第3部分 非选择题组B9-【金版教程】2026年高考物理大二轮专题复习冲刺方案课件PPT

该高中物理高考复习课件聚焦电学实验、动量守恒验证、电磁感应综合等核心考点，依据高考评价体系明确实验题（占比约30%）和综合题（占比约40%）的考查要求，通过电阻测量、碰撞实验等题型归纳仪器读数、电路分析、公式推导等常考方向，体现备考针对性。 课件亮点在于高考真题（2025年模拟题）实战训练与科学探究能力培养，如电阻测量中电桥平衡法应用、动量守恒实验落点圆法处理，渗透模型建构与科学推理素养。提供实验步骤规范、综合题受力分析模板，助力学生掌握得分技巧，教师可借此精准突破高频考点，提升复习效率。

第三部分　拆卷练 非选择题限时练 非选择题组B9 限时45分钟 非选择题：本题共5小题，共54分。 1．(2025·山东省济宁市高三下一模)(8分)在使用各种测量仪表进行电学实验时，由于测量仪表的接入，电路状态发生变化，往往难以得到待测物理量的精确测量值。某同学在电阻测量实验中为提高测量结果的精确度，尝试使用如图甲所示电路测量未知电阻Rx的阻值，R为电阻箱，G为检流计(小量程电流表)，R0为保护电阻，直流电源内阻不计。 (1)该实验中用到四转盘电阻箱， 图乙中电阻箱的读数为________ Ω。 10.2 1 2 3 4 5 (2)按图甲中电路图连接，闭合开关S1、S2，调节电阻箱R使检流计示数为零，此时电阻箱读数为R1，则通过电阻箱的电流________(选填“大于”“等于”或“小于”)通过待测电阻Rx的电流，电阻箱两端的电压________(选填“大于”“等于”或“小于”)电源E1的电动势。 (3)将电阻箱R与待测电阻Rx位置互换， 闭合开关S1、S2，再次调节电阻箱R使检流 计示数为零，此时电阻箱读数为R2，则待测 电阻Rx＝________(结果用R1、R2表示)。 等于 等于 1 2 3 4 5 1 2 3 4 5 2．(2025·河南省开封市高三下第二次质量检测)(8分) 用如图实验装置验证动量守恒定律。主要步骤为： ①将斜槽固定在水平桌面上，使槽的末端水平(如图a)； ②让入射球多次从斜槽上A位置静止释放，记录其平均 落地点位置； ③把被碰球静置于槽的末端，再将入射球从斜槽上A位置静止释放，与被碰球相碰，并多次重复，记录两小球的平均落地点位置； ④记录小球抛出点在地面上的垂直投影点O，测出碰撞前后两小球的平均落地点的位置M、P、N与O的距离分别为x1、x2、x3。 分析数据： 1 2 3 4 5 (1)实验室有如下A、B、C三个小球，则入射小球应该选取________进行实验(填字母代号)。 A．直径d1＝2 cm，质量m1＝12 g B．直径d1＝2 cm，质量m2＝24 g C．直径d2＝3 cm，质量m3＝24 g (2)小球释放后落在复写纸上会在白纸上留下印迹。多次试验，白纸上留下了10个印迹，如果用画圆法确定小球的落点，图b中画的三个圆最合理的是_____。 (3)若两球碰撞时的动量守恒，应满足的关系式为________________。(均用题中所给物理量的符号表示) B C m2x2＝m2x1＋m1x3 1 2 3 4 5 (4)完成上述实验后，某实验小组对上述装置进行了改造，如图c所示，图中圆弧的圆心在斜槽末端。使小球1仍从斜槽上A点由静止滚下，重复实验步骤①和②的操作，得到两球落在圆弧上的平均位置为M′、P′、N′。测得斜槽末端与M′、P′、N′三点的连线与竖直方向的夹角分别为α1、α2、α3，则验证两球碰撞过程中动量守恒的表达式为_____________________________________________(用所测物理量的字母表示)。 