，所以要选择最大阻值为的滑动变阻器F。 （2）[1][2]根据电路图可写出闭合电路欧姆定律的表达式 根据图像可知，截距 斜率 可解得。 13．(1) (2)共7个振动加强点 (3) 【详解】（1）根据题意可知，波速 由波形图可知波长 则周期 由波形图可知，时波振动了一个周期，即两波源开始振动的时刻 （2）振动加强点到两波源的距离差满足 由题意可知 解得 共7个振动加强点 （3）波源振动经时间传到点，则 振动的时间 根据（2）分析可知点为振动加强点，则振动的路程为 14．(1)0.5 (2)0.6 (3)35m 【详解】（1）设滑块在水平面上滑行的加速度大小为a2，5.5~6.0s过程中滑块在减速，由表格数据可知 在水平面上滑行时，由牛顿第二定律有 解得 （2）设滑块在斜面下滑的加速度大小为a1，0~1.0s过程中滑块在加速，由表格数据可知 由牛顿第二定律有 结合数学知识可得 （3）设滑块到达斜面底部时速度为vm，所用时间为t1，加速过程有 减速到t=5.5s过程，有 可得， 滑块在斜面加速下滑的路程为 在水平面减速滑行的路程 滑块滑行的总路程 15．(1)，45° (2) (3) 【详解】（1）质子在电场中做类斜抛运动，根据对称性可知，P点为抛物线的顶点，设质子在电场中运动的加速度为a，从O到Q点经过的时间为t1，由牛顿第二定律有 y方向做匀变速运动，O到P的时间为，有 可得 x方向做匀速运动，O到Q有 解得 y方向，有 质子在O点的速度 则 可得 （2）根据运动的对称性可知，质子第一次到达Q点时速度大小为v0，方向与x轴正方向夹角为θ=45°，质子在磁场中做匀速圆周运动，设轨迹半径为r，如图所示 由几何关系有 质子在磁场中做匀速圆周运动的周期 质子在磁场中运动的时间 质子在电场和磁场中运动的总时间 （3）设质子第2次经过x轴的位置到O的距离为∆x，如图所示 由几何关系有 质子某次出磁场后能经过点（2d，0.5d），需满足（n=1，2，3……） 可得 因质子在磁场中轨迹不能过第三象限，还需满足 所以 则 可得 即或 根据洛伦兹力提供向心力 可知 当r1越大时，B越小，即n=2时磁感应强度有最小值，则 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $