第3部分 选择题组B8-【金版教程】2026年高考物理大二轮专题复习冲刺方案课件PPT

该高中物理高考复习课件聚焦分子动理论、机械能守恒、电磁学等核心考点，依据高考评价体系梳理物质观念、能量观念等物理观念，通过真题分析明确电磁学、天体运动等高频考点权重，归纳单多选题型解题路径，体现备考针对性。 课件亮点在于高考真题训练与科学思维培养，如2020海南卷动量定理题、2025模拟天体运动题，解析中融入模型建构与科学推理，指导学生掌握电磁感应有效值计算等技巧，助力学生高效突破考点，教师可据此优化复习策略。

第三部分　拆卷练 选择题限时练 选择题组B8 满分46分，限时30分钟 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1．下列有关分子动理论和物质结构的认识，其中正确的是(　　) A．分子间距离减小时分子势能一定减小 B．温度越高，物体中分子无规则运动越剧烈 C．物体内热运动速率大的分子数占总分子数比例与温度无关 D．非晶体的物理性质各向同性而晶体的物理性质都是各向异性 解析：在分子间作用力表现为斥力时，随着分子间距离的减小分子势能增大，A错误；温度越高，物体中分子无规则运动越剧烈，B正确；物体内热运动速率大的分子数占总分子数比例随温度升高而增多，C错误；单晶体的物理性质是各向异性，而多晶体则是各向同性的，D错误。 　 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 2．如图所示，有一内壁光滑的闭合椭圆形管道，置于竖直平面内，MN是通过椭圆中心O点的水平线。已知一小球从M点出发，初速率为v0，沿管道MPN运动，到N点的速率为v1，所需时间为t1；若该小球仍由M点以初速率v0出发，而沿管道MQN运动，到N点的速率为v2，所需时间为t2。则(　　) A．v1＝v2，t1＞t2 B．v1＜v2，t1＞t2 C．v1＝v2，t1＜t2 D．v1＜v2，t1＜t2 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 解析：管道内壁光滑，只有重力做功，小球机械能守恒，故v1＝v2＝v0；由对称性可知，小球两次运动的路程相等，由v­t图像定性分析如图，得t1＞t2，故选A。 　 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 3．(2025·福建省莆田市高三下第四次教学质量检测)如图所示，粗细均匀的“L”形金属棒ACD用绝缘细线PD和QA悬吊，静止在垂直于PDCAQ平面向外的匀强磁场中，磁感应强度大小为B，CD部分水平，长为4L，AC部分竖直，长为3L。给金属棒通入大小为I、方向从D到A的恒定电流，同时给金属棒施加一个外力，使金属棒仍处于原静止状态，则加在金属棒上的外力的最小值为(　　) A．3BIL B．4BIL C．5BIL D．7BIL 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 解析：金属棒通电流后，由左手定则可知，DC段受到的安培力竖直向下，大小为FDC＝4BIL，AC段受到的安培力水平向右，大小为FAC＝3BIL，受力分析如图所示，要使金属棒处于原静止状态，需要施加的外力的最小值Fmin＝3BIL，故选A。　 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 4．(2020·海南卷，8)太空探测器常装配离子发动机，其基本原理是将被电离的原子从发动机尾部高速喷出，从而为探测器提供推力，若某探测器质量为490 kg，离子以30 km/s的速率(远大于探测器的飞行速率)向后喷出，流量为3.0×10－3 g/s，则探测器获得的平均推力大小为(　　) A．1.47 N B．0.147 N C．0.09 N D．0.009 N 解析：设Δt时间内发动机喷出离子的质量为Δm，对这部分离子，根据动量定理有F·Δt＝Δmv，而Δm＝3.0×10－3×10－3 kg/s×Δt，v＝3×104 m/s，解得F＝0.09 N，由牛顿第三定律知，探测器受到的平均推力与F等大反向，故探测器获得的平均推力大小为0.09 N，故C正确，A、B、D错误。　 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 5．用波长λ＝200 nm的紫外线照射铜板，有电子从铜板表面逸出。现在铜板所在空间加一方向垂直于板面、大小为18 V/m的匀强电场，电子最远能运动到距板面5 cm处。已知光在真空中传播速度c与普朗克常量h的乘积为1.24×10－6 eV·m，可知该铜板的截止波长约为(　　) A．230 nm B．260 nm C．290 nm D．320 nm 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 A．当T形支架运动到圆盘最左端时，交流电压表的示数为0 B．理想变压器原、副线圈的匝数比为1∶2 C．圆盘转动的角速度为2 rad/s D．当滑动变阻器滑片由b向a移动时，灯泡变暗 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 　　　　　　　　　　　　　 　　　　　　　　　　　　　 R 解析：由题意可知，遏止电压为Uc＝18×0.05 V＝0.9 V，又光电子的最大初动能Ek＝eUc，该紫外线的频率ν＝eq \f(c,λ)，设该铜板的截止波长为λc，可知该铜板的逸出功W0＝eq \f(hc,λc)，由爱因斯坦光电效应方程有Ek＝hν－W0，联立并代入数据，解得该铜板的截止波长λc≈230 nm，故选A。 6．(2025·安徽省安庆市高三下二模)2025年1月13日，我国自主研制的捷龙三号运载火箭在山东海洋海域成功发射，一次将十颗卫星送入预定轨道，创造了我国海上发射的新纪录。其中卫星A、B在同一平面内沿同一方向绕地球做匀速圆周运动，它们之间的距离Δr随时间变化的关系如图所示，不考虑A、B之间的万有引力，已知卫星A的线速度大于卫星B的线速度，下列说法正确的是(　　) A．卫星A、B的轨道半径之比为rA∶rB＝3∶5 B．卫星B的周期等于T C．卫星A的线速度大小为eq \f(16πr,7T) D．卫星A、B从相距最近到相距最远的最短时间间隔小于eq \f(T,2) 解析：由万有引力提供向心力有eq \f(GMm,r2)＝eq \f(mv2,r)＝meq \f(4π2,T2)r，解得v＝eq \r(\f(GM,r))，T＝2πeq \r(\f(r3,GM))，由题意知vA>vB，可知rA<rB，TA<TB，由题图可知rA＋rB＝5r，rB－rA＝3r，解得rA＝r，rB＝4r，则rA∶rB＝1∶4，故A错误；根据T＝eq \r(\f(4π2r3,GM))可知TA∶TB＝1∶8，又因为eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(2π,TA)－\f(2π,TB)))×T＝2π，解得TA＝eq \f(7,8)T，TB＝7T，则vA＝eq \f(2πrA,TA)＝eq \f(16πr,7T)，故B错误，C正确；由题图可得卫星A、B从相距最近到相距最远的最短时间间隔为t＝eq \f(T,2)，故D错误。 7．(2025·湖南省湖南师大附中高三下一模)如图所示为一简易手动发电式手电筒。装置左侧是一个绕轴心O匀速转动的水平圆盘。固定在圆盘边缘处的小圆柱随圆盘转动时，可在T形绝缘支架左侧横槽中往复运动，同时驱动导体棒在光滑的水平导轨上运动。导体棒运动的速度随时间变化的关系为v＝eq \f(\r(2),2)sin(eq \r(2)t) m/s。导轨间距d＝1 m，导轨间存在垂直导轨平面向上的匀强磁场，磁感应强度B＝2 T。导轨右端为一理想变压器，额定电压为2 V的灯泡刚好正常发光。导体棒、导线及导轨电阻均不计，电压表为理想电表。下列说法正确的是(　　) 解析：导体棒在磁场中运动时，产生感应电动势的 峰值为Em＝Bdvm＝2×1×eq \f(\r(2),2) V＝eq \r(2) V，电动势的有效 值为E＝eq \f(Em,\r(2))＝eq \f(\r(2),\r(2)) V＝1 V，电压表的示数为电动势的有效 值，为U1＝1 V，A错误；由题意可知，额定电压为2 V的灯泡刚好正常发光，可知变压器副线圈的输出电压的有效值为U2＝2 V，则理想变压器原、副线圈的匝数比为eq \f(n1,n2)＝eq \f(U1,U2)＝eq \f(1,2)，B正确；由导体棒运动的速度随时间变化的关系可知小圆柱转动的周期为T＝eq \f(2π,\r(2))＝eq \r(2)π，圆盘转动的角速度为ω＝eq \f(2π,T)＝eq \r(2) rad/s，C错误；当滑动变阻器滑片由b向a移动时，变阻器接入电路的电阻值增大，由于变压器是理想变压器，原线圈的输入电压不变，可知副线圈输出电压不变，则灯泡的亮度不变，D错误。 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有两个或两个以上选项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8．(2025·山东省泰安市高三下一模)滚筒洗衣机的外观如图甲所示，在一次转速测试中，筒内仅有一枚质量为m的纽扣。