1 2 3 4 5 解析：(1)为了使两球发生对心碰撞，两球半径应该相等；为防止入射球碰后反弹，入射球的质量要大于被碰球的质量，则入射小球应该选取B，被碰球选A。 (2)确定小球的平均落地点时，要舍掉误差较大的点，然后用尽量小的圆把落点圈起来，圆心即为平均落地点，故选C。 (3)小球从斜槽末端飞出后做平抛运动，由于高度相同，所以小球在空中运动的时间相同，设小球在空中运动的时间为t，由动量守恒定律有m2v0＝m2v1＋m1v2，两边同乘以t可得m2v0t＝m2v1t＋m1v2t，整理得m2x2＝m2x1＋m1x3。 1 2 3 4 5 1 2 3 4 5 3 1 2 3 4 5 1 2 3 4 5 1 2 3 4 5 1 2 3 4 5 1 2 3 4 5 1 2 3 4 5 5．(2025·河南省郑州市高三上一模)(16分)如图，两光滑平行圆弧导轨竖直放置，下端与两根间距为L的光滑平行水平导轨平滑连接，足够长的水平导轨全部处在竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度大小为B。在导轨上放置长度略大于L的导体棒a、b、c。a棒的质量为2m，接入电路的电阻为R，b棒和c棒的质量均为m，接入电路的电阻均为2R。已知初始时a棒和b棒间距为d，且均处于静止状态。现让c棒从圆弧导轨上高为h处由静止释放，c棒与b棒如果发生碰撞则会粘在一起。已知重力加速度大小为g，导轨电阻不计，且导体棒运动过程中始终与导轨垂直且接触良好。 1 2 3 4 5 1 2 3 4 5 1 2 3 4 5 1 2 3 4 5 1 2 3 4 5 1 2 3 4 5 1 2 3 4 5 　　　　　　　　　　　　　 　　　　　　　　　　　　　 R eq \r(R1R2) 解析：(1)图乙中电阻箱的读数为1×10 Ω＋0×1 Ω＋2×0.1 Ω＝10.2 Ω。 (2)检流计示数为零，说明R0与检流计所在支路电流为0，则通过电阻箱的电流等于通过待测电阻Rx的电流，且该支路两端电压为零，又因直流电源内阻不计，则电阻箱两端的电压等于电源E1的电动势。 (3)由(2)可知，R与Rx位置互换前，R两端电压等于E1，Rx两端电压等于E2，由于流经两电阻的电流相等，有eq \f(E1,R1)＝eq \f(E2,Rx)，R与Rx位置互换后，同理有eq \f(E1,Rx)＝eq \f(E2,R2)，解得Rx＝eq \r(R1R2)。 m2eq \r(tanα2sinα2)＝m2eq \r(tanα1sinα1)＋m1eq \r(tanα3sinα3) (4)设圆弧半径为R，小球从斜槽飞出时的速度为v，小球在空中运动的时间为t，在水平方向上有Rsinα＝vt，在竖直方向上有Rcosα＝eq \f(1,2)gt2，解得v＝eq \r(\f(tanαsinα·gR,2))，则落到M′、P′、N′三点的球的初速度分别为v1′＝eq \r(\f(tanα1sinα1·gR,2))，v0′＝eq \r(\f(tanα2sinα2·gR,2))，v2′＝eq \r(\f(tanα3sinα3·gR,2))，由动量守恒定律有m2v0′＝m2v1′＋m1v2′，即m2eq \r(tanα2sinα2)＝m2eq \r(tanα1sinα1)＋m1eq \r(tanα3sinα3)。 3．(8分)如图所示，水平虚线下方空间存在竖直向上的匀强电场。两个带正电的小球A、B用长度为L的轻质绝缘细杆相连，小球A的质量为m、电荷量为q，小球B的质量也为m、电荷量为2q，小球A到虚线的初始高度为L。已知细杆始终保持竖直，重力加速度为g，匀强电场的电场强度大小为eq \f(mg,q)，两小球均可视为质点，不计空气阻力和两小球之间的库仑力。现将整个装置由静止释放，求： (1)小球A由静止释放后，向下运动的最大距离； (2)小球B每次在电场区域运动的过程中，细杆对小球B的冲量。 答案：(1)5L　(2)2meq \r(3gL)，方向竖直向下 解析：(1)已知电场强度大小为E0＝eq \f(mg,q)，小球A进入电场后，所受竖直向上的电场力大小qE0＝mg<2mg，故A、B整体继续向下加速运动，小球B也会进入电场区域 设小球A下落的最大距离为x，则从两小球由静止释放至运动到最低点的过程中，对A、B及细杆整体，由动能定理有 2mgx－E0q(x－L)－E0×2q(x－2L)＝0－0 解得x＝5L。 (2)设小球B进入电场瞬间速度大小为v，从静止释放到小球B进入电场区域瞬间，对A、B及细杆整体，由动能定理有2mg×2L－E0qL＝eq \f(1,2)×2mv2－0 小球B进入电场区域后，设A、B及轻杆整体的加速度大小为a，以向上为正方向，由牛顿第二定律有E0q＋E0×2q－2mg＝2ma 分析知，此时细杆对小球B的作用力方向竖直向下，设此时细杆对小球B的作用力大小为F，对小球B，由牛顿第二定律有E0×2q－mg－F＝ma 根据运动的对称性可知，小球B每次在电场中运动的时间为t＝eq \f(2v,a) 所以小球B每次在电场区域中运动的过程中，细杆对小球B的冲量大小I＝Ft 联立解得I＝2meq \r(3gL)，方向竖直向下。 4．(2025·江西省九江市高三下二模)(14分)如图甲所示，底座放在水平台面的压力传感器上，其上固定光滑竖直杆，轻弹簧套在竖直杆上，下端固定在底座上，上端连接质量m＝0.2 kg的小球，底座与杆的总质量M＝0.2 kg。将小球向上拉起一段距离，t＝0时，释放小球，使小球在竖直方向振动起来，不计空气阻力。通过压力传感器描绘出压力随时间变化的图像如图乙所示，弹簧始终在弹性限度内。已知弹簧振子的周期公式T＝2πeq \r(\f(m,k))，重力加速度g＝10 m/s2。 (1)求t＝0时弹簧的伸长量； (2)以平衡位置为坐标原点，取向上为正方向，求小球的振动方程； (3)若仅将小球质量改为m′＝0.4 kg，取向上为正方向，求小球的振动方程。 答案：(1)0.1 m　(2)x＝0.2cos10t m　(3)x＝0.3cos5eq \r(2)t m 解析：(1)由图乙知T＝0.2π s，由题意可知弹簧振子的周期T＝2πeq \r(\f(m,k)) 解得k＝20 N/m 由图乙可知，t＝0时刻台面对底座的支持力为零，设弹簧的伸长量为x1，对底座与杆，由平衡条件有kx1＝Mg 解得x1＝0.1 m。 (2)小球在平衡位置时，设弹簧的压缩量为x0，由平衡条件有kx0＝mg 可得x0＝0.1 m 小球的振幅A＝x0＋x1 由题图乙可知振动周期T＝0.2π s，故ω＝eq \f(2π,T) 解得A＝0.2 m，ω＝10 rad/s 设小球的初相为φ，则振动方程为x＝0.2sin(10t＋φ) m t＝0时，弹簧处于最高点，即x＝A，代入解得φ＝eq \f(π,2) 故小球的振动方程为x＝0.2cos10t m。 (3)当m′＝0.4 kg时，设小球在平衡位置时弹簧的压缩量为x0m，由平衡条件有kx0m＝m′g 振幅A′＝x0m＋x1 由弹簧振子的周期公式有T′＝2πeq \r(\f(m,k)) 角速度ω′＝eq \f(2π,T′) 解得A′＝0.3 m，ω′＝5eq \r(2) rad/s 小球的初相不变，则振动方程为x＝0.3cos5eq \r(2)t m。 (1)c棒刚进入磁场时，求a棒和b棒的加速度之比； (2)若使c棒与b棒不发生碰撞，求初始时b棒离磁场左边界的距离x应满足的条件； (3)若初始时b棒离磁场左边界的距离x0＝eq \f(mR\r(2gh),B2L2)，且b棒与a棒没有发生碰撞，试求a、b、c三棒在全过程中产生的焦耳热。 答案：(1)1∶1　(2)x>eq \f(\a\vs4\al(2mR\r(2gh)),B2L2)　(3)eq \f(5,8)mgh 解析：(1)设c棒刚进入磁场时，a棒、b棒的加速度大小分别为a1、a2，当c棒进入磁场时产生感应电动势，a棒、b棒并联，两端的电压U相等，由欧姆定律有Ia＝eq \f(U,R)，Ib＝eq \f(U,2R) 又Fa＝IaLB，Fb＝IbLB 根据牛顿第二定律可得Fa＝2ma1，Fb＝ma2 联立可得a1∶a2＝1∶1。 (2)设c棒刚进入磁场的速度大小为v0，由动能定理得mgh＝eq \f(1,2)mveq \o\al(2,0)－0 解得v0＝eq \r(2gh) 由(1)可知，a棒、b棒总是相对静止的，由于流过c棒的电流大小为a、b棒的电流之和，方向与a、b棒相反，由左手定则和F＝BIL可知，c棒受到的安培力与a棒、b棒受到的安培力的合力为0，所以a棒、b棒、c棒构成的系统动量守恒，设三棒速度相等时的速度为v1，以向右为正方向，根据动量守恒定律有 mv0＝(m＋m＋2m)v1 解得v1＝eq \f(1,4) eq \r(2gh) 设当x＝x1时，b棒与c棒恰好不发生碰撞， 则b棒与c棒之间磁通量的变化量为ΔΦ＝BLx1 设从c棒进入磁场到三棒共速经历的时间为t，则回路中的平均电动势eq \o(E,\s\up14(－))＝eq \f(ΔΦ,t) 回路的总电阻为R总＝2R＋eq \f(2R·R,2R＋R) 回路中的平均电流eq \o(I,\s\up14(－))＝eq \f(\o(E,\s\up14(－)),R总) 对c棒，由动量定理得－BLeq \o(I,\s\up14(－))t＝mv1－mv0 联立解得x1＝eq \f(\a\vs4\al(2mR\r(2gh)),B2L2) 则要使c棒与b棒不发生碰撞，b棒离磁场左边界的距离应满足x>eq \f(\a\vs4\al(2mR\r(2gh)),B2L2)。 (3)因为c棒进入磁场时与b棒之间的距离x0＝eq \f(\a\vs4\al(mR\r(2gh)),B2L2)<eq \f(\a\vs4\al(2mR\r(2gh)),B2L2)，所以c棒与b棒将发生碰撞并粘在一起，且a、b、c三棒最终的共同速度仍为v1。全过程三棒减少的机械能E损中，一部分转化为三棒生成的焦耳热Q1，另一部分Q2在c棒与b棒的完全非弹性碰撞中损失掉，且E损＝eq \f(1,2)mveq \o\al(2,0)－eq \f(1,2)(m＋m＋2m)veq \o\al(2,1) c棒与b棒碰撞前瞬间，设b棒、a棒的速度大小均为v2，c棒的速度大小为v3，以向右为正方向，根据动量守恒定律得mv0＝mv3＋(m＋2m)v2 对c棒，由(2)得－eq \f(B2L2x0,R总)＝mv3－mv0 联立解得v2＝eq \f(1,8)v0，v3＝eq \f(5,8)v0 c棒与b棒碰撞过程，由动量守恒定律可得 mv2＋mv3＝(m＋m)v4 解得v4＝eq \f(3,8)v0 碰撞瞬间损失的机械能为 Q2＝eq \f(1,2)mveq \o\al(2,2)＋eq \f(1,2)mveq \o\al(2,3)－eq \f(1,2)×2mveq \o\al(2,4) 则a、b、c三棒在全过程中产生的焦耳热为 Q1＝E损－Q2 解得Q1＝eq \f(5,8)mgh。 $