当滚筒以某一角速度ω转动时，纽扣紧贴滚筒内壁随滚筒一起在竖直平面内做顺时针方向的匀速圆周运动，运动到某一位置M时脱离滚筒，经一段时间后落到滚筒上的N点，此时N点的位置与M关于圆心O对称，MN连线与竖直方向的夹角为θ，如图乙所示。已知滚筒内壁半径为R，重力加速度为g，不计空气阻力，则下列关系式正确的是(　　) A．θ＝37° B．θ＝45° C．ω＝eq \r(\f(\r(2)g,2R)) D．ω＝eq \r(\f(4g,5R)) 解析：纽扣做斜上抛运动，初速度v＝ωR，水平方向上有vcosθ·t＝2Rsinθ，竖直方向上有vsinθ·t－eq \f(1,2)gt2＝－2Rcosθ，在M点由牛顿第二定律有mgcosθ＝meq \f(v2,R)，联立解得θ＝45°，ω＝eq \r(\f(\a\vs4\al(\r(2)g),2R))，故选B、C。 9．(2025·江西省九江市高三下二模)某同学参观了哈尔滨冬季最具盛名的冰灯节，他发现在透明均匀冰层内有一球状空气泡，如图所示，一束包含a、b两种单色光的细光束从冰射入气泡，A为入射点，之后a、b光分别从C点、D点射回冰中。已知光束在A点的入射角i＝30°，a光经过气泡的偏向角为45°(偏向角为射出气泡光线与射入气泡光线的夹角)，CD弧所对圆心角为3°，则(　　) A．b光的频率比a光大 B．b光在冰中的速度比a光大 C．b光经过气泡的偏向角为39° D．b光的折射率n＝eq \f(sin51°,sin30°) 解析：设a、b光在A点的折射角分别为βa、βb，作出光路图如图所示，由几何关系可知，a光在A点处的折射角与在C点处的入射角相等，根据折射定律可知a光在C点处的折射角与在A点处的入射角相等，为30°，同理b光在D点处的折射角也为30°，CO与入射光线的夹角为30°＋45°＝75°，由几何关系可得βa＝eq \f(30°＋75°,2)＝52.5°， 由几何知识可知AC弧所对的圆心角为180°－2βa＝75°，CD弧所对的圆心角为3°，则AD弧所对的圆心角为78°，故βb＝eq \f(180°－78°,2)＝51°，b光的偏向角为θb＝180°－30°－78°－30°＝42°，C错误；介质对a光的折射率na＝eq \f(sinβa,sini)＝eq \f(sin52.5°,sin30°)，介质对b光的折射率nb＝eq \f(sinβb,sini)＝eq \f(sin51°,sin30°)，可以判断出nb<na，则a光的频率大于b光的频率，由v＝eq \f(c,n)可得b光在冰中的速度比a光大，A错误，B、D正确。 10．(2025·河南省焦作市高三下二模)如图所示，质量为m可视为质点的物件与传送带之间的动摩擦因数为μ，传送带倾角为θ，上、下两端点D、A间的距离为L。传送带顺时针匀速转动，速度大小为v，物件轻放于A点后运动至B点时达到最大速度，之后做匀速运动至C点，然后电机紧急制动使传送带立即静止不动，物件恰好能到达最高点D。已知重力加速度为g，则下列叙述正确的有(　　) A．CD段长为eq \f(v2,2g（sinθ＋μcosθ）) B．BC段传送带装置输出功率为mgv(sinθ＋μcosθ) C．物件从B到C运行的时间为eq \f(L,v)－eq \f(\a\vs4\al(μvcosθ),g（μ2cos2θ－sin2θ）) D．全过程物件增加的机械能和摩擦产生的热量之比为eq \f(sinθ,sinθ＋μcosθ) 解析：设物件在AB段和CD段的加速度大小分 别为a1和a2，位移分别为xAB和xCD，运动时间分别 为t1＝eq \f(v,a1)和t2＝eq \f(v,a2)，根据牛顿第二定律，物件在AB段 和CD段时分别有μmgcosθ－mgsinθ＝ma1和μmgcosθ ＋mgsinθ＝ma2，由运动学公式有xAB＝eq \f(v,2)t1，xCD＝eq \f(v,2)t2，联立解得xAB＝eq \f(v2,2g（μcosθ－sinθ）)，xCD＝eq \f(v2,2g（sinθ＋μcosθ）)，故A正确；物件在BC段匀速运动，由功能关系可知传送带输出的机械能等于物件机械能的增加量，因此P＝mgvsinθ，故B错误； 物件从B到C运行的时间t＝eq \f(L－（xAB＋xCD）,v)＝eq \f(L,v)－eq \f(\a\vs4\al(μvcosθ),g（μ2cos2θ－sin2θ）)，故C正确；物件在AB段的相对位移sAB＝vt1－xAB＝xAB，在CD段的相对位移sCD＝vt2－xCD＝xCD，可知在整个过程的相对位移s＝xAB＋xCD<L，则摩擦产生的热量Q<μmgLcosθ，物件增加的机械能E＝mgLsinθ，则eq \f(E,Q)>eq \f(\a\vs4\al(mgLsinθ),μmgLcosθ)>eq \f(sinθ,sinθ＋μcosθ)，D错误。 $